【完整版】河北省衡水中學2017年高考押題卷(II)理綜物理試題

/二．選擇題(此題共8小題,每題6分,在每題給出的四個選項中,第14～18題只有一項符合題目要求,第19～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分)14.我國科學家為解決“玉兔號〞月球車長時間處于黑夜工作的需要,研制了一種小型核能電池,將核反響釋放的核能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?需要的功率并不大,但要便于防護其產(chǎn)生的核輻射。請據(jù)此猜想“玉兔號〞所用核能電池有可能采納的核反響方程是A.B.C.D.15.穿梭于大街小巷的共享單車解決了人們出行的“最后一公里〞問題。單車的傳動裝置如下圖,鏈輪的齒數(shù)為38,飛輪的齒數(shù)為16,后輪直徑為660mm,假設(shè)小明以5m/s勻速騎行,那么腳踩踏板的角速度約為A.3.2rad/sB.6.4rad/sC.12.6rad/sD.18.0rad/s16.如下圖圓形區(qū)域內(nèi),有垂直于紙面方向的勻強磁場,一束質(zhì)量和電荷量都一樣的帶電粒子,以不同的速率,沿著一樣的方向,對準圓心O射入勻強磁場,又都從該磁場中射出,這些粒子在磁場中的運動時間有的較長,有的較短,假設(shè)帶電粒子只受磁場力的作用,那么在磁場中運動時間越短的帶電粒子A.在磁場中的周期一定越小B.在磁場中的速率一定越小C.在磁場中的軌道半徑一定越大D.在磁場中通過的路程一定越小17.如下圖,質(zhì)量可忽略的絕緣細桿做成正方體框架,邊長為a,框架的每個頂點固定著一個帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的小球,將這個框架靜止放在足夠粗糙的程度面上,平面上方有程度向右的勻強電場,場強為E,以下說法正確的選項是A.立方體中心位置處電場強度為零B.上方四個小球受到的電場力的合力均一樣C.假設(shè)以右下底邊為軸把這個立方體向右側(cè)翻轉(zhuǎn)90°,系統(tǒng)電勢能減少了6qEaD.假設(shè)以右下底邊為軸把這個立方體向右側(cè)翻轉(zhuǎn)90°,系統(tǒng)電勢能減少了8qEa18.如圖甲所示是一個理想變壓器和一組理想二極管,A、B是變壓器次級線圈的輸出端,C、D、E、F、G、H是二極管組接線端,變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1,原線圈電壓按圖乙所示規(guī)律變化,原線圈接有交流電壓表,把A、B端適當?shù)慕釉贑、E、F、H中的某些位置,就可以向接在D、G之間的用電器供直流電,以下說法正確的選項是A.A、B兩端電壓為B.A、B輸出端電流方向1s改變100次C.把AC接一起,再把BH接一起,那么電流可以從G流出過用電器從D流回D.把ACF接一起,再把BEH接一起,那么電流可以從G流出過用電器從D流回19.北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統(tǒng)。由35顆衛(wèi)星組成,包括5顆靜止軌道衛(wèi)星、3顆傾斜同步軌道衛(wèi)星、27顆中地球軌道衛(wèi)星,下表給出了其中三顆衛(wèi)星的信息,其中傾角為軌道平面與赤道平面的夾角。以下陳述正確的選項是A.北斗-IGSO2的運行周期和地球自轉(zhuǎn)周期相等B.北斗-G4的線速度小于北斗-M3的線速度C.北斗-IGSO2總在地面上某點的正上方D.北斗-IGSO2和北斗-M3的周期的三分之二次方之比約等于20.如下圖,光滑程度地面上有A、B兩物體,質(zhì)量都為m,B左端固定一個處在壓縮狀態(tài)的輕彈簧,輕彈簧被裝置鎖定,當彈簧再受到壓縮時鎖定裝置會失效。A以速率v向右運動,當A撞上彈簧后,設(shè)彈簧始終不超過彈性限度,關(guān)于它們后續(xù)的運動過程說法正確的選項是A.A物體最終會靜止,B物體最終會以速率v向右運動B.A、B系統(tǒng)的總動量最終將大于mvC.A、B系統(tǒng)的總動能最終將大于D.