四川省雅安市雅安中學(xué)2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期1月月考物理試題

高一物理試題考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共100分?？荚嚂r間75分鐘。2.請將各題答案填寫在答題卡上。3.本試卷主要考試內(nèi)容：教科版必修第一冊。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.2023年5月10日21時22分，搭載“天舟六號”貨運飛船的“長征七號”遙七運載火箭在中國文昌航天發(fā)射場點火發(fā)射，約10分鐘后，“天舟六號”貨運飛船與火箭成功分離并進入預(yù)定軌道，飛船太陽能帆板展開工作，發(fā)射取得成功。“天舟六號”貨運飛船總重13.5噸，長度為10.6米，載貨量從6.9噸提高到了7.4噸，有效的裝載容積從18.1立方米提升到了22.5立方米，是世界上運貨能力最強的貨運飛船之一。下列說法正確的是（）A.題目中涉及的米是國際單位制的基本單位B.千克、立方米、牛頓都是國際單位制的導(dǎo)出單位C.“飛船總重13.5噸”指的是飛船受到的重力D.物理學(xué)中所有物理量都有單位【答案】A【解析】【詳解】A．在力學(xué)范圍內(nèi)，規(guī)定長度、質(zhì)量、時間為三個基本量，基本量的單位叫基本單位，長度的單位是米，并且是國際單位，因此，米是國際單位制的基本單位，故A正確；B．千克是國際單位制的基本單位，不是導(dǎo)出單位，故B錯誤；C．“飛船總重13.5噸”指的是飛船的質(zhì)量，不是飛船受到的重力，故C錯誤；D．物理學(xué)中不是所有物理量都有單位，例如動摩擦因數(shù)，故D錯誤。故選A。2.在杭州第19屆亞運會田徑項目女子100米跨欄決賽中，中國選手以12秒74的成績奪得冠軍。下列說法正確的是（）A.“12秒74”指是時刻B.女子100米跨欄決賽中，每位選手的平均速度就是平均速率C.女子100米跨欄決賽中，裁判判斷運動員是否搶跑時，可以把運動員看作質(zhì)點D.高速攝像機能記錄運動員百米比賽的撞線速度，該速度近似于瞬時速度【答案】D【解析】【詳解】A．“12秒74”指的是時間，故A錯誤；B．平均速度是矢量，而平均速率是標(biāo)量，兩個物理量的含義不同，故B錯誤；C．女子100米跨欄決賽中，裁判判斷運動員是否搶跑時，需要研究運動員的身體動作是否犯規(guī)，不能忽略運動員的形狀大小，因此不能將運動員看成質(zhì)點，故C錯誤；D．高速攝像機的頻率很高，每兩個攝像的時間間隔很小，因此高速攝像機所記錄運動員百米比賽的撞線速度，該速度近似于瞬時速度，故D正確。故選D。3.某物體在做勻變速直線運動，其加速度為3m/s2，則下列說法正確的是（）A.該物體一定在做勻減速直線運動B.該物體的速度方向不可能發(fā)生改變C.該物體任意2s內(nèi)的速度變化量大小一定為6m/sD.該物體第2s末的速度一定比第2s初的速度大3m/s【答案】C【解析】【詳解】A．加速度為3m/s2，說明加速度方向與所選取的正方向相反，若此時速度方向也與所選取的正方向相反，則此時該物體做勻加速直線運動，故A錯誤；B．若該物體的初速度方向為正方向，則該物體將先做勻減速直線運動，當(dāng)速度減為零后開始做反向的勻加速直線運動，即該物體的速度可能會發(fā)生改變，故B錯誤；C．根據(jù)速度的變化量負(fù)號表示與初速度方向相反，則可知，該物體任意2s內(nèi)的速度變化量大小一定為6m/s，故C正確；D．若該物體第2s初的速度與加速度方向相反，則該物體做減速運動，第2s末的速度一定比第2s初的速度小3m/s，若該物體第2s初的速度與加速度方向相同，則該物體做加速運動，第2s末的速度一定比第2s初的速度大3m/s，故D錯誤。故選C。4.如圖所示，將一重力不計白紙夾在物理課本與水平桌面之間，現(xiàn)用水平拉力將白紙從課本底下向右抽出（課本未從桌面滑落），則下列說法正確的是（）A.拉動過程中，白紙受到水平桌面的摩擦力方向水平向右B.拉動過程中，白紙對物理課本的摩擦力方向水平向右C.