重慶市2024高考副科題型變化3月抽樣統(tǒng)測(cè)考試物理調(diào)研卷參考答案 (最終修訂)

2024調(diào)研卷物理試卷參考答案12345678910CDAABDDACCDABD1．C【詳解】破冰船的船頭相對(duì)冰層向上滑動(dòng)，滑動(dòng)摩擦力沿相對(duì)運(yùn)動(dòng)反方向，支持力垂直于接觸面，故兩者合力可能沿c方向D【詳解】A.當(dāng)靜電平衡時(shí)，空腔球形導(dǎo)體內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，球體外表面感應(yīng)出正電荷，空腔球體為一個(gè)等勢(shì)體。中心電荷為正電荷，電勢(shì)由內(nèi)到外應(yīng)該降低，故M點(diǎn)低于N點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤。根據(jù)靜電平衡可知，空腔球殼金屬內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零。根據(jù)電勢(shì)分布可知，正電荷電勢(shì)向外逐漸降低，N和P點(diǎn)為對(duì)稱點(diǎn)，故電勢(shì)相同，即從N到P電勢(shì)能沒(méi)有變化，故電場(chǎng)力做功應(yīng)為0。選項(xiàng)C錯(cuò)誤根據(jù)電勢(shì)分布，從里到外電勢(shì)降低，故Q點(diǎn)電勢(shì)高于M點(diǎn)電勢(shì)。D選項(xiàng)正確。A【詳解】由題目可知電線2電流小于電線1電流，用安培定則可知，在鐵芯中磁感線方向?yàn)轫槙r(shí)針，線圈磁通量增加，由楞次定律可知，感應(yīng)磁場(chǎng)方向相反。由安培定則可得，電流方向應(yīng)為N到M。A【詳解】由圖甲可以看出，從水中到空氣，a光折射角大于b光，根據(jù)折射定律，a光偏折程度大于b光，可得a光的折射率大于b光。由圖乙可看出，b光折射角小于c光，根據(jù)折射定律，b光折射程度大于c光，b光折射率大于c光折射率。由圖丙可知，c光發(fā)射全反射，故c光的折射率大于d光。綜上可得，na>nb>nc>ndB【詳解】原子核衰變?yōu)榉€(wěn)定的原子核82208PbD【詳解】以瓶塞為研究對(duì)象，設(shè)此時(shí)末狀態(tài)瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)為P1瓶塞恰好移動(dòng)，根據(jù)平衡條件則有：f+P0S+mg=P1S，對(duì)瓶?jī)?nèi)氣體研究，初態(tài)：壓強(qiáng)P0，T1=T0+t1，末狀態(tài)：壓強(qiáng)P1，T2=T0+t2，由查理定律可得7.D【詳解】A.由題知，甲乙到中心軸距離為1:2，甲和乙的角速度相同，根據(jù)v=ω?r，故線速度之比應(yīng)為1:2，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤。根據(jù)a=ω由θ=ωt可知，轉(zhuǎn)過(guò)的角度應(yīng)為圖形圍成的面積，乙在t0到2t0轉(zhuǎn)過(guò)的角度應(yīng)為32ω0t0，甲在2t乙在2t0到4t0內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的角度θ乙=ω0t0，走過(guò)的路程即為轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)，由l乙=θ?r，可得8．AC【詳解】A.物體M的初速度為正方向，合力為正方向，合力所做的功為正，根據(jù)動(dòng)能定理可以可知，合外力做功等于動(dòng)能的變化量，即M的動(dòng)能增加。A選項(xiàng)正確。物體N的初速度方向?yàn)檎较颍狭Ψ较驗(yàn)樨?fù)方向，速度逐漸減小，根據(jù)I=?P，可知?jiǎng)恿孔兓癁樨?fù)，即沖量應(yīng)為負(fù)。故B選項(xiàng)錯(cuò)誤。物體P的初速度方向?yàn)樨?fù)，合力方向?yàn)樨?fù)，合力和初速度方向一致，即加速度和初速度方向相同，物體P做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C選項(xiàng)正確。物體Q的初速度方向?yàn)樨?fù)，合力方向?yàn)檎醇铀俣确较蚝统跛俣确较蛳喾?，物體Q沿X軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)速度逐漸減小，當(dāng)減到0時(shí)，物體又反向運(yùn)動(dòng)，沿X軸正方向。故D選項(xiàng)正確。9.CD【詳解】由題可知，每經(jīng)過(guò)時(shí)間t，質(zhì)點(diǎn)b與平衡位置的距離均為h，可以推斷出，t應(yīng)為周期的四分之一，且b位于振幅的22A處。A選項(xiàng)，分析可知，周期應(yīng)為4t。BC選項(xiàng)，從振源傳到質(zhì)點(diǎn)b，并且質(zhì)點(diǎn)b振動(dòng)到振幅的22A處，且所經(jīng)歷時(shí)間為t，即傳到質(zhì)點(diǎn)b所用的時(shí)間應(yīng)為12t，根據(jù)v=st，可以得到v=2St，根據(jù)10.ABD【詳解】設(shè)恒星P和Q之間的距離為L(zhǎng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，對(duì)P:GmpmQL2=mpω2rp同理對(duì)Q分析可得GmpmQL2（1）初速度（2分）（2）大于（2分）（3）答案①：能通過(guò)，通過(guò)同一標(biāo)記點(diǎn)即豎直位移相同說(shuō)明時(shí)間相同，水平位移說(shuō)明水平速度相同，相同的平拋初速度對(duì)應(yīng)平拋軌跡相同，故也能通過(guò)下一個(gè)標(biāo)記點(diǎn)。答案②：不能通過(guò)，水和小球所受空氣阻力不可能完全相同，軌跡并不是準(zhǔn)確的拋物線，且水流中水之間的相互作用也會(huì)影響水流的運(yùn)動(dòng)，故小球不能繼續(xù)通過(guò)下一個(gè)標(biāo)記點(diǎn)。（答案言之成理即可）【解析】（1）水流出的速度與盛水桶中液面的高度有關(guān)，保持液面高度不變可以保證水流出的速度相同根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，將運(yùn)動(dòng)分解在水平和豎直兩個(gè)方向，水平方向上有x=豎直方向上有y=聯(lián)立可得y=x相同的情況下，v0

