2024屆高三年級(jí)下冊(cè)二模物理試卷含答案

2024年重慶市高考物理二模試卷

一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合

題目要求。

1.（4分）下列說(shuō)法正確的是（）

A.聲源遠(yuǎn)離觀察者時(shí)，觀察者接收到的聲音頻率比聲源發(fā)出的頻率大

B.肥皂膜上出現(xiàn)彩色條紋是光的偏振現(xiàn)象

C.將原本精準(zhǔn)的擺鐘從廣州運(yùn)到黑龍江后應(yīng)調(diào)整其擺長(zhǎng)

D.雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中形成的干涉圖樣，條紋間距與光的頻率無(wú)關(guān)

2.（4分）下列四幅圖分別對(duì)應(yīng)四種說(shuō)法，其中正確的是（）

A.圖甲中鈾238的半衰期是45億年，經(jīng)過(guò)45億年，10個(gè)鈾238必定有5個(gè)發(fā)生衰變

B.圖乙中氣核的比結(jié)合能小于氫核的比結(jié)合能

C.圖丙中一個(gè)氫原子從〃=4的能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可以放出6種不同頻率的光

D.圖丁中為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，用不同光照射某金屬得到的/-。關(guān)系圖，則。光頻率最高

3.（4分）如圖，一根絕緣的光滑水平橫桿上套有質(zhì)量均為根的A、B兩個(gè)小環(huán)，兩環(huán)上都帶有正電荷,

系在兩環(huán)上的等長(zhǎng)細(xì)繩拴住質(zhì)量為M的物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，某時(shí)刻開(kāi)始環(huán)上電荷量緩慢減少，貝1（）

A.單根細(xì)繩對(duì)物塊的拉力始終不變

B.兩細(xì)繩對(duì)物塊的合力變大

C.桿對(duì)A環(huán)的作用力保持不變

D.兩環(huán)間距等于繩長(zhǎng)時(shí)，單根細(xì)繩拉力大小等于Mg

4.（4分）霍爾推進(jìn)器不斷被改進(jìn)，未來(lái)有望成為遠(yuǎn)距離太空探測(cè)的首選推進(jìn)裝置。有一種霍爾推進(jìn)器如

圖所示，很窄的圓環(huán)空間內(nèi)有沿半徑方向向外的輻射狀磁場(chǎng)I,其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可近似認(rèn)為處處相等;

在垂直于圓環(huán)平面方向上加有勻強(qiáng)磁場(chǎng)n和勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中都沒(méi)有畫(huà)出），磁場(chǎng)I與磁場(chǎng)U的磁感應(yīng)強(qiáng)度

第1頁(yè)（共28頁(yè)）

大小相等。電子恰好可以在圓環(huán)內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.磁場(chǎng)II垂直圓環(huán)平面向里

B.電場(chǎng)方向垂直圓環(huán)平面向外

C.電子受到的電場(chǎng)力提供向心力

D.磁場(chǎng)對(duì)電子的洛倫茲力做正功

5.（4分）如圖，兩個(gè)電荷量都為。的正、負(fù)點(diǎn)電荷固定在A、3兩點(diǎn)，A3連線中點(diǎn)為O。現(xiàn)將另一個(gè)

電荷量為+q的試探電荷放在AB連線的中垂線上距。為x的C點(diǎn)，沿某一確定方向施加外力使試探電荷由

靜止開(kāi)始沿直線從C點(diǎn)加速運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，不計(jì)重力，則此過(guò)程中（）

yc

+Q：-Q

0....*....e

A°B

A.施加的外力沿CO方向

B.試探電荷受到的電場(chǎng)力一直變小

C.試探電荷做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)

D.試探電荷的電勢(shì)能逐漸增加

6.（4分）如圖，將一質(zhì)量為?7=10g、長(zhǎng)度為/=20a〃的長(zhǎng)方形硬紙板放在水平桌面上，左端一小部分伸

出桌外。將一質(zhì)量也為10g的橡皮擦（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于紙板的正中間，用手指將紙板水平彈出，紙板

瞬間獲得初速度%=L〃/s。已知橡皮擦與紙板、桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為4=0.1,紙板與桌面間的動(dòng)摩

擦因數(shù)為4=0.2,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取g=10機(jī)/s?。貝）

硬紙瓦

水平桌面

第2頁(yè)（共28頁(yè)）

A.彈出紙板后瞬間，紙板的加速度大小為

B.橡皮擦與紙板達(dá)到相同速度后，一直與紙板相對(duì)靜止

C.最終橡皮擦不會(huì)脫離紙板

D.因橡皮擦與紙板摩擦而產(chǎn)生的熱量為

1200

7.（4分）如圖，地球和某行星在同一軌道平面內(nèi)同向繞太陽(yáng)做順時(shí)針的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。地球和太陽(yáng)的連

線與地球和行星的連線所夾的角叫地球?qū)υ撔行堑挠^察視角，已知該行星的最大觀察視角為當(dāng)行星處

于最大視角處時(shí)，是地球上天文愛(ài)好者觀察該行星的最佳時(shí)期。則（）

?.????

//太陽(yáng)\\

：O.：:

I?*?:

\，二。行星’

?t?

視角$???

?..就

A.行星的環(huán)繞半徑與地球的環(huán)繞半徑之比為tan。

B.行星的環(huán)繞周期與地球的環(huán)繞周期之比為

C.行星兩次處于最佳觀察期的時(shí)間間隔至少為年

l-Jsin*

D.行星兩次處于最佳觀察期的時(shí)間間隔可能為?+2。）但"年

2^-（1-Vsin36（）

二、多項(xiàng)選擇題：本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題

目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

8.（5分）如圖所示，小巴和小蜀在可視為光滑的水平地面上玩彈珠游戲，兩人將甲球和乙球以相同的動(dòng)

能相向彈出。則關(guān)于碰撞后兩球的情況可能的是（）

A.若兩球質(zhì)量相等，碰后以某一相等速率互相分開(kāi)

