上海市松江區(qū)2016年高三物理二模試卷及答案

第頁2016年上海市松江區(qū)高考物理一模試卷一,單項(xiàng)選擇題1.下列物理量中可以運(yùn)用平行四邊形定則求和的是（）A．質(zhì)量 B．速率 C．功率 D．位移2．以下關(guān)系式中用基本單位表示國際單位正確的（）A．1焦=1牛?米 B．1伏=1千克?米2?秒﹣3?安﹣1C．1庫=1焦?伏﹣1 D．1特=1牛?安﹣1?米﹣13．關(guān)于物理學(xué)探討方法或物理學(xué)家貢獻(xiàn)的敘述中正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn),速度,點(diǎn)電荷等都是志向化模型B．E=及a=均體現(xiàn)了比值定義的思想方法C．卡文迪什扭秤試驗(yàn)應(yīng)用了微元的思想方法D．法拉第發(fā)覺了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，建立了電磁感應(yīng)定律4．在如圖所示的邏輯電路中，其真值表的“輸出”這一列數(shù)據(jù)從上到下依次為（）輸入輸出00011011A．0，0，0，1 B．1，0，0，0 C．0，1，0，1 D．1，0，1，05．下圖中按力的作用效果分解正確的是（）A． B． C． D．6．依據(jù)機(jī)械波的知識可知（）A．橫波沿水平方向傳播，縱波沿豎直方向傳播B．在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)隨波遷移將振動形式和能量傳播出去C．波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線D．聲波在真空中也能傳播7．質(zhì)量為m,初速度為零的物體，在變化不同的合外力作用下都通過位移xo．下列各種狀況中合外力做功最多的是（）A． B． C． D．8．一電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一初速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場，若粒子只受電場力作用，則從A點(diǎn)開始，（）A．無論正負(fù)，粒子總是做直線運(yùn)動B．無論正負(fù)，粒子的電勢能總是先變大C．無論正負(fù)，粒子的電勢能總是先變小D．粒子的電勢能的變化及粒子所帶電的電性有關(guān)二,單項(xiàng)選擇題9.如圖所示，由粗糙的水平桿AO及光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架，在AO桿,BO桿上套有帶正電的小球P,Q，兩個(gè)小球在某一位置平衡．現(xiàn)將P緩慢地向左移動一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡．若小球所帶電量不變，及移動前相比（）A．桿BO對Q的彈力減小 B．桿AO對P的彈力減小C．桿AO對P的摩擦力增大 D．P,Q之間的距離增大10．如圖所示，兩端開口的彎管，左管插入水銀槽中，管內(nèi)外高度差為h1，右管有一段水銀柱，高度差為h2，中間封有一段空氣．則（）A．若大氣壓上升，h1和h2同時(shí)增大B．若環(huán)境溫度上升，h1和h2同時(shí)減小C．若把彎管向上移動少許，則管內(nèi)氣體體積不變D．若把彎管向下移動少許，則管內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大11．某一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動的位移x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，則（）A．第10s末，質(zhì)點(diǎn)的速度最大B．在20s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移為9mC．第5s末和第15s末，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相反D．0～10s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向及速度方向相反12．如圖，由勻稱的電阻絲組成的等邊三角形導(dǎo)體框，垂直磁場放置，將AB兩點(diǎn)接入電壓恒定的電源兩端，通電時(shí)電阻絲AB段受到的安培力為F，則此時(shí)三根電阻絲受到的合安培力大小為（）A．F B．1.5F C．2F D．3F13．汽車在平直馬路上以速度v0勻速行駛，發(fā)動機(jī)功率為P，快進(jìn)入鬧市區(qū)時(shí)，司機(jī)減小了油門，使汽車的功率馬上減小一半并保持該功率接著行駛．設(shè)汽車行駛時(shí)所受的阻力恒定，則下面四個(gè)圖象中，哪個(gè)圖象正確表示了司機(jī)從減小油門開始，汽車的速度及時(shí)間的關(guān)系（）A． B． C． D．14．如圖所示，a,b兩小球分別從半圓軌道頂端和斜面頂端以大小相等的初速度v0同時(shí)水平拋出，已知半圓軌道的半徑及斜面豎直高度相等且在同一豎直面內(nèi)，斜面底邊長是其豎直高度的2倍．若小球b能落到斜面上，下列說法正確的是（）A．a(chǎn),b不可能同時(shí)分別落在半圓軌道和斜面上B．a(chǎn)球肯定先落在半圓軌道上C．b球肯定先落在斜面上D．a(chǎn)球可能先落在半圓軌道上15．有上下兩條摩擦因數(shù)相同的水平軌道L1,L2，它們在同一豎直面內(nèi)，相同質(zhì)量的物塊A,B放置在兩軌道上，軌道L1開一條平行軌道方向的細(xì)縫，可使細(xì)線通過，如圖所示．A物塊在B物塊正上方．在連接A,B細(xì)線的中點(diǎn)O施加拉力，使A,B一起向右做勻速直線運(yùn)動，則F的方向可能是（圖中OQ表示水平方向）（）A．沿OP方向 B．沿OQ方向C．沿ON方向 D．沿OP,OQ,ON方向都可能16．如圖所示，在O≤x≤L和2L≤x≤3L的區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場，磁場的方向垂直于xOy平面（紙面）向里，具有肯定電阻的正方形線框abcd邊長為2L，位于xOy平面內(nèi)，線框的ab邊及y軸重合．令線框從t=0時(shí)刻由靜止開始沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動，則線框中的感應(yīng)電流i（取逆時(shí)針方向的電流為正）隨時(shí)間t的函數(shù)圖象大致是下列圖中的（）A． B． C． D．三,多項(xiàng)選擇題17.如圖，游樂場中，從高處A到水面B處有兩條長度相同的光滑軌道．甲,乙兩小孩沿不同軌道同時(shí)從A處自由滑向B處，下列說法正確的有（）A．甲的切向加速度始終比乙的大B．甲,乙在同一高度的速度大小相等C．甲,乙在同一時(shí)刻總能到達(dá)同一高度D．甲比乙先到達(dá)B處18．一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻及（t+0.6）時(shí)刻的波形圖正好重合，如圖所示．則下列說法中正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)振動周期可能為1.2sB．該波的波速可能為10m/sC．在（t+0.4）時(shí)刻，x=﹣1m處的質(zhì)點(diǎn)位移可能為零D．從（t+0.3）時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=﹣0.5m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置19．如圖所示，A,B兩球分別套在兩光滑無限長的水平直桿上，兩球通過一輕繩繞過肯定滑輪（軸心固定不動）相連，某時(shí)刻連接兩球的輕繩及水平方向的夾角分別為α,β，A球向左的速度為v，下列說法正確的是（）A．此時(shí)B球的速度為vB．此時(shí)B球的速度為vC．當(dāng)β增大到等于90°時(shí)，B球的速度達(dá)到最大D．在β增大到90°的過程中，繩對B球的拉力始終做正功20．如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r．閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向下滑動，志向電壓表V1,V2,V3示數(shù)變化量的肯定值分別為△U1,△U2,△U3，志向電流表A示數(shù)變化量的肯定值為△I，則（）A．△U1大于△U2 B．=R+rC．V2的示數(shù)增大 D．+保持不變四,填空題21．遠(yuǎn)古時(shí)代，取火是一件困難的事，火一般產(chǎn)生于雷擊或磷的自燃．隨著人類文明的進(jìn)步，出現(xiàn)了“鉆木取火”等方法．“鉆木取火”是通過方式改變物體的內(nèi)能，把轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能．22．甲,乙兩顆繞地球作勻速圓周運(yùn)動人造衛(wèi)星，其線速度大小之比為：1，則這兩顆衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為，運(yùn)轉(zhuǎn)周期之比為．23．某同學(xué)的質(zhì)量為60kg，在一次野營中，他從岸上以2m/s的速度，跳到一條以0.5m/s的速度正對著他飄來的小船上，跳上船后他又走了幾步，最終停在船上．已知小船的質(zhì)量為140kg，則人及小船共同運(yùn)動的速度大小為m/s，運(yùn)動方向?yàn)椋ㄌ睢跋蜃蟆被颉跋蛴摇保?4．