2024年河北省保定市高考物理一模試卷

第1頁(yè)〔共1頁(yè)〕2024年河北省保定市高考物理一模試卷一、選擇題：本大題共8小題，毎小題6分．在毎小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-4題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分．1．〔6分〕以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A．所有的核反響都會(huì)釋放大量的核能B．光電效應(yīng)是光具有粒子性的有力證據(jù)C．牛頓第一定律揭示了力與慣性的關(guān)系：力可以改變物體的慣性D．安培首先發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，掲示了電與磁的聯(lián)系2．〔6分〕在平直公路上有甲、乙兩輛汽車從同一位置沿著同一方向運(yùn)動(dòng)，它們的速度時(shí)間圖象如以下列圖，那么〔〕A．甲乙兩車同時(shí)從靜止開始出發(fā)B．在t=2s時(shí)乙車追上甲車C．在t=4s時(shí)乙車追上甲車D．甲乙兩車在公路上可能相遇兩次3．〔6分〕如以下列圖，半徑為R的細(xì)圓管〔管徑可忽略〕內(nèi)壁光滑，豎直放置，一質(zhì)量為m直徑略小于管徑的小球可在管內(nèi)自由滑動(dòng)，測(cè)得小球在管頂部時(shí)與管壁的作用力大小為mg，g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋敲础病矨．小球在管頂部時(shí)速度大小為B．小球運(yùn)動(dòng)到管底部時(shí)速度大小可能為C．小球運(yùn)動(dòng)到管底部時(shí)對(duì)管壁的壓力可能為5mgD．小球運(yùn)動(dòng)到管底部時(shí)對(duì)管壁的壓力為7mg4．〔6分〕A、B是平行板電容器的兩個(gè)極板，板間距為d，B板接地，把電容器接入如以下列圖的電路中，開始時(shí)滑動(dòng)變阻器的滑片P恰好在電阻R的中間位置，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻忽略不計(jì)，一帶電液滴靜止在距離B板的O點(diǎn)．以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A．液滴帶負(fù)電B．滑動(dòng)變阻器滑片滑到最左端，A板電勢(shì)由﹣?zhàn)優(yōu)椹丒C．用絕緣手柄把B板下移，AB板間電勢(shì)差變?yōu)镈．用絕緣手柄把B板下移，帶電液滴在O點(diǎn)的電勢(shì)能減少5．〔6分〕如以下列圖，一質(zhì)量M=3kg、傾角為α=45°的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m=lkg的光滑楔形物體．用一水平向左的恒力F作用在斜面體上，系統(tǒng)恰好保持相對(duì)靜止地向左運(yùn)動(dòng)．重力加速度為g=10m/s2，以下判斷正確的選項(xiàng)是〔〕A．系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．F=40NC．斜面體對(duì)楔形物體的作用力FN=ND．增大力F，楔形物體將相對(duì)斜面體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)6．〔6分〕O為地球球心，半徑為R的圓是地球赤道，地球自轉(zhuǎn)方向如以下列圖，自轉(zhuǎn)周期為T，觀察站A有一觀測(cè)員在持續(xù)觀察某衛(wèi)星B，某時(shí)刻觀測(cè)員恰能觀察到衛(wèi)星B從地平線的東邊落下，經(jīng)的時(shí)間，再次觀察到衛(wèi)星B從地平線的西邊升起?！螧OB′=α，地球質(zhì)量為M，萬(wàn)有引力常量為G，那么〔〕A．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為B．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為C．衛(wèi)星B離地表的高度為D．衛(wèi)星B離地表的高度為7．〔6分〕如以下列圖，水平軌道寬為L(zhǎng)，軌道區(qū)間里存在著斜向上與水平方向夾角為α的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，與軌道右端的距離為s，導(dǎo)體棒與軌道間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．某時(shí)刻起給導(dǎo)體棒通以如以下列圖的恒定電流I，導(dǎo)體棒加速后從軌道右端水平飛出，落在距離水平軌道為h的地面上，落地點(diǎn)與軌道右端的水平距離為s．重力加速度為g，忽略空氣阻力，那么〔〕A．導(dǎo)體棒剛飛出軌道時(shí)的速度大小為sB．導(dǎo)體棒在空中飛行的時(shí)間為C．導(dǎo)體棒在軌道上的加速度大小為D．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8．〔6分〕如以下列圖，垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌左端接一電阻，R=3Ω，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，一與導(dǎo)軌接觸良好電阻r=2Ω的金屬導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌，以矩形ABCD的中線OO'為中心、AB和CD為邊界在ABCD區(qū)域內(nèi)往復(fù)運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間變化的圖象如以下列圖〔規(guī)定順時(shí)針電流為正方向電流〕．磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，軌道寬度L=50cm，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔〕A．0.1s時(shí)導(dǎo)體棒在OO'位置，向左運(yùn)動(dòng)且速度大小為100m/sB．A、C兩點(diǎn)間距離大于10mC．通過(guò)電阻R的瞬時(shí)電流表達(dá)式為sin5πtD．用交流電壓表測(cè)量電阻R兩端的電壓，示數(shù)約為4.24〔V〕二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題-第12題為必考題，毎個(gè)試題考生都必須作答．第13題-第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．9．〔6分〕某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究小車運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系．實(shí)驗(yàn)操作如下：〔1〕在小車上固定一擋光片，用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度d．〔2〕長(zhǎng)木板放在水平桌面上，一端用木塊墊起，在距離木板O點(diǎn)為l的位置固定一個(gè)光電計(jì)時(shí)器，能記錄擋光片通過(guò)光電計(jì)時(shí)器的時(shí)間．〔3〕小車從O點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為t．〔4〕調(diào)整光電計(jì)時(shí)器距離O的位置，記錄下距離l．〔5〕小車每次從O點(diǎn)由靜止釋放，記錄對(duì)應(yīng)的時(shí)間t．請(qǐng)答復(fù)以下問(wèn)題①用游標(biāo)卡尺測(cè)擋光片的寬度，示數(shù)如圖2所示，那么d=cm．②光電計(jì)時(shí)器在某位置時(shí)記錄的時(shí)間為0.0105s，那么小車經(jīng)過(guò)該位置時(shí)速度v=m/s．〔保存兩位有效數(shù)字〕③通過(guò)記錄的一系列l(wèi)和t，處理數(shù)據(jù)后得到l﹣v的關(guān)系圖如圖3所示，發(fā)現(xiàn)根據(jù)圖象不能確定l和v的函數(shù)關(guān)系，請(qǐng)你提出方案來(lái)幫助該小組同學(xué)確定l和v的關(guān)系．10．〔9分〕該小組成員用以下局部?jī)x器對(duì)上題中電阻Rx進(jìn)一步測(cè)量，可供使用的器材如下：電流表A1，量程0.1A，內(nèi)阻很小，可忽略電流表A2，量程3mA，內(nèi)阻很小，可忽略定值電阻R0=1kΩ滑動(dòng)變阻器R1，全電阻10Ω，額定電流1A滑動(dòng)變阻器R2，全電阻500Ω，額定電流0.2A電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻很小電鍵S、導(dǎo)線假設(shè)干要求實(shí)驗(yàn)中電表示數(shù)從零調(diào)起，可獲得多組測(cè)量數(shù)據(jù)，測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)操作方便．①由實(shí)驗(yàn)要求應(yīng)選擇的滑動(dòng)變阻器為②在如圖虛線框內(nèi)畫出測(cè)量電路的原理圖．③假設(shè)I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，被測(cè)電阻Rx的表達(dá)式Rx=．11．〔14分〕小物塊質(zhì)量m=0.99kg，靜止在光滑水平面上，一顆質(zhì)量為m0=0.01kg的子彈以速度v0=400m/s從左邊射入小物塊，之后小物塊滑上一傾角為37°的斜坡，最后返回水平面．水平面與斜坡的連接處有一小段光滑圓弧，小物塊與斜坡的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g=10m/s2．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕求：〔1〕小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離；〔2〕小物塊返回水平面的速度．12．〔18分〕如以下列圖，足夠大的空間內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)進(jìn)場(chǎng)，xOy是在豎直平面內(nèi)建立的平面坐標(biāo)系，磁場(chǎng)方向垂直xOy平面向外，在一、四象限內(nèi)還存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E．一帶電粒子從x軸上的C點(diǎn)沿CD方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，CD與﹣x方向夾角α=30°，然后從D點(diǎn)進(jìn)入第三象限內(nèi)，重力加速度為g．