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文檔簡介
2022-2023學(xué)年高三上數(shù)學(xué)期末模擬試卷注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時請按要求用筆。3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1.已知雙曲線的左,右焦點分別為,O為坐標(biāo)原點,P為雙曲線在第一象限上的點,直線PO,分別交雙曲線C的左,右支于另一點,且,則雙曲線的離心率為()A. B.3 C.2 D.2.若(1+2ai)i=1-bi,其中a,b∈R,則|a+bi|=().A. B. C. D.53.蒙特卡洛算法是以概率和統(tǒng)計的理論、方法為基礎(chǔ)的一種計算方法,將所求解的問題同一定的概率模型相聯(lián)系;用均勻投點實現(xiàn)統(tǒng)計模擬和抽樣,以獲得問題的近似解,故又稱統(tǒng)計模擬法或統(tǒng)計實驗法.現(xiàn)向一邊長為的正方形模型內(nèi)均勻投點,落入陰影部分的概率為,則圓周率()A. B.C. D.4.已知集合,,若AB,則實數(shù)的取值范圍是()A. B. C. D.5.已知橢圓的左、右焦點分別為、,過點的直線與橢圓交于、兩點.若的內(nèi)切圓與線段在其中點處相切,與相切于點,則橢圓的離心率為()A. B. C. D.6.已知雙曲線的一個焦點為,且與雙曲線的漸近線相同,則雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程為()A. B. C. D.7.記等差數(shù)列的公差為,前項和為.若,,則()A. B. C. D.8.如圖,在三棱錐中,平面,,,,,分別是棱,,的中點,則異面直線與所成角的余弦值為A.0 B. C. D.19.若函數(shù)在時取得極值,則()A. B. C. D.10.已知集合,則()A. B.C. D.11.已知,,且是的充分不必要條件,則的取值范圍是()A. B. C. D.12.已知平面向量,,,則實數(shù)x的值等于()A.6 B.1 C. D.二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。13.已知為橢圓內(nèi)一定點,經(jīng)過引一條弦,使此弦被點平分,則此弦所在的直線方程為________________.14.從4名男生和3名女生中選出4名去參加一項活動,要求男生中的甲和乙不能同時參加,女生中的丙和丁至少有一名參加,則不同的選法種數(shù)為______.(用數(shù)字作答)15.若,則________.16.工人在安裝一個正六邊形零件時,需要固定如圖所示的六個位置的螺栓.若按一定順序?qū)⒚總€螺栓固定緊,但不能連續(xù)固定相鄰的2個螺栓.則不同的固定螺栓方式的種數(shù)是________.三、解答題:共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17.(12分)如圖,四棱錐中,底面為直角梯形,,,,,在銳角中,E是邊PD上一點,且.(1)求證:平面ACE;(2)當(dāng)PA的長為何值時,AC與平面PCD所成的角為?18.(12分)已知橢圓的左、右焦點分別為、,點在橢圓上,且.(Ⅰ)求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程;(Ⅱ)設(shè)直線與橢圓相交于、兩點,與圓相交于、兩點,求的取值范圍.19.(12分)已知直線的參數(shù)方程為(為參數(shù)),以坐標(biāo)原點為極點,軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線的極坐標(biāo)方程為.(1)求直線的普通方程和曲線的直角坐標(biāo)方程;(2)設(shè)點,直線與曲線交于,兩點,求的值.20.(12分)在直角坐標(biāo)系中,已知圓,以原點為極點,x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,已知直線平分圓M的周長.(1)求圓M的半徑和圓M的極坐標(biāo)方程;(2)過原點作兩條互相垂直的直線,其中與圓M交于O,A兩點,與圓M交于O,B兩點,求面積的最大值.21.(12分)如圖,平面四邊形為直角梯形,,,,將繞著翻折到.(1)為上一點,且,當(dāng)平面時,求實數(shù)的值;(2)當(dāng)平面與平面所成的銳二面角大小為時,求與平面所成角的正弦.22.(10分)已知函數(shù),曲線在點處的切線方程為.(1)求,的值;(2)證明函數(shù)存在唯一的極大值點,且.