物理課本受到白紙的支持力是因為物理課本發(fā)生了彈性形變D.抽出白紙的速度越大，白紙與物理課本之間的摩擦力越小【答案】B【解析】【詳解】A．拉動過程中，白紙相對于水平桌面向右運動，則白紙受到水平桌面的摩擦力方向水平向左，故A錯誤；B．拉動過程中，物理課本相對于白紙向左運動，則白紙對物理課本的摩擦力方向水平向右，故B正確；C．物理課本受到白紙的支持力是因為白紙發(fā)生了彈性形變，故C錯誤；D．白紙與物理課本之間的摩擦力為滑動摩擦力，根據(jù)可知，滑動摩擦力只與動摩擦因數(shù)和正壓力有關(guān)，與速度大小無關(guān)，即抽出白紙的速度不管大小，白紙與物理課本之間的摩擦力都不變，故D錯誤。故選B。5.某火箭從地面豎直向上發(fā)射，其上升過程的速度—時間（v—t）圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）A.火箭在第5s末的加速度大于在第30s末的加速度B.0~20s內(nèi)火箭的平均速度大小為15m/sC.20s~40s內(nèi)火箭處于超重狀態(tài)D.0~10s內(nèi)火箭上升的高度為300m【答案】A【解析】【詳解】A．速度—時間圖像的斜率表示加速度，斜率的大小表示加速度大小，斜率的正負(fù)表示加速度方向，由圖像可得在內(nèi)加速度大小為在內(nèi)加速度大小為則可知，火箭在第5s末的加速度大于在第30s末的加速度，故A正確；B．速度—時間圖像與時間軸圍成的面積表示位移，根據(jù)圖像可得0~20s內(nèi)火箭的位移大小為則可得火箭在0~20s內(nèi)的平均速度大小為故B錯誤；C．根據(jù)速度—時間圖像可知，20s~40s內(nèi)火箭向上做勻減速直線運動，加速度向下，則可知火箭在該時間段內(nèi)處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．根據(jù)圖像與時間軸圍成的面積可得，0~10s內(nèi)火箭上升的高度為故D錯誤。故選A。6.蘋果樹是落葉喬木，自然生長時樹干可高至15m。某棵自然生長的蘋果樹上有顆蘋果（視為質(zhì)點），從離水平地面高11.25m處自由下落，不計空氣阻力及樹枝、樹葉對蘋果下落的影響，取重力加速度大小g=10m/s2，則下列說法正確的是（）A.蘋果在空中的運動時間為2sB.蘋果落到水平地面的速度大小為10m/sC.蘋果在落地前1s內(nèi)運動的距離為10mD.蘋果在空中運動時，相同時間內(nèi)的速度變化量越來越大【答案】C【解析】【詳解】A．蘋果下落過程中做自由落體運動，根據(jù)位移公式，可得蘋果在空中的運動時間為故A錯誤；B．根據(jù)速度位移關(guān)系式，可得蘋果落到水平地面的速度大小為故B錯誤；C．蘋果下落運動的距離為蘋果在落地前1s內(nèi)運動的距離為故C正確；D．根據(jù)可知，蘋果在空中運動時，相同時間內(nèi)的速度變化量不變，故D錯誤。故選C。7.如圖所示，水平向右的推力F作用在水平地面上的小球乙上（F的作用線過小球乙的球心B）時，小球甲能靠著豎直墻壁靜止。已知兩小球完全相同且質(zhì)量均為m，小球乙的球心B到小球甲的球心A的連線與水平方向的夾角為45°，重力加速度大小為g，不計一切摩擦，則下列說法正確的是（）A.水平地面對小球乙的支持力大小為B.豎直墻壁對小球甲的彈力大小為C.水平推力F的大小為D.小球乙對小球甲的彈力大小為【答案】A【解析】【詳解】A．將甲乙兩小球看成一個整體，對整體受力分析如圖所示整體受到重力，地面對整體的支持力，推力以及墻壁對整體的彈力，水平方向和豎直方向合力均為零，整體處于平衡狀態(tài)，則有故A正確；BCD．將小球甲隔離，對小球甲受力分析如圖所示小球甲受到重力，墻壁對小球甲的彈力以及小球乙對小球甲的彈力，根據(jù)平衡條件，在水平方向有豎直方向有解得，而根據(jù)以上分析可得故BCD錯誤。故選A。8.從第46屆世乒賽開始，乒乓球改用“大球”，即球的直徑由之前的38mm改為40mm，球的質(zhì)量也略有增加。大球“笨重”的球體，將使得球速變慢、旋轉(zhuǎn)減緩，增加了比賽的回合，帶來了更豐富的技術(shù)展現(xiàn)，增添了比賽的觀賞性。