2021年廣東省新高考物理試卷

2021年廣東省新高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）科學(xué)家發(fā)現(xiàn)銀河系中存在大量的放射性同位素鋁26。鋁26的半衰期為72萬(wàn)年，其衰變方程為Al→Mg+Y。下列說(shuō)法正確的是（）A．Y是氦核 B．Y是質(zhì)子 C．再經(jīng)過(guò)72萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁26衰變一半 D．再經(jīng)過(guò)144萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁26全部衰變2．（4分）2021年4月，我國(guó)自主研發(fā)的空間站“天和”核心艙成功發(fā)射并入軌運(yùn)行。若核心艙繞地球的運(yùn)行可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知引力常量，由下列物理量能計(jì)算出地球質(zhì)量的是（）A．核心艙的質(zhì)量和繞地半徑 B．核心艙的質(zhì)量和繞地周期 C．核心艙的繞地角速度和繞地周期 D．核心艙的繞地線(xiàn)速度和繞地半徑3．（4分）唐代《耒耜經(jīng)》記載了曲轅犁相對(duì)直轅犁的優(yōu)勢(shì)之一是起土省力。設(shè)牛用大小相等的拉力F通過(guò)耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為α和β，α＜β，如圖所示。忽略耕索質(zhì)量，耕地過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力比對(duì)直轅犁的大 B．耕索對(duì)曲轅犁拉力的豎直分力比對(duì)直轅犁的大 C．曲轅犁勻速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力小于犁對(duì)耕索的拉力 D．直轅犁加速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力大于犁對(duì)耕索的拉力4．（4分）由于高度限制，車(chē)庫(kù)出入口采用如圖所示的曲桿道閘。道閘由轉(zhuǎn)動(dòng)桿OP與橫桿PQ鏈接而成，P、Q為橫桿的兩個(gè)端點(diǎn)。在道閘抬起過(guò)程中，桿PQ始終保持水平。桿OP繞O點(diǎn)從與水平方向成30°勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到60°的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．P點(diǎn)的線(xiàn)速度大小不變 B．P點(diǎn)的加速度方向不變 C．Q點(diǎn)在豎直方向做勻速運(yùn)動(dòng) D．Q點(diǎn)在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)5．（4分）截面為正方形的絕緣彈性長(zhǎng)管中心有一固定長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)，長(zhǎng)管外表面固定著對(duì)稱(chēng)分布的四根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)。若中心直導(dǎo)線(xiàn)通入電流I1，四根平行直導(dǎo)線(xiàn)均通入電流I2，I1＞＞I2，電流方向如圖所示。下列截面圖中可能正確表示通電后長(zhǎng)管發(fā)生形變的是（）A． B． C． D．6．（4分）如圖是某種靜電推進(jìn)裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩極間產(chǎn)生強(qiáng)電場(chǎng)，虛線(xiàn)為等勢(shì)面。在強(qiáng)電場(chǎng)作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極，a、b是其路徑上的兩點(diǎn)。不計(jì)液滴重力。下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的低 B．a(chǎn)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的小 C．液滴在a點(diǎn)的加速度比在b點(diǎn)的小 D．液滴在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大7．（4分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)充電裝置，如圖所示。假設(shè)永磁鐵的往復(fù)運(yùn)動(dòng)在螺線(xiàn)管中產(chǎn)生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V。理想變壓器原線(xiàn)圈接螺線(xiàn)管，副線(xiàn)圈接充電電路，原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為1：60。下列說(shuō)法正確的是（）A．交流電的頻率為10Hz B．副線(xiàn)圈兩端電壓最大值為3V C．變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場(chǎng)強(qiáng)弱無(wú)關(guān) D．充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．（6分）賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動(dòng)。下列v﹣t和s﹣t圖像描述了五條相同的龍舟從同一起點(diǎn)線(xiàn)同時(shí)出發(fā)、沿長(zhǎng)直河道劃向同一終點(diǎn)線(xiàn)的運(yùn)動(dòng)全過(guò)程，其中能反映龍舟甲與其它龍舟在途中出現(xiàn)船頭并齊的有（）A． B． C． D．9．（6分）長(zhǎng)征途中，為了突破敵方關(guān)隘，戰(zhàn)士爬上陡峭的山頭，居高臨下向敵方工事內(nèi)投擲手榴彈。戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質(zhì)量均為m的手榴彈。手榴彈從投出的位置到落地點(diǎn)的高度差為h，在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的有（）A．甲在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間比乙的長(zhǎng) B．兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等 C．從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢(shì)能減少mgh D．從投出到落地，每顆手榴彈的機(jī)械能變化量為mgh10．（6分）如圖所示，水平放置足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌abc和de，ab與de平行，bc是以O(shè)為圓心的圓弧導(dǎo)軌。圓弧be左側(cè)和扇形Obc內(nèi)有方向如圖的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬桿OP的O端與e點(diǎn)用導(dǎo)線(xiàn)相接，P端與圓弧bc接觸良好。初始時(shí)，可滑動(dòng)的金屬桿MN靜止在平行導(dǎo)軌上。若桿OP繞O點(diǎn)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)內(nèi)從b到c勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，回路中始終有電流，則此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的有（）A．