如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)．則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動方向（選填“向上”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過的路程為cm．25．如圖所示，河道寬L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小滿意u=0.2x（x是離河岸的距離，0≤x≤）．一小船在靜水中的速度v=10m/s，自A處動身，船頭垂直河岸方向渡河到達(dá)對岸B處．AB兩點(diǎn)間距離為m．設(shè)船的運(yùn)動方向及水流方向夾角為θ，則渡河過程中θ最小為．26．帶正電小球靜止在光滑絕緣斜面的底端，現(xiàn)在該區(qū)域加一平行斜面對上的勻強(qiáng)電場，經(jīng)時(shí)間t電場做功40J時(shí)，勻強(qiáng)電場突然消逝，小球又經(jīng)時(shí)間t恰好回到斜面底端．若以小球初始水平面為零重力勢能面，則小球回到斜面底端時(shí)的機(jī)械能為J，小球的動能為8J時(shí)重力勢能為J．五,試驗(yàn)題27．某同學(xué)利用單擺測定重力加速度時(shí)，用秒表測量單擺的周期，當(dāng)單擺搖擺穩(wěn)定且到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)并記為n=0，單擺每經(jīng)過最低點(diǎn)記一次數(shù)，當(dāng)數(shù)到n=60時(shí)停止計(jì)時(shí)．測量結(jié)果及當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊恼鎸?shí)值比較，發(fā)覺偏大，可能緣由是（）A．振幅偏小B．開始計(jì)時(shí)誤記為n=1C．將擺線加上球直徑當(dāng)成了擺長D．將擺線的長度當(dāng)成了擺長28．“探討共點(diǎn)力的合成”的試驗(yàn)狀況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋及細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩，圖乙是在白紙上依據(jù)試驗(yàn)結(jié)果畫出的圖示．（1）圖乙中的F及F′兩力中，方向肯定沿AO方向的是．（2）（單選題）本試驗(yàn)采納的科學(xué)方法是A．志向試驗(yàn)法B．等效替代法C．限制變量法D．建立物理模型法（3）（多選題）試驗(yàn)中可減小誤差的措施有A．兩個(gè)分力F1,F2的大小要盡量大些B．兩個(gè)分力F1,F2間夾角應(yīng)越大越好C．拉橡皮筋時(shí)，彈簧秤,橡皮條,細(xì)繩應(yīng)貼近木板且及木板平面平行D．AO間距離要適當(dāng)，將橡皮筋拉至結(jié)點(diǎn)O時(shí)，拉力要適當(dāng)大些．29．如圖是“用DIS探討回路中感應(yīng)電動勢大小及磁通量變化快慢的關(guān)系”試驗(yàn)裝置，保持擋光片位置,光電門和螺線管之間的距離不變．（1）試驗(yàn)器材除了須要光電門傳感器之外，還須要傳感器．（2）讓小車以不同的速度靠近螺線管，記錄下小車每次靠近螺線管至最終撞上螺線管停止的全過程中感應(yīng)電動勢及時(shí)間的變化關(guān)系．如圖所示，光電門測得擋光時(shí)間為△t1，有感應(yīng)電動勢的時(shí)間為△t2，則試驗(yàn)可以得到感應(yīng)電動勢及成正比．（用題中字母表示）（3）若保持磁鐵靠近線圈的速度不變，只增加線圈的匝數(shù)（線圈直徑不變），則△t1內(nèi)圖象所圍陰影部分面積將（選填“不變”,“增大”或“減小”）．30．某試驗(yàn)小組利用銅片,鋅片和家鄉(xiāng)盛產(chǎn)的柑橘制作了果汁電池，他們測量這種電池的電動勢E和內(nèi)阻r，并探究電極間距對E和r的影響，試驗(yàn)器材如圖所示測量E和r的試驗(yàn)方案為：調(diào)整滑動變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過電源的電流I，依據(jù)公式U=E﹣Ir，利用測量數(shù)據(jù)作出U﹣I圖象，得出E和r．（1）將電壓表視為志向表，要求避開電流表分壓作用對測量結(jié)果的影響，請?jiān)趫D中用筆畫線代替導(dǎo)線連接電路．（2）試驗(yàn)中依次減小銅片及鋅片的間距，分別得到相應(yīng)果汁電池的U﹣I圖象如圖中（a）（b）（c）（d）所示，由此可知：在該試驗(yàn)中，隨電極間距的減小，電源電動勢（填“增大”,“減小”或“不變”），電源內(nèi)阻（填“增大”,“減小”或“不變”）．（3）對圖線（c），當(dāng)外電路總電阻為2500Ω時(shí)，該電源的輸出功率P=mW．六,計(jì)算題.（共50分）31．如圖所示，導(dǎo)熱良好的薄壁氣缸放在水平面上，用橫截面積為S=1.0×10﹣2m2的光滑薄活塞將肯定質(zhì)量的志向氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞桿的另一端固定在墻上．此時(shí)活塞桿及墻剛好無擠壓．外界大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa．當(dāng)環(huán)境溫度為27℃時(shí)，密閉氣體的體積為2.0×10﹣3m3．①若固定氣缸在水平面上，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2為多少？②若氣缸放在光滑水平面上不固定，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣缸移動了多少距離？③保持②的條件不變下，對氣缸施加水平作用力，使缸內(nèi)氣體體積緩慢地復(fù)原到原來數(shù)值，這時(shí)氣缸受到的水平作用力多大？32．如圖所示，粗糙水平面上放置一個(gè)小物塊，在力F作用下沿水平面對右加速運(yùn)動．在保持力F大小不變的狀況下，發(fā)覺當(dāng)F水平向右或及水平面成60°夾角斜向上時(shí)，物塊的加速度相同．求：（1）物塊及水平面間的動摩擦因數(shù)μ．（2）若保持力F及水平面成60°夾角斜向上，從靜止起拉動物塊，物塊沿水平面對右移動s=5m的時(shí)間為t．改變F的大小重復(fù)上述過程，時(shí)間t的最小值為多少？33．如圖所示，電源電動勢為ε，內(nèi)阻為r，滑動變阻器總阻值為3r，間距為d的兩平行金屬板AB,CD豎直放置，閉合電鍵S時(shí)，板間電場可視為勻強(qiáng)電場．板間有一長為L的絕緣細(xì)輕桿，能繞水平固定轉(zhuǎn)軸O在豎直面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動，桿上端固定質(zhì)量為m,帶電量為+q的金屬小球a，下端固定質(zhì)量為2m,帶電量為﹣q的金屬小球b，已知Ob=2Oa，并且q=，兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷，不影響勻強(qiáng)電場的分布，兩電荷間相互作用力不計(jì)，重力加速度為g．現(xiàn)調(diào)整滑片P使其位于滑動變阻器的中點(diǎn)，閉合電鍵S，待電場穩(wěn)定后：（1）求兩極板間電場強(qiáng)度E的表達(dá)式；（2）將輕桿從如圖位置順時(shí)針轉(zhuǎn)過θ時(shí)（θ＜360°）由靜止釋放，輕桿恰能靜止，求θ；（3）若將輕桿從如圖位置由靜止釋放，輕桿將繞軸O順時(shí)針轉(zhuǎn)動，求小球a運(yùn)動的最大速度．34．如圖所示，兩根粗細(xì)勻稱的金屬桿AB和CD的長度均為L，電阻均為R，質(zhì)量分別為3m和m，用兩根等長的,質(zhì)量和電阻均不計(jì)的,不可伸長的松軟導(dǎo)線將它們連成閉合回路，懸跨在絕緣的,水平光滑的圓棒兩側(cè)，AB和CD處于水平．在金屬桿AB的下方有高度為H的水平勻強(qiáng)磁場，磁感強(qiáng)度的大小為B，方向及回路平面垂直，此時(shí)CD處于磁場中．現(xiàn)從靜止開始釋放金屬桿AB，經(jīng)過一段時(shí)間（AB,CD始終水平），在AB即將進(jìn)入磁場的上邊界時(shí)，其加速度為零，此時(shí)金屬桿CD還處于磁場中，在此過程中金屬桿AB上產(chǎn)生的焦耳熱為Q．重力加速度為g，試求：（1）金屬桿AB即將進(jìn)入磁場上邊界時(shí)的速度v1；（2）在此過程中金屬桿CD移動的距離h和通過導(dǎo)線截面的電量q；（3）設(shè)金屬桿AB在磁場中運(yùn)動的速度為v2，通過計(jì)算說明v2大小的可能范圍；（4）依據(jù)第（3）問的結(jié)果，請定性畫出金屬桿AB在穿過整個(gè)磁場區(qū)域的過程中可能出現(xiàn)的速度﹣時(shí)間圖象（v﹣t圖）．2016年上海市松江區(qū)高考物理一模試卷參考答案及試題解析一,單項(xiàng)選擇題1.下列物理量中可以運(yùn)用平行四邊形定則求和的是（）A．質(zhì)量 B．速率 C．功率 D．位移【考點(diǎn)】矢量和標(biāo)量．【專題】定性思想；歸納法；直線運(yùn)動規(guī)律專題．【分析】矢量既有大小，又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則．標(biāo)量只有大小，沒有方向，相加時(shí)遵守代數(shù)加減法則．【解答】解：ABC,質(zhì)量,速率和功率都是標(biāo)量，相加時(shí)，遵守代數(shù)加減法則，故ABC錯(cuò)誤．