重慶市2023-2024學(xué)年高三年級(jí)上冊(cè)聯(lián)考物理試題試卷

重慶市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期聯(lián)考物理試題試卷

閱卷入

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的

得分四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.2017年11月5日,我國用長征火箭成功發(fā)射了兩顆北斗三號(hào)組網(wǎng)衛(wèi)星（如圖所示），開啟了北斗衛(wèi)星

導(dǎo)航系統(tǒng)全球組網(wǎng)的新時(shí)代。下列關(guān)于火箭在豎直方向加速起飛階段的說法，正確的是（）

A.火箭只受到重力和空氣阻力的作用

B.火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力大小相等

C.火箭處于失重狀態(tài)

D.保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，相對(duì)地面由靜止下落

2.如圖（甲）所示，質(zhì)最m=2kg的小物體放在長直的水平地面上，用水平細(xì)線繞在半徑R=0.5m的薄圓

筒上。t=0時(shí)刻，圓筒由靜止開始繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)，其角速度3隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖（乙）所示，

小物體和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1,重力加速度g=10m/s2。則下列判斷正確的是（）

A.細(xì)線的拉力大小為4N

B.細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率滿足P=4t

C.小物體的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系滿足v=4t

D.在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為4N?g

3.如圖所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的頂角處，固定一個(gè)小的定滑輪，質(zhì)量分別為mi、m2

的物塊，用細(xì)線相連跨過定滑輪，mi擱置在斜面上.下述正確的是（）

A.如果mi、m2均靜止，則地面對(duì)斜面沒有摩擦力

B.如果mi沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向右的摩擦力

C.如果mi沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向左的摩擦力

D.如果mi沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向右的摩擦力

4.如圖所示，斜面體B放置在粗糙的水平地面上，在水平向左的推力F作用下，物體A和斜面體B均

保持靜止。若減小推力F,物體A仍然靜止在斜面體B上，則（）

A.物體A受斜面體B的作用力一定減小

B.物體A所受摩擦力一定減小

C.斜面體B所受合力一定減小

D.斜面體B所受地面的摩擦力可能增大

5.科學(xué)家通過實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)，放射性元素情u有多種可能的衰變途徑：2留U先變成28歷，2部Bi可以經(jīng)

一次衰變變成8打3也可以經(jīng)一次衰變變成21￡x（X代表某種元素），8打i和21世最后都變成畸Pb,衰變

路徑如圖所示。則以下判斷正確的是（）

~*中Bi—?

①

III

*Ti-

A.a=211,b=82

B.①是0衰變，②是a衰變

C.①②均是a衰變

D.2用〃經(jīng)過7次。衰變5次p衰變后變成2部Bi

6.如圖甲所示，被稱為“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圓軌道外側(cè)旋轉(zhuǎn)不脫落，其原理可等效為如圖乙所示

的模型：半徑為R的磁性圓軌道豎直固定，質(zhì)量為小的鐵球（視為質(zhì)點(diǎn)）沿軌道外側(cè)運(yùn)動(dòng)，A、B分別為

軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，軌道對(duì)鐵球的磁性引力始終指向圓心且大小不變，不計(jì)摩擦和空氣阻力，重力

加速度為g，則

A.鐵球繞軌道可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

B.鐵球繞軌道運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒

C.鐵球在A點(diǎn)的速度必須大于阿

D.軌道對(duì)鐵球的磁性引力至少為3mg,才能使鐵球不脫軌

閱卷入二'多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的

四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但

得分不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7.質(zhì)譜儀用來分析帶電粒子的質(zhì)量與電荷量，其構(gòu)造原理如圖所示。將第一種粒子源放于S處，經(jīng)加速

電場(chǎng)（電壓為U）加速后垂直于磁場(chǎng)方向、垂直于磁場(chǎng)邊界進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)后到達(dá)磁場(chǎng)邊界

上的P點(diǎn)。換第二種粒子源也放在S處，其粒子同樣到達(dá)P點(diǎn)。粒子從粒子源射出的初速度均為零，不計(jì)

粒子重力。則下列說法正確的是（）

I???

P.?.

