福建省福州市八縣（市）一中2020-2021學年高二上學期期中聯(lián)考物理試題

學校班級學校班級姓名座號準考號：.密………封…………裝…………訂………線..高中二年物理科試卷命題學校長樂一中命題教師_高二集備組審核教師高二集備組考試時間：11月13日完卷時間：90分鐘滿分：100分一、選擇題（本題共12小題，每小題4分。在每小題給出的四個選項中，第18題只有一項符合題目要求，第912題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。）1、以下說法正確的是()Ａ.電容器A的電容比B的大，說明充電完全后電容器A所帶的電荷量比B的多

B.由C=QU知，電容器的電容與兩極板間的電壓成反比，與所帶的電荷量成正比

C.為了防止外電場的影響，電學儀器應該放在封閉的絕緣體殼中

D.超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服，要用包含金屬絲的織物制成

2、物理學中常用兩個物理量的比值定義一個新的物理量，如速度是用位移與時間的比值來定義的，即v=A.電流 B.電勢φ=EPq C.電容C=Q3、歐姆不僅發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，還研究了電阻定律，有一個長方體的金屬電阻，材料分布均勻，邊長分別為a、b、c，且a>bA. B.C. D.4、如圖所示電路中，三個相同的燈泡額定功率是40W，在不損壞燈泡的情況下，這三個燈泡消耗的總功率最大不應超過()A．40WB．60WC．80WD．120W5、如圖，三個固定的帶電小球a、b和c，相互間的距離分別為ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm。小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a、b的連線。設小球a、b所帶電荷量的比值的絕對值為k，則（）A．a(chǎn)、b的電荷同號，B．a(chǎn)、b的電荷異號，C．a(chǎn)、b的電荷同號，D．a(chǎn)、b的電荷異號，6、平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向a端作動時，則下列判斷正確的是(??)

B.電流表讀數(shù)增大

C.質(zhì)點P將向下運動 D.R3上消耗的功率逐漸增大7、如圖所示，實線表示某電場的電場線(方向未標出)，虛線是一帶負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設M點和N點的電勢分別為φM、φN，粒子在M和N時加速度大小分別為aM、aN，速度大小分別為vM、vN，電勢能分別為EpM、EpN.下列判斷正確的是()A．vM<vN，aM<aNB．vM<vN，φM<φNC．φM<φN，EpM<EpND．a(chǎn)M<aN，EpM<EpN8、如圖所示，無限大均勻帶正電的薄板豎直放置，其周圍空間的電場可認為是勻強電場．光滑絕緣細管垂直穿過板中間小孔，一個可視為質(zhì)點的帶負電小球在細管內(nèi)運動．以小孔為原點建立x軸，規(guī)定x軸正方向為加速度a和速度v的正方向，下圖分別表示x軸上各點的電勢φ、小球的加速度a、速度v和動能Ek隨x變化的圖象，其中正確的是()9、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流表G和一個變阻器R組成的，下列說法正確的是（）

A.甲表是伏特表，R增大時量程增大 B.甲表是安培表，R增大時量程減小

C.乙表是伏特表，R增大時量程增大D.乙表是安培表，R增大時量程減小10、如圖所示，由M、N兩塊相互靠近的平行金屬板組成的平行板電容器，極板N與靜電計的金屬球相接，極板M與靜電計的外殼均接地。給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．以下實驗過程中電容器所帶電荷量可認為不變。下面操作能使靜電計指針張開角度變小的是（）A．將M板沿水平向右方向靠近N板B．在M、N之間插入有機玻璃板C．將M板向上平移D．在M、N之間插入金屬板，且不和M、N接觸11、在一靜止點電荷的電場中，任一點的電勢φ與該點到點電荷的距離r的關系如圖所示．電場中四個點a、b、c和d的電場強度大小分別為Ea、Eb、Ec和Ed.點a到點電荷的距離ra與點a的電勢φa已在圖中用坐標(ra，φa)標出，其余類推．現(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點依次經(jīng)b、c點移動到d點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd.下列選項正確的是()A．Ea∶Eb＝4∶1 B.Ec∶Ed＝2∶1C．Wab∶Wbc＝3∶1 D．Wbc∶Wcd＝1∶312、如圖所示，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半徑為r的豎直圓上，圓心為O,在C點有一固定點電荷，電荷量為+Q，現(xiàn)從A點將一質(zhì)量為m，電荷量為q的點電荷由靜止釋放，該電荷沿光滑絕緣軌道ADB運動到D點時速度為（g為重力加速度），規(guī)定電場中B點的電勢為零，則在+Q形成的電場中（）A．O點電勢等于A點電勢 B．D點電勢為﹣ C．O點電場強度大小是B點的2倍 D．點電荷q在D點具有的電勢能為﹣mgr二、實驗題（每空2分，作圖2分，共16分）13.電壓表（量程為3伏）的讀數(shù)為______V，電流表（量程為0.6安）的讀數(shù)為______A。螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為________mm．

