廣東省梅州市2018年高考物理二模試卷-含解析

2018年廣東省梅州市高考物理二模試卷

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1-5題只有一項符

合題目要求，第6-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選

錯的得0分。

1.某點電荷和金屬圓環(huán)間的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a點的電勢高于b點的電勢

B.c點的電場強度大于d點的電場強度

C.若將一帶正電的試探電荷由a點移到b點，電場力做負功

D.若將一帶正電的試探電荷從d點由靜止釋放，電荷將沿著電場線由d運動到c

2.如圖所示，A、B是兩個完全相同的燈泡，D是理想二極管，L是帶鐵芯的線圈，其自感系

數(shù)很大，直流電阻忽略不計.下列說法正確的是（）

A.S閉合瞬間，A先亮

B.S閉合瞬間，A、B同時亮

C.S斷開瞬間，B逐漸熄滅

D.S斷開瞬間，A閃亮一下，然后逐漸熄滅

3.如圖所示，一小物塊以初速度V。沿足夠長的固定斜面上滑，斜面傾角為e,物塊與斜面間

的動摩擦因數(shù)|i>tane,以初速度vo的方向為正方向，下列圖中表示物塊的速度V、加速度a、

動能Ek及所受摩擦力Ff隨時間t變化的圖線，正確的是（）

4.如圖所示，一小球從半徑為R的固定半圓軌道左端A點正上方某處開始做平拋運動（小球

可視為質(zhì)點）飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B點.。為半圓軌道圓心，0B與水平方向夾

角為45。，重力加速度為g,關于小球的運動，以下說法正確的是（）

A.小球自拋出點至B點的過程中重力做功為返些mgR

4

B.小球自拋出點至B點的水平射程為翱

C.小球拋出的初速度為J號

D.拋出點與B點的距離為2R

5.如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，隨地球自轉(zhuǎn)而做勻速圓周運動，B、C是同一平面

內(nèi)兩顆人造衛(wèi)星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道，C是地球同步衛(wèi)星，物體A和

衛(wèi)星B、C的線速度大小分別為VA、VB、VC，角速度大小分別為3A、3B、3C，周期大小分

別為TA、TB、TC，向心加速度大小分別為aA、aB>ac,則下列關系正確的是（）

A.vA>vB>vcB.TA=TC>TBc.3A=3C>3BD.aA=ac>aB

6.如圖所示是小型交流發(fā)電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸00'沿逆時針方向

勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)為n、電阻為r,外接電阻為R,交流電流表A.線圈從圖示位置（線

圈平面平行于電場方向）開始轉(zhuǎn)過時的感應電流為L下列說法中正確的有（）

A.電流表的讀數(shù)為21

B.轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈的磁通量的最大值為駕A

C.從圖示位置開始轉(zhuǎn)過二的過程中，通過電阻R的電荷量為冬

23

2

D.線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為

3

7.乘坐如圖所示游樂園的過山車時，質(zhì)量為m的人隨車在豎直平面內(nèi)沿圓周軌道運動，下列

說法中正確的是（）

A.人在最低點時對座位的壓力可能小于mg

B.人在最高點和最低點時的向心加速度大小一定相等

C.人在最高點時對座位可能產(chǎn)生壓力，且壓力有可能大于mg

D.車在最高點時人處于倒坐狀態(tài)，若沒有保險帶，人一定會掉下去

8.如圖所示，在粗糙水平面上甲、乙兩木塊，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為U，質(zhì)量均為m,

中間用一原長為L、勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接起來,開始時兩木塊均靜止且彈簧無形變.現(xiàn)

用以水平恒力F（F>2png）向左推木塊乙，直到兩木塊第一次達到加速度相同時，下列說法

正確的是（設物體與水平面間的最大摩擦力等于滑動摩擦力）（）

甲乙F

A.此時甲的速度可能等于乙的速度

B.此時兩木塊之間的距離為L-

2k

C.此階段水平恒力F做的功大于甲乙兩物塊動能增加量與彈性勢能增加量的總和

D.此階段甲乙兩物塊各自克服摩擦力所做的功相等

二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第9-12題為必考題，每個試題考生都必須做答。

第13-18題為選考題，考生根據(jù)要求做答。

9.如圖所示，是驗證機械能守恒定律的實驗裝置，物體A和B系在輕質(zhì)細繩兩端跨過光滑定

滑輪（且mA>mB）,現(xiàn)讓A、B由靜止釋放.（忽略滑輪質(zhì)量，已知重力加速度為g.）

（1）實驗研究的對象是（選填"A"、"B"或"AB"）.

（2）實物中除了已知重力加速度g,還需測量的物理量有.

A.物體A和B的質(zhì)量

B.遮光片的寬度d

C.光電門1、2間的距離h

D.細繩的總長L

E.遮光片通過光電門1、2的時間分別為ti、t2

（3）若實驗滿足表達式_______,則可驗證機械能守恒.