A.若第二種粒子的電性與第一種不同，需同時(shí)改變電場(chǎng)方向與磁場(chǎng)方向

B.若第二種粒子的電性與第一種不同，只需改變電場(chǎng)方向或磁場(chǎng)方向即可

C.若第二種粒子與第一種粒子是同位素，其質(zhì)量比為保持電場(chǎng)電壓不變，則磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度需

調(diào)整為原來的像

727

D.若第二種粒子與第-種粒子的質(zhì)量比為電荷量比為保持磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，則電場(chǎng)電

壓需調(diào)整為原來的黑

169

8.一靜止在水平地面上的物塊，受到方向不變的水平拉力F作用。0~4s時(shí)間內(nèi)，拉力F的大小和物塊加

速度a的大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系分別如圖甲、圖乙所示。若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度

gMX10m/s2o由此可求得（）

A.物塊與水平地面間的最大靜摩擦力的大小為2N

B.物塊的質(zhì)量等于1.5kg

C.在0~4s時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物塊沖量的大小為6.75N?S

D.在0~4s時(shí)間內(nèi)，摩擦力對(duì)物塊的沖量大小為6N-S

9.如圖所示，半徑為R的J圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，過（一2R,0）點(diǎn)垂直x軸放置

一線型粒子發(fā)射裝置，能在0<y<R的區(qū)間內(nèi)各處沿x軸正方向同時(shí)發(fā)射出速度均為v、帶正電的同種粒

子，粒子質(zhì)量為m,電荷量為q。不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用力。若某時(shí)刻粒子被裝置發(fā)射出

后，經(jīng)過磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)恰好擊中y軸上的同一位置，則下列說法中正確的是（）

B.磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為戰(zhàn)

C.粒子離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向相同

D.粒子從離開發(fā)射裝置到擊中y軸所用時(shí)間t的范圍為穹V/<0裂

10.在水面上的同一區(qū)域內(nèi)，甲、乙兩列水面波獨(dú)立傳播，傳播方向互相垂直，波的頻率均為2Hz。t=

0時(shí)刻其波峰與波谷情況如圖所示。甲波的振幅為5cm,乙波的振幅為10cm。質(zhì)點(diǎn)2、3、5共線且等距

離。下列說法中正確的是。

實(shí)線為波峰，虛線為波谷

A.質(zhì)點(diǎn)2的振動(dòng)周期為0.5s

B.質(zhì)點(diǎn)2的振幅為15cm

C.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)1、2的豎直高度差為15cm

D.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)3正處于平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)

E.從圖示的時(shí)刻起經(jīng)0.25s,質(zhì)點(diǎn)5通過的路程為30cm

閱卷人

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題

得分處，不要求寫出演算過程。

11.教材列出的木一木動(dòng)摩擦因數(shù)為0.30,實(shí)驗(yàn)小組采用如圖甲所示的裝置測(cè)量木塊與木板間的動(dòng)摩擦

因數(shù)。實(shí)驗(yàn)中，木塊在重錘的拉動(dòng)下，沿水平長木板做勻加速運(yùn)動(dòng)。

堂打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

圖甲

(1)實(shí)驗(yàn)所用重錘質(zhì)量150g左右，下列供選擇的木塊質(zhì)量最合適的是—；

A.20gB.260gC.500gD.600g

(2)關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作和注意事項(xiàng)，下列說法正確的有—；

A.實(shí)驗(yàn)中先釋放木塊，后接通電源

B.調(diào)整定滑輪高度，使細(xì)線與板面平行

C.必須滿足細(xì)線對(duì)木塊拉力與重錘重力大小近似相等

D.木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右

(3)實(shí)驗(yàn)得到的一根紙帶如圖乙所示，從某個(gè)清晰的點(diǎn)開始，每5個(gè)打點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，依次標(biāo)出

0、1、2、3、4、5、6,測(cè)得點(diǎn)O與點(diǎn)3、點(diǎn)6間的距離分別為19.90cm、54.20cm,計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為

0.02s,則木塊加速度a=m/s2(保留兩位有效數(shù)字)；

口！31g:父

~~SZ~~

(4)實(shí)驗(yàn)測(cè)得日=0.33,大于教材列表中的標(biāo)值，請(qǐng)寫出兩個(gè)可能的原

因：，O

12.圖甲是簡易多用電表的電路原理圖，圖中E是電源，Ri、R2、R3、R4、R5是定值電阻，R6是可變電

阻，表頭G的滿偏電流為200uA。內(nèi)阻為600Q其表盤如圖乙所示。圖甲中虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A

端和B端分別與兩表筆相連，該多用電表有5個(gè)擋位，分別為：直流電流1A擋和500^A擋，歐姆xlk。

擋，直流電壓2.5V擋和10V擋。

（1）若用歐姆xlkC擋測(cè)二極管的反向電阻，則A端與二極管的（選填“正”或“負(fù)”）極相

接觸，測(cè)得的示數(shù)如圖乙中a所示，則該二極管的反向電阻為kQ?

