人教版選擇性必修第一冊高二物理同步易混易錯1.2動量定理(原卷版+解析)

第一章動量守恒定律第2節(jié)動量定理重點+難點核心素養(yǎng)解讀理解沖量的概念，知道沖量是矢量；理解動量定理及其表達式.3.能夠利用動量定理解釋有關物理現(xiàn)象并進行有關計算．1.物理觀念：沖量的概念的生成過程。2.科學思維：動量定理在實際生活和生產(chǎn)中的應用知識點一沖量1．沖量(1)定義：力與的乘積．(2)定義式：I＝FΔt.(3)物理意義：沖量是反映力的作用對時間的的物理量，力越大，作用時間越長，沖量就越大．(4)單位：在國際單位制中，沖量的單位是，符號為N·s.(5)矢量性：如果力的方向恒定，則沖量的方向與力的方向；如果力的方向是變化的，則沖量的方向與相應時間內(nèi)物體動量變化量的方向相同．知識點二動量定理1.內(nèi)容：物體在一個過程中所受力的沖量等于它在這個過程始末的．2.表達式：I＝p′－p或F(t′－t)＝.易錯易混點一求力的沖量易錯易混點1.1恒力的沖量的求法例1．如圖所示，在傾角為θ＝37°的固定斜面上有一質量m＝5kg的物體沿斜面下滑，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，求物體下滑2s的時間內(nèi)物體所受各力的沖量．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)易錯易混點1.1剖析恒力的沖量等于力和力的作用時間的乘積(無論物體是否運動，無論物體在該力的方向上是否有位移)．恒力的沖量方向與力的方向一致。易錯易混點1.2變力沖量的求法例2．質量m＝1kg的物體在合外力F的作用下從靜止開始做直線運動。物體所受的合外力F隨時間t變化圖像如圖所示。求6s內(nèi)合外力的沖量。易錯易混點1.2剖析求變力的沖量①若力與時間成線性關系，則可用平均力求變力的沖量．②若給出了力隨時間變化的圖像如圖所示，可用面積法求變力的沖量．③利用動量定理求解．易錯易混點二動量定理的應用易錯易混點2.1動量定理的定性分析例3.如圖所示，小明在演示慣性現(xiàn)象時，將一杯水放在桌邊，杯下壓一張紙條。若緩慢拉動紙條，發(fā)現(xiàn)杯子會滑落；當他快速拉動紙條時，發(fā)現(xiàn)杯子并沒有滑落。對于這個實驗，下列說法正確的是()A．緩慢拉動紙條時，摩擦力對杯子的沖量較小B．快速拉動紙條時，摩擦力對杯子的沖量較大C．緩慢拉動紙條，杯子獲得的動量較大D．快速拉動紙條，杯子獲得的動量較大易錯易混點2.1剖析動量定理的理解(1)動量定理反映了合外力的沖量是動量變化的原因．(2)動量定理的表達式Ft＝mv′－mv是矢量式，運用動量定理解題時，要注意規(guī)定正方向．(3)公式中的F是物體所受的合外力，若合外力是均勻變化的力，則F應是合外力在作用時間內(nèi)的平均值．(4)定性分析有關現(xiàn)象．①物體的動量變化量一定時，力的作用時間越短，力就越大，反之力就越小．②作用力一定時，力的作用時間越長，動量變化量越大，反之動量變化量就越?。族e易混點2.2用動量定理定量計算相關物理量例4．春節(jié)是我國的傳統(tǒng)佳節(jié)。春節(jié)期間許多小孩子喜歡放煙花爆竹，有一種叫“竄天猴”的煙花，在點燃的瞬間向后噴射的氣體速度約為1000m/s，產(chǎn)生的推力約為5N，則它在0.02s時間內(nèi)噴射的氣體質量約為()A．1.0×10－2kgB．1.0×10－3kgC．1.0×10－4kgD．1.0×10－5kg【答案】C【解析】設“竄天猴”煙花在單位時間內(nèi)噴射的氣體質量約為Δm，由動量定理可得FΔt＝Δmv，代入數(shù)據(jù)解得Δm＝eq\f(FΔt,v)＝eq\f(5×0.02,1000)kg＝1.0×10－4kg，A、B、D錯誤，C正確。