B.若兩球質(zhì)量相等，碰后以某一相等速率同向而行

C.若嘩□加乙，碰后兩球以某一相等速率同向而行

第3頁(yè)（共28頁(yè)）

D.若7除口叫，碰后兩球速度均與原方向相反，且動(dòng)能仍相等

9.（5分）如圖所示，一平行板電容器兩極板水平放置，極板間距為d,長(zhǎng)度為44。開(kāi)始時(shí)接到一個(gè)直流

電源上，開(kāi)關(guān)閉合，電源電動(dòng)勢(shì)恒定。一個(gè)帶負(fù)電的粒子以%=3或從兩板正中央水平向右射入電容器，

恰好沿著圖中虛線做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子質(zhì)量為〃1。貝!］（）

A.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，將上板上移4，粒子會(huì)向上偏轉(zhuǎn)

3

B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，將上板上移粒子仍然做勻速直線運(yùn)動(dòng)

3

C.保持開(kāi)關(guān)閉合，將上板上移邑，粒子從原位置入射，會(huì)擊中下板且擊中前瞬間的動(dòng)能為衛(wèi)機(jī)gd

38

D.保持開(kāi)關(guān)閉合，電動(dòng)勢(shì)翻倍，粒子從原位置入射，會(huì)擊中上板，且擊中前瞬間的動(dòng)能為5〃zgd

10.（5分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上（導(dǎo)軌電阻不計(jì)），導(dǎo)軌間距為乙=2加，在導(dǎo)軌所

在的平面內(nèi)，分布著垂直于導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=5V,

內(nèi)阻廠=0.50的電源，串聯(lián)一電阻R=2.5。。一導(dǎo)體棒垂直于軌道放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒的電阻不計(jì)、

質(zhì)量%=1依，與導(dǎo)軌的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5。當(dāng)磁場(chǎng)以%=12〃z/s的速度勻速向右移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒恰好能

向右勻速移動(dòng)，且導(dǎo)體棒一直在磁場(chǎng)內(nèi)部，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度為2w/s

B.安培力對(duì)導(dǎo)體棒做功的功率為10W,故電路發(fā)熱的熱功率為10W

C.導(dǎo)體棒和軌道摩擦生熱的功率為10W

D.電源產(chǎn)生的電功率和外力對(duì)磁場(chǎng)做功的功率之和為85W

三、非選擇題：共5小題，共57分。

第4頁(yè)（共28頁(yè)）

IL（7分）某同學(xué)利用如圖1所示裝置探究“影響感應(yīng)電流方向的因素”，表格為該同學(xué)記錄的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象。

N極插入N極拔出S極插入S極拔出

原磁場(chǎng)方向向下向下向上向上

A/B燈現(xiàn)象A燈亮8燈亮8燈亮A燈亮

感應(yīng)電流磁場(chǎng)的向上向下向下向上

方向

圖I圖2

（1）實(shí)驗(yàn)前先使用多用電表的歐姆擋對(duì)二極管正負(fù)極（二極管通正向電流時(shí)，電流的流入端為二極管的

正極，流出端為二極管的負(fù)極）進(jìn)行確認(rèn)，某次測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)多用電表指針幾乎沒(méi)有偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明此時(shí)黑表筆

接觸的是二極管的—（填“正極”或“負(fù)極”）o

（2）由實(shí)驗(yàn)記錄可得當(dāng)穿過(guò)線圈的磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與條形磁鐵在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)

方向—（填“相同”“相反”或“沒(méi)有關(guān)系”）;當(dāng)穿過(guò)線圈的磁通量減小時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與

條形磁鐵在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向—（填“相同”“相反”或“沒(méi)有關(guān)系”）0由此得出的結(jié)論是感應(yīng)

電流的磁場(chǎng)總是阻礙原磁場(chǎng)的—的變化。

（3）該同學(xué)利用上面實(shí)驗(yàn)中得到的結(jié)論，在圖2所示裝置中進(jìn)行了一些操作，發(fā)現(xiàn)電流表的指針向右偏

轉(zhuǎn)（電流表的偏轉(zhuǎn)滿足左進(jìn)左偏，右進(jìn)右偏），該同學(xué)可能進(jìn)行了的操作是—。

A.閉合開(kāi)關(guān)瞬間

B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間

C.開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)

D.開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)

12.（9分）某同學(xué)采用如圖甲所示裝置驗(yàn)證物塊A與物塊2（帶有遮光條）組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。圖中

光電門(mén)安裝在鐵架臺(tái)上且位置可調(diào)，滑輪質(zhì)量不計(jì)，細(xì)線與滑輪之間的摩擦可以忽略不計(jì)，細(xì)線始終伸直。

第5頁(yè)（共28頁(yè)）

mB=2mA,遮光條質(zhì)量不計(jì)，遮光條通過(guò)光電門(mén)的平均速度看作滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)時(shí)將物

塊8由靜止釋放。

（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出遮光條寬度d,如圖乙所示，則1=—mm。

（2）某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得y11.60儂，則此時(shí)A的速度為—m/s（保留2位有效數(shù)字）。

（3）改變光電門(mén)與物塊8之間的高度/?,重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得各次遮光條的擋光時(shí)間"以/?為橫軸、二為縱

f

軸建立平面直角坐標(biāo)系，在坐標(biāo)系中作出圖像，如圖丙所示，該圖像的斜率為％,在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，

若左=—（用含g、d字母的表達(dá)式表示），則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。

13.（10分）2024年初哈爾濱旅游“火出圈”，“南方小土豆勇闖哈爾濱”等話題接連上熱搜，豐富的冰雪

運(yùn)動(dòng)吸引了大量的游客。在冰雪大世界有一個(gè)冰滑梯，如圖所示，與水平面成37。角的傾斜冰滑道與水平

冰滑道在3點(diǎn)平滑連接，滑梯頂端高度，〃=6"。小孩乘坐冰車由靜止開(kāi)始從滑道頂端A出發(fā)，經(jīng)過(guò)2點(diǎn)

后瞬間與處于靜止?fàn)顟B(tài)的家長(zhǎng)所乘坐的冰車發(fā)生碰撞，碰撞后兩冰車（包含小孩和家長(zhǎng)）一起共同運(yùn)動(dòng)，

已知小孩和冰車的總質(zhì)量根=30依，家長(zhǎng)和冰車的總質(zhì)量M=60依，人與冰車均可視為質(zhì)點(diǎn)，冰車與冰

面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25,忽略空氣阻力，取重力加速度g=10〃z/s',sin37°=0.6,cos37O=0.8,求：

