【生物】遺傳與進化第3、4章章末綜合檢測-2023-2024學年高一下學期生物人教版必修2

第3、4章章末綜合檢測一、選擇題:本題共16小題,共40分。第1～12小題,每小題2分;第13～16小題,每小題4分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1.下列關于遺傳規(guī)律以及遺傳物質(zhì)的相關科學研究史的敘述中,正確的是(A)A.沃森和克里克構建的DNA分子雙螺旋結構模型屬于物理模型B.薩頓通過實驗證明了基因與染色體之間存在著平行關系C.格里菲思通過肺炎鏈球菌體內(nèi)轉化實驗,證明了DNA是遺傳物質(zhì)D.一對相對性狀雜交實驗中,孟德爾對分離現(xiàn)象提出假說“等位基因隨著同源染色體的分離而分離”解析:沃森和克里克構建的DNA分子雙螺旋結構模型屬于物理模型;薩頓利用類比推理法提出基因與染色體之間存在著平行關系,摩爾根通過實驗證明了基因在染色體上;格里菲思通過肺炎鏈球菌體內(nèi)轉化實驗,證明加熱致死的S型細菌中存在某種轉化因子,能將R型活細菌轉化為S型活細菌,沒有證明DNA是遺傳物質(zhì);孟德爾所在的年代還沒有“基因”一詞,也不知道基因位于染色體上。2.如圖為DNA片段結構示意圖,下列關于DNA的結構與特點的敘述,正確的是(C)A.②和③相連排列構成了DNA的基本骨架B.圖中①②③構成了一分子胞嘧啶脫氧核苷酸C.若一條單鏈的序列是5′—AGCTT—3′,則其互補鏈的序列是5′—AAGCT—3′D.每個脫氧核糖均與兩個磷酸基團相連解析:①磷酸和②脫氧核糖交替連接構成了DNA的基本骨架;①②③不能表示一個完整的脫氧核苷酸,②③以及下面的一個磷酸構成一個完整的脫氧核苷酸;若一條單鏈的序列是5′—AGCTT—3′,則其互補鏈的序列是5′—AAGCT—3′;大多數(shù)脫氧核糖連接兩個磷酸基團,每條鏈只有3′端的脫氧核糖連接一個磷酸。3.某小組在進行DNA模型搭建時,依次取用代表堿基A、T、C、G的紙片10、12、11、13個,其他材料足量。該小組搭建的DNA模型中,最多含有堿基對(B)A.10個 B.21個 C.22個 D.46個解析:代表堿基A、T、C、G的紙片10、12、11、13個,根據(jù)堿基互補配對原則,可組成A—T堿基對10個,C—G堿基對11個,則搭建的雙鏈DNA模型最長為10+11=21(個)堿基對。4.如圖為某生物DNA復制方式的模式圖,圖中“→”表示子鏈的復制方向。下列敘述錯誤的是(D)A.由圖可知,DNA分子復制為多起點雙向復制B.復制過程中需要解旋酶和DNA聚合酶的參與C.根據(jù)復制環(huán)的大小可判斷復制開始時間的早晚D.復制過程中可能存在堿基A與U配對的情況解析:DNA中沒有U,復制過程中A只會和T配對。5.中心法則概括了自然界生物的遺傳信息的流動途徑,如圖所示。下列相關說法正確的是(A)A.克里克提出的中心法則的要點內(nèi)容只包括圖中的①②③過程B.圖中③④過程均有堿基互補配對,但配對方式不完全相同C.圖中①和⑤過程中用到的酶分別是DNA聚合酶和RNA聚合酶D.人體胚胎干細胞和心肌細胞的細胞核中均存在圖中①②③過程解析:1957年,克里克提出的中心法則內(nèi)容只包括圖中的①②③,④⑤兩個過程是后來對中心法則的補充;③翻譯過程中發(fā)生的是mRNA和tRNA之間的堿基互補配對,④RNA自我復制過程中是RNA和RNA之間的堿基互補配對,兩個過程的配對方式(A—U、C—G、U—A、G—C)完全相同;圖中①過程是DNA復制,用到的酶是解旋酶、DNA聚合酶,圖中⑤過程是逆轉錄,用到的酶是逆轉錄酶;心肌細胞屬于高度分化的細胞,不會進行①DNA復制過程。