易錯易混點2.2剖析應用動量定理定量計算的一般步驟．eq\x(選定研究對象，明確運動過程)→eq\x(進行受力分析，確定初、末狀態(tài))→eq\x(選取正方向，列動量定理方程求解)針對訓練1．下列對幾種物理現(xiàn)象的解釋中，正確的是（）A．砸釘子時不用橡皮錘，只是因為橡皮錘太輕B．跳高時在沙坑里填沙，是為了減小沖量C．在推車時推不動，是因為推力的沖量為零D．動量相同的兩個物體受到相同合力的作用而減速，兩個物體將同時停下來2．質量相等的A、B兩物體運動的速度v隨時間t變化的圖像如圖所示。整個運動過程中，A、B兩物體的位移大小分別為xA、xB，合外力做的功分別為WA、WB，合外力的沖量大小分別為IA、IB，加速度大小分別為aA、aB，下列關系式正確的是（）A．xA∶xB＝2∶1 B．WA∶WB＝4∶1C．IA∶IB＝4∶1 D．a(chǎn)A∶aB＝2∶13．請你根據(jù)所學物理知識推算固定建筑物所受風力(空氣的壓力)與速度(空氣流動速度)大小關系，假設某一建筑物垂直風速方向的受力面積為S，風速大小為v，空氣吹到建筑物上后速度瞬間減為零，空氣密度為ρ，風力F與風速大小v的關系式為（）A．F=ρSv B．F=ρSv2 C． D．F=ρSv34．假定某探測器質量m=1kg，正以對地速度v0=7.8km/s在太空中飛行，某一時刻探測器接到加速的指令后，探測器的4臺推力為120N的發(fā)動機同時點火工作20s沿直線推進，忽略探測器質量變化，則加速后探測器的速度大小v1為（）A．9.6km/s B．11.2km/s C．16.7km/s D．17.4km/s5．如圖所示，質量為m的小猴子在蕩秋千，小猴子用水平力F緩慢將秋千拉到圖示位置后由靜止釋放，此時藤條與豎直方向夾角為θ，小猴子到藤條懸點的長度為L，忽略藤條的質量與空氣阻力，重力加速度為g。在此過程中，下列判斷正確的是

（）A．緩慢上拉過程中拉力F做的功WF＝FLsinθB．由靜止釋放到最低點，小猴子重力的功率一直在減小C．小猴子從靜止釋放再次回到釋放點的過程重力的沖量為零D．小猴子從靜止釋放后運動到最低點的過程，藤條的拉力不做功6．原來靜止的物體受合外力作用時間為2，作用力隨時間的變化情況如圖所示，則（）A．0~時間內(nèi)物體的動量變化與~2時間內(nèi)的動量變化相同B．0~時間內(nèi)物體的平均速率與~2時間內(nèi)的平均速率不等C．時物體的速度為零，外力在0~2時間內(nèi)對物體的沖量為零D．0~2時間內(nèi)物體的位移為零，外力對物體做功為零7．運動員在水上做飛行運動表演。他操控噴射式懸浮飛行器將水帶豎直送上來的水反轉180°后向下噴出，令自己懸停在空中，如圖所示。已知運動員與裝備的總質量為90kg，兩個噴嘴的直徑均為10cm，重力加速度g取10m/s2，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，則噴嘴處噴水的速度大約為（）A．2.7m/s B．5.4m/s C．7.6m/s D．10.8m/s8．如圖，籃球賽中，甲、乙運動員想組織一次快速反擊，甲、乙以相同的速度并排向同一方向奔跑，甲運動員要將球傳給乙運動員，不計空氣阻力，則（）A．應該將球沿著1的方向拋出B．應該將球沿著2的方向拋出C．完成傳球的過程，兩運動員對球的沖量大小和方向都是相同的D．當乙接著球后要往身體收，延長觸球時間，以免傷害手指9．如圖所示，在光滑水平面上靜止放著兩個相互接觸的木塊A、B，質量分別為m1、m2，今有一子彈水平穿過兩木塊，設子彈穿過木塊A、B的時間分別為t1、t2，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過兩木塊后，木塊A、B的速度大小分別為（）A．