桿OP產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定 B．桿OP受到的安培力不變 C．桿MN做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) D．桿MN中的電流逐漸減小三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11．（7分）某興趣小組測(cè)量一緩沖裝置中彈簧的勁度系數(shù)。緩沖裝置如圖所示，固定在斜面上的透明有機(jī)玻璃管與水平面夾角為30°，彈簧固定在有機(jī)玻璃管底端。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：先沿管軸線(xiàn)方向固定一毫米刻度尺，再將單個(gè)質(zhì)量為200g的鋼球（直徑略小于玻璃管內(nèi)徑）逐個(gè)從管口滑進(jìn)，每滑進(jìn)一個(gè)鋼球，待彈簧靜止，記錄管內(nèi)鋼球的個(gè)數(shù)n和彈簧上端對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)Ln，數(shù)據(jù)如表所示。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。采用逐差法計(jì)算彈簧壓縮量，進(jìn)而計(jì)算其勁度系數(shù)。n123456Ln/cm8.0410.0312.0514.0716.1118.09（1）利用△Li＝Li+3﹣Li（i＝1，2，3）計(jì)算彈簧的壓縮量：△L1＝6.03cm，△L2＝6.08cm，△L3＝cm，壓縮量的平均值＝＝cm；（2）上述是管中增加個(gè)鋼球時(shí)產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量；（3）忽略摩擦，重力加速度g取9.80m/s2，該彈簧的勁度系數(shù)為N/m（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。12．（9分）某小組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。（1）先用多用電表預(yù)判熱敏電阻阻值隨溫度的變化趨勢(shì)。選擇適當(dāng)倍率的歐姆擋，將兩表筆，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊“0Ω”處。測(cè)量時(shí)觀(guān)察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而。（2）再按圖連接好電路進(jìn)行測(cè)量。①閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R1的滑片滑到端（選填“a”或“b”）。將溫控室的溫度設(shè)置為T(mén)，電阻箱R0調(diào)為某一阻值R01。閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1，使電壓表和電流表的指針偏轉(zhuǎn)到某一位置.，記錄此時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)、T和R01。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S。再將電壓表與熱敏電阻C端間的導(dǎo)線(xiàn)改接到D端，閉合開(kāi)關(guān)S。反復(fù)調(diào)節(jié)R0和R1，使電壓表和電流表的示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同，記錄此時(shí)電阻箱的阻值R02，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S。②實(shí)驗(yàn)中記錄的阻值R01R02（選填“大于”、“小于”或“等于”），此時(shí)熱敏電阻阻值RT＝。（3）改變溫控室的溫度，測(cè)量不同溫度時(shí)的熱敏電阻阻值，可以得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。13．（11分）算盤(pán)是我國(guó)古老的計(jì)算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤(pán)的固定導(dǎo)桿上滑動(dòng)，使用前算珠需要?dú)w零，如圖所示，水平放置的算盤(pán)中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框b，甲、乙相隔s1＝3.5×10﹣2m，乙與邊框a相隔s2＝2.0×10﹣2m，算珠與導(dǎo)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1?，F(xiàn)用手指將甲以0.4m/s的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為0.1m/s，方向不變，碰撞時(shí)間極短且不計(jì)，重力加速度g取10m/s2。（1）通過(guò)計(jì)算，判斷乙算珠能否滑動(dòng)到邊框a；（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間。14．（15分）如圖是一種花瓣形電子加速器簡(jiǎn)化示意圖?？臻g有三個(gè)同心圓a、b、c圍成的區(qū)域，圓a內(nèi)為無(wú)場(chǎng)區(qū)，圓a與圓b之間存在輻射狀電場(chǎng)，圓b與圓c之間有三個(gè)圓心角均略小于90°的扇環(huán)形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ。各區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外。電子以初動(dòng)能Ek0從圓b上P點(diǎn)沿徑向進(jìn)入電場(chǎng)。電場(chǎng)可以反向，保證電子每次進(jìn)入電場(chǎng)即被全程加速。已知圓a與圓b之間電勢(shì)差為U，圓b半徑為R，圓c半徑為R，電子質(zhì)量為m，電荷量為e。忽略相對(duì)論效應(yīng)。取tan22.5°＝0.4。（1）當(dāng)Ek0＝0時(shí)，電子加速后均沿各磁場(chǎng)區(qū)邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)，且在電場(chǎng)內(nèi)相鄰運(yùn)動(dòng)軌跡的夾角θ均為45°，最終從Q點(diǎn)出射，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中帶箭頭實(shí)線(xiàn)所示。求Ⅰ區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、電子在Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間及在Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能；（2）已知電子只要不與Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)外邊界相碰，就能從出射區(qū)域出射。當(dāng)Ek0＝keU時(shí)，要保證電子從出射區(qū)域出射，求k的最大值。（二）選考題：共12分。請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[選修33]（12分）15．（6分）在高空飛行的客機(jī)上某乘客喝完一瓶礦泉水后，把瓶蓋擰緊。下飛機(jī)后發(fā)現(xiàn)礦泉水瓶變癟了，機(jī)場(chǎng)地面溫度與高空客艙內(nèi)溫度相同。由此可判斷，高空客艙內(nèi)的氣體壓強(qiáng)（選填“大于”、“小于”或“等于）”機(jī)場(chǎng)地面大氣壓強(qiáng)；從高空客艙到機(jī)場(chǎng)地面，礦泉水瓶?jī)?nèi)氣體的分子平均動(dòng)能（選填“變大”、“變小”或“不變”）。16．（6分）為方便抽取密封藥瓶里的藥液，護(hù)士一般先用注射器注入少量氣體到藥瓶里后再抽取藥液，如圖所示。