6.某研究性學習小組以細菌為實驗對象,運用同位素示蹤技術及密度梯度離心法對DNA是半保留復制還是全保留復制進行了探究(已知培養(yǎng)用的細菌大約每20min分裂一次,產(chǎn)生子代,實驗結果見相關圖示)。下列敘述錯誤的是(D)A.前三組實驗中,實驗三的結果對結論的得到起到了關鍵性作用B.對前三組實驗的結果進行比較,能說明DNA的復制方式C.實驗四中若離心后DNA有1/4位于輕帶位置、3/4位于重帶位置,則是全保留復制D.若將實驗三得到的DNA雙鏈分開再離心,其結果能判斷DNA的復制方式解析:實驗一和實驗二起對照作用,實驗三的結果對結論的得出起到了關鍵性作用,但需將其與實驗一和實驗二的結果進行比較,才能說明DNA分子的復制方式;若為全保留復制,則實驗三的DNA有1/2位于輕帶位置,1/2位于重帶位置,若為半保留復制,則實驗三的DNA全部位于中帶位置,因此對前三組實驗的結果進行比較,能說明DNA分子的復制方式;實驗四培養(yǎng)40min,細菌分裂了兩次,若DNA進行全保留復制,則只含14N的DNA位于輕帶位置,占1/4,只含15N的DNA位于重帶位置,占3/4;將實驗三得到的DNA雙鏈分開,無論是半保留復制,還是全保留復制,均只能得到14N和15N標記的兩種單鏈,離心后結果相同,故不能據(jù)此判斷DNA的復制方式。7.科學家將水母的綠色熒光蛋白基因(5170個堿基對)轉入小鼠體內(nèi),結果小鼠在紫外線照射下也能發(fā)出綠色熒光。下列說法正確的是(C)A.基因都是有遺傳效應的DNA片段B.該基因中堿基對的排列方式有45170種C.基因是生物體控制性狀遺傳的基本功能單位D.基因的多樣性主要體現(xiàn)在堿基種類的多樣性上解析:基因是具有遺傳效應的DNA片段或RNA片段(某些病毒的遺傳物質(zhì)是RNA);基因的特定的排列順序,構成了每一個DNA分子的特異性,因此,該基因中堿基對的排列方式只是45170種中的一種;基因的多樣性主要體現(xiàn)在堿基排列順序的多樣性上,而堿基種類一般都相同(為4種)。8.如圖所示DNA分子片段中一條鏈含15N,另一條鏈含14N。下列敘述錯誤的是(C)A.DNA聚合酶作用于形成①處的化學鍵,解旋酶作用于③處B.②是胸腺嘧啶脫氧核糖核苷酸C.若該DNA分子中一條鏈上G+C=56%,則無法確定整個DNA分子中T的含量D.把此DNA放在含15N的培養(yǎng)液中復制兩代,子代中含15N的DNA占100%解析:若該DNA分子中一條鏈上G+C=56%,整個DNA分子中G+C=56%,根據(jù)堿基互補配對原則,C=G=28%,則A=T=50%-28%=22%;把此DNA放在含15N的培養(yǎng)液中復制兩代得到4個DNA分子,根據(jù)DNA的半保留復制特點,子代DNA分子均含15N。9.為研究轉化因子是DNA還是蛋白質(zhì),進行了肺炎鏈球菌體外轉化實驗,其基本過程如圖所示。下列敘述不正確的是(B)A.若甲組培養(yǎng)皿中出現(xiàn)S型菌落,推測S型菌的提取物中含有轉化因子B.若乙組培養(yǎng)皿中有R型及S型菌落,推測轉化因子很可能是蛋白質(zhì)C.