2022-2023學(xué)年新疆烏魯木齊重點中學(xué)高二（上）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年新疆烏魯木齊重點中學(xué)高二（上）期末物理試卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.如圖所示，一輕彈簧的一端固定于O點，另一端系一重物。將重物從與懸點O在同一水平面且彈簧保持原長的A點無初速度釋放，讓它自由下擺，不計空氣阻力，則在重物由A點擺向最低點B的過程中(

)

A.重物的機械能增大 B.重物的機械能守恒

C.重力做正功，彈力不做功 D.重物和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不變2.如圖所示，物體沿曲面從A點無初速度滑下，滑至曲面的最低點B時，下滑的高度為5m，速度為6m/s，若物體的質(zhì)量為1k

A.50J B.18J C.32J3.一質(zhì)量為m的物體從某一高處做自由落體運動，已知物體落地時的動能為Ek，則當(dāng)物體動能為2Ek3A.Ekmg B.2Ekm4.在一個等邊三角形ABC頂點B、C處各放一個點電荷時，測得A處的電場強度大小為E，方向與BC邊平行沿B指向C，如圖所示，拿走C處的電荷后，A處電場強度的情況將是(

)

A.大小仍為E，方向由A指向B B.大小變?yōu)?E，方向不變

C.大小仍為E，方向沿BA向外 5.如圖所示的電路，是用一個靈敏電流計G和一個變阻器R改裝的量程更大的電表，下列判斷正確的是(

)

A.改裝成了電流表，R減小時量程增大 B.改裝成了電流表，R增大時量程增大

C.改裝成了電壓表，R減小時量程增大 D.改裝成了電壓表，R增大時量程增大6.如圖所示，導(dǎo)線框中電流為I，導(dǎo)線框垂直于磁場放置，磁感應(yīng)強度為B，AB與CD相距為d，則棒MN所受安培力大小(

)

A.F=BId B.F=BIdsi二、多選題：本大題共4小題，共16分。7.質(zhì)量為m的鋼球自高處落下，以速率v1碰到水平地面后，豎直向上彈回，碰撞時間為Δt，離地的速率為v2。不計空氣阻力，在碰撞過程中A.鋼球的動量變化量方向向下，大小為m(v1?v2)

B.鋼球的動量變化量方向向上，大小為m(8.某靜電場的電場線如圖中實線所示，虛線是某個帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，下列說法正確的是(

)A.粒子一定帶負電

B.粒子在M點的加速度小于它在

N點的加速度

C.粒子在N點的動能大于它在M點的動能

D.粒子一定從M點運動到N點

9.如圖所示的平行板器件中有方向相互垂直的勻強電場和勻強磁場。一帶正電的粒子以某一速度從該裝置的左端水平向右進入兩板間后，恰好能做直線運動。忽略粒子重力的影響，則(

)

A.若只將粒子改為帶負電，其仍將做直線運動

B.若只增加粒子進入該裝置的速度，其將往上偏

C.若只增加粒子的電荷量，其將往下偏

D.若粒子從右端水平進入，則仍沿直線水平飛出10.光滑水平面上，A、B兩球沿一直線運動并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時間變化的圖像，a、b分別為A、B兩球碰前的位移隨時間變化的圖像，c為碰撞后兩球共同運動的位移隨時間變化的圖像，若A球質(zhì)量；mA=3kg

A.B球質(zhì)量mB=2kg

B.碰撞時B球?qū)球的沖量大小為6N?s

C.A、B兩球碰撞前的總動量大小為7三、填空題：本大題共1小題，共6分。11.現(xiàn)有一合金制成的圓柱體。為測量該合金的電阻率，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度。螺旋測微器和游標卡尺的示數(shù)如圖甲和乙所示。