某種藥瓶的容積為0.9mL，內(nèi)裝有0.5mL的藥液，瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)為1.0×105Pa。護(hù)士把注射器內(nèi)橫截面積為0.3cm2、長(zhǎng)度為0.4cm、壓強(qiáng)為1.0×105Pa的氣體注入藥瓶，若瓶?jī)?nèi)外溫度相同且保持不變，氣體視為理想氣體，求此時(shí)藥瓶?jī)?nèi)氣體的壓強(qiáng)。[選修34]（12分）17．如圖所示，一個(gè)輕質(zhì)彈簧下端掛一小球，小球靜止?，F(xiàn)將小球向下拉動(dòng)距離A后由靜止釋放，并開(kāi)始計(jì)時(shí)，小球在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，周期為T(mén)。經(jīng)時(shí)間，小球從最低點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)的距離（選填“大于”、“小于”或“等于”）；在時(shí)刻，小球的動(dòng)能（選填“最大”或“最小”）。18．如圖所示，一種光學(xué)傳感器是通過(guò)接收器Q接收到光的強(qiáng)度變化而觸發(fā)工作的，光從擋風(fēng)玻璃內(nèi)側(cè)P點(diǎn)射向外側(cè)M點(diǎn)再折射到空氣中，測(cè)得入射角為α，折射角為β；光從P點(diǎn)射向外側(cè)N點(diǎn)，剛好發(fā)生全反射并被Q接收，求光從玻璃射向空氣時(shí)臨界角θ的正弦值表達(dá)式。

2021年廣東省新高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）科學(xué)家發(fā)現(xiàn)銀河系中存在大量的放射性同位素鋁26。鋁26的半衰期為72萬(wàn)年，其衰變方程為Al→Mg+Y。下列說(shuō)法正確的是（）A．Y是氦核 B．Y是質(zhì)子 C．再經(jīng)過(guò)72萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁26衰變一半 D．再經(jīng)過(guò)144萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁26全部衰變【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定Y的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定Y是什么粒子；抓住每經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，判斷有多少的鋁26發(fā)生衰變?！窘獯稹拷猓篈B、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，Y的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為0，可知Y為正電子，故A、B錯(cuò)誤；C、每經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，再經(jīng)過(guò)72萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁有一半發(fā)生衰變，故C正確；D、每經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，再經(jīng)過(guò)144萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁有發(fā)生衰變，還剩沒(méi)有衰變，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過(guò)程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，理解半衰期的含義，知道每經(jīng)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變。2．（4分）2021年4月，我國(guó)自主研發(fā)的空間站“天和”核心艙成功發(fā)射并入軌運(yùn)行。若核心艙繞地球的運(yùn)行可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知引力常量，由下列物理量能計(jì)算出地球質(zhì)量的是（）A．核心艙的質(zhì)量和繞地半徑 B．核心艙的質(zhì)量和繞地周期 C．核心艙的繞地角速度和繞地周期 D．核心艙的繞地線(xiàn)速度和繞地半徑【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得到地球的質(zhì)量與軌道半徑、周期、角速度或線(xiàn)速度的關(guān)系進(jìn)行分析。【解答】解：設(shè)引力常量為G。AB、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有：＝mr，解得M＝，要計(jì)算地球的質(zhì)量M，需要知道核心艙的軌道半徑和周期，故AB錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有：＝mrω2，解得：M＝＝，由于軌道半徑不知道，所以無(wú)法計(jì)算地球的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有：＝m，解得：M＝，已知核心艙的繞地線(xiàn)速度和繞地半徑，可以計(jì)算地球的質(zhì)量，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，解答本題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合向心力公式進(jìn)行分析。3．（4分）唐代《耒耜經(jīng)》記載了曲轅犁相對(duì)直轅犁的優(yōu)勢(shì)之一是起土省力。設(shè)牛用大小相等的拉力F通過(guò)耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為α和β，α＜β，如圖所示。忽略耕索質(zhì)量，耕地過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力比對(duì)直轅犁的大 B．耕索對(duì)曲轅犁拉力的豎直分力比對(duì)直轅犁的大 C．曲轅犁勻速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力小于犁對(duì)耕索的拉力 D．直轅犁加速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力大于犁對(duì)耕索的拉力【分析】根據(jù)力的分解得到兩種情況下水平分力、豎直分力的大小關(guān)系，根據(jù)牛頓第三定律分析相互作用力大小?！窘獯稹拷猓篈、耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力大小為F1＝Fsinα，耕索對(duì)直轅犁拉力的水平分力大小為F2＝Fsinβ，由于α＜β，則耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力比對(duì)直轅犁拉力的水平分力小，故A錯(cuò)誤；B、耕索對(duì)曲轅犁拉力的在豎直方向的分力大小為F1′＝Fcosα，耕索對(duì)直轅犁拉力的豎直方向分力大小為F2′＝Fcosβ，由于α＜β，則耕索對(duì)曲轅犁拉力的豎直方向的分力比對(duì)直轅犁拉力在豎直方向的分力大，故B正確；CD、無(wú)論曲轅犁勻速前進(jìn)或直轅犁加速前進(jìn)，耕索對(duì)犁的拉力與犁對(duì)耕索的拉力屬于物體間的相互作用力，總是大小相等、方向相反，故CD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查共點(diǎn)力的平衡、力的分解以及牛頓第三定律的應(yīng)用，掌握力的分解方法、知道物體之間相互作用力的大小關(guān)系。4．（4分）由于高度限制，車(chē)庫(kù)出入口采用如圖所示的曲桿道閘。