（1）小孩與家長(zhǎng)碰前小孩的速度大??；

（2）要保證冰車不滑出水平滑道，水平滑道至少需要多長(zhǎng)？

14.（14分）如圖所示,有兩條不計(jì)電阻的平行光滑金屬導(dǎo)軌MQN、M'Q'N',導(dǎo)軌間距L=0.5m，其中MQ、

M'Q'段傾斜放置，傾斜角0=37。，MQ=M'Q'=4m,QN、2V段水平放置，兩段之間通過(guò)一小段（大

小可忽略）光滑圓弧絕緣材料平滑相連，在傾斜導(dǎo)軌左端連接一電容C=2尸的電容器，在N和V兩端與

第6頁(yè)（共28頁(yè)）

電阻器火=0.1。相連，在傾斜導(dǎo)軌MQ、AT。，區(qū)域內(nèi)加有垂直于傾斜導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)旦=2T,

在水平導(dǎo)軌的。。FE區(qū)域內(nèi)加有垂直水平導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)為=。37,DD、E/均與導(dǎo)軌垂直,

S.DE=D'E'=L=0.5m,cdy是質(zhì)量為3相、各邊長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的開(kāi)口向左的U形金屬框，已知其de邊電

阻為R=0.10,其余各段電阻可忽略不計(jì)，開(kāi)始時(shí)緊挨導(dǎo)軌靜置于。。FE左側(cè)外，一不計(jì)電阻的質(zhì)量為相

的金屬棒a緊貼從靜止釋放，使其向下滑行，越過(guò)。。后與。形金屬框發(fā)生碰撞，碰后粘在一起形成

一個(gè)正方形導(dǎo)體框沿導(dǎo)軌穿過(guò)磁場(chǎng)與區(qū)域。已知機(jī)=1像，不計(jì)一切摩擦，取重力加速度g=10〃?/s2,求：

（1）金屬棒a在傾斜導(dǎo)軌下滑的加速度大?。ㄌ崾荆?=四=包且）；

口隸at

（2）de邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)B2區(qū)域時(shí)的速度大小;

（3）整個(gè)過(guò)程中電阻器R上產(chǎn)生的焦耳熱。

圖中左側(cè)部分即為電磁炮的簡(jiǎn)化模型，兩平行導(dǎo)軌固定在水平桌面上，間距d=1x10-3m，一金屬?gòu)椡杵?/p>

于兩導(dǎo)軌之間，并與導(dǎo)軌保持良好接觸，質(zhì)量叫=9依。導(dǎo)軌左端與一電流為/的理想恒流源相連。在發(fā)

射過(guò)程中，假設(shè)兩平行導(dǎo)軌中的電流/在彈丸所在位置處產(chǎn)生的磁場(chǎng)始終可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其強(qiáng)度與電流

的關(guān)系為8=狂（其中左=103T/A）,方向垂直導(dǎo)軌平面，f=0時(shí)刻彈丸從靜止自導(dǎo)軌左端向右滑行

<=0.5根后以速度匕=2%/s射出。在彈丸出射方向的延長(zhǎng)線上，靜置著兩小物塊鳥(niǎo)（質(zhì)量丐未知）、月（質(zhì)

量外=1依），鳥(niǎo)與月間有極小間隙。它們右側(cè)足夠遠(yuǎn)處放有由處于原長(zhǎng)的輕彈簧連接的小物體月（質(zhì)量

砥=1依）、P5（質(zhì)量“4=2依）。勺、P］、月、舄、公均可視為質(zhì)點(diǎn)，鳥(niǎo)、巴之間的距離為4（大小可

調(diào)）。不計(jì)空氣阻力、摩擦阻力。

（1）求理想恒流源中的電流/；

第7頁(yè)（共28頁(yè)）

（2）在彈丸射出后撞向靜置的4月，假定片與鳥(niǎo)、鳥(niǎo)與4間的碰撞均為彈性碰撞，（4運(yùn)動(dòng)起來(lái)后立刻取

走片G）欲使碰后月獲得最大的向右運(yùn)動(dòng)的速度，則鳥(niǎo)的質(zhì)量應(yīng)取多少？鳥(niǎo)獲得的最大速度匕又為多少？

（3）若在f=0時(shí)刻，給巴一向右的速度匕=3〃1/5,則舄、與將做某種復(fù)雜的運(yùn)動(dòng)。假定［以（2）問(wèn)中

的最大速度飛向巴乙和彈簧組成的系統(tǒng)，因大小可調(diào)，擊中A時(shí)片的速度不確定，且巴巴碰后立即粘在

一起。求A巴巴和彈簧組成的系統(tǒng)在以后的運(yùn)動(dòng)中，彈簧可能具有的最大彈性勢(shì)能的取值范圍。

AiD

匕

.........................P......,..

……^—1,-

B

第8頁(yè)（共28頁(yè)）

2024年重慶市高考物理二模試卷

參考答案與試題解析

一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合

題目要求。

1.（4分）下列說(shuō)法正確的是（）

A.聲源遠(yuǎn)離觀察者時(shí)，觀察者接收到的聲音頻率比聲源發(fā)出的頻率大

B.肥皂膜上出現(xiàn)彩色條紋是光的偏振現(xiàn)象

C.將原本精準(zhǔn)的擺鐘從廣州運(yùn)到黑龍江后應(yīng)調(diào)整其擺長(zhǎng)

D.雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中形成的干涉圖樣，條紋間距與光的頻率無(wú)關(guān)

【答案】C

【分析】根據(jù)對(duì)多普勒效應(yīng)的分析；薄膜干涉是膜的前后表面的反射光相干涉的結(jié)果；根據(jù)單擺周期公式

分析；在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中干涉條紋與波長(zhǎng)有關(guān)。

【解答】解：A、根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，聲源遠(yuǎn)離觀察者時(shí)，觀察者接收到的聲音頻率比聲源發(fā)出的頻率

