安徽省滁州市定遠重點中學2018屆高三物理12月階段性考試試題(含解析)

PAGE5-安徽省滁州市定遠重點中學2018屆高三物理12月階段性考試試題（含解析）一、選擇題1.a、b兩輛汽車沿同一直線運動，它們的x(位置)-t(時間)圖象如圖所示，則下列關于兩車運動情況的說法正確的是()A.前2s內兩車的位移相同B.t＝1s時兩車之間的距離最遠C.b車的加速度的大小為1m/s2D.第3s內兩車行駛的路程相同【答案】D【解析】試題分析：從圖中可知a的位移為4m，b的位移大小小于4m，故兩者的位移不同，A錯誤；t=1s時兩者在同一坐標點，即兩者相遇，B錯誤；位移時間圖像的斜率表示速度，故b做勻速直線運動，加速度為零，C錯誤；在第3s內兩者圖線的斜率相同，即速度大小相同，所以第3s內路程相同，D正確；考點：考查了位移時間圖像【名師點睛】關鍵掌握位移圖象的基本性質：橫坐標代表時刻，而縱坐標代表物體所在的位置，縱坐標不變即物體保持靜止狀態(tài)；位移時間圖像是用來描述物體位移隨時間變化規(guī)律的圖像，不是物體的運動軌跡，斜率等于物體運動的速度，斜率的正負表示速度的方向，質點通過的位移等于x的變化量2.如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板。質量為m、電荷量為－q的帶電粒子，以初速度v0由M板中間的小孔垂直金屬板進入電場中，不計粒子重力。當M、N間電壓為U時，帶電粒子恰好能夠到達M、N兩板間距的一半處并返回?，F(xiàn)將兩板間距變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子的初速度變?yōu)?v0，要使這個粒子剛好能夠到達N板，則兩板間的電壓應變?yōu)?)A.B.UC.2UD.4U【答案】C【解析】試題分析：第一次情況下：根據(jù)可得左極板到中點處的電勢差為，電場力做負功，根據(jù)動能定理可得；第二種情況下：要使這個粒子剛好能夠到達N板，即到達N板時速度為零，根據(jù)動能定理可得，聯(lián)立即得，C正確；考點：考查了帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】帶電粒子在電場中的運動，綜合了靜電場和力學的知識，分析方法和力學的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運動狀態(tài)和運動過程（平衡、加速、減速，直線或曲線），然后選用恰當?shù)囊?guī)律解題．解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運動的觀點，選用牛頓第二定律和運動學公式求解；第二種利用能量轉化的觀點，選用動能定理和功能關系求解3.一位網(wǎng)球運動員以拍擊球，使網(wǎng)球沿水平方向飛出。第一只球落在自己一方場地的B點，彈跳起來后，剛好擦網(wǎng)而過，落在對方場地的A點，如圖所示。第二只球直接擦網(wǎng)而過，也落在A點。設球與地面的碰撞過程沒有能量損失，且運動過程不計空氣阻力，則兩只球飛過球網(wǎng)C處時水平速度之比為()A.1∶1B.1∶3C.3∶1D.1∶9【答案】B【解析】試題分析：兩種情況下拋出的高度相同，所以第一種情況下落到B點所用的時間等于第二中情況下落到A點所用時間，根據(jù)豎直上拋和自由落體的對稱性可知第一種情況下所用時間為，第二種情況下所用時間為，由于一、二兩球在水平方向均為勻速運動，水平位移大小相等，設它們從O點出發(fā)時的初速度分別為，由得，即，B正確；考點：考查了拋體運動規(guī)律的應用【名師點睛】本題是較為復雜的平拋運動問題，考查解決復雜物理問題的能力．對于斜拋運動，可以等效看成兩個平拋運動組成的．難度適中．8.近年來，全球家用電視機正在更新?lián)Q代，老式的電視陰極射線管正在被新型的平面液晶顯示器所替代。電視機顯像管中需要用變化的磁場來控制電子束的偏轉。電子束經(jīng)過加速電場后，進入一圓形勻強磁場區(qū)，如圖所示。磁場方向垂直于圓面，磁場區(qū)的中心為O，半徑為r，當不加磁場時，電子束將通過O點而打到屏幕的中心M點，加磁場后電子束偏轉到P點外側?，F(xiàn)要使電子束偏轉回到P點，可行的辦法是()A.增加偏轉磁場的磁感應強度B.增大加速電壓C.將圓形磁場的半徑增大些D.將圓形磁場區(qū)域向屏幕靠近些【答案】BD【解析】電子在加速電場中，根據(jù)動能定理得，得到，電子進入磁場過程，由得，電子的軌跡半徑為，磁場的半徑為r，電子經(jīng)過磁場后速度的偏向角為θ，根據(jù)幾何知識得A、增加偏轉磁場的磁感應強度，電子的軌跡半徑R減小，電子經(jīng)過磁場后速度的偏向角為θ變大，電子束偏轉位移增大，故A錯誤；B、增大加速電壓，電子的軌跡半徑R增大，電子經(jīng)過磁場后速度的偏向角為θ變小，電子束偏轉位移減小，故B正確；C、將圓形磁場的半徑r增大些，電子經(jīng)過磁場后速度的偏向角為θ變大，電子束偏轉位移增大，故C錯誤；D、將圓形磁場區(qū)域向屏幕靠近些，L減小，電子經(jīng)過磁場后速度的偏向角為θ不變，電子束偏轉位移減小，故D正確；故選BD。