（2）某次測(cè)量時(shí)該多用電表指針位置如圖乙中b所示，若此時(shí)B端是與“1”相連的，則多用電表的示

數(shù)為;若此時(shí)B端是與“4”相連的則多用電表的示數(shù)為o

（3）根據(jù)題中所給的條件可得Ri、R2的阻值之和為Qo

閱卷人四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題

得分處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。

13.PQ為一接收屏，一半徑為R=0.1m半球形透明物的直徑MN恰好與接收屏垂直，如圖所示，一細(xì)光

束由透明物的右側(cè)平行于接收屏射向透明物的球心?，F(xiàn)讓細(xì)光束以球心為圓心順時(shí)針轉(zhuǎn)過30。時(shí)，經(jīng)觀測(cè)

接收屏上出現(xiàn)兩個(gè)亮點(diǎn)，且兩亮點(diǎn)之間的距離用L表示；細(xì)光束轉(zhuǎn)過的角度為45。時(shí)，接收屏上剛好出

現(xiàn)一個(gè)亮點(diǎn)。求：

（1）該透明物的折射率為多大？

（2）由以上敘述求L應(yīng)為多長？

14.一U形管豎直放置，管內(nèi)橫截面積處處相等，左管絕熱且上端封閉，右管導(dǎo)熱且用活塞封閉?；钊?/p>

a、b、c為厚度可忽略的光滑輕活塞，a隔熱，b、c導(dǎo)熱，a、b活塞下方為水銀，上方為空氣（可視為理

想氣體）。初始時(shí)，兩空氣柱和環(huán)境溫度均為27℃,管內(nèi)水銀柱和空氣柱長度如圖所示。緩慢向下推動(dòng)活

塞c,直至a、b活塞處于同一高度為止。測(cè)量發(fā)現(xiàn)左側(cè)空氣柱溫度升高5℃。已知大氣壓強(qiáng)

po=76.0cmHgo（計(jì)算結(jié)果保留一位小數(shù)）

(1)求溫度升高后左側(cè)空氣柱的壓強(qiáng)；

(2)求c活塞向下推動(dòng)的距離。

15.研究表明，新冠病毒耐寒不耐熱，溫度在超過56℃時(shí)，30分鐘就可以滅活。如圖，含有新冠病毒的

氣體被輕質(zhì)絕熱活塞封閉在絕熱氣缸下部a內(nèi)，氣缸頂端有一絕熱閥門K,氣缸底部接有電熱絲E。a缸

內(nèi)被封閉氣體初始溫度tl=27℃,活塞位于氣缸中央，與底部的距離hl=60cm,活塞和氣缸間的摩擦不

計(jì)。

f

(1)若閥門K始終打開，電熱絲通電一段時(shí)間，穩(wěn)定后活塞與底部的距禺h2=66cm,持續(xù)30分鐘

后，試分析說明a內(nèi)新冠病毒能否被滅活？

(2)若閥門K始終閉合，電熱絲通電一段時(shí)間，給a缸內(nèi)氣體傳遞了Q=1.0xl04J的熱量，穩(wěn)定后氣

體a內(nèi)能增加了△U=8.5xlO3J,求此過程氣體b的內(nèi)能增加量。

答案解析部分

L【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第三定律；受力分析的應(yīng)用；豎直上拋運(yùn)動(dòng)；超重與失重

【解析】【解答】A、火箭受到重力和空氣阻力以及內(nèi)部燃料噴出時(shí)的作用力，故A錯(cuò)誤；

B、火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力為作用力和反作用力，二者大小相等，故

B正確；

C、火箭加速向上，故處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D、保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度，故做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】相互作用力等大，反向，作用在不同物體上。加速度向上，物體處于超重狀態(tài)。保溫泡沫塑料