下列關(guān)于乒乓球的說法正確的是（）A.同一個乒乓球在地球上和在太空中的慣性相同B.乒乓球改用“大球”后，乒乓球的慣性減小C.在研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)對軌跡的影響時，不可將乒乓球視為質(zhì)點D.用球拍擊打乒乓球時，球拍對乒乓球的力大于乒乓球?qū)η蚺牡牧Α敬鸢浮緼C【解析】【詳解】A．慣性大小的量度是物體的質(zhì)量，與其他因素?zé)o關(guān)，所以同一個乒乓球在地球上和太空中的慣性相同，故A項正確；B．慣性大小的量度是物體的質(zhì)量，乒乓球改用大球后其質(zhì)量變大，所以慣性變大，故B項錯誤；C．在研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)對軌跡的影響時，乒乓球的形狀大小不可以忽略，所以不可將乒乓球視為質(zhì)點，故C項正確；D．用球拍擊打乒乓球時，球拍對乒乓球的力與乒乓球?qū)η蚺牡牧κ且粚ο嗷プ饔昧?，其大小相等，故D項錯誤。故選AC。9.燈籠是我國年俗文化的重要組成部分，懸掛燈籠的兩種方式分別如圖甲、乙所示。圖甲中燈籠豎直懸掛在輕繩和的結(jié)點O處，輕繩與水平桿的夾角為，輕繩恰好水平，此時、的拉力大小分別為、；僅將圖甲中輕繩更換為與輕繩等長的輕繩，且輕繩也固定在水平桿上，如圖乙所示，此時、的拉力大小分別為、。下列說法正確的是（）A. B.C. D.【答案】BC【解析】【詳解】B．設(shè)燈籠所受重力為G，對題圖甲中結(jié)點O受力分析，有，解得，則有故B正確；ACD．對題圖乙中結(jié)點O受力分析，有，解得則有，故AD錯誤，C正確。故選BC。10.如圖甲所示，物塊a、b之間用一根細(xì)線相連，均靜止在光滑水平地面上。t=0時對物塊a施加水平向右的恒力F。兩物塊的位移隨時間變化的情況如圖乙所示（圖線為拋物線）。已知物塊a、b的質(zhì)量分別為1kg、3kg，下列分析正確的是（）A.物塊a的加速度大小為6m/s2 B.恒力F的大小為12NC.細(xì)線上的彈力大小為6N D.細(xì)線上的彈力大小為18N【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，物塊a、b一起做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動位移與時間的關(guān)系有將坐標(biāo)（2，12）代入方程可得，故A正確；B．對物塊a、b組成的連接體，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得故B錯誤；CD．取物體b為研究對象，對物體b由牛頓第二定律有故C錯誤，D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.圖甲為“研究自由落體運動的規(guī)律”的實驗裝置。（1）下列關(guān)于本實驗的操作，說法正確的是________。A.使用打點計時器連接的電源可能是直流電源B.應(yīng)用手捏住紙帶上端，確保紙帶處于豎直狀態(tài)再松手C.應(yīng)先松手釋放紙帶，再啟動打點計時器D.為了測得重物下落的速度和加速度，需要用到秒表（2）某同學(xué)按照正確的操作完成實驗后，得到的紙帶如圖乙所示，其中紙帶上的A、B、C、D、E、F為連續(xù)的6個計時點，打點計時器的打點頻率為50Hz，則紙帶上打出D點時重物的速度大小________m/s，重物下落過程中的加速度大小________。（計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）【答案】①.B②.③.【解析】【詳解】（1）[1]A．使用的打點計時器連接的電源一定是交流電源，選項A錯誤；B．應(yīng)用手捏住紙帶上端，確保紙帶處于豎直狀態(tài)再松手，選項B正確；C．應(yīng)先啟動打點計時器，再松手釋放紙帶，選項C錯誤；D．打點計時器本身就是計時儀器，則該實驗不需要秒表，選項D錯誤。故選B。（2）[2]紙帶上打出D點時重物的速度大小重物下落過程中的加速度大小12.