參考答案一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】
本道題結(jié)合雙曲線的性質(zhì)以及余弦定理,建立關(guān)于a與c的等式,計算離心率,即可.【詳解】結(jié)合題意,繪圖,結(jié)合雙曲線性質(zhì)可以得到PO=MO,而,結(jié)合四邊形對角線平分,可得四邊形為平行四邊形,結(jié)合,故對三角形運用余弦定理,得到,而結(jié)合,可得,,代入上式子中,得到,結(jié)合離心率滿足,即可得出,故選D.【點睛】本道題考查了余弦定理以及雙曲線的性質(zhì),難度偏難.2、C【解析】試題分析:由已知,-2a+i=1-bi,根據(jù)復(fù)數(shù)相等的充要條件,有a=-,b=-1所以|a+bi|=,選C考點:復(fù)數(shù)的代數(shù)運算,復(fù)數(shù)相等的充要條件,復(fù)數(shù)的模3、A【解析】
計算出黑色部分的面積與總面積的比,即可得解.【詳解】由,∴.故選:A【點睛】本題考查了面積型幾何概型的概率的計算,屬于基礎(chǔ)題.4、D【解析】
先化簡,再根據(jù),且AB求解.【詳解】因為,又因為,且AB,所以.故選:D【點睛】本題主要考查集合的基本運算,還考查了運算求解的能力,屬于基礎(chǔ)題.5、D【解析】
可設(shè)的內(nèi)切圓的圓心為,設(shè),,可得,由切線的性質(zhì):切線長相等推得,解得、,并設(shè),求得的值,推得為等邊三角形,由焦距為三角形的高,結(jié)合離心率公式可得所求值.【詳解】可設(shè)的內(nèi)切圓的圓心為,為切點,且為中點,,設(shè),,則,且有,解得,,設(shè),,設(shè)圓切于點,則,,由,解得,,,所以為等邊三角形,所以,,解得.因此,該橢圓的離心率為.故選:D.【點睛】本題考查橢圓的定義和性質(zhì),注意運用三角形的內(nèi)心性質(zhì)和等邊三角形的性質(zhì),切線的性質(zhì),考查化簡運算能力,屬于中檔題.6、B【解析】
根據(jù)焦點所在坐標(biāo)軸和漸近線方程設(shè)出雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程,結(jié)合焦點坐標(biāo)求解.【詳解】∵雙曲線與的漸近線相同,且焦點在軸上,∴可設(shè)雙曲線的方程為,一個焦點為,∴,∴,故的標(biāo)準(zhǔn)方程為.故選:B【點睛】此題考查根據(jù)雙曲線的漸近線和焦點求解雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程,易錯點在于漏掉考慮焦點所在坐標(biāo)軸導(dǎo)致方程形式出錯.7、C【解析】
由,和,可求得,從而求得和,再驗證選項.【詳解】因為,,所以解得,所以,所以,,,故選:C.【點睛】本題考查等差數(shù)列的通項公式、前項和公式,還考查運算求解能力,屬于中檔題.8、B【解析】
根據(jù)題意可得平面,,則即異面直線與所成的角,連接CG,在中,,易得,所以,所以,故選B.9、D【解析】
對函數(shù)求導(dǎo),根據(jù)函數(shù)在時取得極值,得到,即可求出結(jié)果.【詳解】因為,所以,又函數(shù)在時取得極值,所以,解得.故選D【點睛】本題主要考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用,根據(jù)函數(shù)的極值求參數(shù)的問題,屬于常考題型.10、C【解析】
由題意和交集的運算直接求出.【詳解】∵集合,∴.故選:C.【點睛】本題考查了集合的交集運算.集合進(jìn)行交并補(bǔ)運算時,常借助數(shù)軸求解.注意端點處是實心圓還是空心圓.11、D【解析】