小，故A錯(cuò)誤；

8、從豎立肥皂膜上看到的彩色條紋是從膜的兩表面反射光相干涉的結(jié)果，故2錯(cuò)誤；

C、將擺鐘由廣州移至哈爾濱，則g變大，根據(jù)7=2萬(wàn)《可知，為保證擺鐘的準(zhǔn)確，需要將鐘擺調(diào)長(zhǎng)，

故C正確；

。、光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，由條紋間距公式△尤和波長(zhǎng)頻率關(guān)系c=知，光的頻率變小，則干涉

d

條紋間距變寬，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，難度不大，全面掌握選修知識(shí)，多加積累即可做好這一類的題目。

2.（4分）下列四幅圖分別對(duì)應(yīng)四種說(shuō)法，其中正確的是（）

A.圖甲中鈾238的半衰期是45億年，經(jīng)過(guò)45億年，10個(gè)鈾238必定有5個(gè)發(fā)生衰變

第9頁(yè)（共28頁(yè)）

B.圖乙中笊核的比結(jié)合能小于氫核的比結(jié)合能

C.圖丙中一個(gè)氫原子從w=4的能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可以放出6種不同頻率的光

D.圖丁中為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，用不同光照射某金屬得到的/-U關(guān)系圖，則a光頻率最高

【答案】B

【分析】半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義；比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定；一個(gè)氫原子從a能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)，最多輻

射出中不同頻率的光；根據(jù)遏止電壓比較最大初動(dòng)能，從而比較光子頻率的大小。

【解答】解：A、半衰期是大量放射性原子衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)個(gè)別的原子沒(méi)有意義，故A錯(cuò)誤；

B,比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定，由于生成物比反應(yīng)物更穩(wěn)定，所以求核的比結(jié)合能小于氫核比結(jié)合能,

故8正確；

C、一個(gè)氫原子從〃=4的能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可以放出3種不同頻率的光，故C錯(cuò)誤；

D、由丁圖可知：c光對(duì)應(yīng)的遏止電壓最大，根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合光電效應(yīng)方程=配-叱，可知c光

的頻率最高，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】該題考查半衰期、光電效應(yīng)、玻爾理論以及聚變與裂變，考查到的知識(shí)點(diǎn)較多，在平時(shí)的學(xué)習(xí)中

多加積累即可做好這一類的題目。

3.（4分）如圖，一根絕緣的光滑水平橫桿上套有質(zhì)量均為根的A、8兩個(gè)小環(huán)，兩環(huán)上都帶有正電荷,

系在兩環(huán)上的等長(zhǎng)細(xì)繩拴住質(zhì)量為M的物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，某時(shí)刻開(kāi)始環(huán)上電荷量緩慢減少，則（）

A.單根細(xì)繩對(duì)物塊的拉力始終不變

B.兩細(xì)繩對(duì)物塊的合力變大

C.桿對(duì)A環(huán)的作用力保持不變

D.兩環(huán)間距等于繩長(zhǎng)時(shí)，單根細(xì)繩拉力大小等于Mg

【答案】C

【分析】通過(guò)對(duì)圓環(huán)和物體分別進(jìn)行受力分析，根據(jù)庫(kù)侖力減小，可得出正確答案。

【解答】解：A、對(duì)左側(cè)圓環(huán)受力分析

第10頁(yè)（共28頁(yè)）

F.

湍ry

MR

當(dāng)電荷減小后，庫(kù)侖力會(huì)減小，所以水平方向上為了保持受力平衡，繩子上的拉力也會(huì)減小，故A錯(cuò)誤;

8、兩個(gè)細(xì)繩的拉力組成的合力始終與物塊的重力相平衡，所以合力始終不變，故3錯(cuò)誤；

C、對(duì)物塊受力分析，如上圖所示

對(duì)物塊而言豎直方向上2T'cos。=Mg,解得/=“-

2cos。

對(duì)圓環(huán)而言，由于T=所以區(qū)=^g+Tcos。，得到外=加8+”華，所以支持力不變，故。正確；

D、當(dāng)兩環(huán)間距等于繩長(zhǎng)時(shí)，構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，即。=30。，所以7'='選，故。錯(cuò)誤；

3

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】學(xué)生在解答本題時(shí)，應(yīng)注意動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，要找到方向和大小不變的力和方向不變的力作為解題

的突破口。

4.（4分）霍爾推進(jìn)器不斷被改進(jìn)，未來(lái)有望成為遠(yuǎn)距離太空探測(cè)的首選推進(jìn)裝置。有一種霍爾推進(jìn)器如

圖所示，很窄的圓環(huán)空間內(nèi)有沿半徑方向向外的輻射狀磁場(chǎng)I,其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可近似認(rèn)為處處相等;

在垂直于圓環(huán)平面方向上加有勻強(qiáng)磁場(chǎng)n和勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中都沒(méi)有畫(huà)出），磁場(chǎng)I與磁場(chǎng)II的磁感應(yīng)強(qiáng)度

大小相等。電子恰好可以在圓環(huán)內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.磁場(chǎng)II垂直圓環(huán)平面向里

B.電場(chǎng)方向垂直圓環(huán)平面向外

C.電子受到的電場(chǎng)力提供向心力

D.磁場(chǎng)對(duì)電子的洛倫茲力做正功

第11頁(yè)（共28頁(yè)）

【答案】A

【分析】A：根據(jù)電子運(yùn)動(dòng)的方向和左手定則判斷磁場(chǎng)II的方向；

B-.根據(jù)左手定則判斷電子在磁場(chǎng)I中所受洛倫茲力的方向，進(jìn)一步可判斷電場(chǎng)力的方向，最后可知?jiǎng)驈?qiáng)

電場(chǎng)的方向；

C：根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)可知，向心力由磁場(chǎng)II的洛倫茲力提供；

D：洛倫茲力不做功。

【解答】解：A根據(jù)電子沿順時(shí)方向運(yùn)動(dòng)及左手定則可知磁場(chǎng)n垂直圓環(huán)平面向里，故A正確；

A根據(jù)左手定則可判斷磁場(chǎng)I的洛倫茲力向里，則電子受到的電場(chǎng)力向外，電場(chǎng)方向向里，故2錯(cuò)誤；

C.由于電子恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與磁場(chǎng)I的洛倫茲力平衡，磁場(chǎng)II的洛倫茲力提供向心力，方

向指向圓心，故C錯(cuò)誤；

D洛倫茲力永不做功，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)的組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要求學(xué)生能正確分析帶電粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和

運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，熟練應(yīng)用對(duì)應(yīng)的規(guī)律解題。

5.（4分）如圖，兩個(gè)電荷量都為。的正、負(fù)點(diǎn)電荷固定在A、3兩點(diǎn)，A8連線中點(diǎn)為O。現(xiàn)將另一個(gè)

電荷量為+4的試探電荷放在AB連線的中垂線上距。為x的C點(diǎn)，沿某一確定方向施加外力使試探電荷由

靜止開(kāi)始沿直線從C點(diǎn)加速運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，不計(jì)重力，則此過(guò)程中（）

-H?：-Q

????????????*???????????