刻度尺

一

歡

/

AQ廓

瑤

注

遮光片

B

10.某學習小組擬研究一個標有"3.6V1.8W"的小電珠的伏安特性曲線，可供選用的器材如下:

①電流表A,量程0-0.6A,內(nèi)阻約為0.2Q；

②電壓表V,量程0-15V,內(nèi)阻約為15kQ；

③滑動變阻器R,阻值范圍0-10Q；

④學生電源E,電動勢為4V,內(nèi)阻不計

⑤開關S及導線若干.

(1)該學習小組的某同學設計了如圖甲所示的電路進行測量，請按照圖甲所示的實物圖幫該

同學將圖乙中的電路圖補充完整.

(2)該同學在實驗中發(fā)現(xiàn)，由于電壓表的量程較大而造成讀數(shù)誤差很大，因而影響了測量結(jié)

果.于是從實驗室找來一只量程為％=100心\內(nèi)阻Rg=1000Q的靈敏電流計，想把該靈敏電

流計改裝成量程為5V的電壓表，則需串聯(lián)一個阻值為Q的電阻.

(3)該同學用改裝后的電壓表進行實驗，得到電流表讀數(shù)L和靈敏電流計讀數(shù)12如下表所

示.請在圖丙中的坐標紙上畫出L-12圖線.

Il(A)_|00.190.300.370.430.460.480.49

I2(nA)010203040506070

(4)若將該小電珠接在如圖丁所示的電路中，則該小電珠消耗的電功率約為W.(已

知電源的電動勢為E=3.0V,內(nèi)阻r=L5Q,定值電阻Ro=4.5C,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字.提示:

可作出該小電珠在此電路中的I-U圖象幫助求解.)

11.如圖所示，水平面上固定一傾斜角為37。的粗糙斜面，緊靠斜面底端有一質(zhì)量為M=4kg

的木板，木板與斜面底端之間通過微小弧形軌道相接，以保證滑塊從斜面滑到木板的速度大

小不變.質(zhì)量為m=2kg的滑塊從斜面上高h=5m處由靜止滑下，到達斜面底端的速度為

v0=6m/s,并以此速度滑上木板左端，最終滑塊沒有從木板上滑下.已知滑塊與木板間的動摩

擦因數(shù)ni=0.25,木板與地面間的動摩擦因數(shù)H2=0.1,取g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8.求:

(1)斜面與滑塊間的動摩擦因數(shù)u；

(2)木板的最短長度1.

12.如圖所示，A、B為水平放置的間距d=0.2m的兩塊足夠大的平行金屬板，兩板間有場強

大小E=0.1V/m、方向豎直向上的勻強電場.一噴槍從兩板之間的中央點P沿紙面向各個方向

均勻地噴出初速度大小均為vo=lOm/s的帶電微粒.己知微粒的質(zhì)量均為m=1.0Xl（y5kg、電

荷量均為q=-L0X10-3c,不計微粒間的相互作用及空氣阻力的影響，取g=10m/s2.求：

（1）求從P點水平噴出的微粒打在極板時的水平位移x；

（2）要使所有微粒從P點噴出后均做直線運動，應將板間的電場調(diào)節(jié)為Ei，求Ei的大小和

方向；在此情況下，從噴槍剛噴出微粒開始計時，求經(jīng)to=O.18s時，A板上有微粒擊中區(qū)域的

長度1A;

（3）在滿足第（2）問中的所有微粒從P點噴出后均做直線運動情況下，在兩板間加垂直于

紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B=1T.求B板被微粒打中的區(qū)域長度1B.

【物理-選修3-3】

13.關于晶體和非晶體，下列說法正確的是（）

A.金剛石、食鹽、玻璃和水晶都是晶體

B.晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的

C.單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點

D.單晶體和多晶體的物理性質(zhì)是各向異性的，非晶體是各向同性的

14.如圖所示，一開口氣缸內(nèi)盛有密度為p的某種液體；一長為1的粗細均勻的小平底朝上漂

浮在液體中，平衡時小瓶露出液面的部分和進入小瓶中液柱的長度均為現(xiàn)用活塞將氣缸封

閉（圖中未畫出），使活塞緩慢向下運動，各部分氣體的溫度均保持不變.當小瓶的底部恰好

與液面相平時，進入小瓶中的液柱長度為求此時氣缸內(nèi)氣體的壓強.大氣壓強為po,重

力加速度為g.

