河北省行唐縣第三中學2023-2024學年物理高一第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

河北省行唐縣第三中學2023-2024學年物理高一第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖所示，汽車雨刮器在轉動時，桿上A、B兩點繞O點轉動的角速度大小為ωA、ωB，線速度大小為vA、vB，向心加速度大小為aA、aB，則A．ωA<ωB，vA=vBB．ωA>ωB，aA=aBC．ωA=ωB，vA<vBD．ωA=ωB，aA>aB2、(本題9分)一質量為m的運動員從下蹲狀態(tài)向上起跳，經時間，身體伸直并剛好離開地面，速度為v，在此過程中（）A．地面對他的沖量為，地面對他做的功為B．地面對他的沖量為，地面對他做的功為C．地面對他的沖量為，地面對他做的功為零D．地面對他的沖量為，地面對他做的功為零3、如圖所示，A、B為勻強電場中的兩點，A、B間距離為L，A、B連線與電場線夾角為θ，場強為E，則A、B間的電勢差為A．ELB．ELcosθC．ELsinθD．04、下列物理量中，用來描述電場強弱和方向的是A．電場力 B．電場強度C．電勢 D．電勢能5、(本題9分)如圖1所示是根據某實驗作出的金屬導體A和B的圖象．從圖中可以得出金屬導體A和B的電阻關系是（）A． B． C． D．無法確定6、(本題9分)一條小船在珠江中從西向東勻速直線航行，船上的人正相對于船以0.4m/s的速度勻速豎直向上升起一面旗幟。當他用20s升旗完畢時，船行駛了6m，那么旗相對于岸的速度大小為（）A．0.3m/s B．0.4m/s C．0.5m/s D．0.6m/s7、質量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，A球的動量是7kg·m/s，B球的動量是5kg·m/s，當A球追上B球發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能值是()A．pA＝6kg·m/s，pB＝6kg·m/sB．pA＝3kg·m/s，pB＝9kg·m/sC．pA＝－2kg·m/s，pB＝14kg·m/sD．pA＝－4kg·m/s，pB＝17kg·m/s8、(本題9分)如圖所示，質量為m的物塊A靜置在光滑水平桌面上，它通過輕繩和輕質滑輪懸掛著質量為3m的物塊B，由靜止釋放物塊、B后(重力加速度大小為g)()A．相同時間內，A、B運動的路程之比為2：1B．物塊A、B的加速度之比為1:1C．細繩的拉力為35D．當B下落高度h時，速度為6gh9、某緩沖裝置可抽象成如圖所示的簡單模型．圖中為原長相等，勁度系數不同的輕質彈簧，下列表述正確的是（）A．緩沖效果與彈簧的勁度系數無關B．墊片向右移動時，兩彈簧產生的彈力大小相等C．墊片向右移動時，兩彈簧的彈性勢能發(fā)生改變D．墊片向右移動時，兩彈簧的長度保持相等10、如圖甲所示，質量為m的小滑塊A以向右的初速度v0滑上靜止在光滑水平地面上的平板車B，從滑塊A剛滑上平板車B開始計時，它們的速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，物塊未滑離小車，重力加速度為g，以下說法中正確的是A．滑塊A與平板車B上表面的動摩擦因數μ=B．平板車B的質量M＝2mC．滑塊A與平板車間因摩擦產生的熱量為Q＝1D．t0時間內摩擦力對小車B做功的平均功率為P=11、某廂式電梯在0～8s內的圖像如圖所示，質量為50kg的某同學站在電梯內，規(guī)定豎直向上為正方向，重力加速度取10m/s2，下列說法中正確的是A．0~2s內該同學處于超重狀態(tài)B．6~8s內該同學處于超重狀態(tài)C．0~8s內電梯上升的總高度為12mD．t=ls末，該同學對電梯的壓力大小為600N12、(本題9分)如圖所示，一輕繩通過無摩擦的小定滑輪O與小球B連接，另一端與套在光滑豎直桿上的小物塊A連接，桿兩端固定且足夠長，物塊A由靜止從圖示位置釋放后，先沿桿向上運動．設某時刻物塊A運動的速度大小為vA，小球B運動的速度大小為vB，輕繩與桿的夾角為θ．則（）A．vA=vBcosθB．vB=vAcosθC．小球B減小的重力勢能等于物塊A增加的動能D．當物塊A上升到與滑輪等高時，它的機械能最大二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)某同學用如圖所示的實驗裝置驗證“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物M，彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端向左拉，使結點O靜止在某位置，分別讀出彈簧測力計A和B的示數，并在貼于豎直木板的白紙記錄O點的位置和拉線的方向。(1)本實驗用的彈簧測力計示數的單位為N，圖中A的示數為______N。(2)下列不必要的實驗要求是______（請?zhí)顚戇x項前對應的字母）A．應測量重物M所受的重力B．彈簧測力計應在使用前校零C．拉線方向應與木板平面平行D．改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置14、(本題9分)某同學在“用打點計時器測速度”的實驗中，用打點計時器記錄了被小車拖動的紙帶的運動情況，在紙帶上確定出0、1、2、3、4、5、6共7個測量點．其相鄰點間的距離如圖所示，每兩個相鄰的測量點之間的時間間隔為，完成下面問題．(1)根據打點計時器打出的紙帶，我們可以直接得到的物理量是A．時間間隔B．加速度C．瞬時速度D．平均速度（2）根據紙帶上各個測量點間的距離，某同學已將1、2、3、5點對應的時刻的瞬時速度進行計算并填入表中，請你將4點對應的時刻的瞬時速度填入表中；（要求保留3位有效數字）瞬時速度