道閘由轉(zhuǎn)動(dòng)桿OP與橫桿PQ鏈接而成，P、Q為橫桿的兩個(gè)端點(diǎn)。在道閘抬起過(guò)程中，桿PQ始終保持水平。桿OP繞O點(diǎn)從與水平方向成30°勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到60°的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．P點(diǎn)的線(xiàn)速度大小不變 B．P點(diǎn)的加速度方向不變 C．Q點(diǎn)在豎直方向做勻速運(yùn)動(dòng) D．Q點(diǎn)在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)【分析】桿勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，即角速度不變，據(jù)此分析P點(diǎn)的線(xiàn)速度大小變化；向心加速度始終指向圓心，所以加速度方向時(shí)刻改變；對(duì)兩位置的P點(diǎn)速度分解，從判斷Q點(diǎn)在豎直方向、水平方向分別做什么運(yùn)動(dòng)。【解答】解：A、桿OP繞O點(diǎn)從與水平方向成30°勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到60°的過(guò)程中，可認(rèn)為轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω不變，由v＝ωr，P點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)半徑r不變，所以P點(diǎn)的線(xiàn)速度大小不變，故A正確；B、向心加速度始終指向圓心O點(diǎn)，所以P點(diǎn)的加速度方向時(shí)刻改變，故B錯(cuò)誤；CD、對(duì)兩位置的速度沿豎直方向和水平方向分解，如圖所示，由圖可知，豎直方向的分速度在逐漸變小，水平方向的分速度在逐漸增大，所以在P點(diǎn)的帶動(dòng)下，Q點(diǎn)在豎直方向做做減速運(yùn)動(dòng)，在水平方向做做加速運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】考查了圓周運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律以及運(yùn)動(dòng)的合成與分解，本題的難點(diǎn)在于利用圖像分析Q點(diǎn)在豎直方向、水平方向的運(yùn)動(dòng)情況。5．（4分）截面為正方形的絕緣彈性長(zhǎng)管中心有一固定長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)，長(zhǎng)管外表面固定著對(duì)稱(chēng)分布的四根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)。若中心直導(dǎo)線(xiàn)通入電流I1，四根平行直導(dǎo)線(xiàn)均通入電流I2，I1＞＞I2，電流方向如圖所示。下列截面圖中可能正確表示通電后長(zhǎng)管發(fā)生形變的是（）A． B． C． D．【分析】明確題意，知道中間電流遠(yuǎn)大于外表導(dǎo)線(xiàn)中的電流，所以只需要考慮中心電流形成的磁場(chǎng)對(duì)四根外表面固定長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)的安培力，根據(jù)安培定則確定各導(dǎo)線(xiàn)處的磁場(chǎng)方向，再根據(jù)左手定則確定受力方向即可確定形變方向?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)安培定則可知，中心導(dǎo)線(xiàn)形成的磁場(chǎng)是以導(dǎo)線(xiàn)為圓心的圓，所以左邊導(dǎo)線(xiàn)處的磁場(chǎng)方向豎直向上，根據(jù)左手定則可知，左邊導(dǎo)線(xiàn)受力向右；右側(cè)導(dǎo)線(xiàn)處的磁場(chǎng)方向豎直向下，由左手定則可知，右邊導(dǎo)線(xiàn)受力向左，故左右方向上彈性長(zhǎng)管是向里凹陷的；同理可知，上邊導(dǎo)線(xiàn)處的磁場(chǎng)水平向右，由左手定則可知，其受力向上；下邊導(dǎo)線(xiàn)處的磁場(chǎng)水平向左，由左手定則可知，其受力向下；因此上下彈性長(zhǎng)管是突出的；則可知發(fā)生的形變?yōu)镃，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查左手定則以及安培定則的應(yīng)用，要注意認(rèn)真審題，知道四周固定導(dǎo)線(xiàn)的受力是來(lái)自由中心導(dǎo)線(xiàn)形成的磁場(chǎng)，不要考慮兩邊導(dǎo)線(xiàn)間的相互作用力。6．（4分）如圖是某種靜電推進(jìn)裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩極間產(chǎn)生強(qiáng)電場(chǎng)，虛線(xiàn)為等勢(shì)面。在強(qiáng)電場(chǎng)作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極，a、b是其路徑上的兩點(diǎn)。不計(jì)液滴重力。下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的低 B．a(chǎn)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的小 C．液滴在a點(diǎn)的加速度比在b點(diǎn)的小 D．液滴在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大【分析】明確圖象原理，根據(jù)圖中電路確定發(fā)射極與吸極的電勢(shì)高低，確定電場(chǎng)線(xiàn)方向，沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，從而明確a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)高低；注意圖中等勢(shì)面不是等差等勢(shì)面，所以不能根據(jù)疏密確定電場(chǎng)強(qiáng)度大?。桓鶕?jù)液滴的運(yùn)動(dòng)情況確定電場(chǎng)力做功情況，從而明確電勢(shì)能的變化?！窘獯稹拷猓篈、由圖可知，發(fā)射極接電源正極，吸極接電源負(fù)極，則發(fā)射極為高電勢(shì)，吸極為低電勢(shì)，電場(chǎng)線(xiàn)由發(fā)射極指向吸極，沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，故a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)高，故A錯(cuò)誤；BC、由于題中沒(méi)有說(shuō)明等勢(shì)面是否為等差等勢(shì)面，故不能明確電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)面的疏密，所以無(wú)法確定a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，也就無(wú)法確定加速度大小，故BC錯(cuò)誤；D、因液滴加速前進(jìn)，故說(shuō)明電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故液滴在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，要注意明確電場(chǎng)的性質(zhì)，注意電場(chǎng)線(xiàn)的疏密描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱，但等勢(shì)面要先確定是否為等差等勢(shì)面，若是等差等勢(shì)面，可由其疏密判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。