當彈簧的彈性勢能最大時A、B的總動能為21.如下圖,光滑程度桌面上并排放兩個完全一樣的可視為質(zhì)點的物塊A、B,質(zhì)量均為m,其中物塊A被一條遵守胡克定律的彈性繩連接,繩另一端固定在高處O點,彈性繩的原長為L,勁度系數(shù)為k,當物塊A在O點正下方時繩處于原長狀態(tài)。現(xiàn)使物塊A、B一起從繩和豎直方向夾角為θ=60°開場釋放,以下說法正確的選項是A.剛一釋放時物塊A對物塊B的推力為B.物塊A向右運動的最遠間隔為C.從靜止到物塊A、B別離,繩對A做的功大于A對B做的功D.從靜止到物塊A、B別離,繩對A的沖量大于A對B的沖量三、非選擇題(包括必考題和選考題兩局部。第22題~第32題為必考題,每個試題考生都必須作答。第33題~第38題為選考題,考生根據(jù)需求作答。)(一)必考題：共129分22.(7分)手機電池多為鋰電池,這種電池的電動勢并不是一個定值,剛充滿的電池電動勢約4.2V,在使用過程中降低到3.2V時建議終止放電。為盡可能準確地測量出某手機電池剛充滿電時的電動勢,可供選用的器材如下:A.電流表A:量程0~0.6A、內(nèi)阻0.6ΩB.電壓表V:量程0~15V、內(nèi)阻3kΩC.滑動變阻器R:最大阻值5ΩD.電阻箱R0:0~9999ΩE.待測手機電池EF.一個開關(guān)S及導線假設(shè)干(1)選用適宜的儀器,在答題紙的虛線框內(nèi)畫出你設(shè)計的實驗電路圖。(2)根據(jù)自己設(shè)計的電路,得到電動勢需要測量的物理量有,電動勢測量值的表達式。23.(8分)某同學用如下圖的氣墊導軌和光電門裝置來做“驗證動能定理〞的實驗,他的操作步驟如下:①將一端帶有定滑輪的氣墊導軌放置在實驗臺上,②將光電門固定在氣墊軌道上離定滑輪較近一端的某點B處,③將帶有遮光條的質(zhì)量為M的滑塊放置在氣墊導軌上的A處,④用n個質(zhì)量為m的鉤碼連接成串,經(jīng)繞過滑輪的細線拉滑塊,使滑塊從A點由靜止釋放,在光電計時器上讀出遮光條通過光電門的時間t,⑤改變鉤碼個數(shù),使滑塊每次從同一位置A由靜止釋放,重復上述實驗過程。實驗中釋放點A到光電門的間隔為s,遮光條的寬度為d。(1)該同學操作中疏漏的重要實驗步驟是;(2)數(shù)據(jù)處理時,該同學認為鉤碼的總重力等于滑塊所受的外力,得出滑塊動能的表達式為,滑塊所受外力做功的表達式為;(3)根據(jù)你掌握的物理知識判斷,該同學認為“鉤碼的總重力等于滑塊所受的外力〞,是否合理,并說明理由;(4)該同學正確操作后,用圖像法處理數(shù)據(jù),假設(shè)以鉤碼個數(shù)為橫軸,以時間t的次方為縱軸,畫出的圖像是直線,直線斜率的表達式是。24.(14分)如圖甲所示,足夠長的柔軟導線跨過滑輪懸掛兩條程度金屬棒MN、PQ,棒長均為l=0.50m,電阻值均為R=1.0Ω的電阻。MN質(zhì)量m1=0.10kg,PQ質(zhì)量m2=0.20kg,整個裝置處于磁感應(yīng)強度B=1.0T的勻強磁場中,磁場方向程度且垂直于MN和PQ。t=0時刻,對金屬棒MN施加一個豎直向下的外力F,使之由靜止開場運動,運動過程中電路中的電流I隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。電路中其他局部電阻忽略不計,g取10m/s2。(1)求2.0s末金屬棒MN瞬時速度的大小;(2)求4.0s末力F的瞬時功率;(3)0~3.0s時間內(nèi)MN上產(chǎn)生的熱量為0.36J,試計算F對金屬棒MN所做的功。25.(18分)如下圖,在豎直平面內(nèi)有一固定光滑絕緣軌道,其中AB局部是傾角為θ=37°的直軌道,BCD局部是以O(shè)為圓心、半徑為R的圓弧軌道,兩軌道相切于B點,D點與O點等高,A點在D點的正下方.圓的程度直徑下方有程度向左的電場,質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球從A點由靜止開場沿斜面向上運動,小球剛好能沿圓軌道經(jīng)過最高點C,然后經(jīng)過D點落回到AB之間某點.sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度大小為g.