2023屆云南廣西貴州西南名校聯(lián)盟3+3+3高三下學(xué)期高考備考診斷性聯(lián)考物理試題（二）（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023屆“3+3+3”高考備考診斷性聯(lián)考卷（二）物理部分1.如圖為太陽(yáng)光入射球形雨滴經(jīng)過(guò)折射和反射形成彩虹的示意圖，若光線1為黃光，光線2為與之相鄰的光，下列關(guān)于光線2的判斷正確的是（）A.光線2綠光B.光線2從玻璃進(jìn)入空氣時(shí)更容易發(fā)生全反射C.用相同單縫做衍射實(shí)驗(yàn)時(shí)，光線2的中間衍射條紋寬度更大D.用相同雙縫做楊氏干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，光線2的干涉條紋間距更小〖答案〗C〖解析〗A．光線1的偏折更明顯，折射率更大，所以頻率更大，所以光線2為橙光，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)公式，可得折射率大的臨界角小，更容易發(fā)生全發(fā)射，所以光線1從玻璃進(jìn)入空氣時(shí)更容易發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)公式，c為光速，因?yàn)楣饩€1的頻率大，所以光線1的波長(zhǎng)小，光線2的波長(zhǎng)大，所以光線2的衍射條紋間距更大，故C正確；D．根據(jù)公式，可知波長(zhǎng)越大，干涉條紋間距越大，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列相關(guān)說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.盧瑟福預(yù)言了中子的存在，查德威克發(fā)現(xiàn)了中子B.液體的表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì)C.單晶體具有各向異性且外形規(guī)則D.物體的體積越大，分子勢(shì)能就越大〖答案〗D〖解析〗A．1920年盧瑟福預(yù)言了中子的存在，1932年查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，故A正確，不符合題意；B．液體的表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì)，故B正確，不符合題意；C．單晶體外形規(guī)則，且具有各向異性的物理性質(zhì)，故C正確，不符合題意；D．分子勢(shì)能與物體的體積、物態(tài)等因素有關(guān)，故物體體積越大，分子勢(shì)能不一定越大，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。3.如圖為同一平面內(nèi)繞地球的三個(gè)衛(wèi)星軌道示意圖，Ⅰ、Ⅲ為圓軌道，Ⅱ?yàn)闄E圓軌道，Ⅲ的半徑與Ⅱ的半長(zhǎng)軸相等，且Ⅲ與Ⅱ相交于M點(diǎn)，Ⅰ與Ⅱ相切于N點(diǎn)。三顆不同的衛(wèi)星A、B、C正沿軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ穩(wěn)定運(yùn)行，則（）A.A、B經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的向心力一定相同 B.A、B的速度可能等大C.A的向心加速度比C小 D.C的公轉(zhuǎn)周期比B大〖答案〗B〖解析〗A．由于不知道A、B的質(zhì)量關(guān)系，則A、B經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的萬(wàn)有引力大小關(guān)系不能確定，且在橢圓軌道時(shí)萬(wàn)有引力不是全部提供向心力，所以A、B經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的向心力大小不一定相同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)衛(wèi)星變軌的原理可知，A在N點(diǎn)的速度小于B在N點(diǎn)的速度，而A的速度不變，A的速度又大于B在最遠(yuǎn)點(diǎn)的速度，所以A在某一時(shí)刻，A、B的速度可能等大，故B正確；C．根據(jù)可得由于A衛(wèi)星的軌道半徑小于C衛(wèi)星的軌道半徑，所以可知A的向心加速度比C大，故C錯(cuò)誤；D．由于C的軌道半徑與B橢圓軌道的半長(zhǎng)軸相等，根據(jù)開普勒第三定律，可知B、C的周期相等，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，三根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的輕細(xì)繩α、b、c組合系住一質(zhì)量分布均勻且?guī)д姷男∏騧，球的直徑為，繩b、c與天花板的夾角，空間中存在平行于紙面豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度，重力加速度為g，現(xiàn)將小球拉開小角度后由靜止釋放，則（）A.若小球在紙面內(nèi)做小角度的左右擺動(dòng)，則周期為B.若小球做垂直于紙面的小角度擺動(dòng)，則周期為C.擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)合力為零D.無(wú)論小球如何擺動(dòng)，電場(chǎng)力都不做功〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意可知，若小球以為圓心做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，則擺長(zhǎng)為電場(chǎng)和重力場(chǎng)合成等效重力加速度為，振動(dòng)的周期為根據(jù)題意可知，若小球以O(shè)為圓心做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺長(zhǎng)振動(dòng)周期為擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大，合力不為零；小球擺動(dòng)過(guò)程中，沿電場(chǎng)力方向存在位移，故電場(chǎng)力有做功。