【物理-選修3-4】

15.如圖，一個三棱鏡的截面為等腰直角AABC,NA為直角.此截面所在平面內(nèi)的光線沿

平行于BC邊的方向射到AB邊，進入棱鏡后直接射到AC邊上，并剛好能發(fā)生全反射.該棱

鏡材料的折射率為（）

16.波源Si和S2振動方向相同，頻率均為4Hz,分別置于均勻介質(zhì)中x軸上的0、A兩點處,

0A=2m,如圖所示.兩波源產(chǎn)生的簡諧橫波沿x軸相向傳播，波速為4m/s.己知兩波源振動

的初始相位相同.求：

(1)簡諧橫波的波長：

(2)0A間合振動振幅最小的點的位置.

OAX

【物理-選修3-5】

17.下列說法正確的是()

A.當用藍色光照射某金屬表面時有光電子逸出，則改用紅光照射也一定會有光電子逸出

B.a粒子散射實驗時盧瑟福建立原子核式結(jié)構(gòu)模型的重要依據(jù)

，

C.232Th經(jīng)過6次a衰變和4次B衰變后成為原子核2lyPb

9082

D.將由放射性元素組成的化合物進行高溫分解，會改變該反射性元素的半衰期

E.氫原子由n=l的狀態(tài)激發(fā)到n=4的狀態(tài)，在它回到n=l的狀態(tài)的過程中，可能發(fā)出6種不

同頻率的光子

18.如圖所示，一質(zhì)量為m、長為L的木板A靜止在光滑水平面上，其左側(cè)固定一勁度系數(shù)

為k的水平輕質(zhì)彈簧，彈簧原長為lo,右側(cè)用一不可伸長的輕質(zhì)細繩連接與豎直墻上.現(xiàn)使一

可視為質(zhì)點的小物塊B以初速度vo從木板的右端無摩擦地向左滑動，而后壓縮彈簧.當B的

質(zhì)量為m時，細繩恰好被拉斷.已知彈簧彈性勢能的表達式E=*kx2,其中k為勁度系數(shù)，x

為彈簧的壓縮量.求：

(1)細繩所能承受的最大拉力的大小Fm；

(2)小物塊B滑離木板A時，木板運動位移的大小SA.

2018年廣東省梅州市高考物理二模試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1-5題只有一項符

合題目要求，第6-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選

錯的得0分。

1.某點電荷和金屬圓環(huán)間的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a點的電勢高于b點的電勢

B.c點的電場強度大于d點的電場強度

C.若將一帶正電的試探電荷由a點移到b點，電場力做負功

D.若將一帶正電的試探電荷從d點由靜止釋放，電荷將沿著電場線由d運動到c

【考點】電勢差與電場強度的關系；電場線.

【分析】根據(jù)電場線的疏密判斷電場強度的大小，根據(jù)電場力做功情況，判斷電勢能的變化;

對于不在同一電場線上的兩點在判斷其電勢高低時，可以通過等勢線把它們移動到同一電場

線上，然后根據(jù)沿電場線電勢降低進行判斷.

【解答】解：A、由沿電場線的方向電勢降落和電場線與等勢面垂直的特點，可知a點的電勢

低于b點的電勢，故A錯誤；

B、因為電場線的疏密表示電場的強弱，故c點的電場強度小于d點的電場強度，故B錯誤；

C、由電勢能的公式：Ep=q?，可得出a點的電勢能低于b點的電勢能，由電場力做功與電

勢能變化的關系，說明電場力做了負功，故C正確；

D、正試探電荷在d點時所受的電場力沿該處電場線的切線方向，使該電荷離開該電場線，所

以該電荷不可能沿著電場線由d到c,故D錯誤；

故選：C

2.如圖所示，A、B是兩個完全相同的燈泡，D是理想二極管，L是帶鐵芯的線圈，其自感系

數(shù)很大，直流電阻忽略不計.下列說法正確的是（）

A.S閉合瞬間，A先亮

B.S閉合瞬間，A、B同時亮

C.S斷開瞬間，B逐漸熄滅

D.S斷開瞬間，A閃亮一下，然后逐漸熄滅

【考點】自感現(xiàn)象和自感系數(shù).

【分析】依據(jù)自感線圈的特征：剛通電時線圈相當于斷路，斷開電鍵時線圈相當于電源；二

極管的特征是只正向?qū)?

【解答】解：AB、閉合瞬間線圈相當于斷路，二極管為反向電壓，故電流不走A燈泡，AB

都不亮，故A錯誤，B錯誤.

CD、開關S斷開瞬間B立刻熄滅，由于二極管正向?qū)?，故自感線圈與A形成回路，A閃亮

一下，然后逐漸熄滅，故C錯誤D正確.

故選：D.

3.如圖所示，一小物塊以初速度vo沿足夠長的固定斜面上滑，斜面傾角為6,物塊與斜面間

的動摩擦因數(shù)kiAtane,以初速度vo的方向為正方向，下列圖中表示物塊的速度V、加速度a、

動能Ek及所受摩擦力Ff隨時間t變化的圖線，正確的是()

【考點】動能定理.

