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文檔簡介

廣東省揭陽市重點名校2024年高考物理倒計時模擬卷注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時請按要求用筆。3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示,梯形硬導(dǎo)線框abcd固定在磁場中,磁場方向與線框平面垂直,圖乙表示該磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系,t=0時刻磁場方向垂直紙面向里。在0~5t0時間內(nèi),設(shè)垂直ab邊向上為安培力的正方向,線框ab邊受到該磁場對它的安培力F隨時間t變化的關(guān)系圖為A. B. C. D.2、從空間某點以大小不同的速率沿同一水平方向射出若干小球,不計空氣阻力。則它們的動能增大到初動能的2倍時的位置處于A.同一直線上 B.同一圓上C.同一橢圓上 D.同一拋物線上3、如圖所示,O1、O2兩輪通過皮帶傳動,兩輪半徑之比r1:r2=2:1,點A在O1輪邊緣上,點B在O2輪邊緣上,則A、B兩點的向心加速度大小之比aA:aB為()A.1:1 B.1:2 C.2:1 D.1:44、電梯在t=0時由靜止開始上升,運動的圖像如圖所示,電梯總質(zhì)量m=2.0×103kg。電梯內(nèi)乘客的質(zhì)量m0=50kg,忽略一切阻力,重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是()A.第1s內(nèi)乘客處于超重狀態(tài),第9s內(nèi)乘客處于失重狀態(tài)B.第2s內(nèi)乘客對電梯的壓力大小為450NC.第2s內(nèi)鋼索對電梯的拉力大小為2.2×104ND.第2s內(nèi)電梯對乘客的沖量大小為550N·s5、如圖所示為范德格拉夫起電機示意圖,直流高壓電源的正電荷,通過電刷E、傳送帶和電刷F,不斷地傳到球殼的外表面,并可視為均勻地分布在外表面上,從而在金屬球殼與大地之間形成高電壓.關(guān)于金屬球殼上的A、B兩點,以下判斷正確的是A.A、B兩點電勢相同B.A、B兩點電場強度相同C.將帶正電的試探電荷從A點移到B點,電勢能增加D.將帶正電的試探電荷從A點移到B點,電勢能減小6、在如圖所示的電路中,當(dāng)閉合開關(guān)S后,若將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié),則正確的是()A.電路再次穩(wěn)定時,電源效率增加B.燈L2變暗,電流表的示數(shù)減小C.燈L1變亮,電壓表的示數(shù)減小D.電容器存儲的電勢能增加二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m,靜止疊放在水平地面上.A、B間的動摩擦因數(shù)為μ,B與地面間的動摩擦因數(shù)為.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速度為g.現(xiàn)對A施加一水平拉力F,則()A.當(dāng)F<2μmg時,A、B都相對地面靜止B.當(dāng)F=時,A的加速度為C.當(dāng)F>3μmg時,A相對B滑動D.無論F為何值,B的加速度不會超過8、如圖所示,豎直平面內(nèi)存在著兩個方向豎直向上的相同帶狀勻強電場區(qū),電場區(qū)的高度和間隔均為d,水平方向足夠長.一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球以初速度v0在距離電場上方d處水平拋出,不計空氣阻力,則()A.小球在水平方向一直做勻速直線運動 B.小球在電場區(qū)可能做直線運動C.若場強大小為,小球經(jīng)過兩電場區(qū)的時間相等 D.若場強大小為,小球經(jīng)過兩電場區(qū)的時間相等9、如圖所示,半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)固定于豎直平面內(nèi),a為圓環(huán)的最低點,c為圓環(huán)的最高點,b點與圓心O等高,該空間存在與圓環(huán)平面平行的勻強電場。質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球P套在圓環(huán)上,沿環(huán)做圓周運動,通過a、b、c三點時的速度大小分別為、、。下列說法正確的是()A.勻強電場方向水平向右B.勻強電場場強大小為C.小球運動過程中對圓環(huán)的最大壓力為7.5mgD.小球運動過程中對圓環(huán)的最小壓力為1.25mg10、下列說法正確的是________。A.物體放出熱量,溫度一定降低B.溫度是物體分子平均動能大小的標(biāo)志C.布朗運動反映的是液體分子的無規(guī)則運動D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知,熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體E.氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁的頻繁碰撞作用產(chǎn)生的三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學(xué)在“測勻變速直線運動的加速度”的實驗中,用打點計時器(頻率為50Hz,即每打一個點)記錄了被小車拖動的紙帶的運動情況,在紙帶上確定出A、B、C、D、E、F、G共7個計數(shù)點.其相鄰點間還有4個點未畫出.其中、、、、、,小車運動的加速度為___,在F時刻的瞬時速度為____保留2位有效數(shù)字。12.(12分)圖甲為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池,R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻,R6是可變電阻,表頭電流表G的量程為0~1mA,內(nèi)阻,B為換擋開關(guān),A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位,分別為直流電壓3V擋和15V擋,直流電流5mA擋和1A擋,歐姆“”擋。(1)圖甲中A端與________(填“紅”或“黑”)色表筆相連接(2)開關(guān)S接位置_________(填“1”或“2”)時是電流擋的大量程,根據(jù)題給條件可得。______Ω,_______Ω,_______Ω。(3)某次測量時該多用電表指針位置如圖乙所示,若此時B端是與“1”相連的,則多用電表讀數(shù)為_______;若此時B端是與“3”相連的,則讀數(shù)為________。(4)多用電表長時間使用后會造成電源的電動勢減小和內(nèi)阻增大,若繼續(xù)使用時還能進(jìn)行歐姆調(diào)零,則用該多用電表測量電阻時,所測得的電阻值將_________(填“偏大”、“偏小”或“不變”)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,光滑平行金屬導(dǎo)軌的水平部分處于豎直向下的勻強磁場中,磁感應(yīng)強度B=3T。兩導(dǎo)軌間距為L=0.5m,軌道足夠長。金屬棒a和b的質(zhì)量分別為ma=1kg,mb=0.5kg,電阻分別為Ω,Ω。b棒靜止于軌道水平部分,現(xiàn)將a棒從h=1.8m高處自靜止沿弧形軌道下滑,通過C點進(jìn)入軌道的水平部分,已知兩棒在運動過程中始終保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,兩棒始終不相碰。(g取10m/s2)。求:(1)a棒剛進(jìn)入磁場時,b棒的加速度;(2)從a棒進(jìn)入磁場到a棒勻速的過程中,流過a棒的電荷量;(3)從a棒進(jìn)入磁場到a棒勻速的過程中,a棒中產(chǎn)生的焦耳熱。14.(16分)如圖所示,一質(zhì)量為m,長度為L的導(dǎo)體棒AC靜止于兩條相互平行的水平導(dǎo)軌上且與兩導(dǎo)軌垂直。通過導(dǎo)體棒AC的電流為I,勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,方向與導(dǎo)軌平面成角斜向下且垂直于導(dǎo)體棒AC,求:(1)導(dǎo)體棒AC受到的安培力;(2)導(dǎo)體棒AC受到的摩擦力。15.(12分)如圖所示,AB是半徑R=0.80m的光滑圓弧軌道,半徑OB豎直,光滑水平地面上緊靠B點靜置一長為1.5m的小車,其上表面與B點等高?,F(xiàn)將一質(zhì)量m=1.0kg的小滑塊從A點由靜止釋放,經(jīng)B點滑上小車,小滑塊恰好未滑離小車。已知滑塊與小車之間的動摩擦因數(shù)=0.40。重力加速度g取10m/s2。求:(1)滑塊剛滑至B點時,圓弧對滑塊的支持力大?。?2)小車的質(zhì)量。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢,根據(jù)歐姆定律求解感應(yīng)電流,根據(jù)安培力公式F=BIL求解安培力;根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向,再由左手定則判定安培力的方向,即可求解?!驹斀狻?﹣2t0,感應(yīng)電動勢為:E1=SS,為定值,3t0﹣5t0,感應(yīng)電動勢為:E2=SS,也為定值,因此感應(yīng)電流也為定值,那么安培力F=BIL∝B,由于0﹣t0,B逐漸減小到零,故安培力逐漸減小到零,根據(jù)楞次定律,可知,線圈中感應(yīng)電流方向順時針,依據(jù)左手定則,可知,線框ab邊受到安培力方向向上,即為正;同理,t0﹣2t0,安培力方向向下,為負(fù),大小增大,而在2t0﹣3t0,沒有安培力;在3t0﹣4t0,安培力方向向上,為正,大小減小;在4t0﹣5t0,安培力方向向下,為負(fù),大小增大,故D正確,ABC錯誤。2、A【解析】

