2023年北京通州區(qū)高三一模物理試題和答案

2023北京通州高三一模物理一、選擇題，本部分共題，每題3分，共分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1．如圖為氫原子能級圖，大量處于n＝4激發(fā)態(tài)的氫原子，當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低能級時，下列說法正確的是（）A．這些氫原子躍遷時最多可產(chǎn)生3種不同頻率的光子B．由n＝4能級躍遷到＝1能級時發(fā)出光子的波長最長C．核外電子動能減少，電勢能增加D．該氫原子放出光子，能量減少2．一束復(fù)色光由空氣斜射向平行玻璃磚，入射角為θ，從另一側(cè)射出時分成a、b兩束單色光，如圖所示，下列說法正確的是（）A．增大θ（θ＜90b光會先消失B．a(chǎn)光從玻璃磚射入空氣后，頻率變大C．該玻璃磚對a光的折射率大于b光的折射率D．a(chǎn)光在該玻璃磚中的傳播速度大于b光在該玻璃磚中的傳播速度3．為歡迎同學(xué)們新學(xué)期回歸校園，老師用氣球布置教室，給氣球緩慢打氣過程中，球內(nèi)氣體溫度可視為不變。下列說法正確的是（）A．由于氣體把氣球充滿，球內(nèi)氣體分子間表現(xiàn)為斥力B．由于該老師對氣球內(nèi)氣體做功，氣球內(nèi)氣體分子平均動能增大C．氣球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)是由于大量氣體分子頻繁撞擊器壁產(chǎn)生D．氣球內(nèi)氣體的體積等于所有氣體分子的體積之和4．如圖所示，S和S是兩相干水波波源，它們振動同步且振幅相同，振幅A＝10cm。實(shí)線和虛線分別表12示在某一時刻它們所發(fā)出的波的波峰和波谷。已知兩列波的波長均為5cm，A、B、C三質(zhì)點(diǎn)的平衡位置在同一直線上，且B點(diǎn)為AC連線的中點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．此時B點(diǎn)正豎直向下運(yùn)動B．C點(diǎn)處于振動的減弱區(qū)C．此時A、C兩點(diǎn)的豎直高度差為20cmD．再經(jīng)過半個周期，質(zhì)點(diǎn)C運(yùn)動至A處5．如圖甲為交流發(fā)電機(jī)的原理圖，矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO'勻速轉(zhuǎn)動。線圈的電阻為5.0Ω，線圈與外電路連接的定值電阻為95.0Ω，電壓表為理想交流電表。線圈產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．交流電的頻率為100HzB．電壓表的讀數(shù)為220VC．t＝1.0×10﹣2s時，線框平面與磁場平面平行D．發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為24.2J6．2022年6月5日，我國的神舟十四號載人飛船與距地表約400km的空間站完成徑向交會對接。徑向交會對接是指飛船沿與空間站運(yùn)動方向垂直的方向和空間站完成對接。對接前，飛船在空間站正下方200米的“保持點(diǎn)”處調(diào)整為垂直姿態(tài)（如圖所示），并保持相對靜止。準(zhǔn)備好后，再逐步上升到“對接點(diǎn)”與空間站完成對接。飛船和空間站對接后，組合體繞地球做勻速圓周運(yùn)動。已知地球同步衛(wèi)星位于地面上方高度約36000km處。下列說法正確的是（）A．飛船維持在“保持點(diǎn)”的狀態(tài)時，它的運(yùn)動速度大于空間站運(yùn)動速度B．飛船維持在“保持點(diǎn)”的狀態(tài)時，需要開動發(fā)動機(jī)給飛船提供一個背離地心的推力C．與地球同步衛(wèi)星相比，組合體的運(yùn)動周期更大D．飛船一直加速才能從“保持點(diǎn)”上升到“對接點(diǎn)”7．為了節(jié)省能源，某商場安裝了智能化的電動扶梯。無人乘行時，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)。一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個過程，如圖所示。下列說法中正確的是（）A．顧客僅在加速過程受摩擦力的作用B．顧客所受的摩擦力大小與扶梯的加速度大小無關(guān)C．乘扶梯勻速上樓的過程中，顧客的機(jī)械能保持不變D．扶梯對顧客作用力的方向先與速度方向相同，再豎直向上8．如圖甲所示，某同學(xué)利用橡皮筋懸掛手機(jī)的方法模擬蹦極運(yùn)動，并利用手機(jī)的加速度傳感器研究加速度隨時間變化的圖像，如圖乙所示。手機(jī)保持靜止時，圖像顯示的加速度值為，自由下落時，圖像顯示的加速度值約為﹣10m/s2，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A．t＝0.6s時，手機(jī)已下降了約1.8mB．t＝0.8s時，手機(jī)正向上加速運(yùn)動C．加速度約為70m/s2時，手機(jī)速度為0D．0.6﹣0.8s時間內(nèi)，橡皮筋的拉力逐漸減小9．