故選B。5.一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，系于長(zhǎng)為的輕繩一端，繩的另一端固定在點(diǎn)，假定繩不可伸長(zhǎng)，柔軟且無(wú)彈性?，F(xiàn)將小球從點(diǎn)的正上方距離點(diǎn)的點(diǎn)以水平速度拋出，如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.輕繩即將伸直時(shí)，繩與豎直方向的夾角為B.輕繩從釋放到繃直所需時(shí)間為C.輕繩繃直后瞬間，小球的速度大小為D.當(dāng)小球到達(dá)點(diǎn)正下方時(shí)，繩對(duì)質(zhì)點(diǎn)的拉力為〖答案〗D〖解析〗AB．小球水平拋出后，在繩子繃直之前做平拋運(yùn)動(dòng)，有解得故AB錯(cuò)誤；C．繩子繃直時(shí)，水平方向的速度突變?yōu)榱?，只剩下豎直方向的速度，故速度故C錯(cuò)誤；D．小球在繩子繃直后運(yùn)動(dòng)到的正下方，機(jī)械能守恒，有又在最低點(diǎn)，根據(jù)受力關(guān)系解得故D正確。故選D。6.如圖所示，邊長(zhǎng)為a的正方形區(qū)域內(nèi)以對(duì)角線為界，兩邊分布有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一邊長(zhǎng)為a的正方形線框從圖示位置開始沿x軸正方向勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以順時(shí)針?lè)较驗(yàn)閷?dǎo)線框中電流的正方向，以水平向右為安培力的正方向，則下列圖中表示線框中感應(yīng)電流i、電動(dòng)勢(shì)E、線框所受安培力F和線框產(chǎn)生的熱功率P隨位移x變化的圖像不正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BCD〖解析〗A．設(shè)兩邊分布的垂直紙面向外和垂直紙面向里的等強(qiáng)度勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁場(chǎng)強(qiáng)度為B，線框電阻的大小為R，移動(dòng)速度為v，有效切割長(zhǎng)度為l，則感應(yīng)電流大小為位移在范圍時(shí)，線框右邊框切割磁場(chǎng)，上下兩邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向相反，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)應(yīng)該相減，如圖甲所示。在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生順時(shí)針的感應(yīng)電流（正方向），大小為在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流（負(fù)方向），大小為位移在范圍內(nèi)，線框左邊框切制磁場(chǎng)，如圖乙所示。在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流（負(fù)方向），大小為在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生順時(shí)針的感應(yīng)電流（正方向），大小為故A正確，不符合題意；B．由電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合選項(xiàng)A可知電動(dòng)勢(shì)E隨位移x變化的圖像，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．安培力大小為其中隨著變化，可知安培力隨位移x變化的圖像為曲線，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．線框產(chǎn)生的熱功率為結(jié)合選項(xiàng)A可知線框產(chǎn)生的熱功率P隨位移x變化的圖像為曲線，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選BCD。7.直徑為d的半圓形金屬線框放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，兩點(diǎn)連線與磁場(chǎng)垂直，線框繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將線框接入如圖所示的電路中，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為，已知線框電阻為r，原線圈兩端并聯(lián)電阻阻值為，副線圈兩端的滑動(dòng)變阻器接入阻值為，其他電阻不計(jì)，則（）A.通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流方向不變B.滑動(dòng)變阻器的滑片下滑，通過(guò)的電流增大C.無(wú)論滑動(dòng)變阻器的滑片上滑還是下滑，兩端電壓不變D.兩端電壓小于〖答案〗BD〖解析〗A．線框繞連線以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，故A錯(cuò)誤；B．原、副線圈匝數(shù)比值為，根據(jù)原、副線圈電壓之比等于原、副線圈匝數(shù)之比，所以設(shè)流過(guò)電阻的電流為，則有設(shè)流過(guò)原線圈的電流為，理想變壓器的輸入功率為，則有設(shè)線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E，則有理想變壓器輸出功率理想變壓器的輸出功率等于輸入功率，即聯(lián)立可得其中為定值，當(dāng)電阻R增大時(shí)，原線圈兩端電壓增大；通過(guò)電阻的電流增大，故B正確；C．線圈匝數(shù)比不變，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓與原線圈兩端電壓成正比，故C錯(cuò)誤；D．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為有效值為由于線框作為電源有內(nèi)阻，端電壓U滿足故D正確。故選BD。8.