從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度。

2.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；牛頓定律與圖象

【解析】【解答】AC.根據(jù)圖象可知，圓筒做勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度隨時(shí)間變化的關(guān)系式為3=t

圓筒邊緣線速度與物塊前進(jìn)速度大小相同，根據(jù)v=a)R得v=a>R=0.5t

物體運(yùn)動(dòng)的加速度a=黑=0彳產(chǎn)=0.5m/s2

根據(jù)牛頓第二定律得F-林mg=ma

解得細(xì)線的拉力大小為F=2x0.5+0.1x2x10=3N

AC不符合題意；

B.細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率P=Fv=3x0.5t=1.5t

B不符合題意；

D.物體的合力大小為F合=F—因ng=3-0.1x2x10=IN

在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為1=F合t=lx4=4N-s

D符合題意。

故答案為：D。

【分析】利用線速度的表達(dá)式結(jié)合加速度的定義式可以求出加速度的大小和速度和時(shí)間的關(guān)系，結(jié)合牛

頓第二定律可以求出拉力的大??；利用功率的表達(dá)式可以求出瞬時(shí)功率的大小；利用合力和時(shí)間可以求

出沖量的大小。

3.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用；對(duì)單物體（質(zhì)點(diǎn)）的應(yīng)用

【解析】【解答】如果mi、m2均靜止或mi沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，以mi、m2和斜面組成的整體為研究對(duì)

象，整體的為合力都為零，其受力情況如圖1,由平衡條件得知，地面對(duì)斜面沒有摩擦力.A符合題意,

B不符合題意.

圖1圖2

如果mi沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，將mi的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向如圖2,根據(jù)牛頓第二定律可

知，整體有水平向右分加速度，則地面對(duì)斜面有向右的摩榛力.C不符合題意.與C項(xiàng)同理可知，如果

mi沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)，其加速度沿斜面向下，整體有水平向左的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律得知，

地面對(duì)斜面有向左的摩榛力.D不符合題意.

故答案為：A.

【分析】利用整體的平衡方程可以判別地面沒有摩擦力的作用；利用整體法結(jié)合牛頓第二定律的合力方

向可以判別地面摩擦力的方向。

4.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)態(tài)平衡分析

【解析】【解答】A.物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以物體A受到的重力、推力F和物體A受斜面體B

的作用力，根據(jù)平衡條件可知物體A受斜面體B的作用力為FBA=J（zn4g2+產(chǎn)

減小推力F,物體A受斜面體B的作用力一定減小，A符合題意；

B.物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以物體A受到的重力、推力F、斜面體B對(duì)物體A的支持力和摩擦

力，設(shè)斜面的夾角為e,若斜面體B對(duì)物體A的摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)平衡條件在沿斜面方向

則有FcosO+f—mAgsinO=0

當(dāng)F減小時(shí)，物體A所受摩擦力增大；

若斜面體B對(duì)物體A的摩擦力方向沿斜面向下，根據(jù)平衡條件在沿斜面方向則有Fcosd-f-

mAgsind—0

當(dāng)F減小時(shí)，則物體A所受摩擦力減小，B不符合題意；

C.斜面體B始終處于平衡狀態(tài)，所以受到的合外力始終等于0,不變，C不符合題意；

D.視物體A和斜面體B為整體，在水平方向受到推力F和地面對(duì)斜面體B的摩擦力，根據(jù)平衡條件

可知水平方向受到推力F大小等于地面對(duì)斜面體B的摩擦力，當(dāng)F減小時(shí)，地面對(duì)斜面體B的摩擦力

也減小，D不符合題意；

故答案為：Ao

【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在重力、支持力、推力和摩擦力的作用下，物體處于平衡狀態(tài)，合力為

零，結(jié)合推力大小的變化分析其他力的變化。

5.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期

【解析】【解答】ABC、經(jīng)過①變化核電荷數(shù)減少2,為a衰變，經(jīng)過②變化質(zhì)量數(shù)沒有發(fā)生變化，為p

衰變，即故b=83+l=84,故ABC錯(cuò)誤；

D、經(jīng)過7次a衰變，則質(zhì)量數(shù)少28,電荷數(shù)少14,在經(jīng)過5次p衰變后，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加