D,位移是矢量，相加時(shí)遵守平行四邊形定則，故D正確．故選：D．【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道矢量既有大小，又有方向，其運(yùn)算遵循平行四邊形定則2．以下關(guān)系式中用基本單位表示國際單位正確的（）A．1焦=1牛?米 B．1伏=1千克?米2?秒﹣3?安﹣1C．1庫=1焦?伏﹣1 D．1特=1牛?安﹣1?米﹣1【考點(diǎn)】力學(xué)單位制．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動定律綜合專題．【分析】國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量．分別為長度,質(zhì)量,時(shí)間,熱力學(xué)溫度,電流,光強(qiáng)度,物質(zhì)的量．他們在國際單位制中的單位分別為米,千克,秒,開爾文,安培,坎德拉,摩爾．而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位．【解答】解：A,牛頓是力的單位，是導(dǎo)出單位．所以1焦=1牛?米不用基本單位表示國際單位．故A錯(cuò)誤；B,用基本單位表示國際單位．故B正確；C,焦耳是能量的單位，是導(dǎo)出單位．所以1庫=1焦?伏﹣1不是用基本單位表示國際單位．故C錯(cuò)誤；D,牛頓是力的單位，是導(dǎo)出單位．所以1特=1牛?安﹣1?米﹣1不是用基本單位表示國際單位．故D錯(cuò)誤．故選：B【點(diǎn)評】該題考查單位制，解答的關(guān)鍵是知道7個(gè)基本單位，并要熟記相關(guān)的單位之間的關(guān)系．3．關(guān)于物理學(xué)探討方法或物理學(xué)家貢獻(xiàn)的敘述中正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn),速度,點(diǎn)電荷等都是志向化模型B．E=及a=均體現(xiàn)了比值定義的思想方法C．卡文迪什扭秤試驗(yàn)應(yīng)用了微元的思想方法D．法拉第發(fā)覺了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，建立了電磁感應(yīng)定律【考點(diǎn)】物理學(xué)史．【專題】定性思想；推理法；直線運(yùn)動規(guī)律專題．【分析】志向化模型是抓主要因素，忽視次要因素得到的．知道比值定義法的含義，記住聞名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)．【解答】解：A,志向化模型是抓主要因素，忽視次要因素得到的，點(diǎn)電荷,質(zhì)點(diǎn)是志向化模型，但是速度不是志向化模型，故A錯(cuò)誤．B,a=不是比值定義法，故B錯(cuò)誤；C,卡文迪許測萬有引力常量G的扭秤試驗(yàn)，應(yīng)用了“放大”的試驗(yàn)方法，故C錯(cuò)誤；D,法拉第發(fā)覺了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，建立了電磁感應(yīng)定律，故D正確．故選：D【點(diǎn)評】本題屬于記憶知識，要了解,熟識物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平常留意積累和記憶，不可忽視，不然很簡單出錯(cuò)．對于物理學(xué)上常用的科學(xué)探討方法：等效替代法,志向化模型法,比值定義法等等要理解并駕馭，并進(jìn)行歸納總結(jié)，對學(xué)習(xí)物理量的意義有很大的幫忙．4．在如圖所示的邏輯電路中，其真值表的“輸出”這一列數(shù)據(jù)從上到下依次為（）輸入輸出00011011A．0，0，0，1 B．1，0，0，0 C．0，1，0，1 D．1，0，1，0【考點(diǎn)】簡單的邏輯電路．【分析】圖示電路為或非門，當(dāng)AB輸入經(jīng)或門輸出再經(jīng)非門輸出．【解答】解：當(dāng)AB輸入00經(jīng)或門輸出0再經(jīng)非門輸出1，當(dāng)AB輸入01經(jīng)或門輸出1再經(jīng)非門輸出0；當(dāng)AB輸入10經(jīng)或門輸出1再經(jīng)非門輸出0；當(dāng)AB輸入11經(jīng)或門輸出1再經(jīng)非門輸出0；故輸出1，0，0，0，故B正確故選B【點(diǎn)評】考查了基本門電路的基本邏輯輸入輸出關(guān)系，理解組合門的輸入輸出．5．下圖中按力的作用效果分解正確的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】力的分解．【專題】定性思想；合成分解法；受力分析方法專題．【分析】物體的重力，按效果分解為垂直于兩接觸面，作出力的分解圖，從而即可求解．【解答】解：A,力F的作用效果，如圖所示，故A正確；B,物體的重力，按效果分解成一個(gè)垂直接觸面的力，及垂直擋板的力，如圖所示，故B錯(cuò)誤；C,依據(jù)力的作用效果，拉力分解成如圖所示故C錯(cuò)誤；D,物體的重力，按效果分解分解成如圖所示故D錯(cuò)誤；故選：A【點(diǎn)評】本題考查運(yùn)用數(shù)學(xué)知識處理物理問題的實(shí)力，比較簡單．對于力的分解，關(guān)鍵確定力的作用效果，定出兩個(gè)分力的方向．6．依據(jù)機(jī)械波的知識可知（）A．橫波沿水平方向傳播，縱波沿豎直方向傳播B．在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)隨波遷移將振動形式和能量傳播出去C．波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線D．聲波在真空中也能傳播【考點(diǎn)】波長,頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．【分析】橫波和縱波水平和豎直方向都能傳播．質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，只是將振動形式和能量傳播出去．波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線．機(jī)械波傳播須要介質(zhì)，聲波在真空中不能傳播．【解答】解：A,橫波和縱波水平和豎直方向都能傳播，這兩種波是依據(jù)波的傳播方向及質(zhì)點(diǎn)的振動方向間的關(guān)系劃分的．故A錯(cuò)誤．B,在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置旁邊振動，并不隨波遷移．故B錯(cuò)誤．C,波的圖象就是反映各質(zhì)點(diǎn)在空間的分布狀況，即各質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻不同位移的曲線．故C正確．D,聲波在真空中不能傳播，因?yàn)闆]有傳播振動的介質(zhì)．故D錯(cuò)誤．故選C【點(diǎn)評】本題考查了一些波的基本知識：波的分類,形成機(jī)械波的條件等等，波的一個(gè)基本特點(diǎn)是：質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移．7．質(zhì)量為m,初速度為零的物體，在變化不同的合外力作用下都通過位移xo．下列各種狀況中合外力做功最多的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像；動能定理的應(yīng)用．【專題】運(yùn)動學(xué)中的圖像專題．【分析】F﹣x圖象中，圖象及坐標(biāo)軸圍成的面積表示力F所做的功．【解答】解：由力做功公式可知，F(xiàn)﹣x圖象中，圖象及坐標(biāo)軸圍成的面積表示力F所做的功，由圖象可知，C圖象中圍成的面積最大，所以C中合外力做功最多．故選C【點(diǎn)評】利用數(shù)學(xué)圖象處理物理問題的方法就是把物理表達(dá)式及圖象結(jié)合起來，依據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)求解．8．一電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一初速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場，若粒子只受電場力作用，則從A點(diǎn)開始，（）A．無論正負(fù)，粒子總是做直線運(yùn)動B．無論正負(fù)，粒子的電勢能總是先變大C．無論正負(fù)，粒子的電勢能總是先變小D．粒子的電勢能的變化及粒子所帶電的電性有關(guān)【考點(diǎn)】電勢；電勢能．【專題】電場力及電勢的性質(zhì)專題．【分析】粒子在靜電場中電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大．粒子所受的電場力及速度方向不在同始終線上，做曲線運(yùn)動．【解答】解：A,依據(jù)電場線及等勢線垂直且指向低電勢處，可知在A點(diǎn)電場線方向應(yīng)及速度v垂直，則粒子所受的電場力及速度v也垂直，粒子做曲線運(yùn)動．故A錯(cuò)誤．BCD,無論正負(fù)，電場力做正功，粒子的電勢能總是先變小，故BD錯(cuò)誤，C正確．故選：C．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵抓住電場線及等勢線的關(guān)系推斷電場力方向及粒子初速度方向的關(guān)系，分析運(yùn)動狀況，依據(jù)電場力做功正負(fù)，推斷電勢能的變化．二,單項(xiàng)選擇題9.