如圖甲所示，一輕彈簧的兩端分別與質(zhì)量為m和m的兩物塊相連接，并且靜止在光滑的水平桌面上。12現(xiàn)使m1瞬時獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計時零點(diǎn)，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，以下說法正確的是（）A．兩物塊的質(zhì)量之比為m：m＝2112B．在tt時刻彈簧的彈性勢能均達(dá)到最大值13C．t﹣t時間內(nèi)，彈簧的長度大于原長12D．t﹣t時間內(nèi)，彈簧的彈力逐漸減小2310．如圖所示，一個帶電球體M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N先后掛在橫桿上的P1、P和P處，當(dāng)小球N靜止時，觀察絲線與豎直方向的夾角。通過觀察發(fā)現(xiàn)：當(dāng)小球N掛在P時，絲線231與豎直方向的夾角最大；當(dāng)小球N掛在P3時N絲線與豎直方向的夾角最小。根據(jù)三次實(shí)驗結(jié)果的對比，下列說法中正確的是（）A．小球N與球體M間的作用力與它們的電荷量成正比B．小球N與球體M間的作用力與它們距離的平方成正比C．球體M電荷量越大，絕緣絲線對小球N的作用力越大D．距離球體M越遠(yuǎn)的位置，絕緣絲線對小球N的作用力越?。惩瑢W(xué)利用實(shí)驗器材設(shè)計了如圖所示的測量電路，電阻R的阻值以及電源的電動勢和內(nèi)阻均未知，電壓表左端的接線位置待定。不管接哪個接線柱，都可以通過改變滑動變阻器接入電路的阻值，獲得多組數(shù)據(jù)，描繪出U﹣I關(guān)系圖像（U、I）A．若接a，利用該電路可測量電阻R的阻值，且測量值偏大B．若接a，利用該電路可測量電源的電動勢和內(nèi)阻，且內(nèi)阻測量值偏大C．若接b，利用該電路可測量電阻R的阻值，且測量值偏大D．若接b，利用該電路可測量電源的電動勢和內(nèi)阻，且電動勢測量值偏大12．如圖所示，邊長為L的單匝均勻金屬線框置于光滑水平桌面上，在拉力作用下以恒定速度通過寬度為D、方向豎直向下的有界勻強(qiáng)磁場，線框的邊長L小于有界磁場的寬度D，在整個過程中線框的ab邊始終與磁場的邊界平行，若以IF表示拉力、P表示拉力的功率、Uab表示線框ab兩點(diǎn)間的電勢差，則下列反映這些物理量隨時間變化的圖像中正確的是（）A．C．B．D．13．如圖所示，M、N為水平放置的平行板電容器的兩個金屬極板，G為靜電計。閉合開關(guān)S，靜電計指針張開一定角度，電容器兩極板間的P點(diǎn)有一帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A．保持開關(guān)S閉合，將R的滑片向右移動，G的指針張開角度減小B．保持開關(guān)S閉合，將R的滑片向左移動，帶電液滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)C．若斷開開關(guān)S，將極板M向上移動少許，G的指針張開角度減小D．若斷開開關(guān)S，將極板M向左移動少許，帶電液滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)141912年勞埃等人根據(jù)理論預(yù)見，并用實(shí)驗證實(shí)了X射線與晶體相遇時能發(fā)生衍射現(xiàn)象，還明了X射線具有電磁波的性質(zhì)，成為X射線衍射學(xué)的第一個里程碑。X射線衍射分析是利用晶體形成的X射線衍射圖樣，對物質(zhì)進(jìn)行內(nèi)部原子在空間分布狀況的結(jié)構(gòu)分析方法。X射線衍射的原理是：由于晶體內(nèi)部規(guī)則排列的原子間距離與X射線波長具有相同數(shù)量級，所以將一定波長的X射線照射到晶體時，就會得到明顯的X射線衍射圖樣。衍射圖樣在空間分布的方位和強(qiáng)度，與晶體微觀結(jié)構(gòu)密切相關(guān)。根據(jù)以上材料和所學(xué)的知識，下列說法正確的是（）A．一定波長的X射線照射到非晶體時，也會得到明顯的衍射圖樣B．一定波長的X射線分別照射到食鹽和石墨晶體上，得到的衍射圖樣在空間中分布的方位和強(qiáng)度不同C．一定波長的γ射線照射到晶體時，也會得到明顯的衍射圖樣D．X射線能在磁場中偏轉(zhuǎn)，可應(yīng)用于通信、廣播及其他信號傳輸二、非選擇題，本部分共6題，共分158分）物理實(shí)驗一般都涉及實(shí)驗?zāi)康摹?shí)驗原理、實(shí)驗儀器、實(shí)驗方法、實(shí)驗操作、數(shù)據(jù)分析等。（1）為完成“探究變壓器原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗，除了閉合鐵芯的原、副線圈外還需要選用的器材有A．交流低壓電源B．直流低壓電源C．交流電壓表D．交流電流表E．直流電壓表F．直流電流表（2）在“用油膜法估測分子的大小”實(shí)驗中，下列實(shí)驗步驟正確的操作順序為A．用注射器將事先配制好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定。B．