5,此時(shí)質(zhì)量數(shù)為238-28=210,電荷數(shù)為92-14+5=83。故D正確。

故答案為：Do

【分析】熟悉掌握a粒子和B粒子的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)情況。物體發(fā)生核反應(yīng)，其核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量

數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒。

6.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；豎直平面的圓周運(yùn)動(dòng)；機(jī)械能守恒定律

【解析】【解答】AB、小鐵球在運(yùn)動(dòng)的過程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，其中鐵球受軌道的

磁性引力始終指向圓心且大小不變，支持力的方向過圓心，它們都始終與運(yùn)動(dòng)的方向垂直，所以磁力和

支持力都不能對(duì)小鐵球做功，只有重力會(huì)對(duì)小鐵球做功，所以小鐵球的機(jī)械能守恒，在最高點(diǎn)的速度最

小，在最低點(diǎn)的速度最大。小鐵球不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤，B正確；

C、小鐵球在運(yùn)動(dòng)的過程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，在最高點(diǎn)軌道對(duì)小鐵球的支持力的方

向可以向上，小鐵球的速度只要大于。即可通過最高點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D、小鐵球在最高點(diǎn)的速度恰好為0,而且到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)鐵球的支持力恰好等于。時(shí)，軌道對(duì)鐵

球的磁性引力最小。根據(jù)機(jī)械能守恒定律，小鐵球在最低點(diǎn)時(shí)的最小速度為

12

2mgR=

此時(shí)軌道對(duì)鐵球的支持力恰好等于0,則磁力與重力的合力提供向心力，即

mv2

F-mg=

聯(lián)立得

F=5mg

故D錯(cuò)誤。

故答案為B。

【分析】本題模型屬于豎直平面內(nèi)的雙軌道模型的變式。小球到達(dá)最高點(diǎn)的臨界速度為零，在最低點(diǎn)速

度最小，且支持力最小時(shí)，磁性引力最小。

7.【答案】A,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】質(zhì)譜儀和回旋加速器

【解析】【解答】AB、如圖所示

帶電粒子運(yùn)動(dòng)有3個(gè)子過程。兩種粒子要在電場(chǎng)中加速，則電場(chǎng)力方向相同。因電性不同，則電場(chǎng)方向

相反。粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度方向相同，在磁場(chǎng)中均向下偏轉(zhuǎn)，所受洛倫茲力方向相同，由左手定則知粒

子電性不同，則磁場(chǎng)方向不同，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、加速電場(chǎng)加速有

12

qU=vymv

乙

磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)有

mv2

qvB=———

解得

第二種粒子與第一種粒子是同位素，其電荷量q相同，若質(zhì)量比為弱，持電場(chǎng)電壓不變，則磁場(chǎng)磁感應(yīng)

強(qiáng)度需調(diào)整為

B2_1^2_[26

^I=J^I=A|27

若第二種粒子與第一種粒子的質(zhì)量比為與、電荷量比為保持磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，則電場(chǎng)電壓需調(diào)

整為

啊_

U2_Q2168

177=X^2=169

故CD正確。

故答案為：ACD。

【分析】確定粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)電場(chǎng)力和電場(chǎng)線的關(guān)系及左手定則確定電性及場(chǎng)強(qiáng)

方向和磁場(chǎng)方向的關(guān)系。根據(jù)質(zhì)譜儀規(guī)律確定磁感應(yīng)強(qiáng)度與比荷及電壓的關(guān)系，再結(jié)合題意進(jìn)行分析。

8.【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓定律與圖象

【解析】【解答】A.t=ls時(shí)，物體開始運(yùn)動(dòng)，故此時(shí)的拉力等于物體的最大靜摩擦力，故有/=尸=

L5N

A不符合題意；

B.根據(jù)牛頓第二定律有F-/=zna

代入F=6N,a=3m/s2得m=1.5kg

B符合題意；

C.在v-t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體的速度，則有v=X3x3m/s—4.5m/s