動能增大到射出時的2倍,根據(jù)公式,速度增加為初速度的倍;速度偏轉(zhuǎn)角度余弦為:,故速度偏轉(zhuǎn)角度為45°,故:vy=v0tan45°=v故運動時間為:①根據(jù)平拋運動的分位移公式,有:x=v0t②③聯(lián)立①②③解得:在同一直線上。A.同一直線上。與上述結(jié)論相符,故A正確;B.同一圓上。與上述結(jié)論不符,故B錯誤;C.同一橢圓上。與上述結(jié)論不符,故C錯誤;D.同一拋物線上。與上述結(jié)論不符,故D錯誤。故選:A3、B【解析】

傳送帶傳動的兩輪子邊緣上的點線速度相等,所以vA=vB,由題知r1:r2=2:1,由向心加速度公式a=得,aA:aB=1:2故B正確,ACD錯誤。故選B。4、D【解析】

A.第1s內(nèi)和第9s內(nèi)加速度均豎直向上,乘客處于超重狀態(tài),故A錯誤;B.第2s內(nèi)研究乘客,根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)值解得電梯對乘客的支持力為550N,由牛頓第三定律可知,乘客對電梯的壓力為550N,故B錯誤;C.第2s內(nèi)研究乘客和電梯整體,根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)值解得鋼索對電梯的拉力為22550N,故C錯誤;D.圖像的面積表示速度變化,得第2s內(nèi)速度的變化量為m/s第2s內(nèi)研究乘客,根據(jù)動量定理代入數(shù)值解得電梯對乘客的沖量為Ns,故D正確。故選D。5、A【解析】

A、由題可知,電荷均勻地分布在外表面上,球殼AB是一個等勢體,各點的電勢是相等的.故A正確;B、球殼AB是一個等勢體,AB的外表面處,各點的電場強度的方向與球殼的外表面垂直,所以A點與B點的電場強度的方向一定不同,故B錯誤;C、由于A、B的電勢是相等的,所以將帶正電的試探電荷從A點移到B點,電場力不做功,電勢能不變.故C錯誤,D錯誤.故選A.【點睛】靜電平衡后,金屬球殼AB的外表面均勻帶電,外部各點的電場強度大小相等,方向不同;金屬球殼AB是一個等勢體,各點的電勢相等.6、C【解析】

A.電源的效率將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié),變阻器接入電路的電阻減小,外電路電阻減小,則電源的效率減小,選項A錯誤;BC.將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié),變阻器接入電路的電阻減小,R與燈L2并聯(lián)的電阻減小,外電路總電阻減小,根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知,干路電流I增大,路端電壓U減小,則電壓表示數(shù)減小,燈L1變亮。R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1,U減小,U1增大,U并減小,燈L2變暗。流過電流表的電流IA=I-I2,I增大,I2減小,IA增大,電流表的示數(shù)增大。故B錯誤,C正確;