B．

C． D．

10．研究得出打噴嚏時氣流噴出的速度可達40m/s，假設打一次噴嚏大約噴出5×10-5m3的空氣，用時約0.02s。已知空氣的密度為1.3kg/m3，估算打一次噴嚏人受到的平均反沖力為（

）A．0.13N B．0.68N C．2.6N D．13N11．地球同步衛(wèi)星繞地心做勻速圓周運動，下面的說法中正確的是（）A．地球對衛(wèi)星的引力的沖量總為零B．地球對衛(wèi)星的引力對衛(wèi)星不做功C．地球對衛(wèi)星的引力的沖量隨時間的增大而增大D．地球對衛(wèi)星的引力在一個運行周期內(nèi)的沖量為零12．如圖a，質量分別為mA、mB的A、B兩物體用輕彈簧連接構成一個系統(tǒng)，外力F作用在A上，系統(tǒng)靜止在光滑水平面上（B靠墻面），此時彈簧形變量為x。撤去外力并開始計時，A、B兩物體運動的a-t圖像如圖b所示，S1表示0到t1時間內(nèi)A的a-t圖線與坐標軸所圍面積大小，S2、S3分別表示t1到t2時間內(nèi)A、B的a-t圖線與坐標軸所圍面積大小。A在t1時刻的速度為v0.下列說法正確的是（）A．0到t1時間內(nèi)，墻對B的沖量等于mAv0B．mA>mBC．B運動后，彈簧的最大形變量等于xD．S1-S2=S313．為了抗擊新型冠狀病毒疫情，短短十天時間，“中國速度”就建成了一座火神山醫(yī)院。施工過程中，工人師傅們借助挖掘機將地面挖出一個大坑，挖出的土需用車及時運走。挖掘機將地上的土運到最高處再倒入車中，設土從地面到最高點的運動過程為Ⅰ，從最高點到車上的過程為Ⅱ，忽略空氣阻力，則對這部分土來說（）A．過程Ⅰ動量的改變量為零B．過程Ⅱ動量的改變量為零C．過程Ⅰ動量的改變量等于重力的沖量D．過程Ⅱ動量的改變量等于重力的沖量14．一物塊沿光滑水平面做直線運動，運動過程中受到一水平拉力F作用，如圖所示是其速度-位移圖像，則物塊運動到位移為x1的過程中，下列關于力F的說法正確的是（）A．力F是恒力B．相等位移內(nèi)力F沖量相等C．力F逐漸減小D．相等時間內(nèi)力F做功相等15．A、B兩物體同時同地同向出發(fā)，其運動的v-t圖像和a-t圖像如圖甲、乙所示，已知在0~t0和t0~2t0兩段時間內(nèi)，A物體v-t圖像中的兩段曲線形狀相似，則有（）A．a(chǎn)2=2a1B．A物體先加速后減速C．0~t0時間內(nèi)，A、B兩物體動能變化量相等D．0~t0和t0~2t0兩段時間內(nèi)，A物體所受合力的沖量相等第一章動量守恒定律第2節(jié)動量定理重點+難點核心素養(yǎng)解讀理解沖量的概念，知道沖量是矢量；理解動量定理及其表達式.3.能夠利用動量定理解釋有關物理現(xiàn)象并進行有關計算．1.物理觀念：沖量的概念的生成過程。2.科學思維：動量定理在實際生活和生產(chǎn)中的應用知識點一沖量1．沖量(1)定義：力與力的作用時間的乘積．(2)定義式：I＝FΔt.(3)物理意義：沖量是反映力的作用對時間的累積效應的物理量，力越大，作用時間越長，沖量就越大．(4)單位：在國際單位制中，沖量的單位是牛秒，符號為N·s.(5)矢量性：如果力的方向恒定，則沖量的方向與力的方向相同；如果力的方向是變化的，則沖量的方向與相應時間內(nèi)物體動量變化量的方向相同．知識點二動量定理1.內(nèi)容：物體在一個過程中所受力的沖量等于它在這個過程始末的動量變化量．2.表達式：I＝p′－p或F(t′－t)＝mv′－mv.易錯易混點一求力的沖量易錯易混點1.1恒力的沖量的求法例1．如圖所示，在傾角為θ＝37°的固定斜面上有一質量m＝5kg的物體沿斜面下滑，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，求物體下滑2s的時間內(nèi)物體所受各力的沖量．