A°B

A.施加的外力沿C。方向

B.試探電荷受到的電場(chǎng)力一直變小

C.試探電荷做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)

D.試探電荷的電勢(shì)能逐漸增加

【答案】C

【分析】8。、根據(jù)等量異種電荷中垂線上場(chǎng)強(qiáng)的特點(diǎn)，中垂線為等勢(shì)面分析；

AC、根據(jù)題意可知試探電荷合力的方向，對(duì)試探電荷受力分析，根據(jù)電場(chǎng)力大小變化，由平行四邊形定

則可知試探電荷所受外力和合力的變化特點(diǎn)。

【解答】解：BD.等量異種電荷中垂線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)與中垂線垂直，中垂線是等勢(shì)面，各點(diǎn)電勢(shì)相等，且O

第12頁(yè)（共28頁(yè)）

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大，所以試探電荷從C點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)過(guò)程，電場(chǎng)力一直增大，試探電荷的電勢(shì)能不變,

故錯(cuò)誤；

AC、試探電荷電場(chǎng)力水平向右，試探電荷從C點(diǎn)沿直線做加速運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，所以試探電荷的合力沿著CO

方向向下，則施加外力在C。直線左側(cè)，受力分析如下圖所示：

電場(chǎng)力/增大，外力琢方向不變，由平行四邊形定則可知兩力的合力增大，由牛頓第二定律可知試探電

荷的加速度增大，故A錯(cuò)誤，C正確。

故選：C,

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了等量異種電荷產(chǎn)生電場(chǎng)的特點(diǎn)、電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力的關(guān)系，解題的關(guān)鍵是熟練掌握等

量異種電荷連線和中垂線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)特點(diǎn)，注意試探電荷做加速直線運(yùn)動(dòng)，可知試探電荷的合力沿著CO

直線向下。

6.（4分）如圖，將一質(zhì)量為m=10g、長(zhǎng)度為/=20aw的長(zhǎng)方形硬紙板放在水平桌面上，左端一小部分伸

出桌外。將一質(zhì)量也為10g的橡皮擦（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于紙板的正中間，用手指將紙板水平彈出，紙板

瞬間獲得初速度%=l〃z/s。已知橡皮擦與紙板、桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為4=0.1,紙板與桌面間的動(dòng)摩

擦因數(shù)為〃2=。2,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取g=10/w/s2。貝！|（）

A.彈出紙板后瞬間，紙板的加速度大小為2〃z/s2

B.橡皮擦與紙板達(dá)到相同速度后，一直與紙板相對(duì)靜止

C.最終橡皮擦不會(huì)脫離紙板

D.因橡皮擦與紙板摩擦而產(chǎn)生的熱量為」一J

1200

【答案】C

【分析】根據(jù)受力分析及牛頓第二定律，對(duì)紙板和橡皮擦分析求解；對(duì)橡皮擦與紙板共同速度時(shí)的速度和

第13頁(yè)（共28頁(yè)）

位移求解，結(jié)合橡皮擦與紙板的相對(duì)運(yùn)動(dòng)情況討論分析；根據(jù)功能關(guān)系解得摩擦生熱。

【解答】解：10g=0.01依

A、第一階段，橡皮擦與紙板相對(duì)滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有

〃皮=Nig

“板—m…

解得。皮=Izn/$2,〃板=5m/s2

故A錯(cuò)誤；

B、兩者速度相同時(shí)，根據(jù)速度一時(shí)間公式有"=〃皮/

解得r=L

6

共同速度v=工機(jī)/s

6

第二階段，由于從<外，所以v相同后，仍相對(duì)滑動(dòng)，故3錯(cuò)誤；

C>橡皮擦和紙板都勻減速，0皮=〃ig

“板"7

根據(jù)位移一時(shí)間公式有，加，“小號(hào)1

兩個(gè)階段的相對(duì)位移分別為％=X板1-X皮1，x2=X板2-西皮2

解得x=-m,=」一m

1122108

由于％<%<3,故橡皮擦未滑離紙板，故C正確。

D、橡皮擦與紙板摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q=從根g（%+%）

解得。=工/,故。錯(cuò)誤。

5400

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了牛頓第二定律及木板一滑塊模型、功能關(guān)系的應(yīng)用，理解兩個(gè)物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)和各自

不同時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，結(jié)合受力分析是解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵。

7.（4分）如圖，地球和某行星在同一軌道平面內(nèi)同向繞太陽(yáng)做順時(shí)針的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。地球和太陽(yáng)的連

第14頁(yè)（共28頁(yè)）

線與地球和行星的連線所夾的角叫地球?qū)υ撔行堑挠^察視角，已知該行星的最大觀察視角為。，當(dāng)行星處

于最大視角處時(shí)，是地球上天文愛(ài)好者觀察該行星的最佳時(shí)期。則（）

太陽(yáng)\\

O..1!

..\\耳行易；

、......??地現(xiàn)

A.行星的環(huán)繞半徑與地球的環(huán)繞半徑之比為tan。

B.行星的環(huán)繞周期與地球的環(huán)繞周期之比為

Vsin36

C.行星兩次處于最佳觀察期的時(shí)間間隔至少為年

l-Jsin*

行星兩次處于最佳觀察期的時(shí)間間隔可能為a呵0”年

D.

