2023屆甘肅省玉門市高考仿真模擬物理試卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)

1.考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件。當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)

顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進(jìn)入休眠狀態(tài)。如圖所示，一塊寬為“、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾

元元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為e的自由電子，通入方向向右的電流/時(shí)，電子的定向移動(dòng)速度辦當(dāng)顯示屏閉

合時(shí)元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)8中，于是元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓U,以此控制屏幕的熄滅。

則元件的（）

A.前表面的電勢(shì)比后表面的低。

B.前、后表面間的電壓U=8ye

C.前、后表面間的電壓U與/成正比

D.自由電子受到的洛倫茲力大小為辿

C

2、在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球。、〃和。分別位于邊長(zhǎng)為，的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上；〃、力帶正電，電荷量

均為外整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。若三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則。球的帶電量為（）

A.+qB.-qC.+2qD.-2q

3、如圖所示，兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A、B通過(guò)固定在。點(diǎn)的光滑滑輪用輕繩相連，小球A置于光滑半圓柱上，小

球B用水平輕繩拉著，水平輕繩另一端系于豎直板上，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知。點(diǎn)在半圓柱橫截面圓心Oi的正

上方，與豎直方向成30。角、其長(zhǎng)度與半圓柱橫截面的半徑相等，05與豎直方向成60。角，則（）

A.輕繩對(duì)球A的拉力與球A所受彈力的合力大小相等

B.輕繩對(duì)球A的拉力與半網(wǎng)柱對(duì)球A的彈力大小不相等

C.輕繩A08對(duì)球A的拉力與對(duì)球B的拉力大小之比為0：V3

D.球A與球B的質(zhì)量之比為2K：1

4、質(zhì)量為，〃的箱子靜止在光滑水平面上，箱子內(nèi)側(cè)的兩壁間距為1,另一質(zhì)量也為機(jī)且可視為質(zhì)點(diǎn)的物體從箱子中央

以％=26/的速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)（g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋鐖D所示。已知物體與箱壁共發(fā)生5次完全彈性碰撞。則物體

與箱底的動(dòng)摩擦因數(shù)〃的取值范圍是（）

5、如圖所示，質(zhì)量為M的小車放在光滑水平面上，小車上用細(xì)線懸吊一質(zhì)量為，”的小球，M>m,用一力尸水平向

右拉小球，使小球和車一起以加速度”向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線與豎直方向成a角，細(xì)線的拉力為7。若用一力一水平向左

拉小車，使小球和車一起以加速度屋向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線與豎直方向也成a角，細(xì)線的拉力為7\則（）

A.a'>a,T'=TB.a'=a,T'=TC.a'<a,T'>TD.a'<a,T'<T

6、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中。?刈段

是關(guān)于直線x=1對(duì)稱的曲線，X2?X3段是直線，則下列說(shuō)法正確的是

B.粒子在0?X2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，X2?X3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)

C.若XI、*3處電勢(shì)為。1、。3,則外

D.X2?X3段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，在光滑的水平桌面上有體積相同的兩個(gè)小球A、B,質(zhì)量分別為m=0.1kg和M=0.3kg,兩球中間夾著一

根壓縮的輕彈簧，原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，同時(shí)放開(kāi)A、B球和彈簧，已知A球脫離彈簧的速度為6m/s,接著A球進(jìn)入與

水平面相切，半徑為0.5m的豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，PQ為半圓形軌道豎直的直徑，g=10/”/s2,下列說(shuō)

A.彈簧彈開(kāi)過(guò)程，彈力對(duì)A的沖量大于對(duì)B的沖量

B.A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為2m/s

C.A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過(guò)程中所受合外力的沖量大小為lN?s

D.若半圓軌道半徑改為0.9m,則A球不能到達(dá)Q點(diǎn)

8、紙面內(nèi)有一矩形邊界磁場(chǎng)ABCZ),磁場(chǎng)方向垂直于紙面(方向未畫出)，其中AO=5C=L,AB=CD=2L,一束粒

子以相同的速度用從5點(diǎn)沿5A方向射入磁場(chǎng)，當(dāng)磁場(chǎng)為Bi時(shí)，/?粒子從C射出磁場(chǎng)；當(dāng)磁場(chǎng)為&時(shí)，“粒子從。