用淺盤裝入約2cm深的水，待水面穩(wěn)定后將適量的爽身粉均勻地撒在水面上。C．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子的直徑。D．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時的滴數(shù)，結(jié)合油酸酒精溶液的濃度，計算出一滴油酸酒精溶液中含有的純油酸體積。E．將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形狀用水彩筆描繪在玻璃板上。（3）在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗中，一個實(shí)驗小組先把彈簧平放在桌面上使其自然伸長，用刻度尺測出彈簧的原長L0，再把彈簧豎直懸掛起來。掛上鉤碼后測出彈簧伸長后的長度L，把L﹣L0作為彈簧的伸長量x。由于彈簧自身重力的影響，最后作出的彈簧彈力大小F與彈簧的伸長量x之間的關(guān)系圖像可能是下列選項中的。16分）用如圖1所示裝置研究平拋運(yùn)動。將白紙和復(fù)寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上。鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從Q點(diǎn)飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點(diǎn)。移動擋板，重新釋放鋼球，如此重復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點(diǎn)。（1）下列實(shí)驗條件必須滿足的有A．斜槽軌道光滑。B．斜槽軌道末段水平C．擋板高度等間距變化D．每次從斜槽上相同的位置由靜止釋放鋼球（2）為定量研究，建立以水平方向為x軸、豎直方向為y軸的坐標(biāo)系。取平拋運(yùn)動的起始點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，將鋼球靜置于Q點(diǎn)，鋼球的即為原點(diǎn)。（3）如圖2所示是甲同學(xué)在某次實(shí)驗中取得的數(shù)據(jù)，其中坐標(biāo)原點(diǎn)為拋出點(diǎn)，g取10m/s2，則此小球做平拋運(yùn)動的初速度大小為m/s。（4）乙同學(xué)想用下述方法探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)。他從實(shí)驗得到的平拋小球的運(yùn)動軌跡上取出一些點(diǎn)，以平拋起點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，測量它們的水平坐標(biāo)x和豎直坐標(biāo)y，描繪y﹣x2圖像。該同學(xué)認(rèn)為若圖像是一條過原點(diǎn)的直線（如圖3落體運(yùn)動，請你分析論證該同學(xué)的判斷是否正確。179分）如圖所示，兩足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，相距為L，電阻不計，其間連接一阻值為R的電阻和一理想電壓表，導(dǎo)軌處在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向與導(dǎo)軌平面垂直。當(dāng)電阻為r的金屬棒在水平拉力的作用下向右做勻速運(yùn)動時，電壓表讀數(shù)為U，求：（1）回路中的感應(yīng)電流I的大小（2）金屬棒運(yùn)動的速度v的大??；（3）金屬棒所受拉力F的大小，以及拉力的功率P。189分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道半徑為R＝0.2m，下端與水平桌面相切，小球A從圓弧軌道頂端無初速度滑下，與靜止在圓弧軌道底端的小球B相碰，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，在水平桌面上滑動。已知A和B的質(zhì)量均為m＝0.5kg，A、B與桌面之間的動摩擦因數(shù)μ0.1，重力加速度g取10m/s2，A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，不考慮空氣阻力。求：（1）與B碰撞前瞬間，小球A的速度v的大??；（2）與B碰撞前瞬間，小球A對軌道壓力F的大??；（3）A和B整體在水平桌面上滑行的最遠(yuǎn)距離。1910分）地球?qū)ζ渲車奈矬w產(chǎn)生的萬有引力是通過地球周圍的引力場產(chǎn)生的，物體在引力場中具有的勢能我們稱為引力勢能。在物理學(xué)中，動能、引力勢能和彈性勢能統(tǒng)稱為機(jī)械能。若規(guī)定距地球無限遠(yuǎn)處為引力勢能零點(diǎn)，可得到在半徑為r的軌道上做勻速圓周運(yùn)動的人造地球衛(wèi)星引力勢能的表達(dá)式，其中M為地球的質(zhì)量，m為衛(wèi)星的質(zhì)量，G為萬有引力常量。