廣東省2024屆高三年級下冊百日沖刺聯合學業(yè)質量監(jiān)測物理試卷(含答案)

廣東省2024屆高三下學期百日沖刺聯合學業(yè)質量監(jiān)測物理試卷

學校：姓名：班級：考號：

一、單選題

1.甲、乙兩個質點在平面直角坐標系。孫的坐標平面內運動，同時經過A點，然后同

時到達5點，運動過程如圖所示，則從A到3過程中，甲、乙兩個質點（）

A.平均速度相同B.平均速率相同

C.經過A點時速度可能相同D.經過5點時，乙的速度比甲的速度大

2.如圖所示是氫原子的能級圖，一群氫原子處于量子數〃=7的激發(fā)態(tài)，這些氫原子

能夠自發(fā)地躍遷到較低的能量狀態(tài)，并向外輻射多種頻率的光，用輻射出的光照射圖

乙光電管的陰極K,已知陰極K的逸出功為5.06eV,則（）

/

7E/eV

6-0.28

50.38

4-0.54

3-0.85

-1.51

2

-3.40

E

1

一市73.60

乙

A.波長最短的光是原子從〃=2激發(fā)態(tài)躍遷產生的

B.波長最長的光是原子從〃=7激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時產生的

C.陰極K逸出光電子的最大初動能為&26eV

D.陰極K逸出光電子的最大初動能與陰極K的逸出功相等

3.2023年11月3日發(fā)生木星沖日現象，木星沖日是指木星、地球和太陽幾乎排列成

一線，地球位于太陽與木星之間。此時木星被太陽照亮的一面完全朝向地球，所以明

亮而易于觀察。地球和木星繞太陽公轉的方向相同，軌跡都可近似為圓，地球一年繞

太陽一周，木星11.84年繞太陽一周。則（圖中其他行星軌道省略未畫出）（）

A.在相同時間內，木星、地球與太陽中心連線掃過的面積相等

B.木星的運行速度比地球的運行速度大

C.木星沖日現象時間間隔約為12年

D.下一次出現木星沖日現象是在2024年

4.一輛質量為m=1.2xl03kg的參賽用小汽車在平直的公路上從靜止開始運動，牽引

力/隨時間/變化關系圖線如圖所示，8s時汽車功率達到最大值，此后保持此功率繼

續(xù)行駛，24s后可視為勻速。小汽車的最大功率恒定，受到的阻力大小恒定，則()

A.小汽車受到的阻力大小為7x103N

B.小汽車勻加速運動階段的加速度大小為4m/s2

C.小汽車的最大功率為4x105W

D.小汽車24s后速度40m/s

5.如圖所示，平行板電容器兩極板間距為d,A板帶正電，B板接地，兩板間一點尸

到3板的距離為:d,電容器的電容為C,尸點的電場強度為E,取大地電勢為零，則

4

()

A------------------------------

?P

3

A.A板帶電量為

4

3

B.P點的電勢為_Ed

4

4

C/、5兩板間的電壓為一Ed

3

D.將A板向上平移一小段距離，尸點的電勢將降低

6.某風力發(fā)電機的輸出電壓為2500V,用戶得到的電功率為141kW,用戶得到的電

壓是220V,輸電線的電阻為90。，輸電線路如圖所示。若輸電線因發(fā)熱而損失的功

率為輸送功率的6%,變壓器均視為理想變壓器，已知降壓變壓器副線圈的匝數為110

發(fā)

電

廠

A.通過輸電線的電流為10A

B.風力發(fā)電機的輸出功率為162kW

C.升壓變壓器副線圈的匝數是原線圈的匝數的7倍

D.降壓變壓器原線圈的匝數為3525匝

E

7.物體以動能為E開始豎直向上運動，回到出發(fā)點時，動能為―。取出發(fā)點位置的

2

重力勢能為零，整個運動過程可認為空氣阻力大小恒定，則該物體上升階段動能與重

力勢能相等時，其動能為（）

3E3E4E4E

A.——B.——C.—D.——

10779

二、多選題

8.一列簡諧橫波以5m/s的速度沿x軸傳播，在f=0時刻的波形圖如圖中實線所示，

經0.2s后的波形如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）

A.經0.2s波傳播的距離為2m

B.波沿x軸正方向傳播

C.質點P在f=0時刻沿y軸負方向運動

D.%=2m處的質點的位移表達式為y=T9cos（2.5w）cm

9.如圖甲所示，用活塞將一定質量的理想氣體封閉在上端開口的直立圓筒形氣缸內，

氣體從狀態(tài)4-狀態(tài)8—狀態(tài)C-狀態(tài)A完成一次循環(huán)，其狀態(tài)變化過程的p-V圖

像如圖乙所示。已知該氣體在狀態(tài)A時的溫度為600K,下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)B時的溫度為200K