7．（4分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)充電裝置，如圖所示。假設(shè)永磁鐵的往復(fù)運(yùn)動(dòng)在螺線(xiàn)管中產(chǎn)生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V。理想變壓器原線(xiàn)圈接螺線(xiàn)管，副線(xiàn)圈接充電電路，原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為1：60。下列說(shuō)法正確的是（）A．交流電的頻率為10Hz B．副線(xiàn)圈兩端電壓最大值為3V C．變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場(chǎng)強(qiáng)弱無(wú)關(guān) D．充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率【分析】根據(jù)周期和頻率的關(guān)系確定交流電的頻率；利用變壓器電壓之比與線(xiàn)圈匝數(shù)之比相等確定輸出電壓，再根據(jù)電壓的最大值和有效值間的關(guān)系確定輸出電壓的最大值；明確輸入電壓來(lái)源，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律確定輸入電壓與永磁鐵的強(qiáng)弱是否有關(guān)，明確變壓器輸出功率決定輸入功率，本身不消耗能量?！窘獯稹拷猓篈、交流電的周期為T(mén)＝0.2s，則其頻率f＝＝Hz＝5Hz，故A錯(cuò)誤；B、輸入電壓的有效值U1＝V＝0.025V，根據(jù)＝可知，輸出電壓U2＝60×0.025V＝1.5V，故最大值U2m＝U2＝×1.5V＝3V，故B正確；C、輸入電壓是由電磁感應(yīng)產(chǎn)生的，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，輸入電壓與永磁體的強(qiáng)弱有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D、變壓器兩端的功率是相等的，即輸出功率決定了輸入功率，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查變壓器原理以及交流電的性質(zhì)，要注意明確變壓器的基本原理，知道電壓之比等于匝數(shù)之比，電流之比等于匝數(shù)的反比；輸入功率和輸出功率相等等規(guī)律。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．（6分）賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動(dòng)。下列v﹣t和s﹣t圖像描述了五條相同的龍舟從同一起點(diǎn)線(xiàn)同時(shí)出發(fā)、沿長(zhǎng)直河道劃向同一終點(diǎn)線(xiàn)的運(yùn)動(dòng)全過(guò)程，其中能反映龍舟甲與其它龍舟在途中出現(xiàn)船頭并齊的有（）A． B． C． D．【分析】在速度﹣時(shí)間圖線(xiàn)中，圖線(xiàn)與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，結(jié)合面積比較兩者的位移關(guān)系，判斷是否會(huì)出現(xiàn)船頭并齊；在位移﹣時(shí)間圖線(xiàn)中，圖線(xiàn)對(duì)應(yīng)的縱坐標(biāo)表示位移，通過(guò)兩圖線(xiàn)是否有交點(diǎn)判斷在途中是否會(huì)出現(xiàn)船頭并齊?！窘獯稹拷猓篈、速度﹣時(shí)間圖線(xiàn)圍成的面積表示位移，由圖可知，在到達(dá)終點(diǎn)前，甲圖線(xiàn)圍成的面積始終大于乙圖線(xiàn)圍成的面積，則龍舟甲與龍舟乙在途中不會(huì)出現(xiàn)船頭并齊的現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、速度﹣時(shí)間圖線(xiàn)圍成的面積表示位移，由圖可知，在兩圖線(xiàn)交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻前，丙的位移比甲大，即丙在前，在交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻后有一個(gè)時(shí)刻，兩圖線(xiàn)圍成的面積相等，即位移相等，可知龍舟甲和龍舟乙在途中會(huì)出現(xiàn)船頭并齊，故B正確；C、由圖可知，在到達(dá)終點(diǎn)前，兩圖線(xiàn)沒(méi)有交點(diǎn)，即不會(huì)出現(xiàn)位移相同，則龍舟甲和龍舟乙在途中不會(huì)出現(xiàn)船頭并齊，故C錯(cuò)誤；D、由圖可知，在到達(dá)終點(diǎn)前，兩圖線(xiàn)有交點(diǎn)，即位移相同，可知龍舟甲和龍舟戊在途中出現(xiàn)船頭并齊，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了速度﹣時(shí)間圖線(xiàn)和位移﹣時(shí)間圖線(xiàn)的綜合運(yùn)用，知道圖線(xiàn)的物理含義，速度﹣時(shí)間圖線(xiàn)與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，位移﹣時(shí)間圖線(xiàn)對(duì)應(yīng)的縱坐標(biāo)表示位移。9．（6分）長(zhǎng)征途中，為了突破敵方關(guān)隘，戰(zhàn)士爬上陡峭的山頭，居高臨下向敵方工事內(nèi)投擲手榴彈。戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質(zhì)量均為m的手榴彈。手榴彈從投出的位置到落地點(diǎn)的高度差為h，在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的有（）A．甲在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間比乙的長(zhǎng) B．兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等 C．從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢(shì)能減少mgh D．從投出到落地，每顆手榴彈的機(jī)械能變化量為mgh【分析】A、根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，利用自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以判斷時(shí)間關(guān)系；B、根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，利用自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出豎直末速度，結(jié)合瞬時(shí)功率表達(dá)式可以判斷重力的功率；C、先求出重力做功關(guān)系，再根據(jù)功能關(guān)系判斷重力勢(shì)能變化量；D、根據(jù)機(jī)械能守恒的條件，手榴彈在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒?！窘獯稹拷猓篈、手榴彈在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，有h＝gt2戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆手榴彈，故h相等，故甲乙在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤；B、手榴彈在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)落地前瞬間手榴彈豎直分速度為vy，有＝2gh此時(shí)重力的功率為P＝mgvy由題意h相等，故重力的功率相等，故B正確；C、從投出到落地，每顆手榴彈的重力做功為WG＝mgh，根據(jù)功能關(guān)系可知，手榴彈的重力勢(shì)能減少mgh，故C正確；D、手榴彈在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，故手榴彈的機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】在平常學(xué)習(xí)中，要注意總結(jié)幾種常用的功能關(guān)系，如重力做功與重力勢(shì)能變化關(guān)系，合外力做功與動(dòng)能變化關(guān)系，除重力以外的其他力做功與機(jī)械能變化關(guān)系等。