某靜止的原子核X發(fā)生核反應(yīng)生成新核Y和Z且釋放出能量Q。假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化為新核Y和Z的動(dòng)能，其中Z的速度為v，三核的質(zhì)量分別為，以下結(jié)論正確的是（）A.Y原子核的速度大小為B.Y原子核的動(dòng)能是乙原子核的動(dòng)能的倍C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量?。╟為光速）D.Y和Z的結(jié)合能之和一定小于X的結(jié)合能〖答案〗AC〖解析〗A．由動(dòng)量守恒，有所以故A正確；B．Y原子的動(dòng)能Z原子的動(dòng)能他們之比為，故B錯(cuò)誤；CD．因?yàn)榉懦瞿芰?，有質(zhì)量虧損，所以Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量小，根據(jù)質(zhì)能方程可得小的質(zhì)量為，結(jié)合能之和比X的大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.物體的帶電量是一個(gè)不易測(cè)得的物理量，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)來(lái)測(cè)量帶電物體所帶電量。如圖甲所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長(zhǎng)的木板上，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長(zhǎng)木板末端，物塊A靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，一紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與物塊A相連，請(qǐng)結(jié)合下列操作步驟回答問(wèn)題。（1）為消除摩擦力的影響，他將長(zhǎng)木板一端墊起一定傾角，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長(zhǎng)木板向下運(yùn)動(dòng)。多次調(diào)整傾角，直至打出的紙帶上點(diǎn)跡均勻，測(cè)出此時(shí)木板與水平面間的傾角，記為。（2）如圖乙所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，用細(xì)繩通過(guò)一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計(jì)且繩與斜面平行。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，由靜止釋放小物塊A，該過(guò)程可近似認(rèn)為物塊A的帶電量不變。下列關(guān)于紙帶上點(diǎn)跡的分析正確的是___________。A.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至零B.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至一不為零的定值C.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差不變D.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減小，直至間距不變（3）為了測(cè)定物塊A所帶電量q，除傾角外，本實(shí)驗(yàn)還必須測(cè)量的物理量有___________。A.物體A的質(zhì)量MB.物體B的質(zhì)量mC.A和B最終的速度D.磁感應(yīng)強(qiáng)度（4）用重力加速度、傾角和所測(cè)得的物理量，可得出的表達(dá)式為___________?！即鸢浮剑?）D（3）BCD（4）〖解析〗（2）[1]設(shè)A的質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)，由平衡條件可知又有所以當(dāng)存在磁場(chǎng)時(shí)，以整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得由此式可知和是變量，其他都是不變的量，所以一起做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到加速度減為零后做勻速運(yùn)動(dòng)，即速度在增大，加速度在減小，最后速度不變。所以紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，說(shuō)明速度增大；根據(jù)逐差公式，可知，加速度減小，則相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減??；勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距不變。故選D。（3）[2]根據(jù)可得當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大，設(shè)最大速度為，則有化簡(jiǎn)得把代入，得可知還必須測(cè)量的物理量有物塊B的質(zhì)量、兩物塊最終的速度以及磁感應(yīng)強(qiáng)度。故選BCD。（4）[3]由（3）分析可知，的表達(dá)式為10.污水中有大量的正、負(fù)離子，某污水質(zhì)量檢測(cè)組在某化工廠的排污管末端安裝了如圖甲所示的流量計(jì)，用此裝置測(cè)量污水的流速和等效電阻。測(cè)量管由絕緣材料制成，其直徑為D，左右兩端開口，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上（未畫出）、大小為，在前后兩個(gè)內(nèi)側(cè)面上固定有豎直正對(duì)的金屬板作為電極（未畫出，電阻不計(jì)），金屬板電極與開關(guān)、電阻箱和靈敏電流計(jì)連接，管道內(nèi)始終充滿污水，污水以恒定的速度自左向右通過(guò)。先利用圖乙中的電路測(cè)量靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)過(guò)程包含以下步驟：A.反復(fù)調(diào)節(jié)和，使的示數(shù)仍為，的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半，此時(shí)的讀數(shù)為B.