求:(1)小球在C點的速度的大小;(2)小球在AB段運動過程中電場力所做的功;(3)小球從D點運動落到AB上某點的時間。(二)選考題：共15分。請從給出的2道物理題中任選一題作答。假如多做,那么按所做的第一個題目計分。33.【物理—選修3-3】(15分)(1)(5分)如下圖,一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)發(fā)生改變,在p-V關(guān)系圖像中經(jīng)歷從a→b→c→d→a狀態(tài)循環(huán)變化過程。以下說法正確的選項是。(填正確答案標號,選對一個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分,每選錯一個扣3分,最低得0分)A.a→b過程中,分子的平均動能增大,外界對氣體做正功B.b→c過程中,分子的平均動能增大,氣體吸熱,C.c→d過程中,單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減小D.b→c→d過程,氣體對外做的功等于系統(tǒng)和外界傳遞的熱量E.d→a過程中,氣體分子速率分布曲線的峰值位置不發(fā)生變化(2)(10分)伽利略溫度計構(gòu)造如下圖。玻璃泡A容積為V0,內(nèi)封有一定量氣體,與A相連的B管插在液體槽中,液體密度為ρ,管內(nèi)徑的橫截面積為S,環(huán)境溫度為T0時,管內(nèi)液面的高度差為x0,當環(huán)境溫度變化時,x即可反映泡內(nèi)氣體的溫度,即環(huán)境溫度,并可由B管上的刻度直接讀出。大氣壓強為p0,重力加速度為g,只有在近似條件下溫度T和x的關(guān)系才是線性關(guān)系。①在下述條件下求此線性關(guān)系a.B管的容積遠小于A泡的容積;b.管內(nèi)液體密度很小,引起的壓強遠小于大氣壓強;②試分析指出這種溫度計的缺點。34.【物理—選修3-4】(15分)(1)(5分)如下圖,從點光源S發(fā)出的一束復色光,以一定的角度入射到玻璃三棱鏡的外表,經(jīng)過三棱鏡的兩次折射后分為a、b兩束光。下面的說法中正確的選項是。(填正確答案標號,選對一個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分,每選錯一個扣3分,最低得0分)A.在三棱鏡中a光的傳播速率大于b光的傳播速率B.a光頻率大于b光頻率C.假設(shè)改變復色光的入射角,可在入射面發(fā)生全反射D.a、b兩束光分別通過同一雙縫干預裝置產(chǎn)生的干預條紋的間距Δxa<ΔxbE.真空中的a、b兩束光的光速相對于不同的慣性參考系是一樣的(2)(10分)振源處于x軸原點處,分別向x軸正向和負向形成兩列簡諧橫波,在x軸上有兩點P和Q,它們的振動圖像分別是圖甲和圖乙,它們間的間隔為d=10m,①假如它們都在x軸的正半軸,求這列波的可能速度;②假如P點在x軸的負半軸,坐標為-4m,Q點在x軸的正半軸,求這列波的最大速度?參考答案二．選擇題(第14～17題只有一項符合題目要求,第18～21題有多項符合題目要求)題號1415161718192021答案CBCDBCDABCDACD14.C【解析】A是聚變反響,反響劇烈,至今可控聚變反響還處于各種實驗研究階段,B是裂變反響,雖然實現(xiàn)了人工控制,但因反響劇烈,防護要求高還不能小型化,C是人工放射性同位素的衰變反響,是小型核能電池主要采用的反響方式,D是人工核反響,需要高能α粒子,應(yīng)選C。15.B【解析】飛輪和后輪角速度ω1相等,鏈輪和飛輪的邊緣線速度v相等,鏈輪和踏板角速度ω2相等,可得,B正確。16.C【解析】根據(jù)公式可知,粒子的比荷一樣,它們進入勻強磁場后做勻速圓周運動的周期一樣,選項A錯誤;如下圖,設(shè)這些粒子在磁場中的運動圓弧所對應(yīng)的圓心角為θ,那么運動時間,在磁場中運動時間越短的帶電粒子,圓心角越小,運動半徑越大,根據(jù)可知,速率一定越大,選項B錯誤,選項C正確;通過的路程即圓弧的長度,與半徑r和圓心角θ有關(guān),所以選項D錯誤。