v1

v2

v3

v4

v5

數值(m/s)

0.165

0.214

0.263

0.363

（3）在圖所示的直角坐標系中畫出小車的瞬時速度隨時間變化的關系圖線．（4）由圖像求出小車的加速度15、(本題9分)如圖所示是“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置：（1）下圖是實驗時平衡摩擦阻力的不同方法，其中正確的是________（選填字母）A．B．C．D．（2）實驗中由于存在系統(tǒng)誤差，實際上繩對小車的拉力________（選填“大于”、“等于”、“小于”）重物的重力，為減小此誤差、實驗中要對小車質量M和重物質量m進行選取，以下四組數據中最合理的一組是________A．，、、、、、B．，、35g、40g、45g、50g、55gC．，、40g、、、、D．，、、、、、（3）某同學改變小車質量進行多次實驗，作出小車的加速度a和質量M的如圖所示；根據圖線可知a與M的關系可能是________A．B．C．D．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)一個滑雪運動員，質量m=60kg，從山坡頂端由靜止沿坡勻加速下滑，山坡的傾角θ=30°，山坡長x=28m。測得運動員在0.40s內速度增加了1.4m/s，重力加速度g=10m/s2，求：(1)運動員滑到山坡底端時重力的瞬時功率；(2)運動員下滑過程中阻力做的功。17、（10分）(本題9分)從離地面高h＝5m的平臺上，以＝10m/s的初速度斜拋出一質量m＝3kg的小球，小球到達最高點時速度＝5m/s，以水平地面為零勢能面，不計空氣阻力，g＝10m/s1．求：（1）小球到達最高點的高度；（1）小球落地時速度的大小；（3）小球離地面多高時，小球的動能和重力勢能相等。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】

桿上A、B兩點繞O點同軸轉動，則角速度相等，即ωA=ωB，根據v=ωr，因rA>rB，則vA>vB；根據a=ω2r可知，aA>aB，故選項D正確，ABC錯誤.2、C【解析】人從下蹲起跳，經時間速度為v，對此過程應用動量定理得：故在此過程中，地面對他的沖量人在起跳過程中，受到地面對人的支持力但沒有產生位移，地面對他做的功為零．綜上，選C點睛：動量定理中沖量應是所有力的沖量，不能漏去重力的沖量．3、B【解析】

根據勻強電場的場強與電勢差的關系可知，A、B間的電勢差為，故選B.4、B【解析】

用來描述電場強弱和方向的是電場強度；A.電場力，與結論不相符；B.電場強度，與結論相符；C.電勢，與結論不相符；D.電勢能，與結論不相符；5、A【解析】

由U-I圖像的斜率表示電阻，由圖可知，A的斜率比B的大，即A表示的電阻比B表示的電阻大，即.故選A．6、C【解析】

選河岸為參考系，船運動的速度是旗子相對于船豎直向上的速度為v2=0.4m/s故旗子相對于船的速度為A.0.3m/s與計算結果不符，故A錯誤。B.0.4m/s與計算結果不符，故B錯誤。C.0.5m/s與計算結果相符，故C正確。D.0.6m/s與計算結果不符，故D錯誤。7、AB【解析】以兩球組成的系統(tǒng)為研究對象，取甲球碰撞前的速度方向為正方向，兩球的質量均為m，碰撞前系統(tǒng)的總動能：；系統(tǒng)的總動量：p=9kg?m/s+5kg?m/s=14kg?m/s；