2^-（1-Vsin36（）

【答案】D

【分析】根據(jù)題意知道當(dāng)行星處于最大視角處時(shí)，地球和行星的連線應(yīng)與行星軌道相切，運(yùn)用幾何關(guān)系求

解問(wèn)題，地球與某行星圍繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律及角速度公式列出等式，表示出周

期，然后去進(jìn)行求解。

【解答】解：A、設(shè)地球的軌道半徑為R,由題意可得行星的軌道半徑為「=R$也。，所以行星的環(huán)繞半

徑與地球的環(huán)繞半徑之比為sind,故A錯(cuò)誤;

B、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有，=，，可得行星的環(huán)繞周期與地球的環(huán)繞周期之比為，=而,

故2錯(cuò)誤;

CD,設(shè)行星最初處于最佳觀察期時(shí)，其位置超前于地球，且設(shè)經(jīng)時(shí)間f地球轉(zhuǎn)過(guò)a角后該行星再次處于

最佳觀察期。則行星轉(zhuǎn)過(guò)的角度為「="+夕+20

—r*日/2?2?c

于ZE有—Tt=a、—-t=*)3

解得仁（"2，）""迫丁

2）（1一

若行星最初處于最佳觀察期時(shí)，其位置滯后于地球，同理可得

第15頁(yè)（共28頁(yè)）

（萬(wàn)-20）\[sin0

t=-------------11

27（1-，5沅3。）

地球周期T=1年，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或要求解的物理量選取應(yīng)用，物理問(wèn)題經(jīng)常要結(jié)

合數(shù)學(xué)幾何關(guān)系解決。

二、多項(xiàng)選擇題：本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題

目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

8.（5分）如圖所示，小巴和小蜀在可視為光滑的水平地面上玩彈珠游戲，兩人將甲球和乙球以相同的動(dòng)

能相向彈出。則關(guān)于碰撞后兩球的情況可能的是（）

A.若兩球質(zhì)量相等，碰后以某一相等速率互相分開(kāi)

B.若兩球質(zhì)量相等，碰后以某一相等速率同向而行

C.若叫口叫，碰后兩球以某一相等速率同向而行

D.若四口叱,碰后兩球速度均與原方向相反，且動(dòng)能仍相等

【答案】AC

【分析】AA根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能不增加的原理，對(duì)兩球質(zhì)量相等的情況進(jìn)行分析判斷；

CD根據(jù)動(dòng)量和動(dòng)能的關(guān)系式判斷總動(dòng)量，再結(jié)合動(dòng)量守恒和機(jī)械能不增加的原理進(jìn)行分析解答。

【解答】解：根據(jù)題意可得/外諦=；叱點(diǎn)

AA如果兩球質(zhì)量相等，速度大小則丫甲=v乙，則%叫=徑小乙，即總動(dòng)量為0,根據(jù)動(dòng)量守恒電荷機(jī)械能

不增加的原理，則碰后可以以相等速率互相分開(kāi)，故A正確，3錯(cuò)誤；

CD如果叫口叫，則根據(jù)P=、2mEk可得與□多,根據(jù)碰撞動(dòng)量守恒和機(jī)械能不增加的原理，D不滿足

動(dòng)量守恒條件，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：AC=

【點(diǎn)評(píng)】考查動(dòng)量守恒和能量守恒等問(wèn)題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確的分析和判斷。

9.（5分）如圖所示，一平行板電容器兩極板水平放置，極板間距為d,長(zhǎng)度為44。開(kāi)始時(shí)接到一個(gè)直流

第16頁(yè)（共28頁(yè)）

電源上，開(kāi)關(guān)閉合，電源電動(dòng)勢(shì)恒定。一個(gè)帶負(fù)電的粒子以%=3或從兩板正中央水平向右射入電容器,

恰好沿著圖中虛線做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子質(zhì)量為加。則（）

~W-

EIJ

A.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，將上板上移粒子會(huì)向上偏轉(zhuǎn)

3

B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，將上板上移四，粒子仍然做勻速直線運(yùn)動(dòng)

3

c.保持開(kāi)關(guān)閉合，將上板上移四，粒子從原位置入射，會(huì)擊中下板且擊中前瞬間的動(dòng)能為衛(wèi)〃取”

38

D.保持開(kāi)關(guān)閉合，電動(dòng)勢(shì)翻倍，粒子從原位置入射，會(huì)擊中上板，且擊中前瞬間的動(dòng)能為5〃7gd

【答案】BD

【分析】AB根據(jù)平行板電容器的相關(guān)公式推導(dǎo)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后的場(chǎng)強(qiáng)以及粒子受力情況判斷粒子是否發(fā)生偏

轉(zhuǎn)；

CD根據(jù)牛頓第二定律和類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律推導(dǎo)是否能擊中極板，結(jié)合動(dòng)能定理計(jì)算擊中極板時(shí)的動(dòng)能大

小。

【解答】解：AA斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，電容器兩極板的電荷量不變，根據(jù)C=幺=旦，得￡=且=坦吆，即電

UAjrkddeS

場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子一直滿足條件qE=mg,故粒子不偏轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤，8正確；

C保持開(kāi)關(guān)閉合，電勢(shì)差一定，將上極板上移色，由￡=且知屈=』E,所以粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)牛頓第

3d4

二定律

mg-qE'=ma

^a=-g

4

若擊中下板所需時(shí)間為人在豎直向下的方向上根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律

第17頁(yè)（共28頁(yè)）

水平方向上x(chóng)==6d>4d不符合題意，即不能擊中下極板，故C錯(cuò)誤。

D保持開(kāi)關(guān)閉合，電動(dòng)勢(shì)翻倍，那么向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得

qE'-mg

ay二

m

得%=g

假設(shè)擊中上極板時(shí)間為〃，水平方向位移x，=v/=3而x^|=3d,符合題意，根據(jù)動(dòng)能定理有

112

mv

（qE，-mg）--d=Ek--o

解得Ek=5mgd

故。正確。

故選：BD?