17.D【解析】立方體中心位置處電場強度為E,A錯誤;上方四個小球受到的電場力的合力方向不同,B錯誤;電場力做功為系統(tǒng)電勢能的減少量,且電場力做功與途徑無關(guān),那么有W=4qE·2a,C錯誤,D正確。18.BCD【解析】由圖乙可知,A、B兩端電壓的峰值是,故A錯誤,副線圈交變電流頻率為50Hz,1s內(nèi)電流方向改變100次,B正確;由二極管的單向?qū)щ娦钥芍狢、D正確。19.AB【解析】由北斗-G4和北斗-IGSO2的軌道高度可知A正確;衛(wèi)星運動軌道半徑越高,線速度越小,B正確;北斗-IGSO2軌道因傾角過大,為非靜止軌道,C錯誤;由開普勒第三定律可推得北斗-IGSO2和北斗-M3的周期的三分之二次方之比約等于軌道半徑之比而非高度之比,D錯誤。20.CD【解析】系統(tǒng)程度方向動量守恒,彈簧解除鎖定后存儲的彈性勢能會釋放導致系統(tǒng)總動能增加,A、B錯誤,C正確;彈簧被壓縮到最短時A、B兩物體具有一樣的速度,由動量守恒知,那么有,D正確。21.ACD【解析】釋放時A對B的彈力為,A正確;物塊A向右運動的最遠間隔小于,B錯誤;物塊A、B在O點正下方別離,繩對A做的功等于A、B動能的增加量,A對B做的功等于B動能的增加量,C正確;別離時A、B速度相等繩對A的沖量的程度分量等于A、B的總動量增量,A對B的沖量等于B的動量增量,D正確。22.(1)如下圖(3分)(2)電阻箱的示數(shù)和相應(yīng)電流表示數(shù)(2分)(2分)【解析】(1)常見的測量電源電動勢的方法有伏安法、伏阻法、安阻法,本實驗電壓表量程過大,滑動變阻器阻值太小,會使電流表過載,因此應(yīng)選用安阻法。(2)根據(jù)安阻法原理E=I(r+R+RA),需記錄電阻箱阻值R及對應(yīng)的電流表讀數(shù)I,可解得。23.(1)第①步中,氣墊導軌應(yīng)調(diào)程度(2分)(2)(1分)nmgs(1分)(3)不合理,因鉤碼處于失重狀態(tài),因此鉤碼的總重力大于滑塊所受的外力(2分)(4)-2(1分)或(1分)【解析】對滑塊進展分析,合外力做功等于動能的變化,假設(shè)m≤M,那么,可得斜率為。或?qū)瑝K和鉤碼進展分析,合外力做功等于動能的變化,同理可得斜率為.24.(1)0.80m/s(2)3.1W(3)2.7J【解析】(1)由圖乙可得:t=2.0s時,I=0.4A。根據(jù),E=2Blv(2分)解得v=0.80m/s(1分)(2)由可知,金屬棒做初速度為零的勻加速直線運動。由運動學規(guī)律v=at,解得金屬棒的加速度大小a=0.40m/s2(2分)對金屬棒進展受力分析,根據(jù)牛頓第二定律得:F+m1g-m2g-2F安=(m1+m2)a(2分)又F安=BIl由題圖乙可得t=4.0s時,I=0.8A,解得F安=0.4N,外力F=1.92N(1分)由速度與電流的關(guān)系可知t=4.0s時v=1.6m/s根據(jù)P=Fv,解得P=3.1W(1分)(3)MN與PQ串聯(lián),可知電路中產(chǎn)生的總熱量為Q總=2×0.36J=0.72J(1分)根據(jù)能量守恒定律有(2分)又,v2=at2(1分)聯(lián)立可得F對金屬棒所做的功W=2.7J(1分)25.(1)當小球在最高點時(2分)解得(1分)(2)小球從A點到C點的過程有(2分)(2分)得,小球在AB段運動過程中電場力所做的功(2分)W=2.8mgR(1分)(3)小球從C點運動到D點的過程(2分)解得(1分)設(shè)小球落點到A的程度間隔為x,豎直間隔為y,(1分)(1分)由幾何關(guān)系有(1分)聯(lián)立這三個方程得(2分)33.(1)BCD(2)①a.b.②見解析【解析】(1)在a→b的過程中,氣體體積不變,外界對氣體不做功,壓強增大,故氣體溫度升高,選項A錯誤;b→c的過程中,壓強不變,體積增大,溫度升高,氣體分子的平均動能增大,選項B正確;c→d的過程中,氣體體積