（沖刺高考）2024年山東省高考物理模擬試題（二）

（沖刺高考）2024年山東省高考物理模擬試題（二）一、單選題1．三星堆遺址考古入選世界重大田野考古發(fā)現(xiàn)。三星堆古遺址距今已有3000至5000年歷史，昭示長江流域與黃河流域一樣同屬中華文明的母體。利用14C衰變測定年代技術(shù)進(jìn)行考古研究，可以確定文物的大致年代，14C衰變方程為，14C的半衰期是5730年，下列說法中正確的是（

）A．方程中的X是電子，它是碳原子電離時(shí)產(chǎn)生的，是原子的組成部分B．方程中的X是中子，來源于原子核C．文物所埋藏的環(huán)境會(huì)影響的半衰期，進(jìn)而對推算年代造成影響D．若、、X的質(zhì)量分別是、、，一個(gè)發(fā)生衰變釋放能量為2．如圖所示，一種戶外野炊便攜式三腳架，由三根完全相同的輕桿通過鉸鏈組合在一起，每根桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動(dòng)。三根桿與豎直方向的夾角均為37°，吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為m，支架與鉸鏈之間的摩擦忽略不計(jì)，則（

）A．每根輕桿中的彈力大小為B．三角架所受合力大小為C．每根桿與地面的摩擦力大小為D．減小桿與豎直方向夾角時(shí)，每根桿受地面的作用力增大3．如圖所示，有一束平行于等邊三棱鏡截面ABC的復(fù)色光從空氣射向AC邊的中點(diǎn)D，入射方向與AC邊的夾角為，經(jīng)三棱鏡折射后分為a、b兩束單色光，單色光a折射到BC邊的中點(diǎn)E，單色光b折射到F點(diǎn)，則下列說法中正確的是（

）A．若a光是黃光，則b光可能是藍(lán)光B．若兩束光分別通過相同的雙縫裝置，a光的條紋間距大于b光的條紋間距C．入射光線從DC之間且垂直AC邊射入，則a光不能從BC邊射出D．用a、b光分別照射同一種金屬，若a光能發(fā)生光電效應(yīng)，則b光也一定能發(fā)生光電效應(yīng)4．如圖所示ab端接入電壓恒定的正弦交流電，其中電表均為理想電表，變壓器為理想變壓器，導(dǎo)線電阻不計(jì)。將滑動(dòng)變阻器滑片P向下滑動(dòng)過程中（

）A．兩端電壓不變 B．電流表示數(shù)減小C．電壓表示數(shù)增大 D．消耗的電功率增大5．華為mate60實(shí)現(xiàn)了手機(jī)衛(wèi)星通信，只要有衛(wèi)星信號覆蓋的地方，就可以實(shí)現(xiàn)通話。如圖所示三顆赤道上空的通信衛(wèi)星就能實(shí)現(xiàn)環(huán)赤道全球通信，已知三顆衛(wèi)星離地高度均為h，地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G，下列說法正確的是（

）A．三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬有引力的大小一定相等B．其中一顆質(zhì)量為m的通信衛(wèi)星的動(dòng)能為C．能實(shí)現(xiàn)赤道全球通信時(shí)，衛(wèi)星離地高度至少為D．同一衛(wèi)星在高軌道的動(dòng)能大于在低軌道的動(dòng)能6．一傾角為的絕緣光滑斜面處在與斜面平行的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。質(zhì)量為m，電荷量為的小球，以初速度從N點(diǎn)沿NM邊水平射入磁場。已知斜面的高度為h且足夠?qū)挘∏蚴冀K未脫離斜面。則下列說法正確的是（

）A．小球在斜面上做變加速曲線運(yùn)動(dòng)B．小球到達(dá)底邊的時(shí)間為C．小球到達(dá)底邊的動(dòng)能為D．勻強(qiáng)磁場磁感強(qiáng)度的取值范圍7．如圖甲所示，質(zhì)量分別為、的A、B兩物體用輕彈簧連接構(gòu)成一個(gè)系統(tǒng)，外力F作用在A上，系統(tǒng)靜止在光滑水平面上（B靠墻面），此時(shí)彈簧形變量為x，撤去外力并開始計(jì)時(shí)，A、B兩物體運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，表示0到時(shí)間內(nèi)圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小，、分別表示到時(shí)間內(nèi)A、B的圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小，A在時(shí)刻的速度。下列說法正確的是（