若丙組培養(yǎng)皿中只有R型菌落,推測提取物失去了轉化活性D.該實驗對自變量的控制利用了“減法原理”解析:甲組培養(yǎng)皿中有R型和S型菌落,說明發(fā)生了細菌的轉化,由此可推測S型菌的提取物中存在轉化因子;乙組實驗中蛋白酶可將提取物中的蛋白質(zhì)水解,若乙組培養(yǎng)皿中有R型及S型菌落,推測轉化因子不是蛋白質(zhì);丙組實驗中的DNA酶可將提取物中的DNA水解,若丙組培養(yǎng)皿中只有R型菌落,推測轉化因子是DNA,DNA酶使其失去了作用;該實驗中特異性地除去了一種物質(zhì),從而鑒定出DNA是遺傳物質(zhì),其自變量的處理方法遵循“減法原理”。10.牽?；ǖ念伾饕怯苫ㄇ嗨貨Q定的,如圖為花青素的合成與顏色變化途徑示意圖。從圖中不能得出的是(D)A.牽?；ǖ念伾啥鄠€基因共同控制B.基因可以通過控制酶的合成來控制代謝過程,進而控制生物體的性狀C.生物體的性狀由基因決定,也受環(huán)境影響D.若基因①不表達,則基因②和基因③也不表達解析:基因具有獨立性,基因①是否表達不影響基因②③的表達。11.編碼一種蛋白質(zhì)分子的一個mRNA稱為單順反子,細菌的一個mRNA分子可同時編碼多種不同的蛋白質(zhì)。下列關于細菌中蛋白質(zhì)合成過程的敘述,錯誤的是(B)A.每個單順反子都含有起始密碼子和終止密碼子B.細菌的一個mRNA共用同一個起始密碼子,不屬于單順反子C.蛋白質(zhì)合成過程中,一種tRNA只能識別并轉運一種氨基酸D.細菌合成mRNA和蛋白質(zhì)的過程均以核苷酸單鏈作為模板解析:分析題意可知,編碼一種蛋白質(zhì)分子的一個mRNA稱為單順反子,細菌一個mRNA分子可同時編碼多種不同的蛋白質(zhì),故不屬于單順反子,據(jù)題意無法得出細菌的一個mRNA共用一個起始密碼子。12.ACC合成酶是植物體內(nèi)乙烯合成的限速酶,下表是以番茄ACC合成酶基因為探針,研究番茄果實不同成熟階段及不同組織中該基因的表達情況。下列分析正確的是(B)果實成熟的不同階段葉片雌蕊雄蕊根綠果變紅桃紅橙紅亮紅紅透-++++++++++++++--+-(注:“-”表示該基因不表達,“+”表示該基因表達,“+”的數(shù)目越多表示表達水平越高。)A.該實驗的直接檢測對象是ACC合成酶在不同組織細胞中的含量B.橙紅和亮紅的果實細胞中該基因轉錄產(chǎn)物可能相對較多C.綠果、雌蕊、葉片和根中無該基因及其表達產(chǎn)物,體現(xiàn)了基因的選擇性表達D.果實中該基因表達水平高于葉片,說明前者的分化程度高于后者解析:該實驗是以番茄ACC合成酶基因為探針,研究番茄果實不同成熟階段及不同組織中該基因的表達情況。直接檢測對象是ACC合成酶基因轉錄形成的mRNA的含量;橙紅和亮紅的果實細胞中該基因表達水平高,轉錄產(chǎn)物可能相對較多;綠果、雌蕊、葉片和根中含有ACC合成酶基因;果實和葉片細胞均屬于高度分化的細胞,該基因表達水平高低不能說明分化程度的高低。13.進行噬菌體侵染細菌實驗時,分別讓被32Р或35S標記的噬菌體侵染未標記的細菌,假設親代噬菌體的遺傳物質(zhì)在細菌體內(nèi)均連續(xù)復制了4次,并參與組裝形成了子代噬菌體,對培養(yǎng)液進行充分攪拌并離心,獲得上清液和沉淀物。下列關于該實驗的敘述,正確的是(C)A.用35S標記的噬菌體侵染未標記的細菌,在子代噬菌體中也有35S標記B.