射出磁場(chǎng)，貝！J()

AD

Bl_________|c

A.磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度之比81：生=5：1

C.速度偏轉(zhuǎn)角之比仇：仇=180：37

D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比f(wàn)i：打=36：53

9、如圖所示，小球沿足夠長(zhǎng)的斜面向上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)a、b、c、d到達(dá)最高點(diǎn)e.已知乂,〃=*〃=6m,Xhc

=lm,小球從a到c和從c到d所用的時(shí)間都是2s,設(shè)小球經(jīng)氏c時(shí)的速度分別為以、%,貝!]()

A.vc=3m/s

B.Vb=4m/s

C.從d到e所用時(shí)間為2s

D.de=4m

JIjl

A.質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)方程為y=4sin(—1+—)cm

42

B.質(zhì)點(diǎn)a處在波谷時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b-定處在平衡位置且向y軸正方向振動(dòng)

C.若波沿x軸正方向傳播，這列波的最大傳播速度為3m/s

D.若波沿x軸負(fù)方向傳播，這列波的最大波長(zhǎng)為24m

E.若波的傳播速度為0.2m/s,則這列波沿x軸正方向傳播

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11.（6分）某同學(xué)用圖甲所示裝置測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)圖中，置于實(shí)驗(yàn)臺(tái)上的長(zhǎng)木板水平放置，其左端

固定一輕滑輪，輕繩跨過(guò)滑輪，一端與放在木板上的小木塊相連，另一端可懸掛鉤碼。實(shí)驗(yàn)中可用的鉤碼共有N個(gè)，

將〃（依次取〃=1,2,3,4,5）個(gè)鉤碼掛在輕繩左端，其余個(gè)鉤碼放在木塊的凹槽中，釋放小木塊，利用打點(diǎn)計(jì)

時(shí)器打出的紙帶測(cè)量木塊的加速度。

1.6

0.8

0

4）.8

-1.6

（1）正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作，得到一條紙帶，從某個(gè)清晰的打點(diǎn)開(kāi)始，依次標(biāo)注0、1、2、3、4、5、6,分別測(cè)出位置0到

位置3、位置6間的距離，如圖乙所示。已知打點(diǎn)周期T=0.02s,則木塊的加速度。=—m/s2o

⑵改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)n,測(cè)得相應(yīng)的加速度a,將獲得數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙中描出（僅給出了其中一部分）如圖丙所示。取重

力加速度g=10m/s2,則木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)〃=（保留2位有效數(shù)字）

（3）實(shí)驗(yàn)中（選填“需要”或“不需要”）滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量。

12.（12分）某同學(xué)欲用伏安法測(cè)定一阻值約為5。的電阻，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材：

A.直流電源E（電動(dòng)勢(shì)約為4.5V,內(nèi)阻很?。?；

B.直流電流表Ai（量程0?0.6A,內(nèi)阻約為0.1C）；

C.直流電流表A2（量程0?3A,內(nèi)阻約為0.2Q）；

D.直流電壓表Vi（量程0?3V,內(nèi)阻約為3k。）；

E.直流電壓表VM量程0?15V,內(nèi)阻約為6k。）；

F.滑動(dòng)變阻器Ri（最大阻值為10。）；

G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。

（1）在備選器材中，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選____,電壓表應(yīng)選;（均填寫器材前字母序號(hào)）

（2）該同學(xué)連接了部分電路，如圖甲所示，還有三根導(dǎo)線沒(méi)有連接，請(qǐng)幫助該同學(xué)完成連線；（）

(3)按要求完成了電路連接后，開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于最(選填“左”或“右”)端；

(4)該同學(xué)正確操作，電流表和電壓表的表盤示數(shù)如圖乙所示，則電阻的測(cè)量值為Q；該測(cè)量值__________(選

填“大于”“小于”或“等于”)真實(shí)值。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，是半徑為R=0.8m的豎直四分之一光滑弧軌道。豎直固定在水平桌面上，軌道末端處于桌