合上開關(guān)C.分別將和的阻值調(diào)至最大D.合上開關(guān)E.調(diào)節(jié)，使的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，記下此時(shí)的示數(shù)（1）①正確的操作步驟順序是___________；②測(cè)出靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為___________。（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量測(cè)量管的直徑D，如圖丙所示，讀數(shù)___________。（3）圖甲中與A極相連的是靈敏電流計(jì)的___________（填“正”或“負(fù)”）接線柱。（4）閉合圖甲中開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記下電阻箱接入電路的阻值R與相應(yīng)靈敏電流計(jì)的讀數(shù)I，繪制圖像，如圖丁所示，則污水的流速為___________，接入電路的等效電阻為___________。（用題中的字母a、b、c、B、D、表示）〖答案〗（1）CBEDA（2）3.035（3）負(fù)（4）〖解析〗（1）[1][2]本實(shí)驗(yàn)是用半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻。為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前應(yīng)將變阻器阻值調(diào)至最大，合上開關(guān)，調(diào)節(jié)，使待測(cè)靈敏電流計(jì)滿偏，記下此時(shí)的示數(shù)，就等于靈敏電流計(jì)的滿偏電流值；再合上開關(guān)，反復(fù)調(diào)節(jié)和，使的示數(shù)仍為，的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半，此時(shí)、的電流之和等于，即等于的滿偏電流，也即、的電流相等，故因此正確的順序?yàn)镃BEDA。（2）[3]游標(biāo)卡尺讀數(shù)由主尺讀數(shù)加游標(biāo)尺讀數(shù)，從主尺讀出整毫米刻度，從游標(biāo)尺讀出對(duì)齊的刻度數(shù)再乘以游標(biāo)卡尺的精度，由圖讀得直徑為（3）[4]由左手定則可得正離子往C處電極方向運(yùn)動(dòng)、負(fù)離子往A處電極方向運(yùn)動(dòng)，所以與A處電極相連的是靈敏電流計(jì)的負(fù)接線柱。（4）[5][6]由磁流體發(fā)電機(jī)的原理知，污水中正負(fù)粒子在洛倫茲力作用下向兩處電極偏轉(zhuǎn)，在兩極處形成電場(chǎng)，直到電場(chǎng)力與洛倫茲力達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡，有得電源電動(dòng)勢(shì)為由歐姆定律可得其中為污水的電阻，所以由圖像可得斜率縱截距解得11.為了讓汽車有更好的操縱穩(wěn)定性、平順性及安全性，有人設(shè)計(jì)出了一款以氣體（空氣）運(yùn)作的懸掛系統(tǒng)——?dú)鈮罕苷?，可以隨時(shí)隨地升高或降低車身高度，增加視覺(jué)感，又不會(huì)影響車輛舒適度。將其獨(dú)立氣壓避震裝置簡(jiǎn)化為如圖所示模型，活塞與支撐面的總質(zhì)量為m，活塞橫截面積為S，汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，穩(wěn)定時(shí)氣體柱長(zhǎng)度為L(zhǎng)。設(shè)汽缸氣密性、導(dǎo)熱性能良好，忽略摩擦力。已知大氣壓強(qiáng)為，環(huán)境溫度為，重力加速度為g。（1）試駕員甲坐在支撐面上，雙腳離地，穩(wěn)定后缸內(nèi)氣體柱長(zhǎng)為，求駕駛員甲的質(zhì)量M；（2）若換質(zhì)量為甲的1.5倍的試駕員乙坐在支撐面上，也保持雙腳離地，穩(wěn)定后為了保證汽缸氣體柱長(zhǎng)仍為，需要再給汽缸內(nèi)充入多少體積的溫度為、壓強(qiáng)也為的空氣？〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）人上車后，缸內(nèi)壓強(qiáng)由變?yōu)椋瑲怏w做等溫壓縮，根據(jù)玻意耳定律可得以活塞與支撐面為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得聯(lián)立解得（2）駕駛員的質(zhì)量增加為，氣體做等溫壓縮，設(shè)原本汽缸內(nèi)的氣體在大氣壓下體積為，充入空氣體積為V，則根據(jù)玻意耳定律可得以活塞與支撐面為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得聯(lián)立解得12.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，軌道間距為，與水平面的夾角均為，電阻不計(jì)。兩根相同的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置在同一位置，金屬棒電阻均為，質(zhì)量均為。整個(gè)裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。某時(shí)刻先由靜止釋放金屬棒，經(jīng)過(guò)時(shí)間，在軌道上運(yùn)動(dòng)的位移為時(shí)，的速度恰好達(dá)到最大；時(shí)間內(nèi)，金屬棒始終受到方向沿斜面的外力作用處于靜止?fàn)顟B(tài)。取重力加速度為，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好并始終保持與導(dǎo)軌垂直，求：（1）此過(guò)程中金屬棒產(chǎn)生的熱量Q；（2）此過(guò)程中金屬棒所受外力的沖量?！即鸢浮剑?）；（2），方向沿斜面向上〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)滿足解得此過(guò)程中產(chǎn)生的總熱量為又有（2）根據(jù)動(dòng)量定理，對(duì)Q棒有其中聯(lián)立解得方向沿斜面向上。13.