（1）求：該衛(wèi)星的動能；②該衛(wèi)星的機(jī)械能；③若該衛(wèi)星變軌后到達(dá)高軌道繼續(xù)做勻速圓周運(yùn)動，請說明隨著軌道半徑的增大，該衛(wèi)星的機(jī)械能變化（2）已知在地球表而附近，對于質(zhì)量為m的物體離開地面高度為h時，若規(guī)定地球表面為重力勢能零點(diǎn)，物體重力勢能的表達(dá)式E0＝mgh（g形式上有很大的差別，但二者本質(zhì)相同試證明在忽略地球自轉(zhuǎn)的情況下，當(dāng)h遠(yuǎn)小于地球半徑R時，重力勢能和引力勢能的表達(dá)式是一致的。（可能用到的數(shù)學(xué)知識：當(dāng)|x|?12012分）為尋找可靠的航天動力裝置，科學(xué)家們正持續(xù)進(jìn)行太陽帆推進(jìn)器和離子推進(jìn)器的研究。太陽帆推進(jìn)器是利用太陽光作用在太陽帆的壓力提供動力，離子推進(jìn)器則是利用電場加速后的離子氣體的反沖作用加速航天器。（1）由量子理論可知每個光子的動量為（h為普朗克常量，λ＝hvvc，光子的頻率，普朗克常量h，太陽帆面積為S，時間t內(nèi)太陽光垂直照射到太陽帆每平方米面積上的太陽光能為E，宇宙飛船的質(zhì)量為，所有光子照射到太陽帆上后全部被等速率反射，求：①時間t內(nèi)作用在太陽帆的光子個數(shù)N；②在太陽光壓下宇宙飛船的加速度a的大?。?）離子推進(jìn)器的原理如圖所示：進(jìn)入電離室的氣體被電離，其中正離子飄入電極A、B之間的勻強(qiáng)A，B間電壓為U，使正離子加速形成離子束，在加速正離子束的過程中所消耗的功率為P，推進(jìn)器獲得的恒定推力為F。為提高能量的轉(zhuǎn)換效率，即要使盡量大，請通過論證說明可行的方案。設(shè)正離子質(zhì)量為m，電荷量為q。參考答案一、選擇題，本部分共題，每題3分，共分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1，即可判定氫原子能級間躍遷時，能發(fā)出光的種類；當(dāng)輻射的能量等于兩能級間的能級差，才能發(fā)生躍遷，能級差越大，發(fā)生的光子頻率越大，波長越短；根據(jù)庫侖力提供向心力求出核外電子動能表達(dá)式判斷；根據(jù)玻爾理論判斷?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)數(shù)字組合公式＝6，可知一群氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低能級時，最多只能輻射出6種頻率的光子，故A錯誤；B、根據(jù)輻射的能量等于兩能級間的能級差，那么在輻射出的光子中，由n＝4能級躍遷到n＝1能級輻射出的光子能量最大，頻率最大，波長最短，故B錯誤；2C、根據(jù)庫侖力提供向心力可得，核外電子的動能E＝mv＝，據(jù)此可知從高能級向k低能級躍遷時，核外電子的軌道半徑減小，動能增大，因庫侖力做正功，則電勢能減小，故C錯誤；D、氫原子由高能級向低能級躍遷，能量減少，放出光子，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】本題考查了能級間的躍遷，知道吸收或輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，并能理解能級量子化，同時注意求解躍遷放出多少頻率的光子時，是大量的氫原子，還是一個氫原子。2θ（θ90b光能否發(fā)生全反射，從而判斷b光能否消失。光的頻率由光源決定，與介質(zhì)無關(guān)。根據(jù)光線在玻璃磚上表面折射時折射角的大小，分析折射率大小，由n＝判斷光在玻璃中的傳播速度大小?！窘獯稹拷猓篈、由幾何知識可知，b光射到玻璃磚下表面時的入射角等于上表面的折射角，由光路可逆原理可知，b光不可能在玻璃磚下表面發(fā)生全反射，一定會從下表面射出，也就不會消失，故A錯誤；B、光的頻率由光源決定，與介質(zhì)無關(guān)，則知a光從玻璃磚射入空氣后，頻率不變，故B錯誤；CD、由圖看出，光線在玻璃磚上表面折射時，a光折射角大于b光折射角，則玻璃磚對a光的折射率小于b光的折射率，由v＝可知a光在玻璃磚中的傳播速度比b光大，故C錯誤，D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】根據(jù)光的偏折程度分析折射率的大小是解決本題的關(guān)鍵，同時，要掌握折射率與光速、頻率等物理量的關(guān)系。3變化的標(biāo)志?！窘獯稹拷猓篈.雖然氣體把氣球充滿，但球內(nèi)氣體分子間的距離仍然較大，氣體分子間的作用力幾乎為零，故A錯誤；B.由于該老師給氣球緩慢打氣過程中，球內(nèi)氣體溫度可視為不變，所以氣球內(nèi)氣體分子平均動能不變，故B錯誤；C.根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可知?dú)馇騼?nèi)氣體的壓強(qiáng)是由于大量氣體分子頻繁撞擊器壁產(chǎn)生，故C正確；D.氣體分子間隙很大，所以氣球內(nèi)氣體的體積遠(yuǎn)大于所有氣體分子的體積之和，故D錯誤。故選：C。【點(diǎn)評】熱學(xué)中很多知識點(diǎn)要需要記憶，注意平時的積累，要能夠區(qū)別氣體與固體和液體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原理，氣體壓強(qiáng)微觀解釋，區(qū)別氣體與固體和液體的體積關(guān)系。