子邊緣并與水平桌面相切于N點(diǎn)。把一質(zhì)量為帆=lkg的小球B靜止放于N點(diǎn)，另一個(gè)與B完全相同的小球A由M

點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)與B球發(fā)生正碰，碰后粘在一起水平飛出，落在地面上的尸點(diǎn)，若桌面高度為A=1.25m,取

重力加速度g=10m/s2。不計(jì)空氣阻力，小球可視為質(zhì)點(diǎn)。求：

(1)與B球碰前瞬間，A球的速度大?。?

(2)A、B兩球碰后瞬間的共同速度大小片;

(3)尸點(diǎn)與N點(diǎn)之間的水平距離X。

14.(16分)一輕質(zhì)彈簧水平放置，一端固定在4點(diǎn)，另一端與質(zhì)量為，〃的小物塊P接觸但不連接。AB是水平軌道，

質(zhì)量也為小的小物塊Q靜止在8點(diǎn)，8端與半徑為/的光滑半圓軌道BCD相切，半圓的直徑豎直，物塊P與A3

間的動(dòng)摩擦因數(shù)/，=0.5。初始時(shí)尸8間距為4/,彈簧處于壓縮狀態(tài)。釋放P,P開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，脫離彈簧后在8點(diǎn)與Q碰撞

后粘在一起沿軌道運(yùn)動(dòng)，恰能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)。，己知重力加速度g,求：

D

(1)粘合體在8點(diǎn)的速度;

(2)初始時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能。

15.(12分)如圖所示，質(zhì)量，〃的小環(huán)串在固定的粗糙豎直長(zhǎng)桿上，從離地力高處以一定初速度向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程

中與長(zhǎng)桿之間存在大小W的滑動(dòng)摩擦力.小環(huán)能達(dá)到的最大高度為3心求：

(1)小環(huán)從h高處出發(fā)至第二次經(jīng)過(guò)2h高處過(guò)程中，重力做功和摩擦力做功分別為多少？

(2)在高中我們定義“由相互作用的物體的相對(duì)位置決定的能量”叫勢(shì)能，如相互吸引的物體和地球，其相對(duì)位置關(guān)系決

定重力勢(shì)能.對(duì)比(1)問(wèn)中兩力做功，說(shuō)明為什么不存在與摩擦力對(duì)應(yīng)的“摩擦力勢(shì)能”的概念.

(3)以地面為零勢(shì)能面.從出發(fā)至小環(huán)落地前，小環(huán)的機(jī)械能E隨路程s的變化關(guān)系是什么？

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.電流方向向右，電子向左定向移動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向里，則后表面積累了電

子，前表面的電勢(shì)比后表面的電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；

B.由電子受力平衡可得

解得。=電流越大，電子的定向移動(dòng)速度y越大，所以前、后表面間的電壓。與/成正比，所以故B錯(cuò)誤，C

正確；

D.穩(wěn)定時(shí)自由電子受力平衡，受到的洛倫茲力等于電場(chǎng)力，即

F=eE=e一

a

故D錯(cuò)誤。

故選C。

2、D

【解析】

F

一

、，

bc

a、力帶正電，要使。、8都靜止，c必須帶負(fù)電，否則勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)a、b的電場(chǎng)力相同，而其他兩個(gè)電荷對(duì)a和的合

力方向不同，兩個(gè)電荷不可能同時(shí)平衡，設(shè)c電荷帶電量大小為Q,以a電荷為研究對(duì)象受力分析，根據(jù)平衡條件得

c、b對(duì)a的合力與勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)。的力等值反向，即為：

當(dāng)冬軍xC

/I

所以C球的帶電量為-2g

A.+q與分析不符，故A錯(cuò)誤；

B./與分析不符，故B錯(cuò)誤；

C.+2g與分析不符，故C錯(cuò)誤；

D.-2q與分析不符，故D正確。

3、D

【解析】

設(shè)輕繩中拉力為7,球A受力如圖

mg

A.所受彈力為繩對(duì)A的拉力和半圓對(duì)球A的彈力的合力，與重力等大反向，大于7,故A錯(cuò)誤；

B.受力分析可得

八in3O°=Min3()。

7tos30°+Ncos30°=m^g

解得

T2至)