〔1〕求粒子的電性以及勻速運(yùn)動(dòng)的速度；〔2〕欲使粒子進(jìn)入第三象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需要施加一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，求此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向；〔3〕在第〔2〕問(wèn)的情況下，粒子到達(dá)x軸負(fù)半軸的M點(diǎn)〔未畫出〕，且OM=OC，求OC的長(zhǎng)度以及在第三象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【物理-選修3-3】〔15分〕13．〔5分〕下對(duì)關(guān)于熱學(xué)概念或規(guī)律的說(shuō)法中，正確的選項(xiàng)是〔〕A．一定質(zhì)量的同種晶體在熔化過(guò)程中吸收的熱量與凝固過(guò)程中放出的熱量是相等的B．兩種不同的氣體可以通過(guò)擴(kuò)散混合在一起，混合在一起的兩種氣體也可以自發(fā)的恢復(fù)到擴(kuò)散之前的狀態(tài)C．懸浮在液體中的布朗粒子某一瞬間接觸到的液體分子越多，受到撞擊的不平衡性就表現(xiàn)越明顯，布朗運(yùn)動(dòng)就越劇烈D．用活塞壓縮打氣筒內(nèi)氣體，受到的阻力主要來(lái)源于氣體分子對(duì)活塞的壓力，而非是分子間的斥力E．一切自發(fā)的過(guò)程，總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行14．〔10分〕如以下列圖，一導(dǎo)熱性能良好的儲(chǔ)氣罐體積為v0，與一個(gè)大氣缸在底部連通，翻開氣閥K2，關(guān)閉K1，用質(zhì)量為M截面積為S的活塞封閉一定質(zhì)量的氣體，系統(tǒng)平衡后，氣缸內(nèi)氣體的體枳為8v0，重力加速度為g，外界大氣壓為p0，不計(jì)活塞與氣缸壁的摩擦．①求系統(tǒng)平衡時(shí)氣體的壓強(qiáng)p1；②用外力緩慢壓縮活塞到氣缸底部，關(guān)上氣閥K2，求穩(wěn)定后儲(chǔ)氣罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2．【物理-選修3-4】〔15分〕15．一根不可伸長(zhǎng)的細(xì)線．上端懸掛在O點(diǎn)，下端系一個(gè)小球，如圖〔1〕所示，某同學(xué)利用此裝置來(lái)探究周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系．該同學(xué)用米尺測(cè)得細(xì)線兩端的長(zhǎng)度，用卡尺測(cè)量小球的直徑，二者相加為l，通過(guò)改變細(xì)線的長(zhǎng)度，測(cè)得對(duì)應(yīng)的周期T，得到該裝置的l﹣T2圖象如圖〔2〕所示．利用所學(xué)單擺相關(guān)知識(shí)，選擇以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)〔取π2=9.86〕〔〕A．T=2s時(shí)擺長(zhǎng)為lm B．T=2s時(shí)擺長(zhǎng)為0.994mC．?dāng)[球半徑為0.006m D．當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?.80m/s2E．當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?.86m/s2 16．如以下列圖，ABCD是一個(gè)長(zhǎng)為a，高為b的容器，左壁距離底部為d的位置有一個(gè)點(diǎn)光源S，底部有一平面鏡MN．給容器灌滿某種透明液體，在容器右上角B附近可以現(xiàn)察到兩個(gè)光點(diǎn)，其中一個(gè)光點(diǎn)在原來(lái)光源的位置，另一個(gè)在原光源的上方．①作出觀察到光點(diǎn)在原位置時(shí)的光路圖；②求這種透明液體的折射率．

2024年河北省保定市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本大題共8小題，毎小題6分．在毎小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-4題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分．1．〔6分〕以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A．所有的核反響都會(huì)釋放大量的核能B．光電效應(yīng)是光具有粒子性的有力證據(jù)C．牛頓第一定律揭示了力與慣性的關(guān)系：力可以改變物體的慣性D．安培首先發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，掲示了電與磁的聯(lián)系【分析】在核反響中，有質(zhì)量虧損時(shí)，該核反響會(huì)釋放核能；光電效應(yīng)說(shuō)明光具有粒子性；慣性大小的量度是質(zhì)量，與力無(wú)關(guān)；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)．【解答】解：A、當(dāng)核反響中反響前的質(zhì)量小于反響后的質(zhì)量，該反響需要吸收能量，所以不是所有的核反響都會(huì)釋放大量的核能，故A錯(cuò)誤．B、光電效應(yīng)說(shuō)明光具有粒子性，故B正確．C、慣性的大小由質(zhì)量決定，力不能改變物體的慣性，故C錯(cuò)誤．D、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，掲示了電與磁的聯(lián)系，故D錯(cuò)誤．