2023-2024學(xué)年新疆呼圖壁縣一中物理高一第二學(xué)期期末綜合測試試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2023-2024學(xué)年新疆呼圖壁縣一中物理高一第二學(xué)期期末綜合測試試題注意事項:1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型(B)填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2.作答選擇題時,選出每小題答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑;如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答,答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上;如需改動,先劃掉原來的答案,然后再寫上新答案;不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每小題給出的四個選項中,有的只有一項符合題目要求,有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。1、(本題9分)如圖所示,光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運動.兩球質(zhì)量關(guān)系為mB=2mA,規(guī)定向右為正方向,A、B兩球的動量均為6kg·m/s,運動中兩球發(fā)生碰撞,碰撞后A球的動量增量為-4kg·m/s,則()A.左方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為2:5B.左方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1:10C.右方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為2:5D.右方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1:102、(本題9分)列車提速的一個關(guān)鍵技術(shù)問題是提高機車發(fā)動機的功率.已知勻速運動時,列車所受阻力與速度的平方成正比,即f=kv1.設(shè)提速前勻速運動速度為180km/h,提速后勻速運動速度為140km/h,則提速前與提速后機車發(fā)動機的功率之比為()A. B. C. D.3、(本題9分)人造衛(wèi)星、宇宙飛船(包括空間站)在軌道運行的過程中,常常需要變軌。除了規(guī)避“太空垃圾”對其的傷害外,主要是為了保證其運行的壽命。據(jù)介紹,由于受地球引力影響,人造衛(wèi)星、宇宙飛船(包括空間站)運行軌道會以每天100米左右的速度下降。這樣將會影響人造衛(wèi)星、宇宙飛船(包括空間站)的正常工作,常此以久將使得其軌道越來越低,最終將會墜落大氣層.下面說法正確的是()A.軌道半徑減小后,衛(wèi)星的環(huán)繞速度減小B.軌道半徑減小后,衛(wèi)星的向心加速度減小C.軌道半徑減小后,衛(wèi)星的環(huán)繞周期減小D.軌道半徑減小后,衛(wèi)星的環(huán)繞角速度減小4、(本題9分)我國是世界上能夠發(fā)射地球同步衛(wèi)星的少數(shù)國家之一,關(guān)于同步衛(wèi)星,正確的說法是A.可以定點在北京上空B.運動周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同的衛(wèi)星肯定是同步衛(wèi)星C.同步衛(wèi)星內(nèi)的儀器處于超重狀態(tài)D.同步衛(wèi)星軌道平面與赤道平面重合5、(本題9分)質(zhì)量為60kg的建筑工人,不慎從高空跌下,幸好彈性安全帶的保護使他懸掛起來.已知彈性安全帶的緩沖時間是1.5s,安全帶自然長度為5m,g取10m/s2,則安全帶所受的平均沖力的大小為()A.500N B.1100N C.600N D.1000N6、如圖為兩個高度相同、傾角不同的光滑斜面.讓質(zhì)量相同的兩個物體分別沿兩個斜面由靜止從頂端運動到底端.在此過程中,兩個物體的()A.重力的沖量相同B.重力的平均功率相同C.合力所做的功相同D.合力的沖量大小相同7、(本題9分)如圖是某電場區(qū)域的電場線分布,A、B、C是電場中的三個點,下列說法正確的是()A.A點的電場強度最大B.A點的電勢最高C.把一個點電荷依次放在這三點,它在B點受到的靜電力最大D.帶負電的點電荷在A點所受靜電力的方向與A點的場強方向相反8、(本題9分)下列關(guān)于電場強度的兩個表達式E=F/q和E=kQ/r2的敘述,正確的是()A.E=F/q是電場強度的定義式,F(xiàn)是放入電場中的試探電荷所受的力,q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量B.E=kQ/r2是點電荷場強的決定式,Q是放入電場中的檢驗電荷的電荷量C.E=F/q是電場強度的定義式,F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力,q是放入電場中電荷的電荷量,它適用于任何電場D.從點電荷場強計算式分析庫侖定律的表達式F=kq1q2r2,式kq2r2是點電荷q9、如圖所示,用兩根金屬絲彎成一光滑半圓形軌道,豎直固定在地面上,其圓心為O、半徑為R.軌道正上方離地h處固定一水平長直光滑桿,桿與軌道在同一豎直平面內(nèi),桿上P點處固定一定滑輪,P點位于O點正上方.A、B是質(zhì)量均為m的小環(huán),A套在桿上,B套在軌道上,一條不可伸長的細繩繞過定滑輪連接兩環(huán).兩環(huán)均可看做質(zhì)點,且不計滑輪大小與質(zhì)量.現(xiàn)在A環(huán)上施加一個水平向右的恒力F,使B環(huán)從地面由靜止沿軌道上升.則(