T=N=『"Ag

故B錯(cuò)誤;

C.細(xì)線對(duì)A的拉力與對(duì)球B的拉力都等于7,故C錯(cuò)誤;

D.對(duì)球B

7cos60°=mKg

T^2mRg

解得

znA_273

%1

故D正確。

故選D。

4、C

【解析】

小物塊與箱子組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得

mv()=2z77V共

解得

1

"共=5%

對(duì)小物塊和箱子組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得

（加%=g（加+機(jī)）噴+。

解得

Q=；mv；=mgl

由題意可知，小物塊與箱子發(fā)生5次碰撞，則物體相對(duì)于木箱運(yùn)動(dòng)的總路程

_H,_9.

?口”=萬(wàn)/'Smin=]/

小物塊受到摩擦力為

f=〃〃2g

對(duì)系統(tǒng)，利用產(chǎn)熱等于摩擦力乘以相對(duì)路程，得

Q=fa=〃ngs

故

Mnax_29，Amin一??

22

即行故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

5、A

【解析】

對(duì)情況一的整體受力分析，受重力、支持力和拉力:

Z7=（例+”2）。①

再對(duì)小球分析：

Tcosa=mg③

聯(lián)立①②③解得：。=遛螞4,7=」駕；

Mcosa

再對(duì)情況二的小球受力分析，據(jù)牛頓第二定律，有:

mgtana=ma'④

解得a'=gtana,由于所以">a：

細(xì)線的拉力：

T'=-^-=T@

cosa

A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。

6、D

【解析】EP-X圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F,根據(jù)F=qE可知x,處電場(chǎng)強(qiáng)度最小且為零，故A錯(cuò)誤；

B、粒子在0?X2段切線的斜率發(fā)生變化，所以加速度也在變化，做變速運(yùn)動(dòng)，X2?X3段斜率不變，所以做勻變速直

線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、帶負(fù)電的粒子從修到內(nèi)的過(guò)程中電勢(shì)能增加，說(shuō)明電勢(shì)降低，若處、心處電勢(shì)為由、/，貝!!%＞外,故C錯(cuò)誤；

D、X2?X3段斜率不變，所以這段電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變，故D正確；

故選D

點(diǎn)睛：EP-X圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F,根據(jù)F=qE判斷各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向和大小，以及加速度的變化情況。至

于電勢(shì)的高低，可以利用結(jié)論“負(fù)電荷逆著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電勢(shì)能降低，沿著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電勢(shì)能升高”來(lái)判斷。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、BCD

【解析】

彈簧彈開(kāi)兩小球的過(guò)程，彈力相等，作用時(shí)間相同，根據(jù)沖量定義可知，彈力對(duì)A的沖量大小等于8的沖量大小，故

A錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒定律，”匕=加彩，解得A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為為=2機(jī)/s,故B正確：設(shè)A球

運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)速率為v,對(duì)A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律可得;相d=mg-2R+g〃“2,解得：

v=4m/s,根據(jù)動(dòng)量定理I=mv-(-mv,)=12V-5,即A球從尸點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)過(guò)程中所受合外力的沖量大小為IN-s,

故C正確；若半圓軌道半徑改為0.9m,小球到達(dá)Q點(diǎn)的臨界速度%=炳=3m/S,對(duì)A球從尸點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的

11

過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律5/陰2=/^-27?+5加丫2,解得y=0,小于小球到達(dá)。點(diǎn)的臨界速度，則A球不能達(dá)到Q

點(diǎn)，故D正確。

故選BCD?