如圖所示，光滑水平地面上方處存在寬度、方向豎直向上、大小的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域。質(zhì)量、長(zhǎng)為的水平絕緣長(zhǎng)木板靜置于該水平面，且長(zhǎng)木板最右側(cè)與電場(chǎng)邊界D重合。某時(shí)刻質(zhì)量、帶電量的可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊以初速度從長(zhǎng)木板左端水平滑上木板，一段時(shí)間后，滑塊離開電場(chǎng)區(qū)域。已知長(zhǎng)木板與滑塊的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度大小，滑塊帶電量始終保持不變。求：（1）滑塊剛進(jìn)電場(chǎng)時(shí)，長(zhǎng)木板的速度大??；（2）滑塊在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間及全過(guò)程的摩擦生熱；（3）若電場(chǎng)等大反向，滑塊進(jìn)入電場(chǎng)后在木板上的相對(duì)位移?！即鸢浮剑?）；（2），；（3）〖解析〗（1）滑塊進(jìn)電場(chǎng)前，對(duì)長(zhǎng)木板根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大小為對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大小為滑塊進(jìn)入電場(chǎng)前，對(duì)滑塊有解得滑塊進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度、滑行時(shí)間分別為，在時(shí)間內(nèi)，對(duì)木板有所以滑塊剛進(jìn)電場(chǎng)時(shí)，長(zhǎng)木板的速度大小為。（2）滑塊進(jìn)入電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)時(shí)間，滑塊與木板同速，設(shè)共同速度為，滑塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有解得對(duì)滑塊分析，由動(dòng)量定理可得解得在時(shí)間和內(nèi)滑塊的總位移為滑塊與木板同速后一起勻速運(yùn)動(dòng)，滑塊在電場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為所以滑塊在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為由能量守恒定律得，全過(guò)程中摩擦產(chǎn)生的熱量為（3）若電場(chǎng)等大反向，滑塊進(jìn)入電場(chǎng)后，系統(tǒng)的動(dòng)量還是守恒，故滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)的速度和全過(guò)程產(chǎn)生的熱量不變，設(shè)滑塊進(jìn)入電場(chǎng)后在木板上的相對(duì)位移為，則有解得2023屆“3+3+3”高考備考診斷性聯(lián)考卷（二）物理部分1.如圖為太陽(yáng)光入射球形雨滴經(jīng)過(guò)折射和反射形成彩虹的示意圖，若光線1為黃光，光線2為與之相鄰的光，下列關(guān)于光線2的判斷正確的是（）A.光線2綠光B.光線2從玻璃進(jìn)入空氣時(shí)更容易發(fā)生全反射C.用相同單縫做衍射實(shí)驗(yàn)時(shí)，光線2的中間衍射條紋寬度更大D.用相同雙縫做楊氏干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，光線2的干涉條紋間距更小〖答案〗C〖解析〗A．光線1的偏折更明顯，折射率更大，所以頻率更大，所以光線2為橙光，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)公式，可得折射率大的臨界角小，更容易發(fā)生全發(fā)射，所以光線1從玻璃進(jìn)入空氣時(shí)更容易發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)公式，c為光速，因?yàn)楣饩€1的頻率大，所以光線1的波長(zhǎng)小，光線2的波長(zhǎng)大，所以光線2的衍射條紋間距更大，故C正確；D．根據(jù)公式，可知波長(zhǎng)越大，干涉條紋間距越大，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列相關(guān)說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.盧瑟福預(yù)言了中子的存在，查德威克發(fā)現(xiàn)了中子B.液體的表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì)C.單晶體具有各向異性且外形規(guī)則D.物體的體積越大，分子勢(shì)能就越大〖答案〗D〖解析〗A．1920年盧瑟福預(yù)言了中子的存在，1932年查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，故A正確，不符合題意；B．液體的表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì)，故B正確，不符合題意；C．單晶體外形規(guī)則，且具有各向異性的物理性質(zhì)，故C正確，不符合題意；D．分子勢(shì)能與物體的體積、物態(tài)等因素有關(guān)，故物體體積越大，分子勢(shì)能不一定越大，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。3.如圖為同一平面內(nèi)繞地球的三個(gè)衛(wèi)星軌道示意圖，Ⅰ、Ⅲ為圓軌道，Ⅱ?yàn)闄E圓軌道，Ⅲ的半徑與Ⅱ的半長(zhǎng)軸相等，且Ⅲ與Ⅱ相交于M點(diǎn)，Ⅰ與Ⅱ相切于N點(diǎn)。三顆不同的衛(wèi)星A、B、C正沿軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ穩(wěn)定運(yùn)行，則（）A.A、B經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的向心力一定相同 B.A、B的速度可能等大C.A的向心加速度比C小 D.C的公轉(zhuǎn)周期比B大〖答案〗B〖解析〗A．