“是的充分不必要條件”等價于“是的充分不必要條件”,即中變量取值的集合是中變量取值集合的真子集.【詳解】由題意知:可化簡為,,所以中變量取值的集合是中變量取值集合的真子集,所以.【點睛】利用原命題與其逆否命題的等價性,對是的充分不必要條件進(jìn)行命題轉(zhuǎn)換,使問題易于求解.12、A【解析】
根據(jù)向量平行的坐標(biāo)表示即可求解.【詳解】,,,,即,故選:A【點睛】本題主要考查了向量平行的坐標(biāo)運算,屬于容易題.二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。13、【解析】
設(shè)弦所在的直線與橢圓相交于、兩點,利用點差法可求得直線的斜率,進(jìn)而可求得直線的點斜式方程,化為一般式即可.【詳解】設(shè)弦所在的直線與橢圓相交于、兩點,由于點為弦的中點,則,得,由題意得,兩式相減得,所以,直線的斜率為,所以,弦所在的直線方程為,即.故答案為:.【點睛】本題考查利用弦的中點求弦所在直線的方程,一般利用點差法,也可以利用韋達(dá)定理設(shè)而不求法來解答,考查計算能力,屬于中等題.14、1【解析】
由排列組合及分類討論思想分別討論:①設(shè)甲參加,乙不參加,②設(shè)乙參加,甲不參加,③設(shè)甲,乙都不參加,可得不同的選法種數(shù)為9+9+5=1,得解.【詳解】①設(shè)甲參加,乙不參加,由女生中的丙和丁至少有一名參加,可得不同的選法種數(shù)為9,②設(shè)乙參加,甲不參加,由女生中的丙和丁至少有一名參加,可得不同的選法種數(shù)為9,③設(shè)甲,乙都不參加,由女生中的丙和丁至少有一名參加,可得不同的選法種數(shù)為5,綜合①②③得:不同的選法種數(shù)為9+9+5=1,故答案為:1.【點睛】本題考查了排列組合及分類討論思想,準(zhǔn)確分類及計算是關(guān)鍵,屬中檔題.15、13【解析】
由導(dǎo)函數(shù)的應(yīng)用得:設(shè),,所以,,又,所以,即,由二項式定理:令得:,再由,求出,從而得到的值;【詳解】解:設(shè),,所以,,又,所以,即,取得:,又,所以,故,故答案為:13【點睛】本題考查了導(dǎo)函數(shù)的應(yīng)用、二項式定理,屬于中檔題16、60【解析】分析:首先將選定第一個釘,總共有6種方法,假設(shè)選定1號,之后分析第二步,第三步等,按照分類加法計數(shù)原理,可以求得共有10種方法,利用分步乘法計數(shù)原理,求得總共有種方法.詳解:根據(jù)題意,第一個可以從6個釘里任意選一個,共有6種選擇方法,并且是機(jī)會相等的,若第一個選1號釘?shù)臅r候,第二個可以選3,4,5號釘,依次選下去,可以得到共有10種方法,所以總共有種方法,故答案是60.點睛:該題考查的是有關(guān)分類加法計數(shù)原理和分步乘法計數(shù)原理,在解題的過程中,需要逐個的將對應(yīng)的過程寫出來,所以利用列舉法將對應(yīng)的結(jié)果列出,而對于第一個選哪個是機(jī)會均等的,從而用乘法運算得到結(jié)果.三、解答題:共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、(1)證明見解析;(2)當(dāng)時,AC與平面PCD所成的角為.【解析】
(1)連接交于,由相似三角形可得,結(jié)合得出,故而平面;(2)過作,可證平面,根據(jù)計算,得出的大小,再計算的長.【詳解】(1)證明:連接BD交AC于點O,連接OE,,,又平面ACE,平面ACE,平面ACE.(2),,平面PAD作,F(xiàn)為垂足,連接CF平面PAD,平面PAD.,有,,平面就是AC與平面PCD所成的角,,,,,,時,AC與平面PCD所成的角為.【點睛】本題考查了線面平行的判定,線面垂直的判定與線面角的計算,屬于中檔題.18、(Ⅰ);(Ⅱ).【解析】