噬菌體侵染細菌的兩組實驗中保溫時間過短或過長均會導致上清液放射性升高C.兩組中含有32P或35S的子代噬菌體分別占子代噬菌體總數(shù)的1/8或0D.可用15N標記的噬菌體侵染未標記的大腸桿菌探究蛋白質(zhì)是否是遺傳物質(zhì)解析:用35S標記的噬菌體是標記噬菌體的蛋白質(zhì),該類噬菌體侵染未標記的細菌,由于蛋白質(zhì)外殼未進入細菌內(nèi),故在子代噬菌體中沒有35S標記;噬菌體侵染細菌的兩組實驗中,只有32P標記組會因保溫時間過短(噬菌體沒有充分侵染)或過長(子代噬菌體釋放出來)而導致上清液放射性升高;設親代噬菌體數(shù)目為n,親代噬菌體的遺傳物質(zhì)在細菌體內(nèi)連續(xù)復制4次,會形成n·24=16n(個)子代噬菌體,含放射性的噬菌體有2n個,故含有32P的子代噬菌體占子代噬菌體總數(shù)的2n/16n=1/8,35S標記的是親代噬菌體的蛋白質(zhì)外殼,不能進入細菌,故含35S的子代噬菌體為0;由于DNA和蛋白質(zhì)都含有N元素,且15N不具有放射性,故用15N標記的噬菌體無法區(qū)分兩者。14.動物細胞的線粒體DNA分子通常呈環(huán)狀雙鏈,即H鏈和L鏈。H鏈上有兩個復制起始區(qū),一個用于H鏈合成(簡稱OH),一個用于L鏈合成(簡稱OL)。該DNA復制時,OH首先被啟動,以L鏈為模板合成H′鏈,當H′鏈合成約2/3時,OL啟動,以H鏈為模板合成L′鏈,最終合成兩個環(huán)狀雙螺旋DNA分子,整個過程如圖所示,下列相關敘述正確的是(C)A.該復制方式不符合半保留復制的特點B.H′鏈全部合成時,L′鏈只合成了2/3C.子鏈中新形成的磷酸二酯鍵數(shù)目與脫氧核苷酸數(shù)目相同D.若該線粒體DNA在含15N的培養(yǎng)基中復制3次,不含15N的DNA只有兩個解析:該DNA分子的復制符合半保留復制的特點,形成的DNA含有一條母鏈;根據(jù)題意,H′鏈合成約2/3時,OL啟動合成新的L′鏈,所以當H′鏈全部合成時,L′鏈只合成了約1/3;由于線粒體DNA分子呈環(huán)狀雙鏈,故子鏈中新形成的磷酸二酯鍵數(shù)目與脫氧核苷酸數(shù)目相同;DNA連續(xù)復制3次,最終形成8個環(huán)狀DNA分子,而不含15N的兩條鏈分布在2個DNA中,因此子代DNA都含15N。15.如圖表示某基因表達的部分過程,其中①～⑤表示物質(zhì)或結構。下列相關敘述錯誤的是(C)A.物質(zhì)②是以DNA的一條鏈為模板合成的,通過核孔到達細胞質(zhì)B.由圖可知核糖體沿著mRNA由右向左移動合成多肽鏈C.若物質(zhì)②中某個堿基發(fā)生改變,物質(zhì)④中的氨基酸一定發(fā)生改變D.若圖中④含100個氨基酸,則②中至少含300個堿基解析:①為雙鏈的DNA,②為mRNA,mRNA是以DNA的一條鏈為模板合成的,通過核孔到達細胞質(zhì);tRNA攜帶氨基酸從左邊進入,空載tRNA從右邊出去,可知核糖體向左邊移動,因此圖示過程中核糖體移動的方向是從右向左;由于一種氨基酸可能對應多種密碼子,所以若物質(zhì)②mRNA中某個堿基發(fā)生改變,翻譯形成的物質(zhì)④多肽鏈可能不變;在翻譯時,位于mRNA上的三個相鄰的堿基構成1個密碼子,決定1個氨基酸,若圖中④肽鏈中含100個氨基酸,則②mRNA中至少含100×3=300(個)堿基。