4、B、C三點(diǎn)都是振動加強(qiáng)，根據(jù)A點(diǎn)與C點(diǎn)的位置分析B點(diǎn)的運(yùn)動方向。C點(diǎn)處于振動的加強(qiáng)區(qū)，此時A、C兩點(diǎn)的豎直高度差等于它們振幅之和。質(zhì)點(diǎn)C只上下振動，不會隨波遷移?！窘獯稹拷猓篈、此時A點(diǎn)位于波峰，C點(diǎn)位于波谷，B點(diǎn)位于平衡位置，結(jié)合波的傳播方向可知，此時B點(diǎn)正豎直向下運(yùn)動，故A正確；B、C點(diǎn)是波谷與波谷相遇處，C點(diǎn)處于振動的加強(qiáng)區(qū)，故B錯誤；C、A點(diǎn)處與C點(diǎn)處振動都加強(qiáng)，振幅都為A′＝2A＝210cm20cm，此時A、C兩點(diǎn)的豎直高度差為Δh＝2A2×20cm40cm，故C錯誤；D、質(zhì)點(diǎn)C只上下振動，不會隨波遷移，再經(jīng)過半個周期，質(zhì)點(diǎn)C運(yùn)動到波峰位置，故D錯誤。故選：A。【點(diǎn)評】解答本題的關(guān)鍵要理解并掌握波的疊加原理，要注意波谷與波谷相遇處振動加強(qiáng)，不是減弱。5定律求出電路中的電流，然后求出路端電壓；根據(jù)電動勢與線圈位置的關(guān)系判斷；根據(jù)Q＝I2rt求得線圈產(chǎn)生的熱量?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)乙圖可知，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為Em＝220頻率：f＝Hz＝50Hz，故A錯誤；V，周期T＝0.02s，則B、線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的有效值為E＝根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知電路中的電流：I＝V＝220V，A＝2.2A電壓表的讀數(shù)為路端電壓，大小為：U＝IR＝2.2×95V＝209V，故B錯誤；C、由圖乙可知，在t＝1.0×10﹣2s時電動勢瞬時值為零，則線框平面與磁場方向垂直，故C錯誤；22D、發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為：Q＝Irt＝2.2×5.0×1J＝24.2J，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道正弦式交流電峰值與有效值的關(guān)系。6．【分析】對比飛船受到的萬有引力與飛船做圓周運(yùn)動需要的向心力，由此得出線速度與半徑的關(guān)系完成分析；根據(jù)半徑的大小關(guān)系得出周期的大小關(guān)系；根據(jù)實(shí)際的運(yùn)動情況，結(jié)合萬有引力做功分析?！窘獯稹拷猓篈、飛船維持在“保持點(diǎn)”的狀態(tài)時，二者的角速度是相等的，根據(jù)v＝r，可知飛船維持在“保持點(diǎn)”的狀態(tài)時，它的運(yùn)動速度大小空間站運(yùn)動速度，故A錯誤；B、飛船維持在“保持點(diǎn)”的狀態(tài)時，二者的角速度是相等的，此時飛船受到的萬有引力提供大于需要的向心力，所以需要開動發(fā)動機(jī)給飛船提供一個背離地心的推力，故B正確；C、根據(jù)，可得：T＝，由于組合體的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以與地球同步衛(wèi)星相比，組合體的運(yùn)動周期更小，故C錯誤；D、姿態(tài)調(diào)整完成后，飛船接近空間站過程中需要先對飛船加速，使它先做離心運(yùn)動，向空間站靠近，而飛船靠近空間站時速度又要逐漸減小，直至與空間站的速度相等，故D錯誤。故選：B?！军c(diǎn)評】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)概念，理解圓周運(yùn)動的公式，理解向心力的來源，結(jié)合變軌的原理完成分析。7乘扶梯勻速上樓過程中，重力勢能增大，動能不變，機(jī)械能增大?！窘獯稹拷猓篈B、顧客加速過程，對顧客受力分析，顧客受到重力，支持力和摩擦力，三個力的合力提供加速度，電梯加速度越大，顧客所受合力越大，摩擦力越大，顧客勻速運(yùn)動過程，根據(jù)平衡條件得，顧客只受重力和支持力，故A正確，B錯誤；C、乘扶梯勻速上樓的過程中，顧客的重力勢能增大，動能不變，顧客的機(jī)械能增大，故C錯誤；D、顧客加速過程，重力、支持力和摩擦力三個力的合力與速度方向相同，扶梯對顧客的作用力為支持力和摩擦力的合力，則扶梯對顧客作用力的方向與速度方向不相同，顧客做勻速直線運(yùn)動時，顧客受力平衡，扶梯對顧客的作用力與重力等大反向，方向豎直向上，故D錯誤。故選：A。【點(diǎn)評】本題考查牛頓第二定律和機(jī)械能守恒定律，解題關(guān)鍵是對顧客做好受力分析，知道合力的方向與運(yùn)動方向相同，會判斷機(jī)械能是否守恒。8．