如圖所示，由粗糙的水平桿AO及光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架，在AO桿,BO桿上套有帶正電的小球P,Q，兩個(gè)小球在某一位置平衡．現(xiàn)將P緩慢地向左移動一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡．若小球所帶電量不變，及移動前相比（）A．桿BO對Q的彈力減小 B．桿AO對P的彈力減小C．桿AO對P的摩擦力增大 D．P,Q之間的距離增大【考點(diǎn)】庫侖定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．【專題】定性思想；整體法和隔離法；電荷守恒定律及庫侖定律專題．【分析】分別以兩環(huán)組成的整體和Q環(huán)為探討對象，分析受力狀況，依據(jù)平衡條件探討AO桿對P環(huán)的支持力N和細(xì)繩上的拉力T的變化狀況．【解答】解：A,Q受力如圖，由力的合成及平衡條件可知：BO桿對小球Q的彈力變大，兩小球之間的庫侖力變大，由庫侖定律知，兩小球P,Q的距離變小，故AD錯(cuò)誤；C,對整體受力分析，可得AO桿對小球P的摩擦力變大，AO桿對小球P的彈力不變，故C正確，B錯(cuò)誤；故選：C【點(diǎn)評】本題涉及兩個(gè)物體的平衡問題，敏捷選擇探討對象是關(guān)鍵．當(dāng)幾個(gè)物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，可以把它們看成整體進(jìn)行探討．10．如圖所示，兩端開口的彎管，左管插入水銀槽中，管內(nèi)外高度差為h1，右管有一段水銀柱，高度差為h2，中間封有一段空氣．則（）A．若大氣壓上升，h1和h2同時(shí)增大B．若環(huán)境溫度上升，h1和h2同時(shí)減小C．若把彎管向上移動少許，則管內(nèi)氣體體積不變D．若把彎管向下移動少許，則管內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大【考點(diǎn)】志向氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．【專題】志向氣體狀態(tài)方程專題．【分析】管中封閉氣體的壓強(qiáng)P=P0+ρgh1=P0+ρgh2，可得h1=h2．依據(jù)氣態(tài)方程分析大氣壓和溫度變化時(shí)，氣體的體積如何變化，即知道h1和h2如何變化．若把彎管向上移動少許或下移少許，封閉氣體的壓強(qiáng)將要變化，依據(jù)玻意耳定律分析體積如何變化．【解答】解：A,管中封閉氣體的壓強(qiáng)P=P0+ρgh1=P0+ρgh2，則得h1=h2．若大氣壓上升時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)增大，由玻意耳定律PV=c得知，封閉氣體的體積減小，水銀柱將發(fā)生移動，使h1和h2同時(shí)減小．故A錯(cuò)誤．B,若環(huán)境溫度上升，封閉氣體的壓強(qiáng)增大，體積也增大，h1和h2同時(shí)增大．故B錯(cuò)誤．C,若把彎管向上移動少許，封閉氣體的體積將增大．故C錯(cuò)誤．D,若把彎管向下移動少許，封閉氣體的體積減小，壓強(qiáng)增大，故D正確．故選D【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵要依據(jù)壓強(qiáng)推斷出h1=h2．再結(jié)合氣態(tài)方程進(jìn)行動態(tài)分析．11．某一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動的位移x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，則（）A．第10s末，質(zhì)點(diǎn)的速度最大B．在20s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移為9mC．第5s末和第15s末，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相反D．0～10s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向及速度方向相反【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像．【專題】定性思想；推理法；運(yùn)動學(xué)中的圖像專題．【分析】位移﹣時(shí)間圖象表示物體的位置隨時(shí)間的變化，圖象上的隨意一點(diǎn)表示該時(shí)刻的位置，圖象的斜率表示該時(shí)刻的速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向．當(dāng)物體做加速運(yùn)動時(shí)，合外力及速度同向，當(dāng)物體做減速運(yùn)動時(shí)，合外力及速度反向．【解答】解：A,位移﹣時(shí)間圖象切線的斜率表示該時(shí)刻的速度，則知在10s末時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度為零，故A錯(cuò)誤；B,在20s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為△x=x2﹣x1=0﹣1m=﹣1m，故B錯(cuò)誤；C,在0～10s內(nèi)，物體沿正方向做減速運(yùn)動，加速度方向及速度方向相反，即沿負(fù)方向；在10～20s內(nèi)，斜率為負(fù)值，說明物體沿負(fù)方向運(yùn)動，斜率增大，做加速運(yùn)動，加速度方向及速度方向相同，即沿負(fù)方向．所以在5s和15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相同，故C錯(cuò)誤；D,在0～10s內(nèi)，斜率漸漸減小，說明物體做減速運(yùn)動，質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向及速度方向相反，故D正確．故選：D．【點(diǎn)評】理解位移﹣時(shí)間圖象時(shí)，要抓住點(diǎn)和斜率的物理意義，駕馭斜率表示速度是關(guān)鍵．12．如圖，由勻稱的電阻絲組成的等邊三角形導(dǎo)體框，垂直磁場放置，將AB兩點(diǎn)接入電壓恒定的電源兩端，通電時(shí)電阻絲AB段受到的安培力為F，則此時(shí)三根電阻絲受到的合安培力大小為（）A．F B．1.5F C．2F D．3F【考點(diǎn)】安培力．【專題】定量思想；推理法；磁場磁場對電流的作用．【分析】依據(jù)左手定則推斷出各段受到的安培力的方向，依據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算出各段上的電流大小，再計(jì)算出各段安培力的大小，然后運(yùn)用平行四邊形定則合成即可【解答】解：AB受力：FAB=BIL=FACB受力：有效長度為L，電流為AB的電流的，則其受力為：=，二力方向相同，則合力為1.5F則B正確故選：B【點(diǎn)評】該題中，各段時(shí)的電流的大小不相等，要運(yùn)用閉合電路的歐姆定律分別計(jì)算出各段的電流的大小，然后計(jì)算安培力是解題的正確思路．題目的難度中檔13．汽車在平直馬路上以速度v0勻速行駛，發(fā)動機(jī)功率為P，快進(jìn)入鬧市區(qū)時(shí)，司機(jī)減小了油門，使汽車的功率馬上減小一半并保持該功率接著行駛．設(shè)汽車行駛時(shí)所受的阻力恒定，則下面四個(gè)圖象中，哪個(gè)圖象正確表示了司機(jī)從減小油門開始，汽車的速度及時(shí)間的關(guān)系（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】功率,平均功率和瞬時(shí)功率；勻變速直線運(yùn)動的圖像．【專題】功率的計(jì)算專題．【分析】汽車勻速行駛時(shí)牽引力等于阻力，依據(jù)功率和速度關(guān)系公式P=Fv，功率減小一半時(shí)，牽引力減小了，物體減速運(yùn)動，依據(jù)牛頓第二定律分析加速度和速度的變化狀況即可．【解答】解：汽車勻速行駛時(shí)牽引力等于阻力；功率減小一半時(shí)，汽車的速度由于慣性來不及變化，依據(jù)功率和速度關(guān)系公式P=Fv，牽引力減小一半，小于阻力，合力向后，汽車做減速運(yùn)動，由公式P=Fv可知，功率肯定時(shí)，速度減小后，牽引力增大，合力減小，加速度減小，故物體做加速度不斷減小的減速運(yùn)動，當(dāng)牽引力增大到等于阻力時(shí)，加速度減為零，物體重新做勻速直線運(yùn)動；故選B．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵分析清晰物體的受力狀況，結(jié)合受力狀況再確定物體的運(yùn)動狀況．14．如圖所示，a,b兩小球分別從半圓軌道頂端和斜面頂端以大小相等的初速度v0同時(shí)水平拋出，已知半圓軌道的半徑及斜面豎直高度相等且在同一豎直面內(nèi)，斜面底邊長是其豎直高度的2倍．若小球b能落到斜面上，下列說法正確的是（）A．a(chǎn),b不可能同時(shí)分別落在半圓軌道和斜面上B．a(chǎn)球肯定先落在半圓軌道上C．b球肯定先落在斜面上D．a(chǎn)球可能先落在半圓軌道上【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動．【專題】定性思想；圖析法；平拋運(yùn)動專題．【分析】平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，將圓軌道和斜面重合在一起進(jìn)行分析比較，即可得出正確答案．