2023年廣西三新學術聯(lián)盟高三上學期11月聯(lián)考物理試題及答案

2023年廣西三新學術聯(lián)盟高三年級11月聯(lián)考物理本卷滿分100分，考試用時75分鐘注意事項：1．答題前，考生先在答題卡上用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將自己的姓名、學校、班級、準考證號填寫清楚，然后貼好條形碼。請認真核準條形碼上的準考證號、姓名和科目。2．答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈，再選涂其他答案標號，回答非選擇題時，請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內作答，在試題卷上作答無效。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．據統(tǒng)計，我國發(fā)射的衛(wèi)星已近600顆，位居世界第二位，這些衛(wèi)星以導航、遙感、通信為主要類別，尤其是北斗導航衛(wèi)星的發(fā)射使我國具備了全球精確導航定位、授時和短報文通信等能力。如圖，A、B、C為我國發(fā)射的3顆圓軌衛(wèi)星，另有D為赤道上的待發(fā)衛(wèi)星。其中衛(wèi)星A、B的軌道在赤道平面內，且B為地球靜止衛(wèi)星，衛(wèi)星C的軌道為極地軌道，軌道半徑rrr，下列說法正確的是（）CABA．衛(wèi)星C的線速度大小可能為B．衛(wèi)星A的周期大于衛(wèi)星B的周期C．衛(wèi)星A的向心加速度大于衛(wèi)星D的向心加速度D．從B軌道變到A軌道，需要點火加速2．如圖甲所示為安裝在某特高壓輸電線路上的一個六分導線間隔棒，圖乙為其截面圖。間隔棒將6條輸電導線分別固定在一個正六邊形的頂點a、b、c、d、e、f上，O為正六邊形的中心。已知通電導線在周圍形成磁場的磁感應強度與電流大小成正比，與到導線的距離成反比，某瞬時，6條輸電導線中通過垂直紙面向外，大小相等的電流，其中a導線中的電流對b導線中電流的安培力大小為F，該時刻（）A．O點的磁感應強度方向垂直于cf向上B．c導線所受安培力方向沿Oc指向cC．d導線中電流對a導線中電流的安培力為2FD．a導線所受安培力為2.5F3．如圖所示為某透明介質制成的棱鏡的截面圖，其中A30、C60，由兩種色光組成的細光束從空氣垂直AB邊射入棱鏡，第一次到達AC邊時，色光1恰好發(fā)生全反射，色光2由AC邊射出時與AC邊的夾角為45。則下列說法正確的是（）A．色光1、2的折射率之比為1:2B．色光2在真空中的波長較短C．改變入射光的角度，兩種色光由空氣進入棱鏡時，可能在AB邊發(fā)生全反射D．色光2比色光1更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象4．如圖甲所示是目前市面上流行的手搖手機充電器，它體型小，攜帶方便，可以在緊急狀態(tài)下給手機臨時充電，其示意圖如圖乙所示。若某人搖動手柄給手機充電時，其內部線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，下列說法正確的是（）A．線圈轉動的快慢程度不會影響回路中的電流大小B．當線圈轉到圖乙所示位置時，電流方向將發(fā)生改變C．若從圖乙位置開始計時，線圈中的電流瞬時值表達式為iImsintD．當線圈轉到圖乙所示位置時，穿過線圈磁通量的變化率最大238Pu234XY，8Pu的半衰期為87.7年，下列說法正確的是（n）5．某“核電池”衰變方程為94mA．Y為粒子，穿透能力很強n2B．238Pu94原子核衰變時產生的新核處于低能級要向高能級躍遷并放出射線C．衰變時會放出能量，衰變過程中的質量虧損等于放出的能量與真空中光速平方的比值238Pu原子核經過87.7年后還有33個未衰變D．