【分析】若手機(jī)做自由落體運(yùn)動，根據(jù)位移—時間公式求解手機(jī)下降的高度，結(jié)合圖像分析手機(jī)的運(yùn)動情況；根據(jù)加速度隨時間的變化分析手機(jī)的運(yùn)動情況和受力情況。22【解答】解：A、0～0.6s，若手機(jī)一直做自由落體運(yùn)動，手機(jī)下降的高度為h＝gt＝×100.6m＝1.8m由圖像得，0.4s后手機(jī)才開始運(yùn)動，則0.6s時，手機(jī)下降的距離一定小于1.8m，故A錯誤；BCD、由圖像可知0.6s開始，加速度為負(fù)值且加速度大小逐漸減小，手機(jī)向下做加速運(yùn)動，橡皮筋形變量增大，拉力逐漸增大；約0.8s拉力和重力相等時，手機(jī)速度最大，之后拉力大于重力，加速度為正值，手機(jī)向下做減速運(yùn)動，橡皮筋的拉力逐漸增大；當(dāng)手機(jī)速度為零，橡皮筋的拉力最大，加速度為正的最大值，約為70m/s2，故C正確，BD錯誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵是由a﹣t圖像分析好手機(jī)的運(yùn)動情況和受力情況，結(jié)合牛頓第二定律分析即可。9．【分析】兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律求出兩物塊的質(zhì)量之比；彈簧的形變量相等時彈簧的彈性勢能相等，根據(jù)圖示圖象分析兩物塊的運(yùn)動過程，然后分析答題?！窘獯稹拷猓篈、兩物塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，以A的初速度方向為正方向，從開始到t時刻過程，由動量守恒定律得：mv＝（m+m）v，由圖示圖象可知；v＝3m/sv＝1m/s，11012101代入數(shù)據(jù)解得：m：m＝1：2，故A錯誤；12BCD、由圖示圖象可知，從0﹣t1時間內(nèi)，A做減速運(yùn)動，B做加速運(yùn)動，A、B間的距離減小，彈簧逐漸被壓縮，在t時刻兩物塊速度相等，彈簧的壓縮量最大，彈性勢能最大；t﹣t時間內(nèi)，A繼續(xù)做減112速運(yùn)動，B繼續(xù)做加速運(yùn)動，彈簧逐漸恢復(fù)原長，該時間內(nèi)彈簧的長度小于彈簧原長，在t2時刻彈簧恢復(fù)原長，t時刻彈簧的彈性勢能為零，t﹣t時間內(nèi)，A做加速運(yùn)動，B做減速運(yùn)動，A、B間的距離逐223漸增大，彈簧逐漸伸長，t時刻彈簧的伸長量最大，彈簧的彈性勢能最大，t﹣t時間內(nèi)彈簧的彈力逐漸3增大，故B正確，CD錯誤。故選：B。23【點(diǎn)評】本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意與圖示圖象分析清楚兩物塊的運(yùn)動過程是解題的前提與關(guān)鍵，分析清楚物塊的運(yùn)動過程，應(yīng)用動量守恒定律即可解題。10【解答】解：對比三次實(shí)驗，M、N間的距離不同，對小球N受力分析，如圖：設(shè)絲線與豎直方向夾角為θ，由平衡條件得：F庫＝mgtanθθ＝由圖可知，距離球體M越遠(yuǎn)的位置，絲線與豎直方向夾角θ越小，cosθ越大，tanθ越小，則絕緣絲線對小球N的作用力T越小，庫侖力越小，但不能判斷庫侖力與電荷量和距離是否成正比或反比，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】本題考查共點(diǎn)力平衡和庫侖定律，根據(jù)實(shí)驗現(xiàn)象和平衡條件分析即可、【解答】解：A、若接a，電壓表并聯(lián)在滑動變阻器和定值電阻兩端，電壓表測量滑動變阻器和定值電阻兩端的電壓，無法測出定值電阻阻值，故A錯誤；B、若接a，電壓表測量滑動變阻器和定值電阻兩端的電壓，即電源路端電壓，根據(jù)作出的圖象可求電源電動勢和內(nèi)阻，且測量值均偏小，故B錯誤；C、若接b，電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可求出定值電阻的阻值，但由于電流表分壓作用，測量值會偏大，故C正確；D、若接b，電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端，滑動變阻器視為電源內(nèi)阻的一部分，作出的圖象無法可得到電源的電動勢和內(nèi)阻，故D錯誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查伏安法測電阻、測電源電動勢和內(nèi)阻實(shí)驗，要求掌握伏安法測電阻、測電源電動勢和內(nèi)阻原理和誤差分析。12E＝BLv分析線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，由歐姆定律得到感應(yīng)電流的大小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，由F＝BIL和平衡條件求出拉力的大小，由P＝Fv求出拉力的功率，由歐姆定律求出ab兩點(diǎn)間的電勢差，根據(jù)各個量的表達(dá)式進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓篈、線框中的感應(yīng)電流大小為I＝，大小保持不變，由楞次定律可知，線框進(jìn)入磁場A錯誤；BC、由于線框勻速運(yùn)動，故滿足F＝BIL＝，進(jìn)出磁場時線框所受安培力均向左，大小恒定，故拉力F均向右，大小恒定，當(dāng)線框完全進(jìn)入磁場后，拉力應(yīng)為0，拉力的功率為P＝Fv＝進(jìn)出磁場時功率相同，故B錯誤，C正確；。