【解答】解：將圓軌道和斜面軌道重合在一起，如圖所示，交點(diǎn)為A，初速度合適，可知小球做平拋運(yùn)動落在A點(diǎn)，則運(yùn)動的時(shí)間相等，即同時(shí)落在半圓軌道和斜面上．若初速度不適中，由圖可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圓軌道上．故D正確，ABC錯(cuò)誤．故選：D．【點(diǎn)評】本題考查平拋運(yùn)動比較敏捷，學(xué)生簡單陷入計(jì)算比較的一種錯(cuò)誤方法當(dāng)中，不能想到將半圓軌道和斜面軌道重合進(jìn)行分析比較．15．有上下兩條摩擦因數(shù)相同的水平軌道L1,L2，它們在同一豎直面內(nèi)，相同質(zhì)量的物塊A,B放置在兩軌道上，軌道L1開一條平行軌道方向的細(xì)縫，可使細(xì)線通過，如圖所示．A物塊在B物塊正上方．在連接A,B細(xì)線的中點(diǎn)O施加拉力，使A,B一起向右做勻速直線運(yùn)動，則F的方向可能是（圖中OQ表示水平方向）（）A．沿OP方向 B．沿OQ方向C．沿ON方向 D．沿OP,OQ,ON方向都可能【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．【分析】對A,B兩物體分析，抓住A,B對水平軌道的正壓力不同，導(dǎo)致摩擦力不等，依據(jù)水平方向上平衡，得出AO,BO拉力的大小，從而確定拉力F的方向．【解答】解：力的作用點(diǎn)是在細(xì)線的中點(diǎn)，而且物塊A在B的正上方，所以三角形ABO是等腰三角形，且AB在豎直方向，所以AO及BO及水平方向的夾角相等．因?yàn)锳對水平軌道的正壓力大于B對水平軌道的正壓力，所以水平面對A的摩擦力大于水平面對B的摩擦力，由題意細(xì)線AO受到的拉力必需大于BO受到的拉力，所以F的方向只能是ON方向．故C正確，A,B,D錯(cuò)誤．故選：C【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道滑動摩擦力及正壓力成正比，通過摩擦力的大小得出繩子拉力的大小，從而確定拉力的方向．16．如圖所示，在O≤x≤L和2L≤x≤3L的區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場，磁場的方向垂直于xOy平面（紙面）向里，具有肯定電阻的正方形線框abcd邊長為2L，位于xOy平面內(nèi)，線框的ab邊及y軸重合．令線框從t=0時(shí)刻由靜止開始沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動，則線框中的感應(yīng)電流i（取逆時(shí)針方向的電流為正）隨時(shí)間t的函數(shù)圖象大致是下列圖中的（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律．【專題】壓軸題；電磁感應(yīng)及圖像結(jié)合．【分析】首先依據(jù)楞次定律推斷感應(yīng)電流的方向．再依據(jù)公式E=Blv和運(yùn)動學(xué)公式得到感應(yīng)電動勢的表達(dá)式，由歐姆定律得到感應(yīng)電流的表達(dá)式．【解答】解：設(shè)線框進(jìn)入磁場的時(shí)間為t0，則由L=，得t0=．在0﹣t0時(shí)間內(nèi)，由楞次定律推斷可知感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向，感應(yīng)電流大小為I==；故CD均錯(cuò)誤．設(shè)線框ab從x=L運(yùn)動到x=4L的時(shí)間為t1，則由運(yùn)動學(xué)公式得t1=﹣t0=2t0﹣t0=t0，這段時(shí)間內(nèi)穿過線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流．故B錯(cuò)誤．設(shè)線框ab從x=4L運(yùn)動到x=5L的時(shí)間為t2，則由運(yùn)動學(xué)公式得t2=﹣t0=t0﹣2t0=0.236t0的時(shí)間內(nèi)，依據(jù)楞次定律得知，感應(yīng)電流方向沿順時(shí)針方向，為負(fù)值．感應(yīng)電流為I=﹣=﹣；故A正確．故選A【點(diǎn)評】本題是電磁感應(yīng)及運(yùn)動學(xué)公式的綜合應(yīng)用，依據(jù)楞次定律推斷出感應(yīng)電流的方向，可解除CD，再依據(jù)運(yùn)動時(shí)間，解除B．三,多項(xiàng)選擇題17.如圖，游樂場中，從高處A到水面B處有兩條長度相同的光滑軌道．甲,乙兩小孩沿不同軌道同時(shí)從A處自由滑向B處，下列說法正確的有（）A．甲的切向加速度始終比乙的大B．甲,乙在同一高度的速度大小相等C．甲,乙在同一時(shí)刻總能到達(dá)同一高度D．甲比乙先到達(dá)B處【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的速度及位移的關(guān)系．【專題】直線運(yùn)動規(guī)律專題．【分析】①由受力分析及牛頓第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的??；②可以運(yùn)用機(jī)械能守恒來說明，也可以運(yùn)用運(yùn)動學(xué)的公式計(jì)算，后一種方法比較麻煩；③哪一個(gè)先達(dá)到B點(diǎn)，可以通過速度的變化快慢來理解，也可以運(yùn)用v﹣t圖象來計(jì)算說明．【解答】解：A：由受力分析及牛頓第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A錯(cuò)誤；B：由機(jī)械能守恒定律可知，各點(diǎn)的機(jī)械能保持不變，高度（重力勢能）相等處的動能也相等，故B正確；C,D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比較快，開始階段的位移比較大，故甲總是先達(dá)到同一高度的位置．故C錯(cuò)誤，D正確．故選：BD．【點(diǎn)評】本題應(yīng)當(dāng)用“加速度”說明：高度相同，到達(dá)底端的速度大小就相同，但甲的加速度漸漸減小，乙的加速度漸漸增大．所以它們的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加得最慢．它們的v﹣t圖象如圖，結(jié)合v﹣t圖象的意義，圖線的斜率表示加速度，圖線及時(shí)間軸之間的面積可以用來表示位移．18．一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻及（t+0.6）時(shí)刻的波形圖正好重合，如圖所示．則下列說法中正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)振動周期可能為1.2sB．該波的波速可能為10m/sC．在（t+0.4）時(shí)刻，x=﹣1m處的質(zhì)點(diǎn)位移可能為零D．從（t+0.3）時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=﹣0.5m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置【考點(diǎn)】波長,頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．【分析】據(jù)題，t時(shí)刻及（t+0.6）時(shí)刻的波形圖正好重合，經(jīng)過的時(shí)間是周期的整數(shù)倍，得到周期的通項(xiàng)．由圖讀出波長，求出波速的通項(xiàng)，再求解特別值．依據(jù)時(shí)間及周期的關(guān)系，分析在（t+0.4）時(shí)刻，x=﹣1m處的質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)．依據(jù)波可能的傳播方向，分析從（t+0.3）時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)及x=﹣0.5m處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波峰位置的先后．【解答】解：A,由題分析得知，nT=0.6s，n=1，2，3…，周期T=s，所以質(zhì)點(diǎn)振動周期不可能為1.2s．故A錯(cuò)誤．B,由圖讀出波長為λ=2m，波速v==m/s=nm/s，當(dāng)n=3時(shí)，v=10m/s．故B正確．C,t時(shí)刻到（t+0.4）時(shí)刻經(jīng)過時(shí)間為0.4s，而0.4s及周期的關(guān)系為n===n，由于n為整數(shù)，所以該時(shí)刻x=﹣1m處的質(zhì)點(diǎn)不可能在平衡位置，位移不可能為零．故C錯(cuò)誤．D,簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在（t+0.3）時(shí)刻，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動方向可能沿y軸正方向，x=﹣0.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動方向沿y軸負(fù)方向，所以先到達(dá)波峰位置x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=﹣0.5m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置．故D正確．