【分析】物塊沿足夠長的固定斜面上滑，做勻減速運動，當運動到最高點時，由于u>tan。，

判斷出最大靜摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，物塊將停在最高點；

由v=v()-at,分析速度，由牛頓第二定律分析加速度；

2

由Ek=1mv分析動能隨時間的函數(shù)關系來判斷圖象；

物塊先受滑動摩擦力，后受靜摩擦力.

【解答】解：分析物塊的運動情況：物塊沿足夠長的固定斜面上滑，做勻減速運動，當運動

到最高點時，最大靜摩擦力為fm=umgcose,重力的下滑分力為mgsine,由于|_i>tane,則最

大靜摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，物塊停在最高點.

A、由上分析可知，物塊不能從最高點下滑，故A錯誤；

B、物塊上滑過程中，加速度為a=mgsin"+「mg"=一(gsin0+klgcos0)；保持不變；到

了最高點，物塊保持靜止狀態(tài)，加速度a=0.故B錯誤；

C、上滑過程中物塊的Ek=*mv2=，m(vo+at)2,Ek與t非線性關系，圖象是曲線.故C錯誤;

D、物塊上滑過程中，物塊受到的滑動摩擦力為Ff=-umgcosB,保持不變；最高點，物塊受

到靜摩擦力為Ff=mgsine.故D正確.

故選：D.

4.如圖所示，一小球從半徑為R的固定半圓軌道左端A點正上方某處開始做平拋運動（小球

可視為質(zhì)點）飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B點.。為半圓軌道圓心，0B與水平方向夾

角為45。，重力加速度為g,關于小球的運動，以下說法正確的是（）

A.小球自拋出點至B點的過程中重力做功為返欄mgR

4

B.小球自拋出點至B點的水平射程為翱

C.小球拋出的初速度為J號

D.拋出點與B點的距離為2R

【考點】功能關系；功的計算.

【分析】由幾何知識求解水平射程.根據(jù)平拋運動速度與水平方向夾角的正切值等于位移與

水平方向夾角正切值的2倍，求出豎直方向上的位移，即可求得重力做功，求出豎直方向上

的分速度，根據(jù)速度方向求出平拋運動的初速度.

【解答】解：B、由幾何知識可得，小球自拋出至B點的水平射程為x=R+Rcos4（T=返欄R.故

2

B錯誤.

A、小球飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B點，經(jīng)過B點時速度與水平方向的夾角為45。.

EV

則tan45o=—

v0

V

VZv

設位移與水平方向的夾角為e,貝Utane=X=2=/1.

x------ZVn2

V0tu

可得豎直位移y=*x=Y1!NR,所以小球自拋出點至B點的過程中重力做功

WG=mgy="乙+"mgR,故A正確.

4________

C、由v；=2gy，得Vy=V2gy=^^+--gR

由上得知，V0=Vy=j與2gR.故C錯誤.

D、拋出點與B點的距離為5=朽1=逗言度R,故D錯誤.

故選：A

B

5.如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，隨地球自轉(zhuǎn)而做勻速圓周運動，B、C是同一平面

內(nèi)兩顆人造衛(wèi)星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道，C是地球同步衛(wèi)星，物體A和

衛(wèi)星B、C的線速度大小分別為VA、VB、VC，角速度大小分別為3A、3B、3C，周期大小分

別為TA、TB、TC，向心加速度大小分別為aA、aB>ac,則下列關系正確的是（）

A.vA>vB>vcB.TA=TC>TBC.3A=3C>3BD.aA=ac>aB

【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系.

【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力比較B、C的線速度、角速度.地球赤道上的物體A與地

球同步衛(wèi)星C具有相同的角速度和周期，根據(jù)a=rco2比較加速度的大小.

【解答】解：A、對于B、C衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力等于向心力得：G與=m式，得：v=科,

B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是地球同步衛(wèi)星，則C的半徑大于B的半徑,

所以VB>VC，地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度，所以3A=3。根據(jù)v=3,VC

>VA，則VB>VC>VA，故A錯誤；

B、對于B、C,根據(jù)則3B>U)C，又3A=3C，貝U3B>3A=3C，

根據(jù)T="可知，TA=TC>TB，故B正確，C錯誤；

3

D、A、C的角速度相等，由a=r（jo2知，aA<ac，故D錯誤.

故選:B

6.如圖所示是小型交流發(fā)電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸00'沿逆時針方向

勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)為n、電阻為r,外接電阻為R,交流電流表A.線圈從圖示位置（線

圈平面平行于電場方向）開始轉(zhuǎn)過號時的感應電流為L下列說法中正確的有（）

A.電流表的讀數(shù)為21

B.轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈的磁通量的最大值為21爾+r）

n3

C.從圖示位置開始轉(zhuǎn)過=的過程中，通過電阻R的電荷量為多

23

2

D.線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為47TRI

【考點】交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；焦耳定律；正弦式電流的最大值和有效值、

周期和頻率.