10．（6分）如圖所示，水平放置足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌abc和de，ab與de平行，bc是以O(shè)為圓心的圓弧導(dǎo)軌。圓弧be左側(cè)和扇形Obc內(nèi)有方向如圖的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬桿OP的O端與e點(diǎn)用導(dǎo)線(xiàn)相接，P端與圓弧bc接觸良好。初始時(shí)，可滑動(dòng)的金屬桿MN靜止在平行導(dǎo)軌上。若桿OP繞O點(diǎn)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)內(nèi)從b到c勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，回路中始終有電流，則此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的有（）A．桿OP產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定 B．桿OP受到的安培力不變 C．桿MN做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) D．桿MN中的電流逐漸減小【分析】求出OP轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線(xiàn)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算公式分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是否變化；由于MN切割磁感應(yīng)線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電流，從而使得桿OP中的電流大小發(fā)生改變，由此分析安培力的變化、加速度的變化?！窘獯稹拷猓篈、設(shè)OP轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，圓弧導(dǎo)軌半徑為r，則OP轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線(xiàn)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E＝Br＝，所以桿OP產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，故A正確；B、根據(jù)右手定則可知OP棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向由O到P，則通過(guò)MN的電流方向由M到N，根據(jù)左手定則可知桿MN受到的安培力方向向左，桿MN將向左運(yùn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線(xiàn)，由于MN切割磁感應(yīng)線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向由N到M，從而使得桿OP中的電流大小發(fā)生改變，根據(jù)F安＝BIr可知，OP受到的安培力減小，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)B選項(xiàng)分析可知，桿MN中的電流大小發(fā)生變化，根據(jù)牛頓第二定律可得MN的加速度大小a＝發(fā)生改變，桿MN不是做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)B選項(xiàng)分析可知，桿MN中的電流逐漸減小，故D正確。故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查法拉第電磁感應(yīng)定律和安培力作用下導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，對(duì)于導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)情況有兩種：一是導(dǎo)體平動(dòng)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，可以根據(jù)E＝BLv來(lái)計(jì)算；二是導(dǎo)體棒轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，可以根據(jù)E＝來(lái)計(jì)算。三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11．（7分）某興趣小組測(cè)量一緩沖裝置中彈簧的勁度系數(shù)。緩沖裝置如圖所示，固定在斜面上的透明有機(jī)玻璃管與水平面夾角為30°，彈簧固定在有機(jī)玻璃管底端。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：先沿管軸線(xiàn)方向固定一毫米刻度尺，再將單個(gè)質(zhì)量為200g的鋼球（直徑略小于玻璃管內(nèi)徑）逐個(gè)從管口滑進(jìn)，每滑進(jìn)一個(gè)鋼球，待彈簧靜止，記錄管內(nèi)鋼球的個(gè)數(shù)n和彈簧上端對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)Ln，數(shù)據(jù)如表所示。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。采用逐差法計(jì)算彈簧壓縮量，進(jìn)而計(jì)算其勁度系數(shù)。n123456Ln/cm8.0410.0312.0514.0716.1118.09（1）利用△Li＝Li+3﹣Li（i＝1，2，3）計(jì)算彈簧的壓縮量：△L1＝6.03cm，△L2＝6.08cm，△L3＝6.04cm，壓縮量的平均值＝＝6.05cm；（2）上述是管中增加3個(gè)鋼球時(shí)產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量；（3）忽略摩擦，重力加速度g取9.80m/s2，該彈簧的勁度系數(shù)為48.6N/m（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！痉治觥浚?）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出彈簧的壓縮量與彈簧壓縮量的平均值。（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟與表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析答題。（3）根據(jù)胡克定律與平衡條件求出彈簧的勁度系數(shù)。【解答】解：（1）由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知：△L3＝L3+3﹣L3＝（18.09﹣12.05）cm＝6.04cm彈簧壓縮量的平均值＝＝cm＝6.05cm（2）與表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，上述是管中增加3個(gè)鋼球時(shí)產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量。