(Ⅰ)利用勾股定理結(jié)合條件求得和,利用橢圓的定義求得的值,進(jìn)而可得出,則橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程可求;(Ⅱ)設(shè)點、,將直線的方程與橢圓的方程聯(lián)立,利用韋達(dá)定理與弦長公式求出,利用幾何法求得直線截圓所得弦長,可得出關(guān)于的函數(shù)表達(dá)式,利用不等式的性質(zhì)可求得的取值范圍.【詳解】(Ⅰ)在橢圓上,,,,,,,又,,,,橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為;(Ⅱ)設(shè)點、,聯(lián)立消去,得,,則,,設(shè)圓的圓心到直線的距離為,則.,,,,的取值范圍為.【點睛】本題考查橢圓方程的求解,同時也考查了橢圓中弦長之積的取值范圍的求解,涉及韋達(dá)定理與弦長公式的應(yīng)用,考查計算能力,屬于中等題.19、(1);(2)【解析】
(1)利用參數(shù)方程、普通方程、極坐標(biāo)方程間的互化公式即可;(2)將直線參數(shù)方程代入圓的普通方程,可得,,而根據(jù)直線參數(shù)方程的幾何意義,知,代入即可解決.【詳解】(1)直線的參數(shù)方程為(為參數(shù)),消去;得曲線的極坐標(biāo)方程為.由,,,可得,即曲線的直角坐標(biāo)方程為;(2)將直線的參數(shù)方程(為參數(shù))代入的方程,可得,,設(shè),是點對應(yīng)的參數(shù)值,,,則.【點睛】本題考查參數(shù)方程、普通方程、極坐標(biāo)方程間的互化,直線參數(shù)方程的幾何意義,是一道容易題.20、(1),(2)【解析】
先求出,再求圓的半徑和極坐標(biāo)方程;(2)設(shè)求出,,再求出得解.【詳解】(1)將化成直角坐標(biāo)方程,得則,故,則圓,即,所以圓M的半徑為.將圓M的方程化成極坐標(biāo)方程,得.即圓M的極坐標(biāo)方程為.(2)設(shè),則,用代替.可得,【點睛】本題主要考查直角坐標(biāo)和極坐標(biāo)的互化,考查極徑的計算,意在考查學(xué)生對這些知識的理解掌握水平.21、(1);(2).【解析】
(1)連接交于點,連接,利用線面平行的性質(zhì)定理可推導(dǎo)出,然后利用平行線分線段成比例定理可求得的值;(2)取中點,連接、,過點作,則,作于,連接,推導(dǎo)出,,可得出為平面與平面所成的銳二面角,由此計算出、,并證明出平面,可得出直線與平面所成的角為,進(jìn)而可求得與平面所成角的正弦值.【詳解】(1)連接交于點,連接,平面,平面,平面平面,,在梯形中,,則,,,,所以,;(2)取中點,連接、,過點作,則,作于,連接.為的中點,且,,且,所以,四邊形為平行四邊形,由于,,,,,,,為的中點,所以,,,同理,,,,平面,,,,為面與面所成的銳二面角,,,,,則,,,平面,平面,,,,面,為與底面所成的角,,,.在中,.因此,與平面所成角的正弦值為.【點睛】本題考查利用線面平行的性質(zhì)求參數(shù),同時也考查了線面角的計算,涉及利用二面角求線段長度,考查推理能力與計算能力,屬于中等題.22、(1)(2)證明見解析【解析】
(1)求導(dǎo),可得(1),(1),結(jié)合已知切線方程即可求得,
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