）A．0到時(shí)間內(nèi)，墻對A、B系統(tǒng)的沖量等于B．C．時(shí)刻彈簧的形變量最大且D．時(shí)刻運(yùn)動(dòng)后，彈簧的最大形變量等于x8．如圖所示為一乒乓球臺的縱截面，AB是臺面的兩個(gè)端點(diǎn)位置，PC是球網(wǎng)位置，D、E兩點(diǎn)滿足，且E、M、N在同一豎直線上。第一次在M點(diǎn)將球擊出，軌跡最點(diǎn)恰好過球網(wǎng)最高點(diǎn)P，同時(shí)落在A點(diǎn)；第二次在N點(diǎn)將同一球水平擊出，軌跡同樣恰好過球網(wǎng)最高點(diǎn)P，同時(shí)落到D點(diǎn)。球可看做質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力作用，則兩次擊球位置到桌面的高度之比為（）A． B． C． D．二、多選題9．如圖甲所示，a、b兩束單色光分別沿不同方向射向橫截面為半圓形玻璃磚的圓心O，已知a光剛好發(fā)生全反射，b光的折射光線（反射光線未畫出）剛好與a光的反射光線重疊。分別將這兩束單色光射向圖乙所示的裝置，僅有一束光能發(fā)生光電效應(yīng)。調(diào)節(jié)滑片P的位置，當(dāng)電流表示數(shù)恰好為零時(shí)，電壓表示數(shù)為Uc。已知K極板上金屬的極限頻率為v?，電子電荷量的絕對值為e，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A．若將b光沿a光的光路射向O點(diǎn)，b光也能發(fā)生全反射B．用同一雙縫做光的干涉實(shí)驗(yàn)，a光產(chǎn)生的干涉條紋間距比b光的大C．a(chǎn)光的光子能量為D．用圖乙測量遏止電壓，滑片P應(yīng)從圖示位置向左端滑動(dòng)10．位于和處的兩波源都只做了一次全振動(dòng)，形成兩列分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播的簡諧橫波，振幅均為時(shí)刻的波形如圖甲所示，此時(shí)波剛好傳到M、N兩點(diǎn)，M、P、Q、N在x軸上的坐標(biāo)分別為1cm、3cm、5cm、9cm，平衡位置在M處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．時(shí)，平衡位置在M處的質(zhì)點(diǎn)剛好運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)B．時(shí)，平衡位置在Q處的質(zhì)點(diǎn)的位移為C．P處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)過程中的最大位移大小為5cmD．平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)在振動(dòng)過程中通過的總路程為10cm11．如圖所示，ABCD是正四面體，虛線圓為三角形ABD的內(nèi)切圓，切點(diǎn)分別為M、N、P，O為圓心，正四面體的頂點(diǎn)A、B和D分別固定有電荷量為，和的點(diǎn)電荷，下列說法正確的是（）A．M、P兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B．M、O、N、P四點(diǎn)的電勢C．將帶正電的試探電荷由O點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢能先增大后減小D．將固定在D點(diǎn)的點(diǎn)電荷移動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功為零12．如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端分別栓接甲、乙兩木塊，并豎直停放在水平桌面上。現(xiàn)用一豎直向下的外力F將木塊乙緩慢壓至某位置，然后撤去外力F，木塊乙由靜止向上運(yùn)動(dòng)，最終木塊甲恰好未離開桌面。已知木塊甲質(zhì)量為m，木塊乙質(zhì)量為2m，彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A．木塊乙上升過程中機(jī)械能一直增加B．彈簧的最大壓縮量為C．木塊甲對桌面的最大壓力大小為5mgD．外力F對木塊乙做的功為三、實(shí)驗(yàn)題13．某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的裝置來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。左側(cè)鐵架臺的橫桿上固定一拉力傳感器，將小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）用不可伸長的細(xì)線懸掛在傳感器上。右側(cè)有兩個(gè)豎直桿固定在底座上，桿上分別裝有刻度尺和激光筆，激光筆保持水平。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①使小球自由靜止在最低點(diǎn)，記錄此時(shí)拉力傳感器的示數(shù)；②借助激光束調(diào)節(jié)刻度尺的零刻線與小球相平；③借助激光筆測出懸點(diǎn)O與之間的高度差L；④將激光筆向下移動(dòng)到某位置，讀出此時(shí)激光束與高度差h，并記為。把小球拉至該高度處（并使細(xì)線處于伸直狀態(tài)），由靜止釋放小球，讀出小球下擺過程中拉力傳感器最大示數(shù)F，并記為；⑤改變激光筆的高度重復(fù)步驟④，實(shí)驗(yàn)過程中h均小于L；⑥測出多組F和h的數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上做出圖像如圖乙所示。