某實驗小組利用氣墊導(dǎo)軌、光電門等器材來完成“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗，具體裝置如圖甲所示。實驗時先測出遮光條的寬度d，由刻度尺讀出滑塊釋放時遮光條到光電門的距離L，滑塊每次從氣墊導(dǎo)軌上的同一位置釋放，光電門連接的數(shù)字計時器記錄下遮光條的遮光時間t，僅改變砂桶和砂的總質(zhì)量m或滑塊和遮光條的總質(zhì)量M來進行多組實驗。（1）實驗中砂桶和砂的總質(zhì)量m_________（填“需要”或“不需要”）遠(yuǎn)小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量M。（2）某次實驗中測得，，，則遮光條經(jīng)過光電門時速度大小v=_________m/s，滑塊的加速度大小a=_________m/s。（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（3）實驗小組測得多組實驗數(shù)據(jù)后，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)處理結(jié)果繪制出的a—F圖像如圖乙所示，圖線不過坐標(biāo)原點的原因可能是____________。A．砂桶和砂的總質(zhì)量m過大B．氣墊導(dǎo)軌固定有滑輪的一側(cè)高于另一側(cè)C．氣墊導(dǎo)軌固定有滑輪的一側(cè)低于另一側(cè)【答案】①.需要②.1.2③.1.8④.C【解析】【詳解】（1）[1]該實驗中，需要用沙及沙桶的總重力代替小車及遮光條所受到的合外力，根據(jù)牛頓第二定律，對整體有對小車及遮光條由牛頓第二定律有兩式聯(lián)立可得分析可知，要用沙及沙桶的總重力代替小車及遮光條所受到的合外力，則必須讓沙及沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車及遮光條的總質(zhì)量。（2）[2]遮光條經(jīng)過光電門時的速度[3]根據(jù)速度與位移額關(guān)系可得代入數(shù)據(jù)解得（3）[4]根據(jù)圖乙可知，在未掛沙和沙桶時，小車放在木板上就已經(jīng)有加速度，則可知只能是小車在自身重力作用下獲得的加速度，即小車沿著氣墊導(dǎo)軌的方向上合力不為零，因此可知，氣墊導(dǎo)軌固定有滑輪的一側(cè)低于另一側(cè)，小車在其沿著氣墊導(dǎo)軌向下的方向上，由重力的分力提供加速度。故選C。13.2023年10月31日8時11分，“神舟十六號”載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場成功著陸。已知返回艙的回收著陸系統(tǒng)開始工作時，返回艙的速度在內(nèi)由減小到，之后返回艙勻速運動到離地面高度為處。此時返回艙底部的反推發(fā)動機點火使返回艙做勻減速直線運動，落地前瞬間返回艙的速度減至，實現(xiàn)軟著陸。求：（1）返回艙的速度由減小到過程中平均加速度大?。唬?）返回艙的反推發(fā)動機點火后做勻減速直線運動的加速度大小和運動時間。【答案】（1）；（2），【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，由加速度的定義式有解得即返回艙在該過程中的平均加速度大小為。（2）根據(jù)題意，由勻變速直線運動規(guī)律有解得即反推發(fā)動機點火階段返回艙的加速度大小為，根據(jù)速度與時間的關(guān)系有解得14.在如圖所示的裝置中，物塊C放置在水平平臺上，物塊B通過輕質(zhì)動滑輪掛在連接物塊A、C的輕質(zhì)細(xì)繩上，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時動滑輪右側(cè)的細(xì)繩與水平面之間的夾角為θ，物塊A上端細(xì)繩豎直。已知物塊A、C的質(zhì)量均為m，重力加速度大小為g，不計各滑輪處的摩擦，求：（1）物塊B的質(zhì)量；（2）物塊