16.PER基因通過調(diào)控代謝途徑參與糖脂代謝。其作用機理是PER基因的表達產(chǎn)物促進組蛋白去乙?；富虮磉_,組蛋白去乙酰化酶可使DNA鏈纏繞更加緊密,導致脂肪合成基因關閉。運動訓練及飲食可以改變PER基因的相對表達水平。下列說法不正確的是(C)A.PER基因的表達抑制了脂肪合成基因的轉錄B.組蛋白去乙?；缚赡芘c染色體形態(tài)構建有關C.低脂飲食或高強度運動可能抑制PER基因的表達D.PER基因關閉可能導致脂肪在肝細胞內(nèi)堆積引起脂肪肝解析:PER基因的表達產(chǎn)物通過調(diào)控組蛋白去乙酰化酶基因的表達,可以使DNA鏈纏繞更加緊密,不利于基因轉錄;組蛋白去乙?；缚梢允笵NA鏈纏繞更加緊密,染色體形成過程中DNA鏈纏繞也會緊密,故組蛋白去乙酰化酶可能與染色體形態(tài)構建有關;低脂飲食或高強度運動時機體脂肪含量低,推測低脂飲食或高強度運動可能促進PER基因的表達,從而使脂肪合成基因關閉,合成的脂肪少;PER基因關閉,脂肪合成基因表達,脂肪合成增多,可能會導致脂肪在肝細胞中堆積引起脂肪肝。二、非選擇題:本題共5小題,共60分。17.(12分)某興趣小組用模型模擬T2噬菌體侵染大腸桿菌實驗的過程如圖,據(jù)圖回答下列問題。(1)T2噬菌體與煙草花葉病毒的遺傳物質(zhì)分別是。將上述a～f以正確的時間順序排列(a為子代噬菌體):(用字母和箭頭表示)。(2)在T2噬菌體侵染大腸桿菌的實驗中,利用放射性同位素標記技術的目的是。以32P標記組為例,攪拌、離心應發(fā)生在圖中e～f過程之間,如果在過程f之后攪拌、離心,可能出現(xiàn)的異常現(xiàn)象是。

(3)在赫爾希和蔡斯的噬菌體侵染細菌實驗中,用32P標記的噬菌體侵染大腸桿菌,在理論上上清液中不含放射性,下層沉淀物中具有很高的放射性,而實驗的實際最終結果顯示:在離心后的上清液中,也具有一定的放射性,而下層的沉淀物放射性強度比理論值略低。①在理論上,上清液放射性應該為0,其原因是

。②噬菌體侵染細菌實驗證明了。③上述實驗中,(填“能”或“不能”)用3H來標記噬菌體的DNA,理由是

。解析:(1)T2噬菌體是DNA病毒,其遺傳物質(zhì)是DNA,煙草花葉病毒是RNA病毒,其遺傳物質(zhì)是RNA。圖中a為子代噬菌體,b表示合成,c表示釋放,d表示吸附,e表示注入,f表示組裝,因此正確的順序為d→e→b→f→c→a。(2)T2噬菌體侵染大腸桿菌的實驗中,利用放射性同位素標記技術的目的是區(qū)分DNA和蛋白質(zhì)分子,用32P標記DNA,35S標記蛋白質(zhì)。以32P標記組為例,攪拌、離心應發(fā)生在圖中e→f過程之間,如果在過程f(組裝)之后攪拌、離心,細菌會裂解,釋放出子代T2噬菌體,所以可能發(fā)生的異常現(xiàn)象是上清液中具有較強的放射性。(3)①由于32P標記的是噬菌體的DNA,將含32P的DNA全部注入大腸桿菌中,而蛋白質(zhì)外殼留在外面,因此在離心時,含有32P的大腸桿菌沉在底部,而蛋白質(zhì)外殼留在上清液中,因此在理論上,上清液放射性應該為0。②噬菌體侵染細菌實驗證明了DNA是遺傳物質(zhì)。③由于DNA和蛋白質(zhì)中均有H,所以不能用3H來標記噬菌體的DNA。