【點(diǎn)評(píng)】考查電容器中帶電粒子在組合場(chǎng)中的受力和運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，會(huì)結(jié)合動(dòng)能定理分析求解相關(guān)物理量。

10.（5分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上（導(dǎo)軌電阻不計(jì)），導(dǎo)軌間距為乙=2加，在導(dǎo)軌所

在的平面內(nèi)，分布著垂直于導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.57的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=5V,

內(nèi)阻廠=0.50的電源，串聯(lián)一電阻R=2.50。一導(dǎo)體棒垂直于軌道放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒的電阻不計(jì)、

質(zhì)量〃z=lZg,與導(dǎo)軌的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5。當(dāng)磁場(chǎng)以%=12m/s的速度勻速向右移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒恰好能

向右勻速移動(dòng)，且導(dǎo)體棒一直在磁場(chǎng)內(nèi)部，則下列說(shuō)法正確的是（）

磁場(chǎng)邊界

A.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度為2m/s

B.安培力對(duì)導(dǎo)體棒做功的功率為10W,故電路發(fā)熱的熱功率為10W

C.導(dǎo)體棒和軌道摩擦生熱的功率為10W

D.電源產(chǎn)生的電功率和外力對(duì)磁場(chǎng)做功的功率之和為85W

【答案】ACD

【分析】導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件求得回路中的電流，導(dǎo)體棒相對(duì)磁場(chǎng)向左運(yùn)動(dòng)，切割磁感線

第18頁(yè)（共28頁(yè)）

產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律求解導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度；根據(jù)尸=為，，求解

安培力對(duì)導(dǎo)體棒做功的功率，根據(jù)焦耳定律求解電路發(fā)熱的熱功率；由功能關(guān)系與功率公式求解導(dǎo)體棒和

軌道摩擦生熱的功率；根據(jù)能量守恒定律，可知電源產(chǎn)生的電功率和外力對(duì)磁場(chǎng)做功的功率之和等于電路

發(fā)熱的熱功率和導(dǎo)體棒和軌道摩擦生熱的功率之和。

【解答】解：A、導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：BIL=^mg,解得回路中的電流為：I=5A

設(shè)導(dǎo)體棒的速度為v,導(dǎo)體棒相對(duì)磁場(chǎng)向左運(yùn)動(dòng)，切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為：Ei=BLW-v）

根據(jù)閉合電路歐姆定律得：/=空”

R+r

聯(lián)立解得：v=2m/s9故A正確；

B、安培力對(duì)導(dǎo)體棒做功的功率為：P^=F^v=BILv=0.5x5x2x2W=10W

電路發(fā)熱的熱功率為：絳耳熱=尸（R+r）=5?x（2.5+0.5）W=75W

可見(jiàn)安培力對(duì)導(dǎo)體棒做功的功率與電路發(fā)熱的熱功率并不相等，故8錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)體棒和軌道摩擦生熱的功率為：/擦熱=0.5x1x10*2W=10W,故C正確；

。、根據(jù)能量守恒定律，可知電源產(chǎn)生的電功率和外力對(duì)磁場(chǎng)做功的功率之和等于電路發(fā)熱的熱功率和導(dǎo)

體棒和軌道摩擦生熱的功率之和，則有：

舄源+弓卜力=心耳熱+降擦熱=75W+10W=85W，故。正確。

故選：ACD。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電磁感應(yīng)現(xiàn)象中能量轉(zhuǎn)化與守恒的問(wèn)題。解答時(shí)要注意分析導(dǎo)體棒相對(duì)磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)方

向。要掌握導(dǎo)體棒作為電源，電路中存在雙電源，依據(jù)電源的串并聯(lián)關(guān)系確定總的電動(dòng)勢(shì)。

三、非選擇題：共5小題，共57分。

11.（7分）某同學(xué)利用如圖1所示裝置探究“影響感應(yīng)電流方向的因素”，表格為該同學(xué)記錄的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象。

N極插入N極拔出S極插入S極拔出

原磁場(chǎng)方向向下向下向上向上

A/8燈現(xiàn)象A燈亮3燈亮3燈亮A燈亮

感應(yīng)電流磁場(chǎng)的向上向下向下向上

方向

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圖1圖2

（1）實(shí)驗(yàn)前先使用多用電表的歐姆擋對(duì)二極管正負(fù)極（二極管通正向電流時(shí)，電流的流入端為二極管的

正極，流出端為二極管的負(fù)極）進(jìn)行確認(rèn)，某次測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)多用電表指針幾乎沒(méi)有偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明此時(shí)黑表筆

接觸的是二極管的負(fù)極（填“正極”或“負(fù)極”）。

（2）由實(shí)驗(yàn)記錄可得當(dāng)穿過(guò)線圈的磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與條形磁鐵在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)

方向—（填“相同”“相反”或“沒(méi)有關(guān)系”）；當(dāng)穿過(guò)線圈的磁通量減小時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與

條形磁鐵在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向—（填“相同”“相反”或“沒(méi)有關(guān)系”）。由此得出的結(jié)論是感應(yīng)

電流的磁場(chǎng)總是阻礙原磁場(chǎng)的—的變化。

（3）該同學(xué)利用上面實(shí)驗(yàn)中得到的結(jié)論，在圖2所示裝置中進(jìn)行了一些操作，發(fā)現(xiàn)電流表的指針向右偏

轉(zhuǎn)（電流表的偏轉(zhuǎn)滿足左進(jìn)左偏，右進(jìn)右偏），該同學(xué)可能進(jìn)行了的操作是—。

A.閉合開(kāi)關(guān)瞬間

B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間

C.開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)

D.開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)

【答案】（1）負(fù)極；（2）相反；相同；磁通量；（3）ACo

【分析】（1）二極管正向電阻較小，反向電阻很大；電流從二極管正極流入，二極管導(dǎo)通，電阻較小，電

流從二極管負(fù)極流入，二極管截止，反向電阻很大；歐姆表的內(nèi)部電流從黑表筆流出，據(jù)此分析作答；

（2）根據(jù)表格記錄的現(xiàn)象結(jié)合楞次定律分析作答。

【解答】解：（1）二極管正向電阻較小，反向電阻很大；電流從二極管正極流入，二極管導(dǎo)通，電阻較小，

電流從二極管負(fù)極流入，二極管截止，反向電阻很大；測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)多用電表指針幾乎沒(méi)有偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明二極