二、非選擇題9.力學中很多實驗都有相通之處，如圖所示的實驗裝置就可完成驗證牛頓第二定律等多個實驗。(1)用如圖所示裝置完成的下列實驗中不需要平衡摩擦力的是________。A．探究動能定理B．測定勻變速直線運動的加速度C．驗證牛頓第二定律D．測定動摩擦因數(shù)(2)某同學用此裝置來探究加速度與力、質量的關系，小車及車內砝碼總質量為M，小吊盤及盤內砝碼總質量為m，利用紙帶求出的加速度為a，則當M與m的關系滿足________時，可認為輕繩對小車的拉力大小等于小吊盤及盤內砝碼的總重力。(3)該同學在保持小車及車內砝碼總質量M一定的條件下，探究加速度a與所受外力F的關系，由于沒有平衡摩擦力，得到的a-F圖線應為________?！敬鸢浮?1).(1)BD(2).(2)M?m(3).(3)C【解析】(1)在驗證牛頓第二定律、探究動能定理實驗中，都是讓輕繩的拉力充當小車所受的合外力，所以都需要平衡摩擦力，實驗中不需要平衡摩擦力的是測定勻變速直線運動的加速度、測定動摩擦因數(shù)，故選BD。(2)由牛頓第二定律可知，對小車及車內砝碼：T＝Ma，對整體：mg＝(m＋M)a，聯(lián)立可得，所以只有當M?m時，T≈mg(3)沒有平衡摩擦力，說明當外力大于最大靜摩擦力時，小車才有加速度，故AB錯誤；D圖發(fā)生彎曲說明加速度與外力不成正比，即沒有滿足M?m，故D錯誤，C正確。10.要測量電壓表的內阻RV，其量程為2V，內阻約2kΩ。實驗室提供的器材有：電流表(量程0.6A，內阻約0.1Ω)電壓表(量程5V，內阻約5kΩ)定值電阻R1(阻值30Ω)定值電阻R2(阻值3kΩ)滑動變阻器R3(阻值100Ω，額定電流1.5A)電源E(電動勢6V，內阻約0.5Ω)開關S一個，導線若干(1)有人擬將待測電壓表和電流表串聯(lián)接入電壓合適的測量電路中，測出的電壓和電流，再計算出RV。該方案實際上不可行，其最主要的原因是_________________________________________。(2)請從上述器材中選擇必要的器材，設計一個測量電壓表的內阻RV的實驗電路．要求測量盡量準確，實驗須在同一電路中，且在不增減元件的條件下完成。試畫出符合要求的實驗電路圖(圖中電源與開關已連好)，并標出所選元件的相應字母代號__________。(3)由上問寫出電壓表內阻RV的表達式，說明式中各測量量的物理意義_________。【答案】(1).(1)電流表不能準確測量出流過電壓表的電流(2).(2)實驗電路如圖所示；(3).(3)RV＝，U1表示的電壓，U2表示和R2串聯(lián)的總電壓?！窘馕觥吭囶}分析：①最主要的原因是電流表A不能準確測量出流過電壓表V1的電流，測量值遠小于量程②測量電壓表V1內阻的實驗電路如圖所示，根據(jù)的是串聯(lián)分壓的原理③由兩電壓表支路電壓相同，可知考點：考查串并聯(lián)關系點評：本題難度較小，在選擇電壓表與電流表時特別要注意的是電表的量程的選擇，量程不能太大，否則測量誤差較大，太小不能完成實驗要求視頻11.如圖所示，在光滑水平地面上放置質量M＝2kg的長木板，木板上表面與固定的豎直弧形軌道相切。一質量m＝1kg的小滑塊自A點沿弧面由靜止滑下，A點距離長木板上表面高度h＝0.6m。滑塊在木板上滑行t＝1s后，和木板以共同速度v＝1m/s勻速運動，取g＝10m/s2。求：(1)滑塊與木板間的摩擦力大??；(2)滑塊沿弧面下滑過程中克服摩擦力做的功；(3)滑塊相對木板滑行的距離?！敬鸢浮?1)2N；(2)1.5J；(3)1.5m【解析】(1)對木板…………1分由運動學公式，有……1分解得……………1分(2)對滑塊………1分設滑塊滑上木板時的初速度為v0，由公式……………1分解得滑塊沿弧面下滑的過程，由動能定理得…………2分可得滑塊克服摩擦力做功為…1分(3)t=1s內木板的位移……1分此過程中滑塊的位移…………1分故滑塊相對木板滑行距離…………1分12.如圖所示，坐標平面第Ⅰ象限內存在大小為E＝4×105N/C、方向水平向左的勻強電場，在第Ⅱ象限內存在方向垂直紙面向里的勻強磁場。質量與電荷量之比為＝4×10－10kg/C的帶正電粒子從x軸上的A點以初速度v0＝2×107m/s垂直x軸射入電場，OA＝0.2m，不計重力。求：(1)粒子經(jīng)過y軸時的位置到原點O的距離。(2)若要求粒子不能進入第Ⅲ象限，求磁感應強度B的取值范圍。(不考慮粒子第二次進入電場后的運動情況).【答案】(1)0.4m(2)B≥(2＋2)×10－2T【解析】試題