66個946．某建筑工地用一可以移動的升降機來吊裝重物，原理簡圖如圖所示，輕繩穿過下方吊著重物的光滑圓環(huán)，A、B兩點分別固定在建筑和升降機上，升降機的平臺緩慢上升或下降過程底座C不動。下列說法正確的是（）A．升降機的平臺緩慢上升時，繩中的張力變大B．升降機緩慢向左移動時，繩中的張力不變C．升降機的平臺緩慢上升時，地面對升降機的摩擦力不變D．升降機緩慢向左移動時，升降機對地面的壓力變大7．如圖所示，動靶射擊訓練時，質量為的動靶從地平面下方處的A點豎直上拋，B點為動靶可到達的最高點，高出地平面15m。已知動靶在地平面以上被擊中為“有效擊中。忽略空氣阻力及子彈的飛行時間，g10m/s2。則動靶（）A．可被“有效擊中”的時間為B．在經過地平面附近時更容易被擊中C．從A點拋出的初速度為D．從A上升到B過程中，重力的沖量大小為10Ns二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8．10月17日，2023年環(huán)廣西公路自行車世界巡回賽在“山水甲天下”的桂林收官，珍寶—斯瑪車隊的奧拉夫·庫伊獲得本賽段冠軍。在某次訓練中，甲、乙兩名運動員從相距x6m的兩個位置同時啟動朝同一個方向騎行，t時兩車第二次并排騎行，兩車的vt圖像如圖所示。在0~時間內，下列說法正確的是（）A．t時，兩車第一次并排騎行B．0~內，乙始終在甲前面C．乙的最大速度為9m/s2D．甲的加速度為9．如圖所示，真空中同一平面內固定兩點電荷Q和Q，以點電荷Q為圓心的圓上有A、B、C、D四點，其中C點為兩點電荷連線與圓的交點且場強為零，AB和CD為兩條互相垂直的直徑。關于A、B、C、D四點，下列說法正確的是（）A．C處電勢最高B．A、B兩處電場強度相同C．C、A兩點的電勢差等于B、D兩點的電勢差D．電子從A點沿著圓弧順時針運動到B點過程中，電勢能先減小后增大10．如圖所示，在同一豎直平面內，光滑的小滑輪D（可視為質點）固定，質量均為m的物體A和B用輕彈簧連接，一根不可伸長的輕繩一端與物體A連接，另一端跨過定滑輪與質量為M的小環(huán)C連接。小環(huán)C穿過豎直固定的光滑均勻細桿，小環(huán)C位于R處時，繩與細桿的夾角為，此時物體B與地面剛好無壓力。圖中SD水平，位置R和Q之間高度差為h，R和Q關于S對稱。現(xiàn)讓小環(huán)從R處由靜止釋放，環(huán)下落過程中繩始終處于拉直狀態(tài)，環(huán)到達Q處時獲得最大速度。在小環(huán)從R處下落到Q處的過程中，下列說法正確的是（）A．小環(huán)C機械能最大的位置在S點B．彈簧彈力和地面支持力對物體B的沖量之和為零M2ghC．小環(huán)C的最大動能為Mmcos2MmcosD．小環(huán)C到達位置Q時，物體A的加速度大小為gg三、非選擇題：本題共5小題，共54分。116分）某同學用如圖所示裝置研究平拋運動，將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上，鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從Q點水平飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側較低，鋼球落在擋板上時，鋼球側面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。移動擋板，重新釋放鋼球，如此重復，白紙上將留下一系列痕跡點。（1）為得到鋼球平拋運動的軌跡，下列做法正確的是________。A．用一條折線把各個痕跡點連接起來B．用一條平滑的曲線把各個痕跡點連接起來C．畫出一條平滑的曲線使得各個痕跡點均勻分布在曲線上或曲線附近（2）通過描點法獲得了平拋小球的運動軌跡后，為定量研究，取平拋運動的起始點為坐標原點，建立以水平方向為x軸、豎直方向為y軸的坐標系。