由動(dòng)量定理可得I=mAv=1.5x4.5N-s=6.75N-s

C符合題意；

D.在0~4s時(shí)間內(nèi),F的沖量為IF=慘x4N-s=12N-s

則摩擦力沖量為If=I-IF=(6.75-12)N-s=-5.25N-s

D不符合題意。

故答案為：BCo

【分析】利用圖像加速度等于?？梢郧蟪瞿Σ亮Φ拇笮?；結(jié)合牛頓第二定律可以求出質(zhì)量的大?。焕?/p>

面積可以求出速度的大小結(jié)合質(zhì)量可以求出合力沖量的大?。焕煤狭Φ臎_量結(jié)合拉力的沖量可以求出

摩擦力沖量的大小。

9.【答案】A,B,D

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)中的加速；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】由題意，某時(shí)刻發(fā)出的粒子都擊中的點(diǎn)是y軸上同一點(diǎn)，由最高點(diǎn)射出的只能擊中

(0,R),則擊中的同一點(diǎn)就是(0,R),即粒子擊中點(diǎn)距。點(diǎn)的距離為R,所以A選項(xiàng)正確。從最低點(diǎn)

射出的也擊中(0,R),那么粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R,由洛侖茲力提供向心力得：

qvB=m^-，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B嘴,所以B符合題意。粒子運(yùn)動(dòng)的半徑都相同，但是入射點(diǎn)不同，

則粒子離開磁場(chǎng)時(shí)的速度方向不同，C不符合題意；顯然偏轉(zhuǎn)角最大的時(shí)間最長，顯然從最低點(diǎn)射出的

粒子偏轉(zhuǎn)90。，在磁場(chǎng)中的時(shí)間最長，最長時(shí)間為〃=47+￡=4義辿+4=結(jié)型o從最高點(diǎn)直接

射向(0,R)的粒子時(shí)間最短，則最短的時(shí)間為土2=壟，所以D符合題意。

乙V

故答案為：ABDo

【分析】粒子在豎直方向上受電場(chǎng)力的方向而做加速運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)能定理求解速度，洛倫茲力提供向心

力做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子的運(yùn)初速度大小列方程求解軌道半徑即可。

10.【答案】A,B,E

【知識(shí)點(diǎn)】波的干涉現(xiàn)象；波的疊加

【解析】【解答】A、兩列波的頻率均為2Hz,可知周期為

T=-r=0.5s

故A正確；

B、質(zhì)點(diǎn)2是波谷與波谷疊加，則振動(dòng)加強(qiáng)，則質(zhì)點(diǎn)2的振幅為15cm,故B正確；

C、圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)1在波峰位置，位移為正向15cm；質(zhì)點(diǎn)2為波谷位置，位移為負(fù)向15cm,則此時(shí)質(zhì)點(diǎn)

1、2的豎直高度差為30cm,故C錯(cuò)誤；

D、圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)2在波谷，質(zhì)點(diǎn)5在波峰位置，質(zhì)點(diǎn)3正處于2和5的中間位置，由波的傳播方向與質(zhì)

點(diǎn)振動(dòng)方向的關(guān)系可知，質(zhì)點(diǎn)3處于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；

E、質(zhì)點(diǎn)5的振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為A=15cm,則從圖示的時(shí)刻起經(jīng)0.25s=0.5T,質(zhì)點(diǎn)5通過的路程為

2A=30cm,故E正確。

故答案為：ABEo

【分析】波谷與波谷疊加或波峰與波峰疊加，則該處振動(dòng)加強(qiáng)，振幅等于此時(shí)兩波振幅之和。根據(jù)時(shí)間

與周期的關(guān)系，確定質(zhì)點(diǎn)在該時(shí)間段內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程。