【分析】根據(jù)感應電流瞬時值表達式求出最大值，再求解有效值，即可得到電流表的讀數(shù)；

磁通量的最大值em=BS.由閉合電路歐姆定律求出感應電動勢的最大值Em，由公式Em=nBSco

求解①m.通過電阻R的電荷量根據(jù)公式q=n/史求解；熱量根據(jù)焦耳定律求解.

【解答】解：

A、由題有：I=ImCOS二，則得感應電流的最大值Im=2L有效值1有=返1=后1，則電流表

32m

的讀數(shù)為bI，故A錯誤.

B、感應電動勢的最大值Em=Im（R+r）=21（R+r）,XEm=nBSw,磁通量的最大值（Dm=BS,

聯(lián)立解得：①m=BS=?「'R+二）,故B正確.

n3

C、從圖示位置開始轉(zhuǎn)過行的過程中，通過電阻R的電荷量

A±BS.^.2I^r)2L

q=n=n=n=故C正確.

R+rR+rR+rn33

2

D、線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量Q=ILR＞（V2I）2R?等=4兀Rr故

D正確.

故選：BCD.

7.乘坐如圖所示游樂園的過山車時，質(zhì)量為m的人隨車在豎直平面內(nèi)沿圓周軌道運動，下列

說法中正確的是（）

A.人在最低點時對座位的壓力可能小于mg

B.人在最高點和最低點時的向心加速度大小一定相等

C.人在最高點時對座位可能產(chǎn)生壓力，且壓力有可能大于mg

D.車在最高點時人處于倒坐狀態(tài)，若沒有保險帶，人一定會掉下去

【考點】向心力；牛頓第二定律.

【分析】車在最高點時，若恰好由重力提供向心力時，人與保險帶間恰好沒有作用力，沒有

保險帶，人也不會掉下來.當速度更大時，人更不會掉下來.當速度大于臨界速度J正時，人

在最高點時對座位就產(chǎn)生壓力.人在最低點時，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分

析壓力與重力的關系.

【解答】解：A、人在最低點時，加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，由牛頓運動定律可知人對

座位的壓力一定大于mg,故A錯誤.

2

B、人在最高點和最低點時速度大小不等，由向心加速度公式an=J,知向心加速度大小一定

R

不相等.故B錯誤.

,_22

C、當人在最高點的速度v>J正時人對座位就產(chǎn)生向上的壓力，由mg+N=m匚，N=m」--

___RR

mg,當v>j2gR時，N>mg,人對座位的壓力也大于mg,故C正確.

D、人與保險帶間恰好沒有作用力，由重力提供向心力時，臨界速度為vo=4R當速度v^VgR

時，沒有保險帶，人也不會掉下來.故D錯誤.

故選：C.

8.如圖所示，在粗糙水平面上甲、乙兩木塊，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為U，質(zhì)量均為m,

中間用一原長為L、勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接起來，開始時兩木塊均靜止且彈簧無形變.現(xiàn)

用以水平恒力F(F>2umg)向左推木塊乙，直到兩木塊第一次達到加速度相同時，下列說法

正確的是(設物體與水平面間的最大摩擦力等于滑動摩擦力)()

甲乙F

A.此時甲的速度可能等于乙的速度

B.此時兩木塊之間的距離為L-上-

C.此階段水平恒力F做的功大于甲乙兩物塊動能增加量與彈性勢能增加量的總和

D.此階段甲乙兩物塊各自克服摩擦力所做的功相等

【考點】功能關系；功的計算.

【分析】對系統(tǒng)根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的大小，再隔離分析求出彈簧的彈力，從而根

據(jù)胡克定律求出彈簧的形變量，從而得知兩木塊間的距離；

分析系統(tǒng)能量的轉(zhuǎn)化，根據(jù)能量守恒判斷求解；

根據(jù)沖量的定義判斷甲乙兩物塊各自所受摩擦力的沖量大小關系.

【解答】解：A、現(xiàn)用一水平恒力F(F>2umg),向左推木塊乙，直到兩木塊第一次達到加速

度相同時，在此過程中，乙的加速度減小，甲的加速度增大，所以此時甲的速度小于乙的速

度，故A錯誤；

B、對系統(tǒng)運用牛頓第二定律得:a；：二￥叫隔離對甲分析,有:T-nmg=ma,解得:T=^.根

2m2

據(jù)胡克定律得：*=[=號=與，則兩鐵塊的距離為：s=L-x=L-與，故B正確；

C、根據(jù)能量守恒得此階段水平力F做的功等于甲乙兩物塊動能增加量與彈性勢能增加量和與

水平面摩擦產(chǎn)生的熱量的總和，故C正確；

D、由于甲乙兩物塊各自的位移不等，所受摩擦力大小相等，此階段甲乙兩物塊各自所受摩擦

力做的功不相等，故D錯誤；

故選：BC.