D.電容器兩端的電壓等于并聯(lián)部分的電壓,電壓變小,由Q=CU知電容器的電荷量減少,電容器存儲的電勢能減小,故D錯誤。

故選C。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BCD【解析】

試題分析:根據(jù)題意可知,B與地面間的最大靜摩擦力為:fBm=,因此要使B能夠相對地面滑動,A對B所施加的摩擦力至少為:fAB=fBm=,A、B間的最大靜摩擦力為:fABm=2μmg,因此,根據(jù)牛頓第二定律可知當(dāng)滿足:=,且≤fAB<2μmg,即≤F<3μmg時,A、B將一起向右加速滑動,故選項A錯誤;當(dāng)F≥3μmg時,A、B將以不同的加速度向右滑動,根據(jù)牛頓第二定律有:F-2μmg=2maA,2μmg-=maB,解得:aA=-μg,aB=,故選項C、D正確;當(dāng)F=時,對A和B整體受力分析有,,解得aA=aB=,故選項B正確.考點:本題主要考查了牛頓第二定律的應(yīng)用,以及處理連接體的方法問題,屬于中檔題.8、ABD【解析】

A.將小球的運動沿著水平方向和豎直方向進(jìn)行分解,水平方向不受外力,故小球在水平方向一直以速度v0做勻速直線運動,故A正確;B.小球在電場區(qū)時,受到豎直向下的重力和豎直向下的電場力,若電場力與重力大小相等,二力平衡,小球能做勻速直線運動,故B正確;C.若場強大小為,則電場力等于mg,在電場區(qū)小球所受的合力為零,在無電場區(qū)小球勻加速運動,故經(jīng)過每個電場區(qū)時小球勻速運動的速度均不等,因而小球經(jīng)過每一無電場區(qū)的時間均不等,故C錯誤;D.當(dāng)場強大小為,電場力等于2mg,在電場區(qū)小球所受的合力大小等于mg,方向豎直向上,加速度大小等于g,方向豎直向上,根據(jù)運動學(xué)公式,有經(jīng)過第一個無電場區(qū)d=v1=gt1經(jīng)過第一個電場區(qū)d=v1t-gt22v2=v1-gt2由①②③④聯(lián)立解得t1=t2v2=0接下來小球的運動重復(fù)前面的過程,即每次通過無電場區(qū)都是自由落體運動,每次通過電場區(qū)都是末速度為零勻減速直線運動,因此,小球經(jīng)過兩電場區(qū)的時間相等,故D正確。故選ABD。9、AC【解析】

A.從最低點到最高點:解得:故ac連線為等勢線,從a到b,有解得:電場線垂直于等勢線,且沿電場線方向電勢逐漸降低,故勻強電場方向水平向右,故A正確;B.勻強電場場強大小故B錯誤;C.電場力當(dāng)電場力與重力合力與圓心在一條直線上時,對圓環(huán)的壓力達(dá)到最大和最小,根據(jù)幾何關(guān)系可知,最大速度根據(jù)牛頓第二定律解得最大支持力為:根據(jù)牛頓第三定律可知,最大壓力為1.5mg;根據(jù)幾何關(guān)系可知,最小速度根據(jù)牛頓第二定律解得最小支持力為:故C正確D錯誤。故選AC。10、BCE【解析】

A.物體放出熱量,但是如果外界對物體做功,則物體的內(nèi)能不一定減小,溫度不一定降低,選項A錯誤;B.溫度是物體分子平均動能大小的標(biāo)志,選項B正確;C.布朗運動反映的是液體分子的無規(guī)則運動,選項C正確;D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知,熱量可以從低溫物體傳到高溫物體,但是要引起其他的變化,選項D錯誤;E.氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁的頻繁碰撞作用產(chǎn)生的,選項E正確;故選BCE.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、0.620.98【解析】

[1].相鄰點間還有4個點未畫出,則相鄰計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s。在紙帶中,連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差△x=0.62cm,根據(jù)△x=aT2得[2].F點的瞬時速度等于EG段的平均速度,則12、52A1400Ω偏大【解析】

(1)[1]由題中所示電路圖可知,B與歐姆表內(nèi)置電源的負(fù)極相連,B為紅表筆,A為黑表筆。(2)[2]由題中所示電路圖可知,開關(guān)S接位置1時,分流電阻較小,此時電流擋的大量程;[3]根據(jù)題中所示電路圖,由歐姆定律可知[4][

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