)A.力F做的功等于系統(tǒng)機械能的增加量B.在B環(huán)上升過程中,A環(huán)動能的增加量等于B環(huán)機械能的減少量C.當B環(huán)到達最高點時,其動能為零D.B環(huán)被拉到與A環(huán)速度大小相等時,sin∠OPB=R/h10、(本題9分)如圖所示,豎直輕彈簧下端固定在水平地面上,質(zhì)量為m的小球放在彈簧上端(與彈簧不連接)。彈簧處于壓縮狀態(tài),用一條拉緊的細線系住,此時細線上的拉力F=3mg。已知彈簧的彈性勢能與彈簧形變量的平方成正比,且彈簧始終在彈性限度內(nèi),重力加速度為g?,F(xiàn)剪斷細線,彈簧將小球向上彈起,經(jīng)△t時間,小球上升到最高點,上升的最大高度為h。在此過程中,下列判斷正確的是()A.小球速度最大時上升的高度小于B.地面對彈簧沖量的大小為mg△tC.剪斷細線前彈簧的彈性勢能為mghD.小球最大速度的大小為二、實驗題11、(4分)(本題9分)用打點計時器打出下落物體帶動的紙帶如下圖所示.電源的頻率為50Hz,從紙帶上中間部分取出連續(xù)的六個計時點A、B、C、D、B、F,用米尺測出A、B兩點間距離=4.08cm,E、F兩點間距離=5.64cm,試寫出用、和相鄰兩點間時間間隔T計算重力加速度的公式g=________,代入數(shù)據(jù)求出g=_____m/s2.12、(10分)(本題9分)平拋運動是曲線運動,可以分解為水平方向上的__________________運動和豎直方向上的__________________運動;小明通過實驗在坐標紙上描出一小球做平拋運動的過程中所經(jīng)過的一些點,O點為平拋運動的起始點,每一小方格邊長為5厘米g=10m/s2。請在下圖中描繪出小球平拋運動的軌跡,并求出小球的初速度v0=__________________。三、計算題:解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、(9分)(本題9分)如圖所示,滑塊與足夠長的木板疊放在光滑水平面上,開始時均處于靜止狀態(tài).作用于滑塊的水平力F隨時間t變化圖象如圖所示,t=1.0s時撤去力F,最終滑塊與木板間無相對運動.已知滑塊質(zhì)量m=1kg,木板質(zhì)量M=1kg,滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.1,取g=10m/s1.求:(1)t=0.5s時滑塊的速度大??;(1)0~1.0s內(nèi)木板的位移大??;(3)整個過程中因摩擦而產(chǎn)生的熱量.14、(14分)(本題9分)如圖所示,傾角為θ=45°的粗糙平直導(dǎo)軌與半徑為R的光滑圓環(huán)軌道相切,切點為B,整個軌道處在豎直平面內(nèi).一質(zhì)量為m的小滑塊從導(dǎo)軌上離地面高為h=3R的D處無初速下滑進入圓環(huán)軌道.接著小滑塊從圓環(huán)最高點C水平飛出,恰好擊中導(dǎo)軌上與圓心O等高的P點,不計空氣阻力.求:(1)滑塊運動到圓環(huán)最高點C時的速度的大?。?)滑塊運動到圓環(huán)最低點時對圓環(huán)軌道壓力的大?。?)滑塊與斜軌之間的動摩擦因數(shù).15、(13分)(本題9分)一宇航員登上某星球表面,在高為2m處,以水平初速度5m/s拋出一物體,物體水平射程為5m,且物體只受該星球引力作用求:(1)該星球表面重力加速度(2)已知該星球的半徑為為地球半徑的一半,那么該星球質(zhì)量為地球質(zhì)量的多少倍.