(1)由圖甲、圖乙兩圖讀得圓柱體的直徑D為______mm，長度L為______mm。

(2)若流經(jīng)圓柱體的電流為t，圓柱體兩端的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用D、L、I、U表示電阻率的關(guān)系式為ρ四、實驗題：本大題共1小題，共8分。12.某同學(xué)采用如圖1所示的電路測定電源電動勢和內(nèi)電阻．已知干電池的電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為1Ω；電壓表(0～3V,3kΩ)、電流表(0～0.6A,1.0Ω)、滑動變阻器有R1(10Ω,2A)和R2(100Ω,0.1A)各一只．五、簡答題：本大題共3小題，共34分。13.質(zhì)量為2000kg、額定功率為80kW的汽車，在平直公路上行駛中的最大速度為40m/s。若汽車從靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為4m/14.如圖所示，一束電荷量為e的電子以垂直于磁感應(yīng)強度B并垂直于磁場邊界的速度v射入寬度為d的勻強磁場中，穿出磁場時速度方向和原來射入方向的夾角為θ=60°.求：

(1)勻速圓周運動的半徑

(2

15.如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為e的電子，從A點以速度v0垂直于電場方向射入一個電場強度為E的勻強電場中，從B點射出電場時的速度方向與電場線成120°(1)電子在電場中的加速度大小a及電子在B點的速度大小(2)A、B(3)電子從A運動到B的時間t六、計算題：本大題共1小題，共12分。16.如圖所示，光滑懸空軌道上靜止一質(zhì)量為3m的小車A，用一段不可伸長的輕質(zhì)細繩懸掛一質(zhì)量為2m的木塊B.一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入木塊(時間極短)，在以后的運動過程中，擺線離開豎直方向的最大角度小于90°，(不計空氣阻力)試求：

(1)子彈射入木塊時產(chǎn)生的熱量；

(2)木塊能擺起的最大高度；答案和解析1.【答案】D

【解析】解：D、由A到B的過程中，只有重力和彈簧彈力做功，彈簧和重物構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒，即彈簧與重物的總機械能守恒。故D正確。

AB、在運動的過程中，彈簧的形變量增大，則彈簧的彈性勢能增加，所以重物機械能減少。故AB錯誤。

C、重力做正功，彈力做負功，故C錯誤。

故選：D。

由A到B的過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，通過彈簧的形變量判斷彈性勢能的變化，通過能量守恒判斷重物機械能的變化。

2.【答案】C

【解析】解：對A到B過程運用動能定理得，mgh?Wf=12mvB2?0

3.【答案】C

【解析】解：設(shè)物體的高度為h，根據(jù)機械能守恒定律有：mgh=Ek，

設(shè)當(dāng)物體動能為2Ek3時，物體距離地面的高度為h′，根據(jù)機械能守恒定律有：mg(h?h′)=24.【答案】C

【解析】解：由題意可知，兩個頂點B、C處各放一個點電荷，測得A處的電場強度大小為E，方向與BC邊平行，由圖可知，C點電荷在A處的電場強度大小與B點電荷在A處的電場強度大小相同，C點電荷在A處的電場強度方向由A指向C，而B電荷在A處的電場強度的方向由B指向A；當(dāng)拿走C處的點電荷后，則A處電場強度大小仍為E，方向沿B指向A，故C正確，ABD錯誤．

故選：C。

根據(jù)點電荷在某處產(chǎn)生電場強度的公式，結(jié)合矢量疊加法則，即可求解

考查點電荷的電場強度的公式，掌握矢量疊加原理，注意電場強度的方向確定．5.【答案】A

【解析】解：A、改裝成了電流表，R減小電流表量程增大，R增大時電流表量程減小，故A正確，B錯誤；

C、把電流計改裝成電壓表應(yīng)給電流計串聯(lián)一個分壓電阻，串聯(lián)電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計與電阻R并聯(lián)，改裝后電壓表量程不變，故CD錯誤；

故選：A．

把電流表改裝成大量程電流表應(yīng)并聯(lián)一個分流電阻，把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個分壓電阻

本題考查了電表改裝，知道電表的改裝原理、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點即可正確解題．6.【答案】D

【解析】解：電流的方向與磁場方向垂直，則F=BIL，公式中的L為導(dǎo)軌間導(dǎo)線的長度，故L=dsinθ，故F=BIdsinθ，故D正確，ABC錯誤。

故選：D。

當(dāng)磁場的方向與電流的方向夾角為7.【答案】BC【解析】解：AB、以向上為正方向，則初動量為p1=?mv1

末動量為p2=mv2

則動量變化量為：

Δp=p2?p1=mv2?(?mv1)=m(v1+v28.【答案】BC【解析】解：A.由粒子的運動軌跡可知，粒子所受靜電力與電場線方向相同，所以粒子帶正電荷。故A錯誤；