由于不知道A、B的質(zhì)量關(guān)系，則A、B經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的萬(wàn)有引力大小關(guān)系不能確定，且在橢圓軌道時(shí)萬(wàn)有引力不是全部提供向心力，所以A、B經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的向心力大小不一定相同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)衛(wèi)星變軌的原理可知，A在N點(diǎn)的速度小于B在N點(diǎn)的速度，而A的速度不變，A的速度又大于B在最遠(yuǎn)點(diǎn)的速度，所以A在某一時(shí)刻，A、B的速度可能等大，故B正確；C．根據(jù)可得由于A衛(wèi)星的軌道半徑小于C衛(wèi)星的軌道半徑，所以可知A的向心加速度比C大，故C錯(cuò)誤；D．由于C的軌道半徑與B橢圓軌道的半長(zhǎng)軸相等，根據(jù)開普勒第三定律，可知B、C的周期相等，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，三根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的輕細(xì)繩α、b、c組合系住一質(zhì)量分布均勻且?guī)д姷男∏騧，球的直徑為，繩b、c與天花板的夾角，空間中存在平行于紙面豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度，重力加速度為g，現(xiàn)將小球拉開小角度后由靜止釋放，則（）A.若小球在紙面內(nèi)做小角度的左右擺動(dòng)，則周期為B.若小球做垂直于紙面的小角度擺動(dòng)，則周期為C.擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)合力為零D.無(wú)論小球如何擺動(dòng)，電場(chǎng)力都不做功〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意可知，若小球以為圓心做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，則擺長(zhǎng)為電場(chǎng)和重力場(chǎng)合成等效重力加速度為，振動(dòng)的周期為根據(jù)題意可知，若小球以O(shè)為圓心做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺長(zhǎng)振動(dòng)周期為擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大，合力不為零；小球擺動(dòng)過(guò)程中，沿電場(chǎng)力方向存在位移，故電場(chǎng)力有做功。故選B。5.一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，系于長(zhǎng)為的輕繩一端，繩的另一端固定在點(diǎn)，假定繩不可伸長(zhǎng)，柔軟且無(wú)彈性。現(xiàn)將小球從點(diǎn)的正上方距離點(diǎn)的點(diǎn)以水平速度拋出，如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.輕繩即將伸直時(shí)，繩與豎直方向的夾角為B.輕繩從釋放到繃直所需時(shí)間為C.輕繩繃直后瞬間，小球的速度大小為D.當(dāng)小球到達(dá)點(diǎn)正下方時(shí)，繩對(duì)質(zhì)點(diǎn)的拉力為〖答案〗D〖解析〗AB．小球水平拋出后，在繩子繃直之前做平拋運(yùn)動(dòng)，有解得故AB錯(cuò)誤；C．繩子繃直時(shí)，水平方向的速度突變?yōu)榱悖皇Ｏ仑Q直方向的速度，故速度故C錯(cuò)誤；D．小球在繩子繃直后運(yùn)動(dòng)到的正下方，機(jī)械能守恒，有又在最低點(diǎn)，根據(jù)受力關(guān)系解得故D正確。故選D。6.如圖所示，邊長(zhǎng)為a的正方形區(qū)域內(nèi)以對(duì)角線為界，兩邊分布有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一邊長(zhǎng)為a的正方形線框從圖示位置開始沿x軸正方向勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以順時(shí)針?lè)较驗(yàn)閷?dǎo)線框中電流的正方向，以水平向右為安培力的正方向，則下列圖中表示線框中感應(yīng)電流i、電動(dòng)勢(shì)E、線框所受安培力F和線框產(chǎn)生的熱功率P隨位移x變化的圖像不正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BCD〖解析〗A．設(shè)兩邊分布的垂直紙面向外和垂直紙面向里的等強(qiáng)度勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁場(chǎng)強(qiáng)度為B，線框電阻的大小為R，移動(dòng)速度為v，有效切割長(zhǎng)度為l，則感應(yīng)電流大小為位移在范圍時(shí)，線框右邊框切割磁場(chǎng)，上下兩邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向相反，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)應(yīng)該相減，如圖甲所示。在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生順時(shí)針的感應(yīng)電流（正方向），大小為在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流（負(fù)方向），大小為位移在范圍內(nèi)，線框左邊框切制磁場(chǎng)，如圖乙所示。在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流（負(fù)方向），大小為在內(nèi)，有效切割長(zhǎng)度為，根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生順時(shí)針的感應(yīng)電流（正方向），大小為故A正確，不符合題意；B．