二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第9-12題為必考題，每個試題考生都必須做答。

第13-18題為選考題，考生根據(jù)要求做答。

9.如圖所示，是驗證機械能守恒定律的實驗裝置，物體A和B系在輕質(zhì)細繩兩端跨過光滑定

滑輪(且mA>mB),現(xiàn)讓A、B由靜止釋放.(忽略滑輪質(zhì)量，已知重力加速度為g.)

(1)實驗研究的對象是AB(選填"A"、"B"或"AB").

(2)實物中除了已知重力加速度g,還需測量的物理量有ABCE.

A.物體A和B的質(zhì)量

B.遮光片的寬度d

C.光電門1、2間的距離h

D.細繩的總長L

E.遮光片通過光電門1、2的時間分別為ti、t2

d2,2

(3)若實驗滿足表達式(mA-mB)gh=u(mA+mR)(j7),則可驗證機械能

守恒.

X

Au

遮

片

光

【考點】驗證機械能守恒定律.

【分析】(1、2)這個實驗的原理是要驗證mA、niB的增加的動能和HIA、HIB減少重力勢能是

不是相等，所以我們要測量的物理量有：物塊的質(zhì)量mA、mB；物塊A下落的距離h(或物

塊B上升的距離h),及遮光片的寬度d、，光電門1、2間的距離h,與遮光片通過光電門1、

2的時間ti、t2.

(3)寫出A與B重力勢能變化的表達式與它們動能變化的表達式，需要驗證的是兩者相等.

【解答】解：(1、2)通過連接在一起的A、B兩物體驗證機械能守恒定律，即驗證系統(tǒng)的勢

能變化與動能變化是否相等，A、B連接在一起，A下降的距離一定等于B上升的距離；A、

B的速度大小總是相等的.因此需要測量A、B兩物塊的質(zhì)量mA和niB，且需要知道兩光電

門之間的距離h,遮光片的寬度d,及遮光片通過光電門1、2的時間口、t2.

(3)A下降h的同時，B上升h,它們的重力勢能的變化：AEp=(mA-mB)gh；

d2d2

A與B動能的變化：(m+m)(萬-o).

2AB1

1d*12d2

需要驗證的是：(m-m)gh="-(m+mB)(T-n).

AB2Atj

d2d2

故答案為：(1)AB；(2)ABCE；(3)(m-m)gh=—(m+m)

AB2AB1

10.某學習小組擬研究一個標有"3.6VL8W"的小電珠的伏安特性曲線，可供選用的器材如下:

①電流表A,量程0-0.6A,內(nèi)阻約為0.2Q；

②電壓表V,量程0-15V,內(nèi)阻約為15kQ；

③滑動變阻器R,阻值范圍0-10Q；

④學生電源E,電動勢為4V,內(nèi)阻不計

⑤開關S及導線若干.

(1)該學習小組的某同學設計了如圖甲所示的電路進行測量，請按照圖甲所示的實物圖幫該

同學將圖乙中的電路圖補充完整.

(2)該同學在實驗中發(fā)現(xiàn)，由于電壓表的量程較大而造成讀數(shù)誤差很大，因而影響了測量結(jié)

果.于是從實驗室找來一只量程為Ig=100kiA、內(nèi)阻Rg=1000Q的靈敏電流計，想把該靈敏電

流計改裝成量程為5V的電壓表，則需串聯(lián)一個阻值為49000Q的電阻.

(3)該同學用改裝后的電壓表進行實驗，得到電流表讀數(shù)L和靈敏電流計讀數(shù)12如下表所

示.請在圖丙中的坐標紙上畫出L-12圖線.

Il(A)00.190.300.370.430.460.480.49

I2(nA)010203040506070

T

丙

(4)若將該小電珠接在如圖丁所示的電路中，則該小電珠消耗的電功率約為0.35W.(已

知電源的電動勢為E=3.0V,內(nèi)阻r=1.5Q,定值電阻R()=4.5Q,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字.提示:

可作出該小電珠在此電路中的I-U圖象幫助求解.)

【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線.

【分析】(1)分析實物圖，根據(jù)實物圖可得出對應的原理圖；

(2)根據(jù)改裝原理可明確要擴大量程應串聯(lián)大電阻；根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律可求得串聯(lián)電阻；

(3)根據(jù)描點法可得出對應的伏安特性曲線；

(4)將定值電阻等效為電源內(nèi)阻，作出等效電源的伏安特性曲線，兩圖象的交點即為電源的

工作點，讀出交點坐標即可求出燈泡的功率.