參考答案一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每小題給出的四個選項中,有的只有一項符合題目要求,有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。1、A【解析】試題分析:兩球碰撞過程,系統(tǒng)不受外力,故碰撞過程系統(tǒng)總動量守恒;同時考慮實際情況,碰撞前后面的球速度大于前面球的速度.規(guī)定向右為正方向,碰撞前A、B兩球的動量均為,說明A、B兩球的速度方向向右,兩球質(zhì)量關(guān)系為,所以碰撞前,所以左方是A球.碰撞后A球的動量增量為,所以碰撞后A球的動量是2kg?m/s,碰撞過程系統(tǒng)總動量守恒:,所以碰撞后B球的動量是10kg?m/s,根據(jù)mB=2mA,所以碰撞后A、B兩球速度大小之比為2:5,A正確.2、C【解析】勻速運動時,列車所受阻力與速度的平方成正比,即f=kv1.勻速運動時,機車牽引力;機車發(fā)動機功率.提速前勻速運動速度為180km/h,提速后勻速運動速度為140km/h,則提速前與提速后機車發(fā)動機的功率之比.故C項正確,ABD三項錯誤.3、C【解析】

衛(wèi)星受到的萬有引力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律可得:解得:故在軌道半徑減小后,周期減小,線速度增大,角速度增大,向心加速度增大。A.描述與分析不符,故A錯誤.B.描述與分析不符,故B錯誤.C.描述與分析相符,故C正確.D.描述與分析不符,故D錯誤.4、D【解析】

同步衛(wèi)星的特點:同步衛(wèi)星定軌道(在赤道上方),定周期(與地球的自轉(zhuǎn)周期相同),定速率、定高度.都是由萬有引力提供向心力.【詳解】所有的同步衛(wèi)星都在赤道上空,它若在除赤道所在平面外的任意點,假設(shè)實現(xiàn)了“同步”,那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上,這是不可能的。所以發(fā)射的同步通訊衛(wèi)星必須定點在赤道上空,同步衛(wèi)星軌道平面與赤道平面一定重合,故A錯誤,D正確;同步衛(wèi)星是指與地球相對靜止的衛(wèi)星。這種衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角度速度相同,而且只能與赤道平面重合,其他軌道上的周期是24小時的衛(wèi)星卻不是同步衛(wèi)星。故B錯誤;同步衛(wèi)星做勻速圓周運動,同步衛(wèi)內(nèi)的儀器處于完全失重狀態(tài),故C錯誤;故選D?!军c睛】解決本題的關(guān)鍵掌握同步衛(wèi)星的特點:同步衛(wèi)星定軌道(在赤道上方),定周期(與地球的自轉(zhuǎn)周期相同),定速率、定高度.5、D【解析】試題分析:根據(jù)自由落體運動規(guī)律,該工人自由下落5m的時間為1s,則根據(jù)沖量定理則,帶入則考點:沖量定理點評:本題考查了沖量定理的簡單運用,首先要計算自由落體運動的時間,然后利用沖量定理進行計算.6、CD【解析】

對于任意一個傾角為θ的斜面,設(shè)物體運動的時間為t,則:得:由圖知h相同,而θ不同,則物體運動的時間不同.A.重力的沖量為I=mgt,由于時間t不同,所以重力的沖量不同;故A項不合題意.B.兩斜面重力做功都為WG=mgh,由平均功率公式知,因時間不同可知重力的平均功率不同;故B項不合題意.C.物體下滑過程中,只有重力做功,而重力做功相同,所以合力所做的功相同;故C項符合題意.D.兩物體下滑由動能定理:可得物塊到底端的速度,速度大小相等;根據(jù)動量定理得知合力的沖量等于物體動量的變化量,而初動量為零,則合力的沖量等于物體滑到斜面底端時的動量,即;由圖知,斜面的傾角不同,物體滑到斜面底端時速度方向不同,動量方向則不同,所以動量變化量不同,故合力的沖量大小相同,而合力的沖量方向不同;故D項符合題意.7、BCD【解析】試題分析:電場線的疏密程度可表示電場強度的大小,所以B點的電場強度最大,A點的最小,A錯誤,沿電場線方向電勢降落,所以A點的電勢最高,B的電勢最低,B正確,B點的電場強度最大,所以同一個點電荷在B點受到的電場力最大,C正確,電場線上某點的切線方向表示該點的電場線的方向,與放在該點的正電荷的受力方向相同,與負電荷受到的電場力方向相反,D正確,故選BCD考點:考查了對電場線的理解點評:順著電場線電勢降低,根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低.由電場線的疏密判斷電場強度的大?。?、CD【解析】