由電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合選項(xiàng)A可知電動(dòng)勢(shì)E隨位移x變化的圖像，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．安培力大小為其中隨著變化，可知安培力隨位移x變化的圖像為曲線，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．線框產(chǎn)生的熱功率為結(jié)合選項(xiàng)A可知線框產(chǎn)生的熱功率P隨位移x變化的圖像為曲線，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選BCD。7.直徑為d的半圓形金屬線框放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，兩點(diǎn)連線與磁場(chǎng)垂直，線框繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將線框接入如圖所示的電路中，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為，已知線框電阻為r，原線圈兩端并聯(lián)電阻阻值為，副線圈兩端的滑動(dòng)變阻器接入阻值為，其他電阻不計(jì)，則（）A.通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流方向不變B.滑動(dòng)變阻器的滑片下滑，通過(guò)的電流增大C.無(wú)論滑動(dòng)變阻器的滑片上滑還是下滑，兩端電壓不變D.兩端電壓小于〖答案〗BD〖解析〗A．線框繞連線以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，故A錯(cuò)誤；B．原、副線圈匝數(shù)比值為，根據(jù)原、副線圈電壓之比等于原、副線圈匝數(shù)之比，所以設(shè)流過(guò)電阻的電流為，則有設(shè)流過(guò)原線圈的電流為，理想變壓器的輸入功率為，則有設(shè)線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E，則有理想變壓器輸出功率理想變壓器的輸出功率等于輸入功率，即聯(lián)立可得其中為定值，當(dāng)電阻R增大時(shí)，原線圈兩端電壓增大；通過(guò)電阻的電流增大，故B正確；C．線圈匝數(shù)比不變，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓與原線圈兩端電壓成正比，故C錯(cuò)誤；D．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為有效值為由于線框作為電源有內(nèi)阻，端電壓U滿足故D正確。故選BD。8.某靜止的原子核X發(fā)生核反應(yīng)生成新核Y和Z且釋放出能量Q。假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化為新核Y和Z的動(dòng)能，其中Z的速度為v，三核的質(zhì)量分別為，以下結(jié)論正確的是（）A.Y原子核的速度大小為B.Y原子核的動(dòng)能是乙原子核的動(dòng)能的倍C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量?。╟為光速）D.Y和Z的結(jié)合能之和一定小于X的結(jié)合能〖答案〗AC〖解析〗A．由動(dòng)量守恒，有所以故A正確；B．Y原子的動(dòng)能Z原子的動(dòng)能他們之比為，故B錯(cuò)誤；CD．因?yàn)榉懦瞿芰?，有質(zhì)量虧損，所以Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量小，根據(jù)質(zhì)能方程可得小的質(zhì)量為，結(jié)合能之和比X的大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.物體的帶電量是一個(gè)不易測(cè)得的物理量，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)來(lái)測(cè)量帶電物體所帶電量。如圖甲所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長(zhǎng)的木板上，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長(zhǎng)木板末端，物塊A靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，一紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與物塊A相連，請(qǐng)結(jié)合下列操作步驟回答問(wèn)題。（1）為消除摩擦力的影響，他將長(zhǎng)木板一端墊起一定傾角，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長(zhǎng)木板向下運(yùn)動(dòng)。多次調(diào)整傾角，直至打出的紙帶上點(diǎn)跡均勻，測(cè)出此時(shí)木板與水平面間的傾角，記為。（2）如圖乙所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，用細(xì)繩通過(guò)一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計(jì)且繩與斜面平行。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，由靜止釋放小物塊A，該過(guò)程可近似認(rèn)為物塊A的帶電量不變。下列關(guān)于紙帶上點(diǎn)跡的分析正確的是___________。A.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至零B.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至一不為零的定值C.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差不變D.