D、進(jìn)入磁場時ab邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源，ab兩點(diǎn)間電壓為路端電壓，即Uab＝E；離開磁場時cd邊相當(dāng)于電源，ab只是外電路的一部分，此時ab兩點(diǎn)間的電壓為U'ab＝E；當(dāng)線框完全在磁場中運(yùn)動時，雖無感應(yīng)電流，但ab、均向右切割磁感線，ab間電壓等于電動勢E，對比圖像可知D圖錯誤，故D錯誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題是電磁感應(yīng)中圖象問題，關(guān)鍵要能根據(jù)電磁感應(yīng)規(guī)律得到各個量的表達(dá)式，再進(jìn)行判斷。要注意分析間的電勢差是內(nèi)電壓還是外電壓。13．【分析】保持開關(guān)閉合狀態(tài)，則電容器兩端電壓保持不變，將滑片移動時，電容器兩端電壓也不發(fā)生變化；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析R對電容器中場強(qiáng)的影響；斷開開關(guān)S后，電容器所帶電荷量保持不變，根據(jù)電容的決定式、定義式和電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系可以判斷電場強(qiáng)度和電場力的變化。【解答】解：A、閉合開關(guān)，U一定時靜電計指針示數(shù)不變，R中無電流，則無電壓降，故靜電計指針不隨R的變化而變化，故A錯誤；B、RB正確；C、開關(guān)斷開，平行板電容器的帶電荷量Q不變，M極板向上移動一段距離時，兩極板間距d增大，由C＝，，則電容C變小，U變大，則靜電計指針的張角增大，因為兩板間電場強(qiáng)度：E＝，Q、S不變，則E不變，帶電液滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯誤；＝＝D、開關(guān)斷開，平行板電容器的帶電荷量Q不變，M極板向左移動一段距離時，正對面積減小，由C＝，，則電容C變小，U變大，兩板間電場強(qiáng)度：E＝，則E增大，帶電液滴向上移動，故D錯誤。故選：B?！军c(diǎn)評】靜電計是測量電勢差的儀器，在推斷板間場強(qiáng)的變化時，要注意電容的定義式、決定式和電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系式的綜合運(yùn)用。14A.根據(jù)非晶體的內(nèi)部排列，結(jié)合衍射發(fā)生的條件作答；B.衍射圖樣在空間分布的方位和強(qiáng)度，與晶體微觀結(jié)構(gòu)密切相關(guān)，據(jù)此分析作答；C.根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件結(jié)合γ射線與X射線的波長關(guān)系分析作答；D.磁場只對運(yùn)動電荷產(chǎn)生洛倫茲力的作用，據(jù)此分析作答?！窘獯稹拷猓篈.非晶體的內(nèi)部排列是無序的，沒有一個固定的順序，一定波長的X射線照射到非晶體時，不會得到明顯的衍射圖樣，故A錯誤；B.衍射圖樣在空間分布的方位和強(qiáng)度，與晶體微觀結(jié)構(gòu)密切相關(guān)，由于食鹽和石墨晶體的微觀結(jié)構(gòu)不同，因此一定波長的X射線分別照射到食鹽和石墨晶體上，得到的衍射圖樣在空間中分布的方位和強(qiáng)度不同，故B正確；C.晶體內(nèi)部規(guī)則排列的原子間距離與X射線波長具有相同數(shù)量級，由于γ射線的波長比X射線的波長更短，根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件可知，波長越短越不容易發(fā)生明顯衍射，因此一定波長的γ射線照射到晶體時，不能得到明顯的衍射圖樣，故C錯誤；D.X射線不帶電，在磁場中不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故D錯誤。故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查了X射線與晶體相遇時能發(fā)生衍射現(xiàn)象；要知道非晶體與晶體內(nèi)部結(jié)構(gòu)的區(qū)別，能分析非晶體不發(fā)生衍射的原因。二、非選擇題，本部分共6題，共分151）變壓器只對交流電起作用，據(jù)此來選擇實(shí)驗所需的器材；（2）根據(jù)油膜法測分子直徑實(shí)驗步驟進(jìn)行選擇排序；（3）根據(jù)實(shí)驗原理和圖象的意義進(jìn)行分析。