E=F/q是電場強度的定義式,F(xiàn)是放入電場中的試探電荷所受的力,q是試探電荷的電荷量,它適用于任何電場,選項A錯誤,C正確;E=kQ/r2是點電荷場強的決定式,Q是形成電場的電荷的電荷量,選項B錯誤;從點電荷場強計算式分析庫侖定律的表達式F=kq1q2r2,式kq2r2是點電荷q9、AD【解析】因為恒力F做正功,系統(tǒng)的機械能增加,由功能關(guān)系可知,力F所做的功等于系統(tǒng)機械能的增加量,故A正確;由于恒力F做正功,A、B組成的系統(tǒng)機械能增加,則A環(huán)動能的增加量大于B環(huán)機械能的減少量,故B錯誤.當B環(huán)到達最高點時,A環(huán)的速度為零,動能為零,而B環(huán)的速度不為零,則動能不為零,故C錯誤.當PB線與圓軌道相切時,速度關(guān)系為:vB=vA,根據(jù)數(shù)學(xué)知識,故D正確。所以AD正確,BC錯誤。10、ABC【解析】

A.設(shè)初始時彈簧的壓縮量為,由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可知:初始由平衡條件可得:速度最大時,彈簧的壓縮量為:當速度最大時,小球上升的高度為:由以上方程解得:,,故A正確。B.以球和彈簧為研究對象,向上的方向為正方向,由動量定理可得:解得地面對彈簧的沖量為,故B正確。C.在整個過程中,彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為小球的重力勢能,即彈簧的彈性勢能為,故C正確。D.由初始狀態(tài)到小球的速度最大的過程,彈簧釋放的彈性勢能為:由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可得:以上方程解得:,故D錯誤。二、實驗題11、;9.75;【解析】根據(jù),得,代入數(shù)據(jù)解得.12、勻速直線自由落體2.0m/s【解析】

平拋運動是初速度時水平方向,只受重力的勻變速曲線運動,故可分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動。水平方向有:,豎直方向有:,由軌跡圖可知,,;由上述數(shù)據(jù)可得:。三、計算題:解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、(1)1m/s(1)6.15m(3)11J【解析】【分析】先判斷出在0-0.5s內(nèi)滑塊與木板是相對靜止的,方法是:設(shè)滑塊恰好相對于木板要滑動時兩者間的靜摩擦力達到最大,以M為研究對象,求出臨界加速度,再以整體為研究對象,求出此時的拉力F,結(jié)合圖象的信息分析.再由運動學(xué)公式求解速度;0.5-1.0s內(nèi)滑塊相對于木板滑動,分別由牛頓第二定律求出兩者的加速度,再由位移公式求出各自的位移,再結(jié)合0-0.5s內(nèi)的位移,即可得解;求出相對位移,再得到摩擦生熱;解:(1)設(shè)滑塊恰好相對于木板要滑動時兩者間的靜摩擦力達到最大,以為研究對象,根據(jù)牛頓第二定律得,得;對整體,有由圖知,在內(nèi),,則滑塊與木板相對靜止,兩者共同的加速度等于,則時滑塊的速度大?。?)內(nèi),整體的位移為在內(nèi),,所以兩者相對滑動.根據(jù)牛頓第二定律得對有:,得;對有:,得;內(nèi)木板的位移大小為故內(nèi)木板的位移大?。?)內(nèi)滑塊的位移大小為故內(nèi)滑塊與木板的相對位移時,滑塊的速

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