B.氣體在狀態(tài)C時的溫度為300K

C.氣體從狀態(tài)Af8過程中，外界對氣體做的功為4xl05j

D.氣體從狀態(tài)AfBfC的過程中，氣體對外做的功為8xlO5j

10.如圖所示，在x軸上方有垂直紙面向外的勻強磁場，第一象限內磁場的磁感應強

度大小28,第二象限內磁場的磁感應強度大小為B?，F有一比荷2的帶正電的粒

oom

子，從X軸上的尸點以沿+y方向的速度V垂直進入磁場，并一直在磁場中運動且每次

均垂直通過y軸，不計粒子的重力，則（）

428。

pOx

A.粒子第二次經過y軸時過坐標原點

B.從粒子進入磁場到粒子第一次經過y軸所經歷的時間為「上

4M

（

C.從粒子進入磁場到粒子第二次經過y軸所經歷的時間為之

qB

o

D.粒子第一次經過y軸的坐標為0,「紀

I2qBj

三、實驗題

11.某同學用如圖甲所示的裝置“驗證動量守恒定律”，氣墊導軌上放置著帶有遮光條

的滑塊p、。。

光電門彈簧”細線光電門

遮光條遮光條友

4140

I」」」」「」

TTITr35

0530

甲

⑴若實驗中用螺旋測微器測量其中一個遮光條的寬度如圖乙所示，其讀數為

_______mm；

⑵測得產、。的質量（含遮光條）分別為加和加，左、右遮光條的寬度分別為d和d。

1212

實驗中，用細線將兩個滑塊連接使輕彈簧壓縮且靜止，然后燒斷細線，輕彈簧將兩個

滑塊彈開，測得它們通過光電門的時間分別為t.to用題中測得的物理量表示動量

12

守恒應滿足的關系式為（用t、t、d、d、加、m表示）。

121212

12.某實驗小組測未知電阻R時，先用多用電表進行粗測，再采用“伏安法”較準確地

測量未知電阻。

⑴首先用多用電表粗測R的電阻，當用“xlO”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，應該換用

（填“xlOO”或“xl"）擋，進行一系列正確操作后，指針靜止時位置如圖甲所

示，其讀數為。；

（2）采用“伏安法”測量該未知電阻凡現有器材如下:

A.蓄電池E（電動勢為6V,內阻約為0.05Q）

B.電流表A（量程0~0.6A,內阻約為1.0。）

1

C.電流表A（量程0~3A,內阻約為0.1。）

2

D.電壓表V（量程。?6V,內阻約為6k。）

E.滑動變阻器R,（2kQ允許通過的最大電流0.5A）

1

F.滑動變阻器R,（10Q允許通過的最大電流2A）

2

G.開關一個、帶夾子的導線若干

①為使測量準確且通過R的電流能從0開始變化，上述器材中，應該選用的電流表是

X

.,滑動變阻器是（填寫選項前字母代號）；

②根據所選用的實驗器材，在虛線框中畫出伏安法測電阻的完整電路圖。

四、計算題

13.光導纖維由纖芯和包層兩部分組成，為了在纖芯與包層的分界面發(fā)生全反射，光

導纖維中纖芯材料的折射率應大于包層材料的折射率。如圖所示，一條長直光導纖維

的長度d=7.5km,在纖芯與包層的分界面發(fā)生全反射的臨界角C=60?！，F一束細光

從右端面中點以0=53°的入射角射入，光在纖芯與包層的界面恰好發(fā)生全反射。

（sin530=0.8,cos530=0.6,光在空氣中的傳播速度取c=3xlO8m/s）求：

空氣

纖芯包層

⑴纖芯的折射率；

⑵若從右端射入的光能夠傳送到左端，求光在光導纖維內傳輸的最長時間和最短時

間。

14.游客在動物園里?？吹胶镒釉谑幥锴Ш突?，其運動可以簡化為如圖所示的模

型，猴子需要借助懸掛在高處的秋千繩飛躍到對面的滑板上，質量為m=18kg的猴子

在豎直平面內繞圓心。做圓周運動。若猴子某次運動到。點的正下方時松手，猴子飛

行水平距離〃=4m后躍到對面的滑板上，。點離平臺高度也為H,猴子與。點之間的

繩長/z=3m,重力加速度大小g=10m/s2,不考慮空氣阻力，秋千繩視為輕繩，猴子

可視為質點，求：

(1)猴子落到滑板時的速度大??；

(2)猴子運動到。點的正下方時繩對猴子拉力的大小。

15.如圖所示，間距為L的足夠長光滑平行金屬導軌傾斜放置，導軌平面與水平面夾

角為0=30。。兩導軌上端接有阻值為R的定值電阻，整個裝置處于垂直導軌平面向

上、磁感應強度大小為3的勻強磁場中，質量為m、電阻也為R的金屬桿必，在沿導

軌平面向上、大小為歹=2機g的恒力作用下，由靜止開始從導軌底端向上運動，經過t

時間金屬棒開始以速度v做勻速直線運動，在運動過程中，而與導軌垂直且接觸良

0

好。已知重力加速度為g,不計空氣阻力和導軌電阻。求：

⑴金屬棒ab開始運動時加速度的大?。?/p>

⑵從開始運動到金屬棒速度剛達到v的過程中，恒定拉力做功；

0

(3)金屬棒勻速運動后的某時刻改變拉力，使金屬棒以大小為的加速度向上做勻減

速運動，則向上勻減速運動過程中拉力對金屬棒的沖量大小。

參考答案

1.答案：A

解析：A.從A到3位移相同，時間相同，平均速度相同，故A正確；

B.乙的路程大，乙的平均速率大，故B錯誤；

C.甲、乙經過A點時速度方向不同，故C錯誤；

D.無法比較經過8點時速度大小，故D錯誤。

故選Ao

2.答案：C

解析：AB.由c=兀v可知，波長越長，頻率越小，光子的能量越小，波長最長的光是

原子從〃=7激發(fā)態(tài)躍遷到“=6時產生的，波長最短的光是從〃=7激發(fā)態(tài)躍遷到〃=1

產生的，AB錯誤；

CD.氫原子從〃=7到基態(tài)躍遷，釋放的光子能量最大

￡=加=(-0.28eV)-(-13.6eV)=13.32eV

陰極K逸出光電子的最大初動能為

E=加一印

k0

E=13.32eV-5.06eV=8.26eV

kmax

C正確，D錯誤。

故選C。

3.答案：D

解析：A.根據開普勒第二定律可知，對同一行星而言，它與中心天體的連線在相等的

時間內掃過的面積相等，故A錯誤；

B.根據萬有引力提供向心力

「MmV2

G---二m—

廠2r

可得

故木星的運行速度比地球的小，故B錯誤;

CD.下一次木星沖日時有

Co-①)/=2兀

地木

其中

2兀2兀

①二——①二——

地T火T

地火

所需時間

2兀

“1年

CO一3

地火

則下一次出現木星沖日現象是在2024年，故C錯誤，D正確。

故選D。

4.答案：C

解析：A.由圖可知，小汽車在前8s內的牽引力不變，小汽車做勻加速直線運動,

8~24s內小汽車的牽引力逐漸減小，則車的加速度逐漸減小，小汽車做加速度減小的

加速運動，直到車的速度達到最大值，以后做勻速直線運動。小汽車的速度達到最大

值后牽引力等于阻力，所以阻力/=4xlO3N,故A錯誤;

B.前8s內小汽車的牽引力為F-10X103N,由牛頓第二定律

F-f=ma

可得

a=5m/s2

故B錯誤;

C.小汽車在8s末小汽車的功率達到最大值，8s末汽車的速度

v=at=5x8m/s=40m/s

ii

所以小汽車的最大功率

P=Fv=10x103x40W=4x105W

1

故C正確；

D.小汽車的最大速度為

P4x105

v=—=--------m/s=100m/s

mf4x103

故小汽車24s后速度100m/s,故D錯誤。

故選C。

5.答案：B

解析：A.A板的帶電量

Q=CU=CEd

故A錯誤；

B.P點的電勢

33

(P=E-—d=—Ed

,44

故B正確；

C/、3兩板間的電壓為

U=Ed

故C錯誤；

D.將A板向上平移一小段距離，由于兩板的帶電量一定，因此兩板間的電場強度不

變，因此尸點的電勢仍為:Ed,故D錯誤。

4

故選B。

6.答案：A

解析：A.輸電線損失的功率

P=Px6%=9kW

損

由

P=I2R

損2線

解得通過輸電線的電流

I2=帆=10A

故A正確；

B.用戶得到的電功率

P=P-P=Px(l-6%)=141kW

用損

解得風力發(fā)電機的輸出功率為

P=150kW

故B錯誤；

C.升壓變壓器的輸出電壓

p

U=—=15000V

2I

2

可得升壓變壓器原、副線圈的匝數之比

nU1

—1———j--

nU6

22

故C錯誤；

D.輸電線上的電壓損失

U=1R=900V

報2線

降壓變壓器原線圈兩端的電壓

u=U-U=14100V

32損

可得降壓變壓器原、副線圈的匝數之比

nU705

—=-3-=--------

nU11

44

解得降壓變壓器原線圈的匝數為

n=7050匝

3

故D錯誤。

故選Ao

7.答案：B

解析：設上升的最大高度為〃，根據功能關系有

f0/口EE

22

根據能量守恒可得

E=mgh+fh

求得

,3L

mgh=-E

4

fh=^E

4

求得

,1

J=>g

若在上升階段離出發(fā)點“處動能和重力勢能相等，由能量守恒定律有

E+mgH=E-fH

k

E=E=mgH

kP'