故選BD【點(diǎn)評】本題考查依據(jù)數(shù)學(xué)知識列通項(xiàng)的實(shí)力．抓住波的周期性進(jìn)行分析．波經(jīng)過整數(shù)倍周期時(shí)間，圖象重合；半個(gè)周期奇數(shù)倍時(shí)間，圖象反相．19．如圖所示，A,B兩球分別套在兩光滑無限長的水平直桿上，兩球通過一輕繩繞過肯定滑輪（軸心固定不動）相連，某時(shí)刻連接兩球的輕繩及水平方向的夾角分別為α,β，A球向左的速度為v，下列說法正確的是（）A．此時(shí)B球的速度為vB．此時(shí)B球的速度為vC．當(dāng)β增大到等于90°時(shí)，B球的速度達(dá)到最大D．在β增大到90°的過程中，繩對B球的拉力始終做正功【考點(diǎn)】運(yùn)動的合成和分解．【專題】定性思想；圖析法；運(yùn)動的合成和分解專題．【分析】將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B沿繩子方向的分速度．組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，通過系統(tǒng)機(jī)械能守恒推斷小球B減小的勢能及物塊A增加的動能的大小關(guān)系．【解答】解：A,將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B沿繩子方向的分速度．在沿繩子方向的分速度為v繩子=vcosα，所以vB==．故A正確，B錯(cuò)誤．C,當(dāng)β增大到等于90°時(shí)，B球的速度沿繩子方向的分速度等于0，所以A沿繩子方向的分速度也是0，而cosα不等于0，所以A球的速度為0；此時(shí)A的動能全部轉(zhuǎn)化為B的動能，所以B球的速度達(dá)到最大，故C正確；D,在β增大到90°的過程中，繩子的方向及B球運(yùn)動的方向之間的夾角始終是銳角，所以繩對B球的拉力始終做正功．故D正確．故選：ACD【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵會對速度進(jìn)行分解，以及駕馭機(jī)械能守恒的條件，會利用力及速度之間的夾角關(guān)系分析力對物體做功的性質(zhì)問題．20．如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r．閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向下滑動，志向電壓表V1,V2,V3示數(shù)變化量的肯定值分別為△U1,△U2,△U3，志向電流表A示數(shù)變化量的肯定值為△I，則（）A．△U1大于△U2 B．=R+rC．V2的示數(shù)增大 D．+保持不變【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【專題】比較思想；方程法；恒定電流專題．【分析】志向電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路．志向電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路．分析電路的連接關(guān)系，依據(jù)歐姆定律和閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析．【解答】解：A,依據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E﹣Ir，則得：=r；=R，據(jù)題：R＞r，則得△U1＞△U2．故A正確．B,依據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E﹣I（R+r），則得：=R+r，故B正確．C,志向電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路．志向電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以R及變阻器串聯(lián)，電壓表V1,V2,V3分別測量R,路端電壓和變阻器兩端的電壓．當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)增大，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以V2的示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；D,由上知，+=R+r，保持不變，故D正確．故選：ABD【點(diǎn)評】本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵要理解志向電表的作用，搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，依據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析．四,填空題21．遠(yuǎn)古時(shí)代，取火是一件困難的事，火一般產(chǎn)生于雷擊或磷的自燃．隨著人類文明的進(jìn)步，出現(xiàn)了“鉆木取火”等方法．“鉆木取火”是通過做功方式改變物體的內(nèi)能，把機(jī)械能轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能．【考點(diǎn)】改變內(nèi)能的兩種方式．【分析】做功及熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，做功是能量轉(zhuǎn)化過程，熱傳遞是能量的轉(zhuǎn)移過程．【解答】解：“鉆木取火”是通過做功方式改變物體的內(nèi)能，在此過程中，機(jī)械能轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能．故答案為：做功；機(jī)械能．【點(diǎn)評】本題考查了改變物體內(nèi)能的方式，難度不大，是一道基礎(chǔ)題；知道：做功及熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，做功是能量轉(zhuǎn)化過程，熱傳遞是能量的轉(zhuǎn)移過程，即可正確解題．22．甲,乙兩顆繞地球作勻速圓周運(yùn)動人造衛(wèi)星，其線速度大小之比為：1，則這兩顆衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為1：2，運(yùn)轉(zhuǎn)周期之比為1：．【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度,周期和軌道的關(guān)系．【專題】人造衛(wèi)星問題．【分析】依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，得出線速度,周期及軌道半徑的關(guān)系，從而求出向心力,線速度,周期之比．【解答】解：依據(jù)，得v=，所以：依據(jù)：得：T=2π．所以周期之比為：=故答案為：1：2，1：2【點(diǎn)評】該題考查人造衛(wèi)星的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵駕馭萬有引力供應(yīng)向心力，知道線速度,周期及軌道半徑的關(guān)系．23．某同學(xué)的質(zhì)量為60kg，在一次野營中，他從岸上以2m/s的速度，跳到一條以0.5m/s的速度正對著他飄來的小船上，跳上船后他又走了幾步，最終停在船上．已知小船的質(zhì)量為140kg，則人及小船共同運(yùn)動的速度大小為0.25m/s，運(yùn)動方向?yàn)橄蛴遥ㄌ睢跋蜃蟆被颉跋蛴摇保究键c(diǎn)】動量守恒定律．【專題】簡答題；定性思想；推理法；動量及動能定理或能的轉(zhuǎn)化及守恒定律綜合．【分析】人跳上船的過程，系統(tǒng)水平方向動量守恒，由動量守恒定律求解人和船的共同速度．【解答】解：以人及船組成的系統(tǒng)為探討對象，以人的速度方向?yàn)檎较?，由動量守恒定律得：m人v人﹣m船v船=（m人+m船）v，即：60×2﹣140×0.5=（60+140）v，解得：v=0.25m/s，方向及人原來的速度方向相同，即向右．故答案為：0.25；向右【點(diǎn)評】本題考查了求人及船的速度，應(yīng)用動量守恒定律即可正確解題，解題時(shí)要留意正方向的選擇，否則會出錯(cuò)．24．如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)．則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動方向向下（選填“向上”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過的路程為100cm．【考點(diǎn)】波的疊加．【分析】波峰及波峰疊加，波谷及波谷疊加為振動加強(qiáng)點(diǎn)，振幅等于兩列波引起的振幅之和，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)，處于振動加強(qiáng)區(qū)，依據(jù)波的傳播方向確定C點(diǎn)的振動方向．依據(jù)波速,波長求出周期，質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動的路程等于4倍的振幅．【解答】解：B點(diǎn)處于波谷，A點(diǎn)處于波峰，波由B向A傳播，此時(shí)C處于平衡位置，經(jīng)過四分之一周期，波谷傳播到該點(diǎn)，知C點(diǎn)的振動方向向下．