（3）單個(gè)鋼球的質(zhì)量m＝200g＝0.200kg，彈簧壓縮量的平均值＝6.05cm＝0.0605m根據(jù)胡克定律與平衡條件得：k＝3mgsin30°，代入數(shù)據(jù)解得，彈簧的勁度系數(shù)：k＝48.6N/m故答案為：（1）6.04；60.5；（2）3；（3）48.6?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了測(cè)彈簧勁度系數(shù)實(shí)驗(yàn)，理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提，根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)應(yīng)用平衡條件與胡克定律即可解題；解題時(shí)注意單位換算。12．（9分）某小組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。（1）先用多用電表預(yù)判熱敏電阻阻值隨溫度的變化趨勢(shì)。選擇適當(dāng)倍率的歐姆擋，將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊“0Ω”處。測(cè)量時(shí)觀(guān)察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而減小。（2）再按圖連接好電路進(jìn)行測(cè)量。①閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R1的滑片滑到端（選填“a”或“b”）。將溫控室的溫度設(shè)置為T(mén)，電阻箱R0調(diào)為某一阻值R01。閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1，使電壓表和電流表的指針偏轉(zhuǎn)到某一位置.，記錄此時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)、T和R01。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S。再將電壓表與熱敏電阻C端間的導(dǎo)線(xiàn)改接到D端，閉合開(kāi)關(guān)S。反復(fù)調(diào)節(jié)R0和R1，使電壓表和電流表的示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同，記錄此時(shí)電阻箱的阻值R02，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S。②實(shí)驗(yàn)中記錄的阻值R01大于R02（選填“大于”、“小于”或“等于”），此時(shí)熱敏電阻阻值RT＝R01﹣R02。（3）改變溫控室的溫度，測(cè)量不同溫度時(shí)的熱敏電阻阻值，可以得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律?！痉治觥浚?）歐姆表選擇倍率后要進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表零刻度線(xiàn)在最右側(cè)，越靠近右側(cè)歐姆刻度值越小。（2）①滑動(dòng)變阻器采用限流接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于阻值最大處。②根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題?！窘獯稹拷猓海?）選擇適當(dāng)倍率的歐姆擋，將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊“0Ω”處；歐姆表表盤(pán)右側(cè)刻度值小，左側(cè)刻度值大，測(cè)量時(shí)觀(guān)察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，說(shuō)明此時(shí)熱敏電阻阻值越小，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而減小。（2）①由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R1的滑片滑到b端。②設(shè)電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，設(shè)電流表內(nèi)阻為RA，根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟，由串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律得：RA+R01＝，RA+R02+RT＝，解得：R01＞R02，RT＝R01﹣R02故答案為：（1）短接；減?。唬?）①b；②大于；R01﹣R02。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了歐姆表的使用，考查了等效法測(cè)熱敏電阻阻值問(wèn)題；理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提；要知道歐姆表的使用方法與注意事項(xiàng)、歐姆表刻度值特點(diǎn)；根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可解題。13．（11分）算盤(pán)是我國(guó)古老的計(jì)算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤(pán)的固定導(dǎo)桿上滑動(dòng)，使用前算珠需要?dú)w零，如圖所示，水平放置的算盤(pán)中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框b，甲、乙相隔s1＝3.5×10﹣2m，乙與邊框a相隔s2＝2.0×10﹣2m，算珠與導(dǎo)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1?，F(xiàn)用手指將甲以0.4m/s的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為0.1m/s，方向不變，碰撞時(shí)間極短且不計(jì)，重力加速度g取10m/s2。（1）通過(guò)計(jì)算，判斷乙算珠能否滑動(dòng)到邊框a；（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間?！痉治觥浚?）應(yīng)用動(dòng)能定理求出甲、乙兩算珠碰撞前瞬間甲的速度大小，甲、乙兩算珠碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出碰撞后乙算珠的速度大小，應(yīng)用動(dòng)能定理求出乙算珠停止運(yùn)動(dòng)時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移，然后判斷乙算珠能否滑動(dòng)到邊框a。（2）應(yīng)用動(dòng)能定理求出碰撞后甲算珠滑動(dòng)的距離，應(yīng)用牛頓第二定律求出甲算珠的加速度大小，然后應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出甲算珠的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。【解答】解：（1）算珠相同，設(shè)每個(gè)算珠的質(zhì)量為m，由題意可知，甲算珠的初速度大小v0＝0.4m/s，碰撞后瞬間甲算珠的速度大小v甲＝0.1m/s設(shè)甲、乙兩算珠碰撞前瞬間甲算珠的速度大小為v1，從甲算珠開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到甲、乙碰撞前瞬間過(guò)程，對(duì)甲算珠，由動(dòng)能定理得：﹣μmgs1＝代入數(shù)據(jù)解得：v1＝0.3m/s甲、乙兩算珠碰撞過(guò)程系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰撞后瞬間乙算珠的速度大小為v乙，以碰撞前甲算珠的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv1＝mv甲+mv乙，代入數(shù)據(jù)解得：v乙＝0.2m/s設(shè)碰撞后乙算珠甲減速到零過(guò)程滑行的距離為s，對(duì)乙算珠，由動(dòng)能定理得：﹣μmgs＝0﹣代入數(shù)據(jù)解得：s＝0.02m＝s2＝2.0×10﹣2m，乙算珠恰好到達(dá)邊框a處（2）設(shè)兩算珠碰撞后甲滑行距離s3后速度變?yōu)榱?