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)【答案】重力的沖量為100N·s，方向豎直向下彈力的沖量為80N·s，方向垂直斜面向上摩擦力的沖量為16N·s，方向沿斜面向上【解析】重力的沖量IG＝mgt＝100N·s，方向豎直向下彈力的沖量IN＝mgtcos37°＝80N·s，方向垂直斜面向上摩擦力的沖量If＝μmgtcos37°＝16N·s，方向沿斜面向上易錯易混點1.1剖析恒力的沖量等于力和力的作用時間的乘積(無論物體是否運動，無論物體在該力的方向上是否有位移)．恒力的沖量方向與力的方向一致。易錯易混點1.2變力沖量的求法例2．質量m＝1kg的物體在合外力F的作用下從靜止開始做直線運動。物體所受的合外力F隨時間t變化圖像如圖所示。求6s內(nèi)合外力的沖量。【答案】4N·s【解析】F－t圖線與坐標軸圍成圖形的面積等于力的沖量，由題給圖像可知，6s內(nèi)合力的沖量：I＝2×2N·s＋eq\f(1,2)×2×(4－2)N·s＋eq\f(1,2)×(－2)×(6－4)N·s＝4N·s。易錯易混點1.2剖析求變力的沖量①若力與時間成線性關系，則可用平均力求變力的沖量．②若給出了力隨時間變化的圖像如圖所示，可用面積法求變力的沖量．③利用動量定理求解．易錯易混點二動量定理的應用易錯易混點2.1動量定理的定性分析例3.如圖所示，小明在演示慣性現(xiàn)象時，將一杯水放在桌邊，杯下壓一張紙條。若緩慢拉動紙條，發(fā)現(xiàn)杯子會滑落；當他快速拉動紙條時，發(fā)現(xiàn)杯子并沒有滑落。對于這個實驗，下列說法正確的是()A．緩慢拉動紙條時，摩擦力對杯子的沖量較小B．快速拉動紙條時，摩擦力對杯子的沖量較大C．緩慢拉動紙條，杯子獲得的動量較大D．快速拉動紙條，杯子獲得的動量較大【答案】C【解析】快速拉動紙條時，紙條與杯子作用時間短，摩擦力對杯子的沖量較小，緩慢拉動紙條時，紙條與杯子作用時間長，摩擦力對杯子的沖量較大，故A、B錯誤；由動量定理可知，緩慢拉動紙條，杯子獲得的動量較大，快速拉動紙條，杯子獲得的動量較小，故C正確，D錯誤。易錯易混點2.1剖析動量定理的理解(1)動量定理反映了合外力的沖量是動量變化的原因．(2)動量定理的表達式Ft＝mv′－mv是矢量式，運用動量定理解題時，要注意規(guī)定正方向．(3)公式中的F是物體所受的合外力，若合外力是均勻變化的力，則F應是合外力在作用時間內(nèi)的平均值．(4)定性分析有關現(xiàn)象．①物體的動量變化量一定時，力的作用時間越短，力就越大，反之力就越?。谧饔昧σ欢〞r，力的作用時間越長，動量變化量越大，反之動量變化量就越小．易錯易混點2.2用動量定理定量計算相關物理量例4．春節(jié)是我國的傳統(tǒng)佳節(jié)。春節(jié)期間許多小孩子喜歡放煙花爆竹，有一種叫“竄天猴”的煙花，在點燃的瞬間向后噴射的氣體速度約為1000m/s，產(chǎn)生的推力約為5N，則它在0.02s時間內(nèi)噴射的氣體質量約為()A．1.0×10－2kgB．1.0×10－3kgC．1.0×10－4kgD．1.0×10－5kg【答案】C【解析】設“竄天猴”煙花在單位時間內(nèi)噴射的氣體質量約為Δm，由動量定理可得FΔt＝Δmv，代入數(shù)據(jù)解得Δm＝eq\f(FΔt,v)＝eq\f(5×0.02,1000)kg＝1.0×10－4kg，A、B、D錯誤，C正確。易錯易混點2.2剖析應用動量定理定量計算的一般步驟．eq\x(選定研究對象，明確運動過程)→eq\x(進行受力分析，確定初、末狀態(tài))→eq\x(選取正方向，列動量定理方程求解)針對訓練1．