(1)由題中信息可知，小球從高處擺到最低點(diǎn)的過程中重力勢能的減少量為，小球動(dòng)能的增加量為。（用題中所給物理量符號表示）(2)測得圖像的斜率為k，如果該過程滿足機(jī)械能守恒定律，則。（用題中所給物理量符號表示）14．某學(xué)習(xí)小組用放電法測量電容器的電容，所用器材如下：電池（電動(dòng)勢為3V，內(nèi)阻不計(jì)）；待測電容器（額定電壓為5V，電容值未知）；微安表（量程為200μA，內(nèi)阻未知）；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為20Ω）；電阻箱、、、（最大阻值均為9999.9Ω）；定值電阻（阻值為5.0kΩ）；單刀單擲開關(guān)、，單刀雙擲開關(guān)；導(dǎo)線若干。（1）學(xué)習(xí)小組先測量微安表內(nèi)阻，按圖甲連接電路。（2）為保護(hù)微安表，實(shí)驗(yàn)開始前先斷開開關(guān)、，滑動(dòng)變阻器R的滑片應(yīng)置于最（填“左”或“右”）端。（3）將電阻箱、、的阻值均置于1000.0Ω，滑動(dòng)變阻器R的滑片置于適當(dāng)位置。閉合開關(guān)保持、阻值不變，反復(fù)調(diào)節(jié)，使開關(guān)閉合前后微安表的示數(shù)不變。記錄此時(shí)的示數(shù)為1500.0Ω，則微安表的內(nèi)阻為Ω。（4）按照圖乙所示連接電路，將電阻箱阻值調(diào)至750.0Ω，開關(guān)擲于位置1，待電容器充電完成后，再將開關(guān)擲于位置2，記錄微安表電流I隨時(shí)間t的變化情況，得到如圖丙所示的圖像。圖丙每個(gè)最小方格面積所對應(yīng)的電荷量為C。某同學(xué)數(shù)得曲線下包含150個(gè)這樣的小方格，則電容器的電容為F。四、解答題15．2023年12月21日，神舟十七號航天組完成了天和核心艙太陽翼修復(fù)任務(wù)。如圖所示，氣閘艙有兩個(gè)氣閘門，內(nèi)閘門A與核心艙連接，外閘門B與外太空連接。氣閘艙容積，核心艙容積，開始?xì)忾l艙和核心艙的氣壓都為（標(biāo)準(zhǔn)大氣壓）。航天員要到艙外太空行走，需先進(jìn)入氣閘艙。為節(jié)省氣體，用抽氣機(jī)將氣閘艙內(nèi)的氣體抽到核心艙內(nèi)，當(dāng)氣閘艙氣壓降到和外太空氣壓相同時(shí)才能打開外閘門B，該過程中兩艙溫度不變，不考慮漏氣、新氣體產(chǎn)生、航天員進(jìn)出艙對氣體的影響。求：（1）當(dāng)氣閘艙的壓強(qiáng)降至?xí)r，從氣閘艙抽出的氣體與原來氣體的質(zhì)量之比；（2）內(nèi)閘門A的表面積是S，每次抽氣的體積為，抽氣后抽氣機(jī)內(nèi)氣體壓強(qiáng)與氣閘艙內(nèi)剩余氣體壓強(qiáng)相等，第1次抽氣到核心艙后，兩艙氣體對內(nèi)閘門A的壓力差大小。16．跑酷，又稱自由奔跑，是一種結(jié)合了速度、力量和技巧的極限運(yùn)動(dòng)。如圖甲所示為一城墻的入城通道，通道寬。一質(zhì)量的跑酷愛好者從左墻根由靜止開始正對右墻做加速運(yùn)動(dòng)，加速到A點(diǎn)斜向上躍起，到達(dá)右墻壁B點(diǎn)時(shí)豎直速度恰好為零，B點(diǎn)距地面高，然后立即蹬右墻壁，使水平速度變?yōu)榈却蠓聪颍@得一豎直向上的速度，恰能躍到左墻壁的C點(diǎn)，C點(diǎn)與B點(diǎn)等高，飛躍過程中人距地面的最大高度為，重力加速為g，可認(rèn)為整個(gè)過程中人的姿態(tài)不發(fā)生變化，如圖乙所示，求：（1）人蹬墻后的水平速度大?。唬?）人加速助跑的距離s。17．現(xiàn)代科學(xué)研究中，經(jīng)常用磁場和電場約束帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示，有一棱長為L的正方體電磁區(qū)域abcd-efgh，以棱ef中點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立三維坐標(biāo)系Oxyz，正方體電磁區(qū)域內(nèi)充滿沿z軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，在O點(diǎn)有一粒子源，沿x軸正方向發(fā)射不同速率的帶電粒子，粒子質(zhì)量均為m，電荷量均為。已知速度大小為的粒子，恰從坐標(biāo)點(diǎn)飛出（圖中未標(biāo)出），不計(jì)粒子的重力。求（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；（2）電場強(qiáng)度大小E；（3）從正方體上表面abcd飛出的粒子速率范圍。18．如圖所示，在傾角為的斜面上有一型木板A，在其上表面放有一滑塊B，A、B的質(zhì)量相同，開始保持滑塊和木板靜止在斜面上，滑塊B到木板前端擋板P的距離，木板前端到斜面底端擋板Q的距離為，木板與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，木板上表面光滑，釋放滑塊B，已知滑塊與木板間的碰撞為彈性碰撞且時(shí)間極短，木板A滑到斜面底端與擋板Q碰撞后速度立即變?yōu)榱?