在軌跡上確定了一系列測量點，測出各點的坐標(x,y)，yx2做圖像，能說明小球的運動軌跡是拋物線的是下列幾幅圖中的________圖。A．B．C．（3）該同學在軌跡圖上取A、B、C三點，測出其y坐標值分別為y，y，ABC，又測得A、B兩點間水平距離是60.0cm，那么小球過C點時的速度大小是________。（結果保留兩位有效數(shù)字，取g10m/s2）128分）電動自行車的蓄電池由三組完全一樣的獨立電池串接構成，電動自行車電機的電壓維持在42V到之間時，電機即可正常工作。圖甲所示為某同學測量一組蓄電池電動勢和內阻的電路圖，其中虛線框內為用毫安表改裝成雙量程電壓表的電路。（1）毫安表的內阻為，滿偏電流為，R和R為定值電阻，其中R7950，若單刀雙擲121開關置于位置2，電壓表的量程為________V；若單刀雙擲開關置于位置1，電壓表量程為32V，則2________。（2）實驗主要步驟如下：①將開關S撥向位置2，將滑動變阻器R的滑片移到最左端，然后閉合開關S；21②多次調節(jié)滑動變阻器的滑片，記下相應的電流表的示數(shù)I和毫安表的示數(shù)I；12③根據所記錄的數(shù)據，用描點法在圖乙坐標紙上作出了II圖像。12（3）由乙圖可得，電源的電動勢E________V，內阻r________3位有效數(shù)字）該電動自行車的電機________（選填“能”或“不能）正常工作。1310為理想氣體）的體積為V，密度為，加熱前，氣體的溫度為℃，初始壓強為p（p000使用加熱包后，氣體的溫度達到℃。（1）求此時封閉氣體的壓強1；（2）該鍋可以導熱。經過一段時間的冷卻后，氣體的溫度降低了℃，此時打開排氣口，讓氣體排出，鍋內氣壓和外界氣壓一致，求排出氣體的質量m。1414分）如圖所示，虛線MN沿豎直方向，其左側區(qū)域內有勻強電場（圖中未畫出）和方向垂直紙面向里，磁感應強度為B的勻強磁場，虛線MN的右側區(qū)域有方向水平向右的勻強電場。水平線段AP與MN相交于O點。在A點有一質量為m，電量為q的帶電質點，以大小為0的速度在左側區(qū)域垂直磁場方向射0Bqmg入，在左側區(qū)域內做勻速圓周運動，已知A與O點間的距離為，虛線MN右側電場強度為，q重力加速度為g。求：（1）MN左側區(qū)域內電場強度的大小和方向；（2）帶電質點在A點的入射方向與AO間的夾角為多大時，質點在磁場中剛好運動到O點；（3）在第（2）問中，帶電質點從O點進入虛線MN右側區(qū)域后剛好能經過P點，求運動到P點時的速度大小vp。1516分）如圖所示，半徑R0.4m的四分之一光滑圓弧軌道固定在地面上，質量m的滑塊B（可視為質點）從圓弧軌道頂端正上方高為h0.85m處自由落下，質量為M2kg的木板A靜止在光滑水平上，其左端與固定臺階相距x，右端與圓軌道緊靠在一起，圓弧的底端與木板上表面水平相切。B從A右端的上表面水平滑入時撤走圓弧軌道，A與臺階碰撞無機械能損失，不計空氣阻力，AB間動摩擦因數(shù)0.1，B始終不會從A表面滑出，取g10m/s2，求：（1）滑塊B運動到圓弧底端時對軌道的壓力；（2）若A與臺階碰前，已和B達到共同速度，求從B滑上A到達到共同速度的時間；（3）若要使木板A只能與臺階發(fā)生一次碰撞，求x應滿足的條件以及木板A的最小長度。2023年廣西三新學術聯(lián)盟高三年級11月聯(lián)考物理試題參考答案1．C【詳解】A．第一宇宙速度7.9km/s為圍繞地球做圓周運動的最大速度，則衛(wèi)星C的線速度大小不可能為，故A錯誤；B．由開普勒第三定律，A的周期小于B的周期，故B錯誤；C．由萬有引力提供向心GM力有解得a由于B軌道半徑大于A軌道半徑，則有aa，B為地球靜止衛(wèi)星，則BBAr2r2與D轉動的角速度相等，由公式ar可得aa，整理可知，衛(wèi)星A的向心加速度大于衛(wèi)星D的向心2BD加速度，故C正確；D．