8、BD

【解析】

A.由帶負(fù)電的/?粒子(電子)偏轉(zhuǎn)方向可知，粒子在3點(diǎn)所受的洛倫茲力方向水平向右，根據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)垂直

于紙面向里，A錯(cuò)誤；

B.粒子運(yùn)行軌跡：

又：

&2=QL)2+(R2_L)2

解得：

&=2.5L

洛倫茲力提供向心力：

2

qvB=m—

R

解得：

B=—

qR

故:鳥(niǎo)=R?:Rj=5:1,B正確；

C.偏轉(zhuǎn)角度分別為：

仇=180°

八2Z,4

tanU-)=----=一

-1.5L3

6*2=53°

故速度偏轉(zhuǎn)角之比用：。2=180:53,C錯(cuò)誤;

D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間：

t_312乃m

-3607'_36tfqB

因此時(shí)間之比:

e.B,36

t.:?=——=—

'2%B153

D正確。

故選BDo

9、AD

【解析】

22

物體在a點(diǎn)時(shí)的速度大小為vo,加速度為a,則從a到c有xac=voti+—a/i；即7=2vo+2a；物體從a至!]d有xad=vot2+—at,

222

222

即3=vo+2a；故a=--m/s,故vo=4m/s；根據(jù)速度公式vt=vo+at可得v<：=4--x2=3m/s,故A正確.從a到b有Vb-va=2axab>

22

解得Vb=J]6m/s,故B錯(cuò)誤.根據(jù)速度公式v尸vo+at可得Vd=vo+at2=4-；x4m/s=2m/s.貝！I從d至!Je有-v4|2=2axde；則

4v,_2

.故D正確.vt=vo+at可得從d到e的時(shí)間鼠=一丁一1,一.故C錯(cuò)誤.故選AD.

一xZ

22

【點(diǎn)睛】

本題對(duì)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式要求較高，要求學(xué)生對(duì)所有的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式不僅要熟悉而且要熟練，要靈活，基本方法就是平時(shí)多練

并且盡可能嘗試一題多解.

10,BDE

【解析】

由于題目中不知道波的傳播方向，所以在做此類問(wèn)題時(shí)要分方向討論，在計(jì)算波速時(shí)要利用波的平移來(lái)求解.

【詳解】

TTTT

A.把t=0代入振動(dòng)方程為y=4sin(2t+^)cm,可知此時(shí)a的位置應(yīng)該在+4處，和所給的圖不相符，故A錯(cuò)；

42

B.從圖像上可以看出質(zhì)點(diǎn)a處在波谷時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b-定處在平衡位置且向y軸正方向振動(dòng)，故B對(duì)；

C.若波沿x軸正方向傳播，從圖像上可以看出b比a至少滯后6s,而ab之間的距離為6m,所以這列波的最大傳播

速度為lm/s,故C錯(cuò)；

D、若波沿x軸負(fù)方向傳播，從圖像上可以看出，a比b至少滯后2s,所以這列波的最大波速為：v=0=3mis貝

2

最大波長(zhǎng)為X=口7=3x8=24相，故D對(duì)；

E、根據(jù)圖像，若波沿x正方向傳播，則波速的表達(dá)式為丫=/^m/$,當(dāng)u=0.2m/s,解得：“=3,有解說(shuō)

明波是沿x正方向傳播，故E對(duì)；

故選BDE

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11>2.00.14-0.16不需要

【解析】

?X%-7.32-3.30-3.302?一八?

(1)木塊的加速度：?——4=-----------5-----xlO)〃/$-=2.0機(jī)/「.

(3T)29x0.022

(2)對(duì)N個(gè)祛碼的整體，根據(jù)牛頓第二定律：nmg-似N-n)mg=Nma,解得a=〃(1+〃)&一〃g；畫出a-n

N

圖像如圖；

由圖可知ng=1.6,解得H=0.16.

(3)實(shí)驗(yàn)中是對(duì)N個(gè)祛碼的整體進(jìn)行研究，則不需要滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量。

【解析】

(1)[1][2]0

所以電流表應(yīng)選B,因?yàn)殡娫措妱?dòng)勢(shì)只有4.5V,所以電壓表應(yīng)選D。

(2)[3]因?yàn)殡娏鞅韮?nèi)阻較大，所以電流表外接，電路連接如圖所示

/-----

(3)[4]當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在左端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為0,所以開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變