11.【答案】(1)B

(2)B；D

(3)1.6

(4)木塊、木板表面粗糙程度有差異；細(xì)線與滑輪摩擦或紙帶與計(jì)時(shí)器摩擦

【知識(shí)點(diǎn)】探究影響摩擦力的大小的因素

【解析】【解答】(1)由題知，重錘的質(zhì)量m=150g左右，動(dòng)摩擦因數(shù)四=0.30,設(shè)木塊的質(zhì)量為M,

為使木塊在重錘的拉動(dòng)下沿水平長木板做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律有

mg—[iMg=(m+M)a

解得

_mg—fiMg

a~m+M

根據(jù)長木板做勻加速運(yùn)動(dòng)，即a>0,可得

mg—iiMg>0

解得

M<500g

當(dāng)木塊的質(zhì)量M越小時(shí)，滑動(dòng)摩擦力越小，整體的加速度越大，在紙帶上打的點(diǎn)越少，則在計(jì)算加速度

時(shí)誤差較大，綜上分析可知，木塊質(zhì)量最合適的是260g,故B符合題意，ACD不符合題意；

故答案為：Bo

(2)A、實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故A錯(cuò)誤；

B、為保證木塊所受的拉力為細(xì)線的拉力，則應(yīng)調(diào)整定滑輪的高度使細(xì)線與木板平行，故B正確；

C、根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理

mg—%Mg=(m+M)a

可知不必滿足細(xì)線對(duì)木塊拉力與重錘重力大小近似相等，故C錯(cuò)誤；

D、假設(shè)木板光滑，對(duì)整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有

mg=(m+M)a

將(1)問中的m=150g,M=260g代入上式，可得加速度

az4m/s2

為減少誤差，計(jì)算方便，一般在紙帶上是每隔5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，即時(shí)間間隔

t=5x0.02s=0.1s

通常是取5至6個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則總時(shí)間為0.5s到0.6s,取最開始的計(jì)數(shù)點(diǎn)是從初速度為0開始的，根據(jù)位

移時(shí)間公式有

12

x=乙

乙

取t=0.5s計(jì)算可得

x=0.50m

取t=0.6s計(jì)算可得

x=0.72m

故為提高紙帶利用效率，減少實(shí)驗(yàn)誤差，木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右，故D正確。

故答案為：BD。

(3)由題知，每隔5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則時(shí)間間隔

t=5X0.02s=0.1s

根據(jù)

Ax=aT2

可得加速度為

(%06一%03)一%03

a=---------------------------

9產(chǎn)

由題知xo3=19.9Ocm,xo6=54.2Ocm,代入數(shù)據(jù)解得

a=1.6m/s2

(4)實(shí)驗(yàn)測(cè)得p=0.33,大于教材列表中的標(biāo)值，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析，可能存在的原因有：木塊、木板表

面粗糙程度有差異；細(xì)線與滑輪摩擦或紙帶與計(jì)時(shí)器摩擦。

【分析】根據(jù)牛頓第二定律確定木板加速度的表達(dá)式，結(jié)合加速度大于零確定木板質(zhì)量的范圍，再結(jié)合

測(cè)量的準(zhǔn)確性確定質(zhì)量的取值。根據(jù)計(jì)數(shù)點(diǎn)個(gè)數(shù)的要求，確定木塊釋放位置與滑輪的距離。摩擦系數(shù)比

標(biāo)值大，即所受實(shí)際摩擦力比理論值大，說明實(shí)驗(yàn)中還有系統(tǒng)摩擦未考慮或粗糙程度不準(zhǔn)確。

12.【答案】(1)負(fù)；7.0

(2)0.30A；0.75V

(3)400

【知識(shí)點(diǎn)】練習(xí)使用多用電表

【解析】【解答】(1)若測(cè)二極管的反向電阻，則電流從二極管的負(fù)極流入；又歐姆表的電流從A端流出，

A端與二極管的負(fù)極相接觸；根據(jù)刻度盤，得出示數(shù)為7。又選用了xlkQ擋，故二極管的反向電阻為

7.0kQo(2)若此時(shí)B端是與“1”相連的，則此時(shí)是大量程電流表，為直流1A檔，故此時(shí)每小格表示

0.02A,讀數(shù)為0.30A；若此時(shí)B端是與“4”相連的，則此時(shí)為小量程的電壓表，為直流電壓2.5V檔，故

此時(shí)每小格表示0.05V,讀數(shù)為0.75V。(3)由電路特點(diǎn),由題意知(500-200)xl0*>x(RI+R2)=200x10-

6X600

整理得RI+R2=400Q

【分析】(1)利用紅進(jìn)黑出可以判別二極管負(fù)極接A端；利用示數(shù)和檔數(shù)可以求出電阻的大?。?/p>

(2)利用電流表量程和分度值可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；利用電壓表量程和分度值可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；