【解答】解：(1)根據(jù)實物圖可得出對應的原理圖，如圖所示；

(2)要改裝成電壓表應串聯(lián)一個大電阻；

U5

設改裝后的電壓表為R總，則R總=『=---------zy=50000Q,

■100X10

故R串=區(qū)總-Rg=49000Q.

（3）根據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點法可得出對應的伏安特性曲線，如圖所示;

（4）將定值電阻R（）看做該電源的電阻，則內(nèi)阻r，=6Q,由此可得路端電壓U=E-W,在L-

12圖線所在坐標紙上作出該I-U圖象如右圖所示，可知其交點坐標表示的電流約為0.32A,

電壓約為1.1V,所以該燈泡消耗的功率約為P=O.32X1.1W^0.35W）.

故答案為：（1）如圖所示；（2）49000；（3）如圖所示；（4）0.35.

11.如圖所示，水平面上固定一傾斜角為37。的粗糙斜面，緊靠斜面底端有一質(zhì)量為M=4kg

的木板，木板與斜面底端之間通過微小弧形軌道相接，以保證滑塊從斜面滑到木板的速度大

小不變.質(zhì)量為m=2kg的滑塊從斜面上高h=5m處由靜止滑下，到達斜面底端的速度為

v0=6m/s,并以此速度滑上木板左端，最終滑塊沒有從木板上滑下.已知滑塊與木板間的動摩

擦因數(shù)ni=0.25,木板與地面間的動摩擦因數(shù)[12=0.1,取g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8.求:

（1）斜面與滑塊間的動摩擦因數(shù)u；

（2）木板的最短長度1.

【考點】動能定理的應用.

【分析】（1）滑塊從斜面下滑的過程，根據(jù)動能定理列式求解動摩擦因素;

（2）先判斷木板的運動情況，再由動能定理計算木板的最短長度1.

【解答】解：（1）物體沿斜面下滑，由動能定理得：

h]

mgh-^mgcos37°.ory—^4mvi8

sinST2

代入數(shù)據(jù)解得：H=0.48

（2）滑塊在木板上滑動過程中，木板水平方向共受兩個力作用，代入數(shù)據(jù)可知uimg<|i2（m+M）

g

所以木板始終靜止，由動能定理可得：-mmgl=O-4-mvi8

解得木板的最小長度為：l=7.2m

答：(1)斜面與滑塊間的動摩擦因數(shù)內(nèi)為0.48；

(2)木板的最短長度1為7.2m.

12.如圖所示，A、B為水平放置的間距d=0.2m的兩塊足夠大的平行金屬板，兩板間有場強

大小E=0.1V/m、方向豎直向上的勻強電場.一噴槍從兩板之間的中央點P沿紙面向各個方向

均勻地噴出初速度大小均為vo=lOm/s的帶電微粒.己知微粒的質(zhì)量均為m=1.0Xl(y5kg、電

荷量均為q=-L0X10-3c,不計微粒間的相互作用及空氣阻力的影響，取g=10m/s2.求：

(1)求從P點水平噴出的微粒打在極板時的水平位移x；

(2)要使所有微粒從P點噴出后均做直線運動，應將板間的電場調(diào)節(jié)為Ei，求Ei的大小和

方向；在此情況下，從噴槍剛噴出微粒開始計時，求經(jīng)to=O.18s時，A板上有微粒擊中區(qū)域的

長度1A;

(3)在滿足第(2)問中的所有微粒從P點噴出后均做直線運動情況下，在兩板間加垂直于

紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B=1T.求B板被微粒打中的區(qū)域長度1B.

B'孑

【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動.

【分析】(1)微粒的初速度水平時，做類平拋運動，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律解答.

(2)要使微粒不落在金屬板上，重力與電場力相平衡，微粒在水平面內(nèi)做勻速直線運動.由

平衡條件解答.

(3)再加垂直于紙面向里的均勻磁場，重力與電場力相平衡，由洛倫茲力提供向心力做勻速

圓周運動，求出微粒的軌跡半徑，由幾何知識即可求解.

【解答】解：(1)微粒在勻強電場做類平拋運動，微粒的加速度為a,有：

qE+mg=ma

解得：a=Eq+ing=20m/s2

m

根據(jù)運動學公式有：4=4凱2

22

代入數(shù)據(jù)解得：t=0.1s

又X=vot

代入數(shù)據(jù)解得：X=lm

(2)要使微粒做直線，電場應反向，且有：qE]=mg

代入數(shù)據(jù)解得：Ei=0.1V/m

電場應該調(diào)節(jié)為方向向下，經(jīng)to=O.18s時，微粒運動的位移為：s=v()t

又(Ui)2=S2-(旦)2

22

代入數(shù)據(jù)解得：lA=Y^m

5

2

(3)微粒做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力：qvoB=m”。

R

2

解得：=0.］下

qb

豎直向下射出的微粒打在B板的最左端恰好與B板相切，如圖甲所示:

甲

由幾何關系可知：h=O.lm

當粒子源和B板右邊擊中點距離為直徑時達最遠：如圖乙所示:

xxj^-?…“<土

xxWx..x)%

B~=?、???????.,?7個

7、

由幾何關系可知：/=(2R)2-(1)2

故B板被微粒打中的區(qū)域的長度為lB=li+12=±H3m

10

答：(1)從P點水平噴出的微粒打在極板時的水平位移X.