下列對幾種物理現(xiàn)象的解釋中，正確的是（）A．砸釘子時不用橡皮錘，只是因為橡皮錘太輕B．跳高時在沙坑里填沙，是為了減小沖量C．在推車時推不動，是因為推力的沖量為零D．動量相同的兩個物體受到相同合力的作用而減速，兩個物體將同時停下來【答案】D【解析】A．橡皮錘砸釘子時，橡皮錘具有彈性，具有緩沖作用，作用時間較鐵錘砸釘子長，根據(jù)動量定理，作用力較小，所以不易將釘子釘進物體里，故A錯誤；B．跳高時，在沙坑里填沙，是為了緩沖，增加人與地面的作用時間，減小作用力，并不是為了減小沖量，故B錯誤；C．在推車時推不動，車所受的合力為零，合力的沖量為零，故C錯誤；D．根據(jù)動量定理-F?t=0-p動量相同的兩個物體受相同的制動力的作用時，兩車經(jīng)過相等時間停下來，與質量無關，故D正確。故選D。2．質量相等的A、B兩物體運動的速度v隨時間t變化的圖像如圖所示。整個運動過程中，A、B兩物體的位移大小分別為xA、xB，合外力做的功分別為WA、WB，合外力的沖量大小分別為IA、IB，加速度大小分別為aA、aB，下列關系式正確的是（）A．xA∶xB＝2∶1 B．WA∶WB＝4∶1C．IA∶IB＝4∶1 D．a(chǎn)A∶aB＝2∶1【答案】B【解析】A．在v-t圖像中，圖線與時間軸所圍的面積表示位移，則有xA＝2v0·t0＝v0t0xB＝·v0·2t0＝v0t0解得xA∶xB＝1∶1故A錯誤；B．設A、B兩物體的質量為m，據(jù)動能定理W合＝mvt2－mv02得WA＝0－m(2v0)2＝－2mv02WB＝0－mv02＝－mv02解得WA∶WB＝4∶1故B正確；C．根據(jù)動量定理I合＝mvt－mv0得IA＝0－m(2v0)＝－2mv0IB＝0－m(v0)＝－mv0解得IA∶IB＝2∶1故C錯誤；D．在v-t圖中，圖線的斜率代表物體的加速度，那么aA＝－aB＝－解得aA∶aB＝4∶1故D錯誤。故選B。3．請你根據(jù)所學物理知識推算固定建筑物所受風力(空氣的壓力)與速度(空氣流動速度)大小關系，假設某一建筑物垂直風速方向的受力面積為S，風速大小為v，空氣吹到建筑物上后速度瞬間減為零，空氣密度為ρ，風力F與風速大小v的關系式為（）A．F=ρSv B．F=ρSv2 C． D．F=ρSv3【答案】B【解析】設t時間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質量為m，則m=ρSvt對空氣由動量定理得-F1t=0-mv解得F1=ρSv2由牛頓第三定律可知固定建筑物所受風力與空氣所受建筑物的作用力大小相等，所以故B正確，ACD錯誤。故選B。4．假定某探測器質量m=1kg，正以對地速度v0=7.8km/s在太空中飛行，某一時刻探測器接到加速的指令后，探測器的4臺推力為120N的發(fā)動機同時點火工作20s沿直線推進，忽略探測器質量變化，則加速后探測器的速度大小v1為（）A．9.6km/s B．11.2km/s C．16.7km/s D．17.4km/s【答案】D【解析】根據(jù)動量定理得代入數(shù)據(jù)計算得v1＝17.4km/s故選D。5．如圖所示，質量為m的小猴子在蕩秋千，小猴子用水平力F緩慢將秋千拉到圖示位置后由靜止釋放，此時藤條與豎直方向夾角為θ，小猴子到藤條懸點的長度為L，忽略藤條的質量與空氣阻力，重力加速度為g。在此過程中，下列判斷正確的是