答案:(除標注外,每空1分,共12分)(1)DNA、RNAd→e→b→f→c→a(2分)(2)區(qū)分DNA和蛋白質(zhì)分子(2分)上清液中具有較強的放射性(3)理論上講,噬菌體已將含32P的DNA全部注入大腸桿菌中,上清液中只含噬菌體的蛋白質(zhì)外殼(2分)DNA是遺傳物質(zhì)不能在DNA和蛋白質(zhì)中都含有H(2分)18.(10分)圖1中DNA分子有a和d兩條鏈,Ⅰ和Ⅱ均是DNA分子復制過程中所需要的酶,將圖1中某一片段放大后如圖2所示。請分析回答下列問題。(1)從圖1可看出DNA復制的方式是,Ⅰ是酶,Ⅱ是酶。(2)圖2中,DNA分子的基本骨架由(填序號)交替連接而成,該DNA片段中含有個游離的磷酸基團。(3)圖2中④名稱是。一條脫氧核苷酸鏈上相鄰的堿基A和T之間通過連接。(4)該過程發(fā)生的時間為

。(5)DNA分子復制時,在有關酶的作用下,以母鏈為模板,以游離的為原料,按照堿基互補配對原則,合成與母鏈互補的子鏈。(6)若親代DNA分子中A+T占60%,則子代DNA分子某一條單鏈中A+T占。解析:(1)從圖1可看出DNA復制的方式是半保留復制,Ⅰ是解旋酶,Ⅱ是DNA聚合酶。(2)圖2中,DNA分子的基本骨架由②脫氧核糖與③磷酸交替連接而成,該DNA片段中含有2個游離的磷酸基團。(3)圖2中④名稱是胸腺嘧啶脫氧核苷酸,一條脫氧核苷酸鏈上相鄰的堿基A和T之間通過“—脫氧核糖—磷酸—脫氧核糖—”連接。(4)DNA復制發(fā)生的時間為有絲分裂前的間期或減數(shù)分裂前的間期(或細胞分裂前的間期)。(5)DNA分子復制時,在有關酶的作用下,以母鏈為模板,以游離的脫氧核苷酸為原料,按照堿基互補配對原則,合成與母鏈互補的子鏈。(6)若親代DNA分子中A+T占60%,則子代DNA分子某一條單鏈中A+T也占60%。答案:(每空1分,共10分)(1)半保留復制解旋DNA聚合(2)②③2(3)胸腺嘧啶脫氧核苷酸—脫氧核糖—磷酸—脫氧核糖—(4)有絲分裂前的間期或減數(shù)分裂前的間期(或細胞分裂前的間期)(5)脫氧核苷酸(6)60%19.(13分)圖甲是胰島素基因控制合成胰島素的示意圖,圖乙是圖甲中過程②的局部放大。請據(jù)圖回答下列問題。(1)圖甲中過程①發(fā)生的場所是,過程②所需的原料是。將兩條鏈均被15N標記的DNA放入含14N的環(huán)境中復制3次,子代DNA中含15N的比例為。(2)圖甲中核糖體在mRNA上的移動方向是(填“從左向右”或“從右向左”),該mRNA上相繼結合了3個核糖體,這3個核糖體上最終合成的三條肽鏈結構是否相同,作出判斷并說明理由

。(3)胰島素基因片段一條鏈的序列是5′—GATATATTC—3′,以該鏈為模板轉錄出的mRNA序列是5′——3′,圖乙中蘇氨酸的密碼子是。

(4)某人欲通過從肝臟細胞中提取mRNA然后再逆轉錄獲取人的胰島素基因,可總是不成功,試分析原因

。(5)基因組成相同的同卵雙胞胎具有的微小差異與表觀遺傳有關,表觀遺傳帶來的性狀改變(填“能”或“不能”)遺傳給后代。解析:(1)據(jù)題圖分析可知,圖甲中過程①為胰島素基因的轉錄,是以DNA的一條鏈為模板合成mRNA的過程,其原料是核糖核苷酸,場所在細胞核;過程②為翻譯,是以mRNA為模板合成多肽鏈的過程,原料是氨基酸;將雙鏈被15N標記的DNA放入含14N的環(huán)境中復制3次,形成8個DNA分子,子代DNA中含15N的DNA有2個,所占比例為1/4。