(3)利用電表的改裝可以求出電阻的阻值大小。

13.【答案】(1)解：據(jù)題知，當(dāng)轉(zhuǎn)過角度剛好為45。時(shí)發(fā)生了全反射。臨界角為C=45。，則折射率n=

(2)解：光路如圖所示

解得『45。

根據(jù)反射定律知i'=30。，兩個(gè)光斑Si、S2之間的距離為L=Rtan45o+Rtan60o=(10+10V3)cm~27.3cm

【知識(shí)點(diǎn)】光的全反射；光的折射及折射定律

【解析】【分析】(1)通過幾何關(guān)系求出光的入射角和折射角，利用折射定律求解介質(zhì)的折射率；

(2)通過折射，大致畫出光的傳播路徑，結(jié)合光的折射定律和幾何關(guān)系求解距離。

14.【答案】(1)解：左管內(nèi)氣體初狀態(tài)：pi=86cmHg,Vi=20cm?S,Ti=300K

a、b活塞等高時(shí)狀態(tài)：pf=?,VJ=15cm?S,"=305K

由理想氣體狀態(tài)方程得平=球工

1111

解得pi%116.6cmHg

(2)解：右管內(nèi)氣體初狀態(tài)：p2=76cmHg,V2=10cm?S

f

a、b活塞等高時(shí)狀態(tài)：p2'=pi%116.6cmHg,V2=?

根據(jù)玻意耳定律得p2V2=P2'V2'

解得V2^6.5cm?S

故活塞下降的距離為h=10-(6.5-5)=8.5cm

【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程

【解析】【分析】(1)利用理想氣體的狀態(tài)方程可以求出壓強(qiáng)的大小；

(2)利用等溫變化的狀態(tài)方程結(jié)合幾何關(guān)系可以求出活塞下降的距離。

15.【答案】(1)解：設(shè)活塞橫截面積為S,則對(duì)a氣體，初態(tài)Vi=ShiT尸ti+273=300K；末態(tài)V2=Sh?

T2=t2+273①

閥門K打開，加熱過程a氣體做等壓變化，由蓋?呂薩克定律得金=知②

由①②得t2=57C③

因57℃>56℃,a內(nèi)病毒能被滅④

(2)解：閥門K閉合，由于系統(tǒng)絕熱，a氣體膨脹對(duì)b氣體做功，由熱力學(xué)第一定律有△Ua=Q+W⑤

由⑤式及代入數(shù)據(jù)得W=-1.5xlO3J@

對(duì)b氣體，由于系統(tǒng)絕熱，貝必Ub=|W|=L5xlO3j⑦

【知識(shí)點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用；氣體的等壓變化及蓋-呂薩克定律

【解析】【分析】(1)確定初末狀態(tài)密封氣體的體積及溫度，氣體做等壓變化，再根據(jù)蓋呂薩克定律進(jìn)行

解答；

(2)系統(tǒng)絕熱，即ab不發(fā)生熱傳遞。a氣體體積增大，a氣體對(duì)b氣體做功。根據(jù)熱力學(xué)第一定律確定

a氣體做功情況，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律確定b氣體內(nèi)能的變化情況。

試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分：100分

客觀題（占比）44.0(44.0%)

分值分布

主觀題（占比）56.0(56.0%)

客觀題（占比）10(66.7%)

題量分布

主觀題（占比）5(33.3%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量（占比）分值（占比）

多項(xiàng)選擇題：本題共

4小題，每小題5

分，共20分。在每

小題給出的四個(gè)選項(xiàng)

中，有多個(gè)選項(xiàng)是符4(26.7%)20.0(20.0%)

合題目要求的。全部

選對(duì)的得5分，選對(duì)

但不全的得3分，有

選錯(cuò)的得0分。

單項(xiàng)選擇題：本題共

6小題，每小題4

分，共24分。在每

6(40.0%)24.0(24.0%)

小題給出的四個(gè)選項(xiàng)

中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

計(jì)算題：本題共2小

題，共26分。把答

案寫在答題卡中指定

3(20.0%)38.0(38.0%)

的答題處，要求寫出

必要的文字說明、方

程式和演算步驟。

實(shí)驗(yàn)題：本題共2小

題，共18分。把答

案寫在答題卡中指定2(13.3%)18.0(18.0%)

的答題處，不要求寫

出演算過程。

3、試卷難度結(jié)構(gòu)分析

序號(hào)難易度占比

1