聯立解得

3

E=mgH=—E

故選B。

8.答案：BD

解析：A.由圖可知該波波長

九=4m

經0.2s波傳播的距離

x=vt=5x0.2m=Im

故A錯誤；

B.經0.2s波傳播的距離為

x=Im=1'

4

根據波形的平移規(guī)則可知，這列波應油軸正方向傳播，故B正確；

C.根據波的傳播方向與波動規(guī)律可知，f=0時刻質點P沿y軸正方向運動，故C錯

誤；

入

D.由v=一得

T

X4…

T—―――s=0.8s

v5

則

2兀>u-

co=一=2.5兀rad/s

T

由圖可知振幅

A=19cm

則x=2m處的質點的位移表達式為

y=-19cos（2.5就）cm

故D正確。

故選BDo

9.答案：AD

解析：A.對于理想氣體：4-8過程，由查理定律有

PP

—,4-二—B-

TT

AB

得

T=200K

B

故A正確；

B.BfC過程，由蓋一呂薩克定律有

VV

—S-=-G-

TT

BC

得

T=600K

C

故B錯誤；

C.由于狀態(tài)A與狀態(tài)。溫度相同，氣體內能相等，而4-8過程是等容變化，氣體對

外不做功，故C錯誤；

D.8fC過程中氣體體積膨脹對外做功，即從狀態(tài)A到狀態(tài)C氣體對外做功

卬=^AV=2xl05x4J=8xl05j

BC

故D正確。

故選AD。

10.答案：AC

解析：AD.由于從x軸上的P點以沿+y方向的速度v垂直進入磁場，并一直在磁場中

運動且每次均垂直通過y軸，由

V2

qvB=m一

o丁

1

V2

0Vx25=m一

o丁

2

解得

mv

r=----

1qB

o

r—1r—mv

22i2qB

o

[A

所以粒子在第二象限做一圓周運動，粒子第一次經過y軸的坐標為0,—；在第一

4IqBJ

象限恰好做;圓周運動，所以粒子第二次經過y軸時過坐標原點，故A正確，D錯

誤；

7T

B.第一次均垂直通過y軸，則轉過的圓心角為爹，則在磁場中運動的時間為

11Tim

t=-1=------

142qB

o

故B錯誤；

C.在第一象限運動的時轉過的圓心角為兀，則在第一象限運動的時間

1T71m

t=-1=------

2222qB

0

則

Tim

t=t-----

i2qB

故C正確。

故選AC。

11.答案：(1)6.860/6.858/6.859/6.861

(2)m?幺=m.幺

1t2t

12

解析：(1)螺旋測微器的讀數為

d-6.5mm+36.0x0.01mm=6.860mm

⑵實驗時把小滑塊經過擋光片時的平均速度作為小滑塊的瞬時速度，故滑塊P通過左

邊光電門的瞬時速度為

d

v=—k

it

i

滑塊。通過右邊光電門的瞬時速度為

d

V=一

2t

2

由動量守恒定律可知

mv-mv=0

1122

故

dd

m■\—m-2

1t2t

12

12.答案：(l)“xl”；12.0

解析：（1）用多用電表測電阻絲的阻值，當用“xlO”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，說明

被測電阻很小，應該換用小量程電阻擋，用“X1”擋；

指針靜止時指在如圖甲所示刻度，讀數為12.0,乘擋位“X1”，所以是12.0。；

⑵①題意可知，電源電動勢為6V,電壓表量程0~6V,而待測電阻約為12.0。，則電

流最大約為

Z=K=0.5A

R

故不能選用量程為0~3A的電流表，故電流表選Ao

1

故選B；

滑動變阻器總阻值太大不方便調節(jié)，故滑動變阻器應選用最大阻值較小的R。

2

故選F；

②由于電壓表內阻遠大于金屬管線的電阻，電流表應采用外接法；為使通過R的電流

X

從0開始變化，滑動變阻器應采用分壓式接法，完整電路圖如圖所示

13.答案：(1)1.6；(2)4.6x10-5s,4xl0-5s

解析：（1）為使射入的光在內芯與包層的界面恰好發(fā)生全反射，則有

sin0

n二——

sinr

又

r=90°-C=30°

可得

sin53=nsin30

解得

n=1.6

⑵光在內芯的傳播速度為

c3X]08

V=_=-----m/s=1.875xlO8m/s

n1.6

當光射到芯層與包層分界面的入射角等于臨界角C