(2)圖甲中,從左到右的三個核糖體上,多肽鏈越來越長,說明核糖體在mRNA上的移動方向是從左向右;由于這三個核糖體翻譯所用的mRNA模板相同,所以這3個核糖體上最終合成的三條肽鏈結構相同。(3)mRNA的合成方向是由5′端到3′端,胰島素基因片段一條鏈的序列是5′—GATATATTC—3′,以該鏈為模板轉錄出的mRNA序列是5′—GAAUAUAUC—3′;攜帶蘇氨酸的tRNA上反密碼子是UGA,所以蘇氨酸的密碼子是ACU。(4)細胞分化過程中基因是選擇性表達的,胰島素基因不在肝臟細胞中表達,在肝臟細胞中不存在胰島素基因的mRNA,所以逆轉錄獲取人的胰島素基因是不成功的。(5)表觀遺傳是生物體基因的堿基序列保持不變,但基因表達和表型發(fā)生可遺傳變化的現(xiàn)象,因此表觀遺傳帶來的性狀改變能遺傳給后代。答案:(除標注外,每空1分,共13分)(1)細胞核氨基酸1/4(2分)(2)從左向右(2分)相同,因為三個核糖體翻譯所用的mRNA模板相同(2分)(3)GAAUAUAUCACU(4)胰島素基因不在肝臟細胞中表達,所以不存在胰島素基因的mRNA(2分)(5)能20.(15分)人體中的促紅細胞生成素(EPO)是由腎皮質(zhì)、腎小管周圍間質(zhì)細胞和肝臟分泌的一種激素樣物質(zhì),能夠促進紅細胞生成。服用促紅細胞生成素可以使患腎病貧血的病人增加血流比溶度(即增加血液中紅細胞百分比)。EPO興奮劑正是根據(jù)促紅細胞生成素的原理人工合成的,它能促進肌肉中氧氣生成,從而使肌肉更有力量、工作時間更長。當機體缺氧時,低氧誘導因子(HIF)與促紅細胞生成素(EPO)基因的低氧應答元件(非編碼蛋白質(zhì)序列)結合,使EPO基因表達加快,促進EPO的合成,過程如圖所示?；卮鹣铝袉栴}。(1)HIF基因的本質(zhì)是,其能準確復制的原因是

。(2)請用中心法則表示出腎皮質(zhì)、腎小管周圍間質(zhì)細胞中遺傳信息的傳遞方向:

。(3)過程①所需的酶是,過程②中需要的RNA有。(4)HIF在(填“轉錄”或“翻譯”)過程調(diào)控EPO基因的表達,促進EPO的合成,此外,細胞還可以通過

來加快EPO合成的速度。(5)癌細胞因迅速增殖往往會造成腫瘤附近局部供氧不足,但可通過提高HIF的表達,刺激機體產(chǎn)生紅細胞,為腫瘤提供更多的氧氣和養(yǎng)分。根據(jù)上述機制,請簡述一種治療癌癥的措施:

。解析:(1)HIF基因是具有遺傳效應的DNA片段。由于基因(DNA)獨特的雙螺旋結構為復制提供了精確的模板,通過堿基互補配對保證了復制能夠準確地進行,因此HIF基因能準確復制。(2)腎皮質(zhì)、腎小管周圍間質(zhì)細胞是高度分化的細胞,只能進行轉錄和翻譯,則腎皮質(zhì)、腎小管周圍間質(zhì)細胞中遺傳信息的傳遞方向如圖DNAmRNA蛋白質(zhì)。(3)過程①表示轉錄,需要RNA聚合酶的催化;過程②表示翻譯,該過程中mRNA作為翻譯的模板,tRNA運輸氨基酸,rRNA和蛋白質(zhì)組成核糖體,是翻譯的場所。(4)根據(jù)題干信息,“當機體缺氧時,低氧誘導因子(HIF)與促紅細胞生成素(EPO)基因的低氧應答元件(非編碼蛋白質(zhì)序列)結合,使EPO基因表達加快,促進EPO的合成”,說明HIF在轉錄過程調(diào)控EPO基因的表達,促進EPO的合成;核糖體是細胞內(nèi)蛋白質(zhì)的合成“車間”,細胞還可以通過增加核糖體數(shù)量,提高翻譯效率來加快EPO合成的速度。(5)癌細胞因