（）A．緩慢上拉過程中拉力F做的功WF＝FLsinθB．由靜止釋放到最低點，小猴子重力的功率一直在減小C．小猴子從靜止釋放再次回到釋放點的過程重力的沖量為零D．小猴子從靜止釋放后運動到最低點的過程，藤條的拉力不做功【答案】D【解析】A．秋千緩慢移動，拉力F不是恒力，不能用WF＝FLsinθ求解，故A錯誤；B．由靜止釋放到最低點，小猴子豎直方向分速度先增大后減小，故重力的功率先增大后減小，故B錯誤；C．根據(jù)沖量的定義I＝Ft，重力大小方向均不變，因此重力的沖量不會為零，故C錯誤；D．小猴子從靜止釋放后運動到最低點的過程，藤條的拉力不做功，故D正確。故選D。6．原來靜止的物體受合外力作用時間為2，作用力隨時間的變化情況如圖所示，則（）A．0~時間內(nèi)物體的動量變化與~2時間內(nèi)的動量變化相同B．0~時間內(nèi)物體的平均速率與~2時間內(nèi)的平均速率不等C．時物體的速度為零，外力在0~2時間內(nèi)對物體的沖量為零D．0~2時間內(nèi)物體的位移為零，外力對物體做功為零【答案】C【解析】A．由圖可知0~時間內(nèi)~2時間內(nèi)合外力大小相等但方向相反，根據(jù)動量定理可知，0~時間內(nèi)物體的動量變化與~2時間內(nèi)的動量變化的大小相等但方向相反，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可知0~時間內(nèi)和~2時間內(nèi)加速度大小相同，設為a，0~時間內(nèi)物體速度從0均勻增大至，~2時間內(nèi)物體速度從均勻減小至0，根據(jù)可知0~時間內(nèi)物體的平均速率與~2時間內(nèi)的平均速率相等，故B錯誤；C．根據(jù)B項分析可知時物體的速度為零，且外力在2時間內(nèi)對物體的沖量為故C正確；D．根據(jù)B項分析可知0~2時間內(nèi)物體始終單向運動，位移不可能為零，但初、末速度均為零，根據(jù)動能定理可知外力對物體做功為零，故D錯誤。故選C。7．運動員在水上做飛行運動表演。他操控噴射式懸浮飛行器將水帶豎直送上來的水反轉180°后向下噴出，令自己懸停在空中，如圖所示。已知運動員與裝備的總質量為90kg，兩個噴嘴的直徑均為10cm，重力加速度g取10m/s2，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，則噴嘴處噴水的速度大約為（）A．2.7m/s B．5.4m/s C．7.6m/s D．10.8m/s【答案】C【解析】設飛行器對水的作用力為，根據(jù)牛頓第三定律可知，水對飛行器的作用力的大小也等于，對飛行器，根據(jù)平衡條件有設水噴出時的速度為，在時間內(nèi)噴出的水的質量為又有對噴出的水應用動量定理有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得故ABD錯誤C正確。故選C。8．如圖，籃球賽中，甲、乙運動員想組織一次快速反擊，甲、乙以相同的速度并排向同一方向奔跑，甲運動員要將球傳給乙運動員，不計空氣阻力，則（）A．應該將球沿著1的方向拋出B．應該將球沿著2的方向拋出C．完成傳球的過程，兩運動員對球的沖量大小和方向都是相同的D．當乙接著球后要往身體收，延長觸球時間，以免傷害手指【答案】D【解析】AB．甲和乙相對靜止，所以甲將球沿著3方向拋出就能傳球成功，故A、B均錯誤；C．根據(jù)動量定理知，完成傳球的過程兩運動員對球的沖量等大反向，故C錯誤；D．根據(jù)動量定理可知，相同的動量變化量下，延長作用時間，可以減小沖擊力，故乙接著球后要往身體收，以免傷害手指，故D正確。故選D。9．如圖所示，在光滑水平面上靜止放著兩個相互接觸的木塊A、B，質量分別為m1、m2，今有一子彈水平穿過兩木塊，設子彈穿過木塊A、B的時間分別為t1、t2，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過兩木塊后，木塊A、B的速度大小分別為（）A．

B．

C． D．