從B軌道變到A軌道為高軌變低軌，需減速做近心運動，故D錯誤。2．D【詳解】A．由題意可知，a與d、b與e、c與f在O點的磁場大小相等、方向相反，故O點的磁感應強度為零，A錯誤；B．根據安培定則，其他5根輸電線在c處產生的磁場方向垂直fc向上，根據左手定則，c導線所受安培力方向沿Oc指向O，B錯誤；CD．由題意可知，b、f對a的安培力大小為F，c、e對a的安培3F力為F，d對a的安培力為，則a導線所受安培力為323Fa2Fsin302Fsin602.5F，C錯誤，D正確。323．D1111【詳解】A．由于色光1在AC邊發(fā)生了全反射，則色光1的折射率為1sin452由折射定律得sinCsin30色光2的折射率為22則色光1，2的折射率之比為2:1，A錯誤；全反射的條件是光由光sin30密介質向光疏介質傳播，且入射角大于臨界角，C錯誤；D．由于色光1的折射率大，則色光1的頻率大，色光1的波長較短，色光2更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，B錯誤，D正確。4．D【詳解】AC．A．線圈轉動得越快，通過線圈的磁通量變化越快，電路中電流越大，故A錯誤；當線圈轉到圖乙所示位置時，線圈中電流最大，表達式應為iImcost，故C錯誤；B．線圈轉到中性面時，電流方向才會發(fā)生改變，故B錯誤；D．線圈轉到圖乙所示位置時電流最大，穿過線圈磁通量的變化率最大，故D正確。故選D。5．C【詳解】根據質量數(shù)和核電荷數(shù)守恒可得n2382344，m94292因此Y為粒子，n2238Pu94發(fā)生的是衰變，它的電離能力很強，穿透能力很弱，故A錯誤；B項中是原子核衰變時產生的新核處于高能級要向低能級躍遷并放出射線，故B錯誤；C．由質能方程可知C正確；D．原子核的半衰期是針對大量原子核得出的統(tǒng)計規(guī)律，對少數(shù)原子核衰變不適用，故D錯誤。6．C【詳解】A．光滑圓環(huán)受力情況如圖所示d設繩長為l，升降機和建筑間距離為d，根據幾何知識可知sin，根據平衡條件有2Fcos解得lmgF，升降機緩慢上升時，d和l不變，繩中的張力不變，故A錯誤；d221l2B．升降機緩慢向左移動時，d變大，繩中的張力變大，故B錯誤；1C．根據平衡條件可知地面對升降機的摩擦力為fmgtan，升降機緩慢上升時，d和l不變，夾角不2變，則地面對升降機的摩擦力不變，故C正確；D．根據平衡條件可知，升降機對地面的壓力為N面的壓力不變，故D錯誤。N，升降機緩慢向左移動時，升降機對地27．D2h【詳解】A．由B到地平面的時間為t11，可被“有效擊中”的時間為tt2，所以有1gA錯誤；B．在經過地平面附近時動靶的速度較大，不容易被擊中，所以B錯誤；C．從A點拋出的初速度vAg為vA2gH20m/s，所以C錯誤；D．從A上升到B過程中所用時間為t，從A上升到B過程中，重力的沖量大小為IGmgt10Ns，所以D正確；故選D。8．AC【詳解】A．vt圖像與橫軸所圍成的面積表示位移，可知4~時間內，兩車的位移相等，t時，兩車第一次并排騎行，故A正確；B．0~時間內，乙車的位移大于甲車的位移，因為t時兩車第一次并排行駛，所以0~內乙車始終在甲車后面，故B錯誤；D．設乙車的最大速度為vm，t時甲車的速m212度為1，0~時間內兩車位移差為x6m，由運動學公式11x，解得，所vvm13以圖線甲的斜率為，vt圖像的斜率表示加速度，可知甲車的加速度a1.5m/s2，故D錯誤；2C．t時甲車的速度vat9m/s，乙車的最大速度vv9m/s，故C正確。故選AC。22m29．AD【詳解】A．若只有Q存在，則A、B、C、D四點電勢相同，此時加上Q，由于C離Q最近，所以疊加后，C處電勢最高，A正確；B．由于電場強度是矢量，又A、B兩處電場強度大小相等，方向不同，故A、B兩處電場強度不相同，B錯誤：C．