B.電場線疏的地方電場強度小，電場線密的地方電場強度大，由題圖可知，N點的場強大于M點的場強，粒子在N點的受力大于在M點的受力，所以粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度，故B正確；

C.若帶正電的粒子從N點運動到M點，靜電力做負功，粒子動能減小，若帶正電的粒子從M點運動到N點，靜電力做正功，粒子動能增大，故粒子在N點的動能比M點大，故C正確；

D.根據(jù)粒子運動的軌跡可以判斷其受力的方向，但不能判斷其運動的方向，故D錯誤。

故選：BC。

電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小；電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加；沿著電場線方向電勢降低。9.【答案】AB【解析】解：帶正電的粒子沿直線穿過兩板間時，受到豎直向上的洛倫茲力和豎直向下的電場力平衡，則有：

qE=qvB，可得：v=EB

A.若只將粒子改為帶負電，則洛倫茲力和電場力的方向均反向，則粒子仍受平衡力，仍將做直線運動，故A正確；

B.若只增加粒子進入該裝置的速度，則洛倫茲力變大，且大于電場力，粒子將往上偏，故B正確；

C.若只增加粒子的電荷量，向上的洛倫茲力和向下的電場力仍平衡，仍將沿直線通過，故C錯誤；

D.若粒子從右端水平進入，則電場力和洛倫茲力均向下，則不可能仍沿直線水平飛出，故D錯誤。10.【答案】AB【解析】解：A.由x?t圖象的斜率表示速度，因此碰撞前A、B兩球都做勻速運動，碰撞前有

vA=4?102m/s=?3m/s

vB=42m/s=2m/s

碰撞后有

v′A=v′B=2?44?2m/s=?1m/s

對A、B組成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律有

mAvA+mBvB=(mA+mB)v′A

代入數(shù)據(jù)解得

mB=2kg

故A正確；11.【答案】1.745

41.4

πU【解析】解：(1)螺旋測微器的精確度為0.01mm，圓柱體的直徑為D=1.5mm+24.5×0.01mm=1.745mm

10分度值的游標卡尺的精確度為0.1mm，圓柱體的長度為L=41mm+4×0.1mm=41.4mm

(2)根據(jù)歐姆定律可知R=UI

根據(jù)電阻定律，有R=ρ12.【答案】R1

1.47

1.81【解析】解：①電源內(nèi)阻約為1.5V，電路最大電流約為零點幾安培，兩滑動變阻器均可保證安全，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選R1；

②伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻，電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，實驗電路圖如圖所示：

③由圖示電源U?I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值是1.47，電源電動勢E=1.47V，電源內(nèi)阻：r=△U△I=1.47?0.80.37≈1.81Ω．

故答案為：①R1；13.【答案】解：(1)根據(jù)功率與速度的關(guān)系

P=Fvm=fvm

代入數(shù)據(jù)可得

f=Pvm=80×10340N=2×103N；

(2)根據(jù)牛頓第二定律有

【解析】(1)速度最大時，牽引力和阻力相等，根據(jù)功率與速度的關(guān)系求解阻力的大??；

(214.【答案】解：(1)粒子的運動軌跡圖如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系有：

R=dsin600=233d

(2)根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有：evB=mv2R，

得：m=23【解析】作出粒子運動的軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系求出電子在磁場中的半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出電子的質(zhì)量．根據(jù)幾何關(guān)系求出電子在磁場中的圓心角，結(jié)合周期公式求出穿越磁場的時間．

解決本題的關(guān)鍵作出電子的運動軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系，運用半徑公式和周期公式進行求解．15.【答案】解：(1)電子在電場中受電場力作用，根據(jù)牛頓第二定律可得a=qEm=eEm

①

將電子在B點的速度分解可知(如圖)

vB═v0cos30°=233v0

②

(2)由動能定理可知：

?eUAB=12mvB2?12mv02…③

解【解析】電子在電場中受電場力作用，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小，把電子在B點的速度分解，

利用幾何關(guān)系可求得B點的速度；

根據(jù)動能定理，可求得AB間的電勢差；

粒子從A點以v0的速度沿垂直電場線方向射入電場，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動