管的負(fù)極與電源正極相連，由于黑表筆與電源正極相連，故此時(shí)黑表筆接觸的是二極管的負(fù)極。

（2）由實(shí)驗(yàn)記錄可得當(dāng)穿過(guò)線圈的磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與條形磁鐵在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)

方向相反，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與條形磁鐵在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向相同，由此得出的結(jié)論是感應(yīng)電流的

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磁場(chǎng)總是阻礙原磁場(chǎng)的磁通量的變化。

（3）48.閉合開(kāi)關(guān)瞬間，線圈A中電流增大，產(chǎn)生的磁場(chǎng)增大，線圈8中向下的磁通量增大，根據(jù)楞次

定律，電流表中有從右向左的電流，電流表的指針向右偏轉(zhuǎn)，同理可得，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，電流表的指針向

左偏轉(zhuǎn)，故A正確，3錯(cuò)誤；

CD.開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，線圈A中電流增大，

產(chǎn)生的磁場(chǎng)增大，線圈2中向下的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，電流表中有從右向左的電流，電流表的指

針向右偏轉(zhuǎn)，同理可得，開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)，電流表的指針向左偏轉(zhuǎn)，故C正確，

。錯(cuò)誤。

故選：ACo

故答案為：（1）負(fù)極；（2）相反；相同；磁通量；（3）AC0

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了探究“影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)，要明確實(shí)驗(yàn)的原理，理解楞次定律。

12.（9分）某同學(xué)采用如圖甲所示裝置驗(yàn)證物塊A與物塊2（帶有遮光條）組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。圖中

光電門(mén)安裝在鐵架臺(tái)上且位置可調(diào)，滑輪質(zhì)量不計(jì)，細(xì)線與滑輪之間的摩擦可以忽略不計(jì)，細(xì)線始終伸直。

mB=2mA,遮光條質(zhì)量不計(jì)，遮光條通過(guò)光電門(mén)的平均速度看作滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)時(shí)將物

塊3由靜止釋放。

（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出遮光條寬度d,如圖乙所示，則1=1.195mm。

（2）某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得”11.60儂，則此時(shí)A的速度為—m/s（保留2位有效數(shù)字）。

（3）改變光電門(mén)與物塊3之間的高度耳，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得各次遮光條的擋光時(shí)間以為橫軸、（為縱

軸建立平面直角坐標(biāo)系，在坐標(biāo)系中作出圖像，如圖丙所示，該圖像的斜率為左，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，

若％=—（用含g、1字母的表達(dá)式表示），則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。

【答案】（1）1.195；（2）0.10；（3）空。

3d2

【分析】（1）螺旋測(cè)微器的精確度為0.01〃〃〃，根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；

（2）根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度求解A的瞬時(shí)速度；

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(3)分別求解重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量，再結(jié)合圖像斜率的含義求解機(jī)械能守恒需要滿足的條

件。

【解答】解：(1)螺旋測(cè)微器的精確度為0.01加加，測(cè)出遮光條寬度為d=1加機(jī)+19.5x0.0hmn=1.195znm

(2)據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度，A速度為"=4=^空耳根/S。0.10根/5

t11.60xIO-3

(3)系統(tǒng)減小的重力勢(shì)能為△￡「=(丹-/)g，7

22

系統(tǒng)增加的動(dòng)能為□%=；0nA+mB)v=^-(mA+ms)(y)

在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒有△EpMEk

化解得《=

t23d°

與-/z圖像的斜率為左，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，滿足左=?與

t23d2

則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。

故答案為:(1)1,195；(2)0.10；(3)蕓。

3d2

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速度可以代替瞬時(shí)速度，同

時(shí)明確重力勢(shì)能和動(dòng)能的定義，明確驗(yàn)證機(jī)械能守恒的方法。

13.(10分)2024年初哈爾濱旅游“火出圈”，“南方小土豆勇闖哈爾濱”等話題接連上熱搜，豐富的冰雪

運(yùn)動(dòng)吸引了大量的游客。在冰雪大世界有一個(gè)冰滑梯，如圖所示，與水平面成37。角的傾斜冰滑道與水平

冰滑道在8點(diǎn)平滑連接，滑梯頂端高度，/?=6,〃。小孩乘坐冰車由靜止開(kāi)始從滑道頂端A出發(fā)，經(jīng)過(guò)8點(diǎn)

后瞬間與處于靜止?fàn)顟B(tài)的家長(zhǎng)所乘坐的冰車發(fā)生碰撞，碰撞后兩冰車(包含小孩和家長(zhǎng))一起共同運(yùn)動(dòng),

已知小孩和冰車的總質(zhì)量〃7=30kg,家長(zhǎng)和冰車的總質(zhì)量M=60/g,人與冰車均可視為質(zhì)點(diǎn)，冰車與冰

面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25,忽略空氣阻力，取重力加速度g=10〃z/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)小孩與家長(zhǎng)碰前小孩的速度大??；

(2)要保證冰車不滑出水平滑道，水平滑道至少需要多長(zhǎng)？

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【答案】（1）小孩與家長(zhǎng)碰前小孩的速度大小為46機(jī)/s；

（2）要保證冰車不滑出水平滑道，水平滑道至少需要電機(jī)。

9

【分析】（1）小孩乘坐冰車由曲面下滑的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理解得碰前小孩的速度大?。?/p>

（2）對(duì)于碰撞過(guò)程，小孩和家長(zhǎng)（包括各自冰車）組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律結(jié)合能量守恒

定律求解。

【解答】解：（1）對(duì)小孩和冰車從出發(fā)到3點(diǎn)用動(dòng)能定理有

mgh-jumgcos37。.\丁-；mv1

解得

v0=V80m/s=4^5m/s

（2）設(shè)碰撞后兩冰車（包含小孩和家長(zhǎng)）的速度為v,規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒可得

mv0=（m+M）v

能量守恒

1

—+7=/i（m+M）gL

解得

16

Lr=——m

9

答：（1）小孩與家長(zhǎng)碰前小孩的速度大小為46根/s；

（2）要保證冰車不滑出水平滑道，水平滑道至少需要電機(jī)。

9

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是明確碰撞的基本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律。要知道動(dòng)量守恒與能量守恒的綜合應(yīng)用。

14.（14分）如圖所示，有兩條不計(jì)電阻的平行光滑金