周期T=，質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動的路程等于4倍的振幅，經(jīng)過0.25s時(shí)，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=100cm．故答案為：向下，100．【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵會通過波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)的振動方向，以及知道質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動的路程等于振幅的4倍．25．如圖所示，河道寬L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小滿意u=0.2x（x是離河岸的距離，0≤x≤）．一小船在靜水中的速度v=10m/s，自A處動身，船頭垂直河岸方向渡河到達(dá)對岸B處．AB兩點(diǎn)間距離為200m．設(shè)船的運(yùn)動方向及水流方向夾角為θ，則渡河過程中θ最小為arctan0.5．【考點(diǎn)】運(yùn)動的合成和分解．【專題】運(yùn)動的合成和分解專題．【分析】將船的運(yùn)動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，在垂直于河岸方向上的速度等于靜水速，依據(jù)河寬以及在垂直于河岸方向上的速度求出渡河的時(shí)間．水流速及到河岸的最短距離x成正比，是成線性變化的，知水流速的平均速度等于處的水流速．依據(jù)平均水流速，求出沿河岸方向上的位移，從而求出AB的直線距離，最終依據(jù)水流速度及距離的關(guān)系，得出在河中央處，水流速度，再結(jié)合三角知識，即可求解夾角的最小值．【解答】解：渡河的時(shí)間為：t==s=10s；水流速的平均速度等于處的水流速．則有：u=0.4×=10m/s．所以沿河岸方向上的位移為：x=ut=200m．所以AB的直線距離為：s=m=200m；船在靜水中速度是不變，而水流速度滿意u=0.2x（x是離河岸的距離，0≤x≤），因x=vt，那么u=2t，因此到達(dá)河中央前小船加速度大小為2m/s2，當(dāng)?shù)竭_(dá)中央時(shí)，水流速度為：u=0.2x=0.2×100=20m/s，由三角知識，則有：tanθ==0.5；故答案為：200；arctan0.5【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道合運(yùn)動及分運(yùn)動具有等時(shí)性，各分運(yùn)動具有獨(dú)立性，互不影響．同時(shí)駕馭運(yùn)動學(xué)公式的應(yīng)用．26．帶正電小球靜止在光滑絕緣斜面的底端，現(xiàn)在該區(qū)域加一平行斜面對上的勻強(qiáng)電場，經(jīng)時(shí)間t電場做功40J時(shí)，勻強(qiáng)電場突然消逝，小球又經(jīng)時(shí)間t恰好回到斜面底端．若以小球初始水平面為零重力勢能面，則小球回到斜面底端時(shí)的機(jī)械能為40J，小球的動能為8J時(shí)重力勢能為32和24J．【考點(diǎn)】電勢能；動能定理的應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；電場力及電勢的性質(zhì)專題．【分析】依據(jù)功能關(guān)系可以得到機(jī)械能的增加等于電場力做的功，電場力做功40J，所以小球的機(jī)械能的增加40J；依據(jù)有電場和沒有電場的時(shí)候，運(yùn)動的時(shí)間相同，可以計(jì)算電場力和重力之間的關(guān)系，在依據(jù)動能定理計(jì)算動能為8J的時(shí)候重力勢能的大小，在返回的時(shí)候，依據(jù)機(jī)械能守恒，可以直接計(jì)算動能為8J的時(shí)候重力勢能的大小．【解答】解：在運(yùn)動的過程中，除重力之外，只有電場力做功，小球的機(jī)械能的增加等于電場力做的功，電場力做功40J，所以小球的機(jī)械能的增加40J，小球回到斜面底端時(shí)的機(jī)械能為40J；設(shè)有電場力及沒電場力時(shí)物體的加速度大小分別為a1,a2，依據(jù)物體在電場力作用向上運(yùn)動的位移及撤去電場力后回到動身點(diǎn)的位移大小相等，方向相反，得：a1t2+（a1t）t﹣a2t2=0解得：a2=3a1又由牛頓第二定律得：qE﹣mgsinθ=ma1，mgsinθ=ma2，得到qE=mgsinθ設(shè)當(dāng)物體的動能為8J時(shí)，物體重力勢能為EP，有：（qE﹣mgsinθ）x=EK=8J此時(shí)的勢能為：EP=mgsinθx解得：EP=mgsinθ?x=3EK=24J，在去掉電場之后，物體從靜止開始下滑的過程中，機(jī)械能守恒，此時(shí)當(dāng)動能為8J的時(shí)候，重力勢能為40﹣8=32J．故答案為：40；32和24．【點(diǎn)評】本題是動能定理,運(yùn)動學(xué)公式等等力學(xué)規(guī)律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要抓住兩個(gè)過程之間的位移關(guān)系和時(shí)間關(guān)系，確定電場力和重力之間的關(guān)系．五,試驗(yàn)題27．某同學(xué)利用單擺測定重力加速度時(shí)，用秒表測量單擺的周期，當(dāng)單擺搖擺穩(wěn)定且到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)并記為n=0，單擺每經(jīng)過最低點(diǎn)記一次數(shù)，當(dāng)數(shù)到n=60時(shí)停止計(jì)時(shí)．測量結(jié)果及當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊恼鎸?shí)值比較，發(fā)覺偏大，可能緣由是（）A．振幅偏小B．開始計(jì)時(shí)誤記為n=1C．將擺線加上球直徑當(dāng)成了擺長D．將擺線的長度當(dāng)成了擺長【考點(diǎn)】單擺周期公式．【專題】定性思想；推理法；單擺問題．【分析】依據(jù)單擺周期公式求出重力加速度的表達(dá)式，然后分析試驗(yàn)誤差，從而即可求解．【解答】解：由單擺周期公式：T=2π可得：g=，A,重力加速度及單擺的振幅無關(guān)，振幅偏小不會影響重力加速度的測量值，故A錯(cuò)誤；B,開始計(jì)時(shí)誤記為n=1，所測中期T偏小，由g=可知，所測重力加速度偏大，故B正確；C,在擺線加上球直徑當(dāng)成了擺長，所測擺長偏大，由g=可知，所測重力加速度偏大，故C正確；D,將擺線長當(dāng)成了擺長，所測擺長偏小，由g=可知，所測重力加速度偏小，故D錯(cuò)誤；故選：BC．【點(diǎn)評】考查單擺周期公式的內(nèi)容，而確定引起誤差的根源是解題的關(guān)鍵，留意線長及擺長的區(qū)分．28．“探討共點(diǎn)力的合成”的試驗(yàn)狀況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋及細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩，圖乙是在白紙上依據(jù)試驗(yàn)結(jié)果畫出的圖示．（1）圖乙中的F及F′兩力中，方向肯定沿AO方向的是F′．（2）（單選題）本試驗(yàn)采納的科學(xué)方法是BA．志向試驗(yàn)法B．等效替代法C．限制變量法D．建立物理模型法（3）（多選題）試驗(yàn)中可減小誤差的措施有ACDA．兩個(gè)分力F1,F2的大小要盡量大些B．兩個(gè)分力F1,F2間夾角應(yīng)越大越好C．拉橡皮筋時(shí)，彈簧秤,橡皮條,細(xì)繩應(yīng)貼近木板且及木板平面平行D．AO間距離要適當(dāng)，將橡皮筋拉至結(jié)點(diǎn)O時(shí)，拉力要適當(dāng)大些．【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則．【專題】試驗(yàn)題；平行四邊形法則圖解法專題．【分析】明確試驗(yàn)原理，了解試驗(yàn)誤差的存在，知道該試驗(yàn)中“理論值”和“試驗(yàn)值”的區(qū)分．試驗(yàn)要操作便利,數(shù)據(jù)精確，盡量減小讀數(shù)的肯定誤差和相對誤差．【解答】解：（1）F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個(gè)彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱的拉力及兩個(gè)彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向肯定沿AO方向的是F′，由于誤差的存在F和F′方向并不在重合；（2）合力及分力是等效替代的關(guān)系，所以本試驗(yàn)采納的等效替代法．故選：B（3）A,試驗(yàn)是通過作圖得出結(jié)果，故為了減小誤差應(yīng)讓拉力盡量大些，故A正確；B,而夾角太大將會導(dǎo)至合力過小，故夾角不能太大，故B錯(cuò)誤；C,為了防止出現(xiàn)分力的狀況，應(yīng)讓各力盡量貼近木板，且及木板平行，故C正確；D,為了精確登記拉力的方向，故采納兩點(diǎn)描線時(shí)兩點(diǎn)應(yīng)盡量距離大一些，故細(xì)繩應(yīng)長些，故D正確；故選：ACD．故答案為：（1）F′，（2）B，（3）ACD【點(diǎn)評】本試驗(yàn)采納的是“等效替代”的方法，即一個(gè)合力及幾個(gè)分力共同作用的效果相同，可以相互替代，明確“理論值”和“試驗(yàn)值”的區(qū)分．