1）“探究變壓器原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗中，由于變壓器對變化的電流才起到變壓的作用，故除了閉合鐵芯的原、副線圈外還需要選用的器材有：低壓交變電流、交流電壓表和交流電流表，故ACD正確，BEF錯誤；故選：ACD。（2）在“用油膜法估測分子的大小”實(shí)驗中，先測量一滴油酸酒精溶液中含有的純油酸的體積，再將爽身粉或痱子粉均勻撒在淺水槽的水面上；其次是在水面上滴一滴油酸酒精溶液等到穩(wěn)定后，用彩筆將其油膜的形狀描繪在有機(jī)玻璃板上；將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子的直徑，故正確順序應(yīng)該為：DBAEC；（3）在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗中，由于彈簧自身重力的影響，在不掛鉤碼時彈簧的伸長量已經(jīng)不為0，但彈簧彈力大小F與彈簧的伸長量x之間還是成線性變化的，故B正確，ACD錯誤。故選：B。1）ACD）DBAEC3）B。）注意變壓器只對變化的電流才起到變壓的作用；（2，求解分子的直徑，再求解單分子油膜的面積時，一定要等到油膜穩(wěn)定后再測量；（3）在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗中，理解彈簧的伸長量指的相對什么狀態(tài)的伸長量，分析結(jié)果能不能修正，應(yīng)該如何修正，此時的截距代表什么意義，斜率代表什么意義，由此對斜率的大小有沒有影響。1612）根據(jù)實(shí)驗原理和注意事項分析判斷；（3）根據(jù)水平和豎直方向的運(yùn)動規(guī)律確定解答；（4）根據(jù)平拋運(yùn)動的特點(diǎn)只有y＝，才能說明平拋的兩個分運(yùn)動。1）A．斜槽軌道是否光滑對本實(shí)驗沒有影響，故A錯誤；B．為保證小球飛出時速度水平，所以斜槽軌道末段需要水平，故B正確；C．擋板只要能記錄下小球在不同高度時的不同位置，不需要等間距變化，故C錯誤；D．為保證小球飛出時的速度不變，需要從同一位置釋放才可，故D正確。故選：BD。（2）小球落到擋板時，側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點(diǎn)，該點(diǎn)為球心的位置，所以拋出點(diǎn)應(yīng)以小球的球心為原點(diǎn)；（3）由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知x＝0th＝其中x＝48cm＝0.48m，＝45cm0.45m代入解得v0＝1.6m/s（4）該同學(xué)的判斷不正確。建立坐標(biāo)系后，小球豎直方向自由落體運(yùn)動則有＝，水平方向做勻變速直線運(yùn)動，則有＝v0t，兩式聯(lián)立消去時間t得到：＝。顯然yx2，說明平拋運(yùn)動在水平方向為勻速直線運(yùn)動、豎直方向為自由落體運(yùn)動。該同學(xué)的說法有合理的成分，但不完全是正確的。只有進(jìn)一步驗證y﹣2圖像的斜率在實(shí)驗誤差范圍內(nèi)是否等于，方可說明平拋運(yùn)動在水平方向為勻速直線運(yùn)動、豎直方向為自由落體運(yùn)動。1）BD）1.64）見解析【點(diǎn)評】本題考查研究平拋運(yùn)動實(shí)驗，要求掌握實(shí)驗原理、實(shí)驗裝置、實(shí)驗步驟和數(shù)據(jù)處理。171）以電阻R為研究對象，根據(jù)歐姆定律求回路中的感應(yīng)電流I的大小。（2）由閉合電路歐姆定律求出金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小，再由E＝BLv求金屬棒運(yùn)動的速度v的大??；（3）由F安＝BIL求出金屬棒所受安培力大小，由平衡條件求解拉力F的大小，由P＝Fv求拉力的功率P。1）根據(jù)歐姆定律得I＝（2）由閉合電路歐姆定律可得金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為E＝U+Ir＝U+由E＝BLv得v＝＝＝（3）金屬棒所受安培力大小F安＝BIL＝BL＝金屬棒做勻速運(yùn)動，受力平衡，則F＝F安＝拉力的功率P＝Fv＝?＝1）回路中的感應(yīng)電流I的大小為。（2）金屬棒運(yùn)動的速度v的大小為；（3）金屬棒所受拉力F的大小為，拉力的功率P為?！军c(diǎn)評】本題主要考查電磁感應(yīng)與電路的綜合，要知道它們兩者之間聯(lián)系的橋梁是感應(yīng)電動勢，安培力是聯(lián)系電磁感應(yīng)與力學(xué)的紐帶。181）小球A在圓弧軌道運(yùn)動過程，只有重力做功，利用動能定理可以求出與B碰前A的速度大??；（2）AB兩球碰前瞬間，利用牛頓第二定律可得小球A受到的支持力，利用牛頓第三定律可知小球A對軌道壓力F的大??；（3）AB碰撞過程動量守恒，可得兩球碰后速度，兩球碰后到靜止過程，利用動能定理可得A和B整體在水平桌面上滑行的最遠(yuǎn)距離。1）小球A從圓弧軌道頂端滑到底端過程由動能定理有：可得v＝2m/s（2）與B碰撞前瞬間，在軌道底端對A球由牛頓第二定律有：代入數(shù)據(jù)，解得小球A受到的支持力N＝15N由牛頓第三定律可知，小球A對軌道壓力F的大小等于支持力的大小，即F＝N＝15N；（3）AB兩個