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減小，直至間距不變（3）為了測(cè)定物塊A所帶電量q，除傾角外，本實(shí)驗(yàn)還必須測(cè)量的物理量有___________。A.物體A的質(zhì)量MB.物體B的質(zhì)量mC.A和B最終的速度D.磁感應(yīng)強(qiáng)度（4）用重力加速度、傾角和所測(cè)得的物理量，可得出的表達(dá)式為___________?！即鸢浮剑?）D（3）BCD（4）〖解析〗（2）[1]設(shè)A的質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)，由平衡條件可知又有所以當(dāng)存在磁場(chǎng)時(shí)，以整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得由此式可知和是變量，其他都是不變的量，所以一起做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到加速度減為零后做勻速運(yùn)動(dòng)，即速度在增大，加速度在減小，最后速度不變。所以紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，說(shuō)明速度增大；根據(jù)逐差公式，可知，加速度減小，則相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減??；勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距不變。故選D。（3）[2]根據(jù)可得當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大，設(shè)最大速度為，則有化簡(jiǎn)得把代入，得可知還必須測(cè)量的物理量有物塊B的質(zhì)量、兩物塊最終的速度以及磁感應(yīng)強(qiáng)度。故選BCD。（4）[3]由（3）分析可知，的表達(dá)式為10.污水中有大量的正、負(fù)離子，某污水質(zhì)量檢測(cè)組在某化工廠的排污管末端安裝了如圖甲所示的流量計(jì)，用此裝置測(cè)量污水的流速和等效電阻。測(cè)量管由絕緣材料制成，其直徑為D，左右兩端開口，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上（未畫出）、大小為，在前后兩個(gè)內(nèi)側(cè)面上固定有豎直正對(duì)的金屬板作為電極（未畫出，電阻不計(jì)），金屬板電極與開關(guān)、電阻箱和靈敏電流計(jì)連接，管道內(nèi)始終充滿污水，污水以恒定的速度自左向右通過(guò)。先利用圖乙中的電路測(cè)量靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)過(guò)程包含以下步驟：A.反復(fù)調(diào)節(jié)和，使的示數(shù)仍為，的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半，此時(shí)的讀數(shù)為B.合上開關(guān)C.分別將和的阻值調(diào)至最大D.合上開關(guān)E.調(diào)節(jié)，使的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，記下此時(shí)的示數(shù)（1）①正確的操作步驟順序是___________；②測(cè)出靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為___________。（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量測(cè)量管的直徑D，如圖丙所示，讀數(shù)___________。（3）圖甲中與A極相連的是靈敏電流計(jì)的___________（填“正”或“負(fù)”）接線柱。（4）閉合圖甲中開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記下電阻箱接入電路的阻值R與相應(yīng)靈敏電流計(jì)的讀數(shù)I，繪制圖像，如圖丁所示，則污水的流速為___________，接入電路的等效電阻為___________。（用題中的字母a、b、c、B、D、表示）〖答案〗（1）CBEDA（2）3.035（3）負(fù)（4）〖解析〗（1）[1][2]本實(shí)驗(yàn)是用半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻。為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前應(yīng)將變阻器阻值調(diào)至最大，合上開關(guān)，調(diào)節(jié)，使待測(cè)靈敏電流計(jì)滿偏，記下此時(shí)的示數(shù)，就等于靈敏電流計(jì)的滿偏電流值；再合上開關(guān)，反復(fù)調(diào)節(jié)和，使的示數(shù)仍為，的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半，此時(shí)、的電流之和等于，即等于的滿偏電流，也即、的電流相等，故因此正確的順序?yàn)镃BEDA。（2）[3]游標(biāo)卡尺讀數(shù)由主尺讀數(shù)加游標(biāo)尺讀數(shù)，從主尺讀出整毫米刻度，從游標(biāo)尺讀出對(duì)齊的刻度數(shù)再乘以游標(biāo)卡尺的精度，由圖讀得直徑為（3）[4]由左手定則可得正離子往C處電極方向運(yùn)動(dòng)、負(fù)離子往A處電極方向運(yùn)動(dòng)，所以與A處電極相連的是靈敏電流計(jì)的負(fù)接線柱。（4）[5][6]由磁流體發(fā)電機(jī)的原理知，污水中正負(fù)粒子在洛倫茲力作用下向兩處電極偏轉(zhuǎn)，在兩極處形成電場(chǎng)，直到電場(chǎng)力與洛倫茲力達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡，有得電源電動(dòng)勢(shì)為由歐姆定律可得其中為污水的電阻，所以由圖像可得斜率縱截距解得11.為了讓汽車有更好的操縱穩(wěn)定性、平順性及安全性，有人設(shè)計(jì)出了一款以氣體（空氣）運(yùn)作的懸掛系統(tǒng)——?dú)鈮罕苷?，可以隨時(shí)隨地升高或降低車身高度，增加視覺(jué)感，又不會(huì)影響車輛舒適度。將