由C沿圓移到A，和由B沿圓移到D，Q不做功，只有Q做功，CA位移和BD相同，但AC段離Q更近，Q做功更多，所以C、A兩點的電勢差大于B、D兩點的電勢差，C錯誤；D．由A順時針沿圓到B，而離Q先近后遠，電勢先增后減，所以電子電勢能先減小后增大，D正確。故選AD。10．AC【詳解】A．非重力做功等于機械能的變化量，小環(huán)C下落過程受重力、桿的支持力和細線的拉力。到位置S前的過程中，非重力（細線的拉力）做正功，機械能增加。經過S的位置，非重力（細線的拉力）做負功，機械能減小。因此，小環(huán)C的機械能先增加再減小，下落到位置S時，小環(huán)C的機械能最大，故A正確；B．小環(huán)從R處下落到Q處的過程中，物體B始終靜止在地面上，動量變化量為零，因此物體B所受合力的沖量為零，即重力、彈簧彈力和地面對物體B的支持力的沖量和為零，則彈簧彈力和地面對物體的支持力的沖量和與重力沖量等大反向，由于此過程重力沖量不為零，故B錯誤；C．環(huán)在Q時動能最大。環(huán)在R和Q時，彈簧長度相同，彈性勢能相同。Q和A1mv2AEEmvcosv，故A與環(huán)的動能之比為2cos2。對小環(huán)和的系統(tǒng)有AQA12M2QMgh2EE，聯(lián)立可得小環(huán)C的最大動能E，故C正確；D．環(huán)在R和Q時，彈簧cosM長度相同，B對地面的壓力為零，說明彈簧處于伸長狀態(tài)且彈力等于物體B的重力mg。環(huán)在Q位置，環(huán)速度最大，說明受力平衡，受重力、支持力和拉力，根據平衡條件，有Tcos，對A有MmcosTmgFma，對B有Fmg，聯(lián)立可得ag2g，故D錯誤。故選AC。111）C（2分）（2）A（2分）（3）5.0（2分）1）實驗中得到多個痕跡點，為得到鋼球平拋運動的軌跡，由于存在實驗誤差，不可能使所有的點落在同一曲線上，故應畫出一條平滑的曲線，盡量使得各個痕跡點均勻分布在曲線上或曲線附近，選項C正確。1gx22（2）小球做平拋運動，水平方向有：x0t，豎直方向有：ygt2，220可知yx2圖像是一條過坐標原點的直線，選項A正確。1（3）小球做平拋運動，豎直方向有：ygt22可得小球運動至A點的時間為：tAg可得小球運動至B點的時間為：tBxAB0.600小球平拋的初速度：v0tAtB0.30.1小球運動至C點時豎直方向的速度為：v2gy4.0m/sCyCvv20v2Cy5.0m/s小球過C點時的速度大小為：121）16（1分）C8000（1分）6.53（6.40~6.702分）1）單刀雙擲開關置于位置2，電壓表的量程為：（3）12.0（11.7~12.22分）不能（2分）U2Ig(gR)2103(507950)V16V1單刀雙擲開關置于位置1時電壓表量程為32V，U1Ig則定值電阻：2RR8000g1（3）由圖甲電路可知，電源電動勢：EI(RR)(II)r2g112rE整理得：I21gRrglr1在乙圖中將圖線延長至與坐標軸相交以便讀數(shù)，由此得圖像斜率：3r1.49)10kRRr0.60g1E圖像截距：b=1.4910A3RRrg1代入數(shù)據解得：E12.0V，r三組蓄電池串聯(lián)在一起，電動勢為36.0V，而電動自行車電機的電壓維持在42V到之間時電機才能正常工作，所以該電動自行車的電機不能正常工作。001T1131）加熱鍋時，鍋內氣體的體積不變，有（2分）其中T300K，T350K017解得：10（1分）6（2）設排氣后氣體最終的體積（包括排出部分）為V1V00V21則根據氣體狀態(tài)方程有（2分）16其中T320K解得：V0（1分）（1分）2115015體積的變化量為：VVV100V1又有：（1分）（2分）016排出氣體的質量：mV141）質點做勻速圓周運動可得：1（1分）解得MN左側區(qū)域內電場強度1（1分）（1分）（2分）q方向豎直