12.（1）0.060（2分）（2）5.3×10-7（2分）（3）M（2分）（4）5.1（3分）【解析】（1）d=0+6.0×0.01mm=0.060mm由，可得，帶入數(shù)據(jù)可得ρ=5.3×10-7Ω·m由于待測(cè)電阻較小，小于RVP-t圖中圖像與軸所圍面積代表功，可得W約為5.1W·h13．(1)t2=2S【解析】(1)其他阻力為恒力，所以做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則有S得t(2)由v=v0根據(jù)牛頓第二定理f聯(lián)立可得f(3)有阻攔索過(guò)程由動(dòng)能定理可得W得W14．(1)B=mv0【解析】(1)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m又R=a得B（2）如圖所示，由幾何關(guān)系，，故h=(3)如圖示，O2q2v得R2=2aKH=O又HQ=NHtanθQ到坐標(biāo)原點(diǎn)距離為3ax=

15．(1)vD=32μgl(2)mA=(1)對(duì)D減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，由動(dòng)能定理有?μm得v(2)C與D碰撞過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律有mCv又因?yàn)閺椥耘鲎?，有C、D系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有1又C與D動(dòng)量相同，則mCv聯(lián)立可得mC=3m，vA、B與C碰撞過(guò)程由動(dòng)量守恒定律有mABv又因?yàn)閺椥耘鲎?，有AB、C系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有1又AB與C最終動(dòng)量相同，則mABv聯(lián)立可得mAB=6m，vA與B碰撞過(guò)程由動(dòng)量守恒定律有mAvA與B碰撞過(guò)程損失50%，由能量守恒有1又因?yàn)?，A與B黏在一起，則vA'聯(lián)立可得mA