29．如圖是“用DIS探討回路中感應(yīng)電動勢大小及磁通量變化快慢的關(guān)系”試驗(yàn)裝置，保持擋光片位置,光電門和螺線管之間的距離不變．（1）試驗(yàn)器材除了須要光電門傳感器之外，還須要電壓傳感器．（2）讓小車以不同的速度靠近螺線管，記錄下小車每次靠近螺線管至最終撞上螺線管停止的全過程中感應(yīng)電動勢及時(shí)間的變化關(guān)系．如圖所示，光電門測得擋光時(shí)間為△t1，有感應(yīng)電動勢的時(shí)間為△t2，則試驗(yàn)可以得到感應(yīng)電動勢及成正比．（用題中字母表示）（3）若保持磁鐵靠近線圈的速度不變，只增加線圈的匝數(shù)（線圈直徑不變），則△t1內(nèi)圖象所圍陰影部分面積將增大（選填“不變”,“增大”或“減小”）．【考點(diǎn)】探討電磁感應(yīng)現(xiàn)象．【專題】試驗(yàn)題．【分析】（1）須要電壓傳感器測量感應(yīng)電動勢的大??；（2）依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢及什么量成正比；（3）依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析面積如何變化【解答】解：（1）探討回路中感應(yīng)電動勢大小及磁通量變化快慢的關(guān)系，須要測出感應(yīng)電動勢的大小，因此須要電壓傳感器．（2）小車每次靠近螺線管至最終撞上螺線管停止的全過程中，磁通量的變化量△Φ相等，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：E=n可知，在n及△Φ肯定時(shí)，感應(yīng)電動勢及成正比；（3）感應(yīng)電動勢：E=n，則E△t=n△Φ，每次試驗(yàn)時(shí)磁通量的變化量△Φ不變，保持磁鐵靠近線圈的速度不變，只增加線圈的匝數(shù)n，則n△Φ增大，△t1內(nèi)圖象所圍陰影部分面積將增大．故答案為：（1）電壓；（2）；（3）增大．【點(diǎn)評】本題考查了試驗(yàn)器材,試驗(yàn)分析等問題，知道試驗(yàn)原理是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律,分析清晰圖象即可正確解題．30．某試驗(yàn)小組利用銅片,鋅片和家鄉(xiāng)盛產(chǎn)的柑橘制作了果汁電池，他們測量這種電池的電動勢E和內(nèi)阻r，并探究電極間距對E和r的影響，試驗(yàn)器材如圖所示測量E和r的試驗(yàn)方案為：調(diào)整滑動變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過電源的電流I，依據(jù)公式U=E﹣Ir，利用測量數(shù)據(jù)作出U﹣I圖象，得出E和r．（1）將電壓表視為志向表，要求避開電流表分壓作用對測量結(jié)果的影響，請?jiān)趫D中用筆畫線代替導(dǎo)線連接電路．（2）試驗(yàn)中依次減小銅片及鋅片的間距，分別得到相應(yīng)果汁電池的U﹣I圖象如圖中（a）（b）（c）（d）所示，由此可知：在該試驗(yàn)中，隨電極間距的減小，電源電動勢不變（填“增大”,“減小”或“不變”），電源內(nèi)阻增大（填“增大”,“減小”或“不變”）．（3）對圖線（c），當(dāng)外電路總電阻為2500Ω時(shí)，該電源的輸出功率P=0.268mW．【考點(diǎn)】測定電源的電動勢和內(nèi)阻．【專題】試驗(yàn)題；設(shè)計(jì)及制作題；定性思想；推理法；恒定電流專題．【分析】（1）將電壓表視為志向表，要避開電流表分壓作用對測量結(jié)果，相對于電源來說，電流表應(yīng)采納外接法，據(jù)此連接實(shí)物電路圖；（2）測量電源電動勢和內(nèi)阻時(shí)，U﹣I圖象的斜率表示內(nèi)阻，即r=，圖象縱軸截距為電動勢；（3）電源的輸出功率一般用P=I2R計(jì)算，其中I為干路電流，R為外阻．【解答】解：（1）將電壓表視為志向表，要避開電流表分壓作用對測量結(jié)果，相對于電源來說，電流表應(yīng)采納外接法，據(jù)此連接實(shí)物電路圖，電路圖如圖所示．（2）圖線及縱軸的交點(diǎn)的縱坐標(biāo)即為電動勢，由圖象可知，圖象及縱軸的交點(diǎn)縱坐標(biāo)不變，所以電動勢不變，圖線斜率的肯定值即為內(nèi)阻，由圖象可知，（a）（b）（c）（d）圖象斜率的肯定值變大，電源內(nèi)阻變大．由此可知：隨電極間距的減小電源內(nèi)阻增大．（3）由圖示圖象可知，圖象及縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值為0.975，電源電動勢E=0.975V；（c）對應(yīng)圖線斜率肯定值約為478（從線上選取兩點(diǎn)即可求斜率），電源的輸出功率為：P=（）2R=（）2×2500W=2.68×10﹣4W=0.268mW．故答案為：（1）如圖所示；（2）不變，增大；（3）0.268．【點(diǎn)評】本題考查了試驗(yàn)原理,做試驗(yàn)電路圖,試驗(yàn)數(shù)據(jù)分析，知道試驗(yàn)原理,依據(jù)題意確定電流表的接法是正確作出試驗(yàn)電路圖的關(guān)鍵；對于圖象問題，要做到三看：看物理量,看單位,看初坐標(biāo)，然后再看斜率，看變化．六,計(jì)算題.（共50分）31．如圖所示，導(dǎo)熱良好的薄壁氣缸放在水平面上，用橫截面積為S=1.0×10﹣2m2的光滑薄活塞將肯定質(zhì)量的志向氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞桿的另一端固定在墻上．此時(shí)活塞桿及墻剛好無擠壓．外界大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa．當(dāng)環(huán)境溫度為27℃時(shí)，密閉氣體的體積為2.0×10﹣3m3．①若固定氣缸在水平面上，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2為多少？②若氣缸放在光滑水平面上不固定，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣缸移動了多少距離？③保持②的條件不變下，對氣缸施加水平作用力，使缸內(nèi)氣體體積緩慢地復(fù)原到原來數(shù)值，這時(shí)氣缸受到的水平作用力多大？【考點(diǎn)】志向氣體的狀態(tài)方程．【專題】志向氣體狀態(tài)方程專題．【分析】①由等容變化規(guī)律可求得環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2②當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升時(shí)，氣體作等壓膨脹，依據(jù)蓋﹣呂薩克定律列式求解出膨脹的體積；③從開始到最終，氣體等容升溫，依據(jù)查理定律列式求解氣壓，再依據(jù)內(nèi)外壓強(qiáng)差求解水平作用力；【解答】解：①從開始狀態(tài)到最終狀態(tài)，氣體等容變化=解得：P2==pa=1.1×105pa②當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣體作等壓變化，依據(jù)蓋﹣呂薩克定律得：解得：V2=V1=×2.0×10﹣3m3=2.2×10﹣3m3氣缸移動的距離為：△l==m=2×10﹣2m③由狀態(tài)3到狀態(tài)4，由等溫變化可知：P3V3=P4V4即P4===1.1×105Pa又因?yàn)椋篜4s=P0S+F解得：F=100N；答：①若固定氣缸在水平面上，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2為1.1×105pa②若氣缸放在光滑水平面上不固定，當(dāng)環(huán)境溫度緩慢上升到57℃時(shí)，氣缸移動了2×10﹣2m距離；③保持②的條件不變下，對氣缸施加水平作用力，使缸內(nèi)氣體體積緩慢地復(fù)原到原來數(shù)值，這時(shí)氣缸受到的水平作用力100N．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵找出封閉氣體的已知狀態(tài)參量，然后選擇合適的氣體試驗(yàn)定律列方程求解，要留意正確確定初末狀態(tài)參量．32．如圖所示，粗糙水平面上放置一個(gè)小物塊，在力F作用下沿水平面對右加速運(yùn)動．在保持力F大小不變的狀況下，發(fā)覺當(dāng)F水平向右或及水平面成60°夾角斜向上時(shí)，物塊的加速度相同．求：（1）物塊及水平面間的動摩擦因數(shù)μ．（2）若保持力F及水平面成60°夾角斜向上，從靜止起拉動物塊，物塊沿水平面對右移動s=5m的時(shí)間為t．改變F的大小重復(fù)上述過程，時(shí)間t的最小值為多少？【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的位移及時(shí)間的關(guān)系．【專題】牛頓運(yùn)動定律綜合專題．【分析】（1）當(dāng)拉力水平常，以及拉力斜向上時(shí)，依據(jù)牛頓第二定律求出加速度的表達(dá)式，抓住加速度相等求出物塊及水平面間的動摩擦因數(shù)．（2）F的方向不變，改變拉力的大小，當(dāng)加速度最大時(shí)，所用的時(shí)間最短，抓住物體不能離開水平面，求出最大拉力，從而得出最大加速度，結(jié)合位移時(shí)間公式求出時(shí)間的最小值．【解答】解：（1）水平拉時(shí)，依據(jù)牛頓第二定律有：