，整個(gè)過程滑塊未脫離木板，取，，求：（1）滑塊第一次與木板撞擊時(shí)的速度大??；（2）經(jīng)多長時(shí)間木板與擋板Q發(fā)生碰撞；（3）木板的長度至少為多長。參考答案：1．D【詳解】AB．在核反應(yīng)方程中，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X是電子，它是核反應(yīng)產(chǎn)生的，來源于原子核，不是電離產(chǎn)生的，A、B錯(cuò)誤；C．放射性元素的半衰期非常穩(wěn)定，不受環(huán)境影響，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)質(zhì)能方程可知，該反應(yīng)釋放的能量D正確。故選D。2．C【詳解】A．以吊鍋和鐵鏈為研究對象，設(shè)每根桿的彈力為，在豎直方向，根據(jù)平衡條件有解得而每根桿受到地面對其的作用力應(yīng)與平衡，由此可知，每根桿受到地面的作用力大小為，故A錯(cuò)誤；B．三角支架處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，所受合力為0，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第三定律可知，每根桿對地面的作用力的大小為，則由平衡條件可得，每根桿與地面間的摩擦力大小故C正確；D．對便攜式三腳架與吊鍋整體進(jìn)行分析有解得根據(jù)牛頓第三定律有即減小桿與豎直方向夾角時(shí)，每根桿對地面壓力不變，而，解得減小桿與豎直方向夾角時(shí)，每根桿對地面摩擦力減小，故每根桿受地面的作用力應(yīng)減小，故D錯(cuò)誤。故選C。3．C【詳解】A．由圖可知，單色光a偏折到BC邊的中點(diǎn)E，單色光b偏折到F點(diǎn)，棱鏡對a光的偏折程度大于b光，由，可知a光的折射率較大。若a光是黃光，則b光不可能是藍(lán)光，故A錯(cuò)誤；B．棱鏡對a光的折射率較大，則a光的波長小于b光的波長，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知，分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意可知a光在AC面上的入射角，則棱鏡對單色光a的折射率為根據(jù)可知當(dāng)入射方向與邊AC垂直時(shí)，光線在BC邊上的入射角則所以a光在BC邊發(fā)生全反射，a光不能從BC邊射出，故C正確；D．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程由于a光的折射率大，頻率較高，若a光能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光不一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選C。4．D【詳解】將滑動(dòng)變阻器滑片P向下滑動(dòng)過程中，可知滑動(dòng)變阻器接入電阻阻值減小，則副線圈總電阻減小，把變壓器和副線圈全部負(fù)載看成一個(gè)等效電阻，則等效電阻減小，根據(jù)歐姆定律可得可知原線圈電流增大，則兩端電壓增大，原線圈輸入電壓減小，根據(jù)，可知副線圈輸出電壓減小，副線圈電流增大；則兩端電壓減小，電流表示數(shù)增大；由于通過的電流減小，則通過的電流增大，消耗的電功率增大；由于兩端電壓增大，則兩端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小。故選D。5．B【詳解】A．根據(jù)萬有引力的公式可知，由于不知道三顆衛(wèi)星的質(zhì)量大小，因此不能確定三顆衛(wèi)星所受地球萬有引力大小的關(guān)系，故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力有可得衛(wèi)星的線速度則該衛(wèi)星的動(dòng)能而對于環(huán)繞地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的物體有可得則可得該物體的動(dòng)能而顯然對于同一顆衛(wèi)星，軌道半徑越大，其動(dòng)能越小，因此同一衛(wèi)星在高軌道的動(dòng)能小于在低軌道的動(dòng)能，故B正確，D錯(cuò)誤；C．若恰能實(shí)現(xiàn)赤道全球通信時(shí)，此時(shí)這三顆衛(wèi)星兩兩之間與地心連線的夾角為，每顆衛(wèi)星與地心的連線和衛(wèi)星與地表的切線以及地球與切點(diǎn)的連線恰好構(gòu)成直角三角形，根據(jù)幾何關(guān)系可知，此種情況下衛(wèi)星到地心的距離為則衛(wèi)星離地高度至少為故C錯(cuò)誤。故選B。6．B【詳解】A．