【答案】B【解析】子彈在A中穿過時，以A、B為研究對象，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量定理可得解得之后A的速度保持v1不變，子彈進入木塊B后，以B為研究對象，根據(jù)動量定理可得解得故選B。10．研究得出打噴嚏時氣流噴出的速度可達40m/s，假設打一次噴嚏大約噴出5×10-5m3的空氣，用時約0.02s。已知空氣的密度為1.3kg/m3，估算打一次噴嚏人受到的平均反沖力為（

）A．0.13N B．0.68N C．2.6N D．13N【答案】A【解析】打一次噴嚏噴出的空氣質量為設打一次噴嚏噴出的空氣受到的平均作用力為F，根據(jù)動量定理得解得根據(jù)牛頓第三定律可得人受到的平均反沖力為A正確，BCD錯誤。故選A。11．地球同步衛(wèi)星繞地心做勻速圓周運動，下面的說法中正確的是（）A．地球對衛(wèi)星的引力的沖量總為零B．地球對衛(wèi)星的引力對衛(wèi)星不做功C．地球對衛(wèi)星的引力的沖量隨時間的增大而增大D．地球對衛(wèi)星的引力在一個運行周期內(nèi)的沖量為零【答案】BD【解析】ACD．因為地球同步衛(wèi)星繞地心做勻速圓周運動，所以地球對衛(wèi)星的引力是衛(wèi)星所受的合外力，則對衛(wèi)星運動過程由動量定理知當初末速度不相同時，則地球對衛(wèi)星的引力的沖量不為零，如衛(wèi)星繞地球轉半個周期的時間內(nèi)，地球對衛(wèi)星的引力的沖量為當衛(wèi)星繞地球轉一個周期的時間內(nèi)，衛(wèi)星的初末速度相同，則地球對衛(wèi)星的引力的沖量為零，故地球對衛(wèi)星的引力的沖量隨時間的增大不一定增大，故AC錯誤，D正確；B．又因為地球對衛(wèi)星的引力始終與衛(wèi)星的運動速度垂直，則地球對衛(wèi)星的引力對衛(wèi)星不做功，故B正確。故選BD。12．如圖a，質量分別為mA、mB的A、B兩物體用輕彈簧連接構成一個系統(tǒng)，外力F作用在A上，系統(tǒng)靜止在光滑水平面上（B靠墻面），此時彈簧形變量為x。撤去外力并開始計時，A、B兩物體運動的a-t圖像如圖b所示，S1表示0到t1時間內(nèi)A的a-t圖線與坐標軸所圍面積大小，S2、S3分別表示t1到t2時間內(nèi)A、B的a-t圖線與坐標軸所圍面積大小。A在t1時刻的速度為v0.下列說法正確的是（）A．0到t1時間內(nèi)，墻對B的沖量等于mAv0B．mA>mBC．B運動后，彈簧的最大形變量等于xD．S1-S2=S3【答案】ABD【解析】A．在0~t1時間內(nèi)，物體B靜止，物體A從靜止向右加速，t1時刻速度為v0，則對系統(tǒng)根據(jù)動量定理可知，墻對B的沖量I=mAv0故A正確；B．由at圖像可知，t1時刻后彈簧被拉伸，在t2時刻彈簧的伸長量達到最大，此時根據(jù)牛頓第二定律有F彈=mAaA=mBaB由圖b可知此時aB>aA則mB<mA故B正確；C．由圖b可得，t1時刻B開始運動，此時A的速度為v0，之后系統(tǒng)動量守恒，可得A、B的總動能一定大于0，而整個過程，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)的機械能守恒，所以B運動后彈簧的彈性勢能一定小于開始時彈簧的彈性勢能，彈簧的形變量一定小于x，故C錯誤；D．在t2時刻彈簧的伸長量達到最大，A、B共速，由at圖像與坐標軸所圍面積表示速度變化量，可知此時vA=S1-S2，vB=S3，vA=vB則S1-S2=S3故D正確。故選ABD。13．為了抗擊新型冠狀病毒疫情，短短十天時間，“中國速度”就建成了一座火神山醫(yī)院。施工過程中，工人師傅們借助挖掘機將地面挖出一個大坑，挖出的土需用車及時