A、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=7kg?m/s，pB=7kg?m/s，系統(tǒng)的總動量p′=7kg?m/s+7kg?m/s=14kg?m/s，動量守恒．總動能：，總動能減小，是可能的，故A正確．

B、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=6kg?m/s，pB=8kg?m/s，系統(tǒng)的總動量p′=6kg?m/s+8kg?m/s=14kg?m/s，動量守恒．總動能：，總動能減小，是可能的，故B正確．

C、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=-2kg?m/s，pB=16kg?m/s，系統(tǒng)的總動量p′=-2kg?m/s+16kg?m/s=14kg?m/s，動量守恒．總動能：，總動能增加，是不可能的，故C錯誤．

D、若碰后甲、乙兩球動量為：pA=-4kg?m/s，pB=17kg?m/s，系統(tǒng)的總動量p′=-4kg?m/s+17kg?m/s=13kg?m/s，動量不守恒，不可能，故D錯誤．故選AB．點睛：對于碰撞過程，要掌握三大規(guī)律：1、動量守恒定律；2、總動能不增加；3、符合物體的實際運動情況．8、AD【解析】

A.根據動滑輪的特點可知B下降s，A需要走動2s，而sAB.因為都是從靜止開始運動的，故有2×解得aAC.對A分析有T=m對B分析有3mg-2T=3m解得T=6mg7，對B，加速度為a根據速度位移公式，有v2=2a9、BC【解析】緩沖效果與彈簧的勁度系數有關，故A錯誤；當墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧串聯彈力大小相等，故B正確；當墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧的彈性勢能發(fā)生改變，故C正確；墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧串聯彈力相等，由于勁度系數不同，兩彈簧形變量不同，故兩彈簧長度不同，故D錯誤；故選BC．10、BC【解析】

A.滑塊A在木板上受滑動摩擦力做勻減速直線運動，加速度為a=μmgm=μg，兩者最后共速為v03B.對A和B在相對滑行的過程中，系統(tǒng)不受外力而動量守恒，有mv0=(M+m)C.對A和B相對滑動到共速的過程，由能量守恒定律可知，系統(tǒng)損失的動能轉化成兩者摩擦生熱，有12mv02D.根據平均功率的計算式P=Wft0，而摩擦力對B做的功為11、AC【解析】

A.0~2s內該同學向上加速，因加速度向上，則處于超重狀態(tài)，選項A正確；B.6~8s內該同學向上減速，加速度向下，則處于失重狀態(tài)，選項B錯誤；C.因v-t圖像的面積表示位移，則0~8s內電梯上升的總高度為，選項C正確；D.t=ls末，電梯的加速度為，由牛頓第二定律：F-mg=ma解得F=mg+ma=550N，即該同學對電梯的壓力大小為550N，選項D錯誤.12、BD【解析】

將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度．在沿繩子方向的分速度為，所以．故A錯誤，B正確；A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒，系統(tǒng)重力勢能的減小量等于系統(tǒng)動能的增加量，則小球重力勢能的減小等于系統(tǒng)動能的增加和B的重力勢能的增加．故C錯誤．除重力以外其它力做的功等于機械能的增量，物塊A上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊A上升到與滑輪等高后，拉力做負功，機械能減?。訟上升到與滑輪等高時，機械能最大．故D正確．故選BD．考點：考查了機械能守恒定律和運動的分解與合成的應用【點睛】解決本題的關鍵會對速度進行分解，以及掌握機械能守恒的條件，會利用系統(tǒng)機械能守恒解決問題．二．填空題(每小題6分，共18分)13、3.60D【解析】

(1)[1]由圖中可以讀出示數為3.60N。(2)[2]A．實驗通過作出三個力的圖示，來驗證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道，故A正確；B．彈簧測力計是測出力的大小，所以要準確必須在測之前校零，故B正確；C．拉線方向必須與木板平面平行，這樣才確保力的大小準確性，故C正確；D．當結點O位置確定時，彈簧測力計A的示數也確定，由于重物的重力已確定，兩力大小與方向均一定，因此彈簧測力計B的大小與方向也一定，所以不需要改變拉力多次實驗。故D錯誤。故選D。14、（1）A（2）0.314（3）圖略（4）0.495m/s2【解析】（1）能直接從紙帶得到的是點間距和對應的時間間隔，故選A；

（2）4點瞬時速度等于第3與第5點間的平均速