小球運(yùn)動(dòng)過程中，小球受到的洛倫茲力、重力恒定不變，則小球受到的合力不變，且合力方向與初速度方向不在同一直線上，故小球在斜面上做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，在NM方向上，小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在斜面方向上，小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則小球的加速度為解得小球到達(dá)底邊的時(shí)間為故B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理，小球到達(dá)底邊的動(dòng)能為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)左手定則，小球受到的洛倫茲力垂直斜面向上，為使小球不脫離斜面，則解得勻強(qiáng)磁場磁感強(qiáng)度的取值范圍為故D錯(cuò)誤。故選B。7．A【詳解】A．由圖像可知，在時(shí)刻彈簧恢復(fù)到原長，0到時(shí)間內(nèi)，對A、B系統(tǒng)由動(dòng)量定理即墻對A、B系統(tǒng)的沖量等于，選項(xiàng)A正確；B．時(shí)間內(nèi)，彈簧從原長位置到伸長到最長，由圖可知該過程中根據(jù)可知選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由以上分析可知，時(shí)刻彈簧的形變量最大且選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．時(shí)刻運(yùn)動(dòng)后，時(shí)刻彈簧的形變量最大，由能量關(guān)系可知可知彈簧的最大形變量小于x，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。8．A【詳解】第一次球做斜拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)，，則根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有聯(lián)立可得第二次球做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)平拋的初速度為，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有聯(lián)立可得則兩次擊球位置到桌面的高度之比為故選A。9．CD【詳解】A．由光路可知?jiǎng)t即則若將b光沿a光的光路射向O點(diǎn)，b光不能發(fā)生全反射，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因，則用同一雙縫做光的干涉實(shí)驗(yàn)，根據(jù)可知，a光產(chǎn)生的干涉條紋間距比b光的小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因a光的頻率大于b光，則a束光能發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的光子能量為選項(xiàng)C正確；D．用圖乙測量遏止電壓，即給光電管加反向電壓，則滑片P應(yīng)從圖示位置向左端滑動(dòng)，選項(xiàng)D正確。故選CD。10．BC【詳解】A．根據(jù)圖甲可知波長為，根據(jù)圖乙可知周期為，則波速為則時(shí)，左邊的波向右傳播的距離為即M點(diǎn)的振動(dòng)形式剛好傳到P點(diǎn)，但質(zhì)點(diǎn)M只能在平衡位置附近上下振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)不能隨波遷移，故A錯(cuò)誤；B．兩列波的起振點(diǎn)到Q點(diǎn)的距離為，則起振傳到Q點(diǎn)需要的時(shí)間為因時(shí)間為剩下的時(shí)間Q點(diǎn)同時(shí)向下起振，到達(dá)波谷，則Q處的質(zhì)點(diǎn)的位移為兩個(gè)振幅的的長度，即為，故B正確；C．根據(jù)題意可知，當(dāng)沿正向傳播的波剛離開P點(diǎn)時(shí)，沿x軸負(fù)方向傳播的波剛好傳到P點(diǎn)，以后P點(diǎn)只參與沿x軸負(fù)向傳播的波引起的振動(dòng)，故P點(diǎn)最大位移為振幅值，即5cm，故C正確；D．平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)參與兩列完整的波振動(dòng)，則在振動(dòng)過程中通過的總路程為40cm，故D錯(cuò)誤。故選BC。11．BD【詳解】A．根據(jù)題意，由對稱性可知，M、P兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢面的分布特點(diǎn)可知，在A、B兩處的正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，M、P兩點(diǎn)的電勢相等，且N點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)的電勢，O點(diǎn)的電勢高于和M、P點(diǎn)的電勢；在D點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，N點(diǎn)的電勢高于O點(diǎn)的電勢，O點(diǎn)的電勢高于M、P兩點(diǎn)的電勢，M、P兩點(diǎn)的電勢相等，綜上所述，可知故B正確；C.