(2)Ei的大小是O.lV/m,方向豎直向下；A板上有微粒擊中區(qū)域的長度1A是返m；

5

(3)B板被微粒打中的區(qū)域長度1B

【物理-選修3-3】

13.關于晶體和非晶體，下列說法正確的是()

A.金剛石、食鹽、玻璃和水晶都是晶體

B.晶體的分子(或原子、離子)排列是有規(guī)則的

C.單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點

D.單晶體和多晶體的物理性質(zhì)是各向異性的，非晶體是各向同性的

【考點】*晶體和非晶體.

【分析】晶體分為單晶體和多晶體：其中單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體一樣具有各

向同性.晶體由固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點，單晶體有規(guī)則的幾何外形，而非晶體

則沒有.

【解答】解：A、金剛石、食鹽、水晶都是常見的晶體，玻璃是非晶體，故A錯誤.

B、晶體內(nèi)部的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的，故B正確.

C、晶體有固定的熔點，而非晶體沒有確定的熔點，故C正確；

D、單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體一樣具有各向同性，故D錯誤.

故選：BC.

14.如圖所示，一開口氣缸內(nèi)盛有密度為p的某種液體；一長為1的粗細均勻的小平底朝上漂

浮在液體中，平衡時小瓶露出液面的部分和進入小瓶中液柱的長度均為現(xiàn)用活塞將氣缸封

閉（圖中未畫出），使活塞緩慢向下運動，各部分氣體的溫度均保持不變.當小瓶的底部恰好

與液面相平時，進入小瓶中的液柱長度為寺，求此時氣缸內(nèi)氣體的壓強.大氣壓強為po,重

力加速度為g.

【考點】理想氣體的狀態(tài)方程.

【分析】要求氣缸內(nèi)氣體的壓強P3，根據(jù)P2=P3+*pgh需求瓶內(nèi)氣體的壓強P2，就必需以瓶

內(nèi)氣體為研究對象，根據(jù)玻意耳定律P1V1=P2V2，需求Pl，V],V2,而根據(jù)題意Pi，Vi，V2

不難求出.

【解答】解：設當小瓶內(nèi)氣體的長度為總時，壓強為P1；當小瓶的底部恰好與液面相平時，

瓶內(nèi)氣體的壓強為P2,氣缸內(nèi)氣體的壓強為P3.

依題意有：pi=po+￡pgl…①

由玻意耳定律有：P1*S=P2（1-y）S...（2）

式中S為小瓶的橫截面積.聯(lián)立①②兩式，得：P2="|（po+ypgl）…③

又有：P2=P3+yPgl-@

聯(lián)立③④式，得：p34po+罕…⑤

答：此時氣缸內(nèi)氣體的壓強為名po+￡iL.

24

【物理-選修3-4】

15.如圖，一個三棱鏡的截面為等腰直角AABC,/A為直角.此截面所在平面內(nèi)的光線沿

平行于BC邊的方向射到AB邊，進入棱鏡后直接射到AC邊上，并剛好能發(fā)生全反射.該棱

鏡材料的折射率為（）

【考點】全反射；折射率及其測定.

【分析】由于光是從玻璃射向空氣，所以折射定律公式中，折射率應該是折射角的正弦與入

射角的正弦相比，若是光是從空氣射向玻璃則折射率應該是入射角的正弦與折射角的正弦相

比.光的全反射必須從光密介質(zhì)進入光疏介質(zhì)，同時入射角大于臨界角；當恰好發(fā)生全反射

時的入射角叫臨界角.

【解答】解：三棱鏡的截面為等腰直角ABC,光線沿平行于BC邊的方向射到AB邊，

則第一次折射時的入射角等于45。，

射到AC邊上，并剛好能發(fā)生全反射.則有sinC=L.

n

由折射定律可得：n=.S黑50=sin/

sink90-cost

所以由上兩式可得：n二返

2

故選：A

16.波源Si和S2振動方向相同，頻率均為4Hz,分別置于均勻介質(zhì)中x軸上的0、A兩點處,

0A=2m,如圖所示.兩波源產(chǎn)生的簡諧橫波沿x軸相向傳播，波速為4m/s.己知兩波源振動

的初始相位相同.求：

(1)簡諧橫波的波長：

(2)0A間合振動振幅最小的點的位置.

OAx

【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系.

【分析】(1)已知波速v和頻率為f,由波速公式v