14.某物理學習小組要描繪一只小燈泡(2.5V1.2W)的伏安特性曲線,有下列器材供選用:A.電壓表(0~3V,內(nèi)阻約為6kΩ)B.電壓表(0~15V,內(nèi)阻約為30kΩ)C.電流表(0~3A,內(nèi)阻約為0.1Ω)D.電流表(0~0.6A,內(nèi)阻約為0.5Ω)E.滑動變阻器(0~10Ω,允許通過的最大電流為5A)F.滑動變阻器(0~1kΩ,允許通過的最大電流為0.1A)G.電源(3V,內(nèi)阻不計)H.開關一個,導線若干(1)電壓表應選用電流表應選用滑動變阻器應選用。(用序號字母表示)

(2)在實驗中要盡可能提高實驗精度,所用的實驗電路圖應選圖乙中的()。(3)乙圖中作出小燈泡的伏安特性曲線。三、計算題（本題共4小題，共36分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫最后答案不得分，有數(shù)值計算的題，答案應明確寫出數(shù)值和單位。）15、（6分）如圖所示是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖．電動機的內(nèi)阻r=0.8?Ω，電路中另一電阻R=10?Ω，直流電壓U=160?V，電壓表示數(shù)UV=110?V.試求：

(1)通過電動機的電流；

(2)輸入電動機的電功率；

(3)若電動機以v=1?m/s勻速豎直向上提升重物，求該重物的質(zhì)量．(g取10?m/s16、（8分）傾角為37°的絕緣光滑斜面AB和絕緣光滑水平面BC平滑連接，斜面AB長L＝4m，空間存在著平行于斜面向上的勻強電場?，F(xiàn)有質(zhì)量為m＝1kg，帶電量為+2.0×10﹣3C的滑塊（可視為質(zhì)點）從A點以6m/s的速度沿斜面勻速下滑。g取10m/s2，（sin37=0.6,cos37=0.8）求：（1）電場強度的大小E；（2）滑塊在水平面BC運動的最大位移。17、（10分）如圖，ABD為豎直平面內(nèi)的絕緣軌道，其中AB段是長為s=1.25?m的粗糙水平面，其動摩擦因數(shù)為μ=0.1，BD段為半徑R=0.2?m的光滑半圓，兩段軌道相切于B點，整個軌道處在豎直向下的勻強電場中，場強大小E=5.0×103V/m.一帶負電小球以速度v0從A點沿水平軌道向右運動，接著進入半圓軌道后，恰能通過最高點D點．已知小球的質(zhì)量為m=2.0×10-2kg，所帶電荷量q=2.0×10(1)小球能通過軌道最高點D時的速度大小；(2)帶電小球在從D點飛出后，首次落到水平軌道上時的水平位移大??；(3)小球的初速度v018、（12分）在直角坐標系中，三個邊長都為l＝2m的正方形如圖所示排列，第一象限正方形區(qū)域ABOC中有水平向左的勻強電場，電場強度大小為E0，第二象限正方形COED的對角線CE左側CED區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強電場，三角形OEC區(qū)域內(nèi)無電場，正方形DENM區(qū)域內(nèi)無電場．(1)現(xiàn)有一帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的帶電粒子(重力不計)從AB邊上的A點由靜止釋放，恰好能通過E點，求CED區(qū)域內(nèi)的勻強電場的電場強度E1的大小．(2)保持(1)問中電場強度不變，若在正方形區(qū)域ABOC內(nèi)的某些點由靜止釋放與上述相同的帶電粒子，要使所有的粒子都經(jīng)過E點，則釋放的坐標值x、y間應滿足什么關系？高二物理第8頁（共8頁）2020—2021學年度第一學期八縣（市）一中期中聯(lián)考高中二年物理科參考答案一、選擇題（48分）題號12345678910答案DAABDDDDBCABD1112答案ACCDAAABABDB5）14(1)ADE(2)C(3)三、計算題（36分）15.(6分)解：(1)由電路中的電壓關系可得電阻R的分壓為：

UR=U-UV=(160-110)V=50

V

流過電阻R的電流為：IR=UR?R=5010

A=5

A1分

即通過電動機的電流為：IM=IR=5

A1分

(2)電動機輸出的機械功率P出=P電-P熱=550W-20W=530

W1分

又因16.(8分)（1）從A到B過程，對滑塊受力分析知Eq＝mgsin37°（2分）E＝＝N/C＝3.0×103N/C（2分）（2）速度從6m/s到0，根據(jù)動能定理，有：﹣Eqcos37°x＝0﹣（2分）解得：x＝m（2分）(10分)解：(1)小球恰能通過軌道的最高點的情況下，設到達最高點的速度為vD,

則mg-Eq=mvD2R，2分

解得vD=1?m/s1分

(2)設小球離開2R=12at2，1分

a=mg-qEm1分

代入數(shù)據(jù)解得t=0.4?s，

x=vDt=0.4?m1分

(3)從A到D由動能定理得：-μ(mg-qE)s-2mgR+2qER=1218.（12分）解：[解析](1)設粒子出第一象限時速度為v，加速過程qE0l＝eq\f(1,2)mv22分

粒子在CED區(qū)域內(nèi)做類平拋運動，由類平拋運動的規(guī)律得l＝