根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢面的分布特點(diǎn)可知，在A、B兩處的正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，連線為等勢線，在D點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，從到電勢逐漸變大，綜上所述，可知從到電勢逐漸變大，將帶正電的試探電荷由O點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢能一直增大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢面的分布特點(diǎn)可知，在A、B兩處的正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，C、D兩點(diǎn)的電勢相等，則將固定在D點(diǎn)的點(diǎn)電荷移動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功為零，故D正確。故選BD。12．BD【詳解】A．木塊乙上升過程中，開始時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，后來彈簧處于伸長狀態(tài)，則彈簧的彈性勢能先減小后增大；而整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，彈簧的彈性勢能與木塊乙的機(jī)械能相互轉(zhuǎn)化，所以木塊乙的機(jī)械能先增大后減小，A錯(cuò)誤；B．當(dāng)木塊乙靜止時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，其彈力等于木塊乙的重力，即解得當(dāng)木塊甲恰好未離開桌面，此時(shí)彈簧處于伸長狀態(tài)，彈力等于木塊甲重力，即解得則木塊乙上升的最高位置距開始靜止點(diǎn)的距離為根據(jù)對稱性可知彈簧的最大壓縮量為B正確；C．木塊甲對桌面的最大壓力大小C錯(cuò)誤；D．選彈簧的最大壓縮時(shí)為零勢能面，根據(jù)能量守恒可知解得D正確。故選BD。13．(1)(2)【詳解】（1）[1]對小球，根據(jù)平衡條件可得小球從高處擺到最低點(diǎn)的過程中重力勢能的減少量[2]小球在最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律又聯(lián)立可得小球動(dòng)能的增加量（2）根據(jù)牛頓第二定律可得若滿足機(jī)械能守恒定律，則聯(lián)立可得整理可得若測得圖像的斜率為則該過程滿足機(jī)械能守恒定律。14．左1500.0【詳解】（2）[1]由題圖可知，滑動(dòng)變阻器為分壓式接入電路，為了保護(hù)電路在實(shí)驗(yàn)開始前，其滑片應(yīng)該置于左端。（3）[2]由實(shí)驗(yàn)電路圖可知，該測量方法屬于電橋法測量電阻，由于開關(guān)閉合前后，微安表示數(shù)不變，所以有解得（4）[3]圖中最小放個(gè)面積所對應(yīng)的電荷量為[4]由題意可知，充電后電容器的電壓與電源電動(dòng)勢相同，即3V，由于一個(gè)小格代表的電荷量為，圖像共150個(gè)小格，所以通過微安表的電荷量為由題意可知，流過的電流是微安表的3倍，則根據(jù)電容的定義式可知電容器的電容為15．（1）；（2）【詳解】（1）根據(jù)題意，設(shè)抽出氣體的體積為，抽出氣體前后，由玻意耳定律有從氣閘艙抽出的氣體與原來氣體的質(zhì)量之比聯(lián)立解得（2）第一次對氣閘艙抽氣后氣閘艙氣壓變?yōu)?，由玻意耳定律有解得第一次對核心艙充氣后，核心艙氣壓變?yōu)?，則有解得兩艙氣體對內(nèi)閘門A的壓力差16．（1）；（2）【詳解】(1)設(shè)人蹬墻后的水平速度大小為，從B到C做斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向有豎直方向有由聯(lián)立得(2)人從A點(diǎn)跳起到B點(diǎn)的過程中，逆過程為平拋運(yùn)動(dòng)，則水平方向，豎直方向解得，由題意可知,人加速助跑的距離17．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）帶電粒子在勻強(qiáng)磁場的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子從O點(diǎn)開始沿x軸正方向發(fā)射，其勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心必定在y軸上。根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子到達(dá)點(diǎn)時(shí)，和O點(diǎn)的連線與y軸之間的夾角滿足解得設(shè)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，則有解得根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得解得（2）設(shè)帶電粒子做圓