，?duì)甲，由動(dòng)能定理得：﹣μmgs3＝0﹣代入數(shù)據(jù)解得：s3＝0.005m設(shè)從甲開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到甲乙碰撞所需時(shí)間為t1，從甲乙碰撞到甲停止運(yùn)動(dòng)需要的時(shí)間為t2，則：s1＝t1，s3＝t2，代入數(shù)據(jù)解得：t1＝0.1s，t2＝0.1s甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間：t＝t1+t2＝（0.1+0.1）s＝0.2s答：（1）乙算珠能滑動(dòng)到邊框a；（2）甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間是0.2s。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)能定理與動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚甲、乙兩算珠的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提，根據(jù)每個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理與動(dòng)量守恒定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。14．（15分）如圖是一種花瓣形電子加速器簡(jiǎn)化示意圖?？臻g有三個(gè)同心圓a、b、c圍成的區(qū)域，圓a內(nèi)為無(wú)場(chǎng)區(qū)，圓a與圓b之間存在輻射狀電場(chǎng)，圓b與圓c之間有三個(gè)圓心角均略小于90°的扇環(huán)形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ。各區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外。電子以初動(dòng)能Ek0從圓b上P點(diǎn)沿徑向進(jìn)入電場(chǎng)。電場(chǎng)可以反向，保證電子每次進(jìn)入電場(chǎng)即被全程加速。已知圓a與圓b之間電勢(shì)差為U，圓b半徑為R，圓c半徑為R，電子質(zhì)量為m，電荷量為e。忽略相對(duì)論效應(yīng)。取tan22.5°＝0.4。（1）當(dāng)Ek0＝0時(shí)，電子加速后均沿各磁場(chǎng)區(qū)邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)，且在電場(chǎng)內(nèi)相鄰運(yùn)動(dòng)軌跡的夾角θ均為45°，最終從Q點(diǎn)出射，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中帶箭頭實(shí)線(xiàn)所示。求Ⅰ區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、電子在Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間及在Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能；（2）已知電子只要不與Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)外邊界相碰，就能從出射區(qū)域出射。當(dāng)Ek0＝keU時(shí)，要保證電子從出射區(qū)域出射，求k的最大值?！痉治觥浚?）根據(jù)動(dòng)能定理求解速度，根據(jù)圖中幾何關(guān)系求半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)周期公式求解粒子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)動(dòng)能定理可得電子在Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能；（2）電子在Ⅲ區(qū)運(yùn)動(dòng)的軌跡恰好與邊界相切時(shí)，k值最大，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力結(jié)合動(dòng)能定理求解k值。【解答】解：（1）設(shè)電子進(jìn)入Ⅰ區(qū)的速度大小為v1，電子從P到進(jìn)入Ⅰ區(qū)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：2eU＝解得：v1＝2設(shè)電子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為r，電子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)情況如圖1所示；根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得：tan22.5°＝，解得：r＝0.4R根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：ev1B1＝m解得Ⅰ區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1＝；粒子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)的周期T＝，粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為：α＝360°﹣（180°﹣45°）＝225°電子在Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t＝整理可得：t＝從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到從Q點(diǎn)射出，根據(jù)動(dòng)能定理可得電子在Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能為：EkⅠ＝8eU；（2）電子在Ⅲ區(qū)運(yùn)動(dòng)的軌跡恰好與邊界相切時(shí)，k值最大，電子在Ⅲ區(qū)運(yùn)動(dòng)軌跡如圖2所示；根據(jù)幾何關(guān)系可得：r′2+R2＝，解得：r′＝R根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得r′＝由此可得：r′∝v，r′2∝Ek，如果k＝0，則粒子在Ⅲ區(qū)運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑r0＝r＝0.4R所以有：＝＝且有：＝＝解得：k＝，所以要保證電子從出射區(qū)域出射，k的最大值為。答：（1）當(dāng)Ek0＝0時(shí)，Ⅰ區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、電子在Ⅰ區(qū)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為、在Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能為8eU；（2）當(dāng)Ek0＝keU時(shí)，要保證電子從出射區(qū)域出射，k的最大值為?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間。（二）選考題：共12分。請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[選修33]（12分）15．（6分）在高空飛行的客機(jī)上某乘客喝完一瓶礦泉水后，把瓶蓋擰緊。