應(yīng)選：B．【點(diǎn)評(píng)】此題考查了核反響、光電效應(yīng)、牛頓第一定律、物理學(xué)史等根底知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些根底知識(shí)點(diǎn)，對(duì)于物理學(xué)史，不能混淆物理學(xué)家的奉獻(xiàn)．2．〔6分〕在平直公路上有甲、乙兩輛汽車從同一位置沿著同一方向運(yùn)動(dòng)，它們的速度時(shí)間圖象如以下列圖，那么〔〕A．甲乙兩車同時(shí)從靜止開始出發(fā)B．在t=2s時(shí)乙車追上甲車C．在t=4s時(shí)乙車追上甲車D．甲乙兩車在公路上可能相遇兩次【分析】由速度時(shí)間圖象能直接讀出物體的速度．由速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，兩輛汽車從同一位置沿著同一方向運(yùn)動(dòng)，相遇時(shí)兩車的位移應(yīng)相等．由此分析即可．【解答】解：A、乙車比甲車遲出發(fā)1s，故A錯(cuò)誤．B、根據(jù)速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，知t=2s時(shí)，甲車的位移比乙的位移大，那么知該時(shí)刻乙車還沒(méi)有追上甲車，故B錯(cuò)誤．C、在0﹣4s內(nèi)，甲車的位移x甲=×8×4m=16m，乙車的位移x乙=×〔1+3〕×8m=16m，所以x甲=x乙，兩者又是從同一位置沿著同一方向運(yùn)動(dòng)的，那么在t=4s時(shí)乙車追上甲車，故C正確．D、在t=4s時(shí)乙車追上甲車，由于t=4s時(shí)刻以后，甲車的比乙車的速度大，兩車不可能再相遇，所以兩車只相遇一次，故D錯(cuò)誤．應(yīng)選：C【點(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵是要理解速度時(shí)間圖線表示的物理意義，知道圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，相遇時(shí)兩車的位移相等．3．〔6分〕如以下列圖，半徑為R的細(xì)圓管〔管徑可忽略〕內(nèi)壁光滑，豎直放置，一質(zhì)量為m直徑略小于管徑的小球可在管內(nèi)自由滑動(dòng)，測(cè)得小球在管頂部時(shí)與管壁的作用力大小為mg，g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，那么〔〕A．小球在管頂部時(shí)速度大小為B．小球運(yùn)動(dòng)到管底部時(shí)速度大小可能為C．小球運(yùn)動(dòng)到管底部時(shí)對(duì)管壁的壓力可能為5mgD．小球運(yùn)動(dòng)到管底部時(shí)對(duì)管壁的壓力為7mg【分析】小球在最高點(diǎn)對(duì)軌道的作用力為mg，可能對(duì)內(nèi)壁有作用力，也可能對(duì)外壁有作用力，根據(jù)牛頓第二定律求得最高點(diǎn)的速度，利用動(dòng)能定理求得到達(dá)最低點(diǎn)的速度，集合牛頓第二定律求得作用力的大小【解答】解：A、小球在管頂部時(shí)與管壁的作用力大小為mg，可能對(duì)內(nèi)壁有作用力，也可能對(duì)外壁有作用力，當(dāng)對(duì)內(nèi)壁有作用力時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知：，解得：v=0當(dāng)對(duì)外壁有作用力時(shí)，那么有：，解得：v=，故A錯(cuò)誤B、根據(jù)動(dòng)能定理可知有：，解得：v或者v′=，故B錯(cuò)誤；CD、在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可知：，解得：FN=5mg或者FN=9mg，故C正確，D錯(cuò)誤；應(yīng)選：C【點(diǎn)評(píng)】此題考查了牛頓第二定律和動(dòng)能定理的綜合，知道小球在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)向心力的來(lái)源是解決此題的關(guān)鍵．4．〔6分〕A、B是平行板電容器的兩個(gè)極板，板間距為d，B板接地，把電容器接入如以下列圖的電路中，開始時(shí)滑動(dòng)變阻器的滑片P恰好在電阻R的中間位置，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻忽略不計(jì)，一帶電液滴靜止在距離B板的O點(diǎn)．以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A．液滴帶負(fù)電B．滑動(dòng)變阻器滑片滑到最左端，A板電勢(shì)由﹣?zhàn)優(yōu)椹丒C．用絕緣手柄把B板下移，AB板間電勢(shì)差變?yōu)镈．用絕緣手柄把B板下移，帶電液滴在O點(diǎn)的電勢(shì)能減少【分析】在直流電路中，電容器相當(dāng)于斷路，故電流為零；電阻器電壓為零；根據(jù)平衡條件分析電場(chǎng)力方向，判斷電荷的電性；電容器的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)．【解答】解：A、電容器上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，故電場(chǎng)方向向上，液滴平衡，受重力和電場(chǎng)力，故電場(chǎng)力向上，故電場(chǎng)力與電場(chǎng)方向相同，液滴帶正電荷，故A錯(cuò)誤；B、滑動(dòng)變阻器的電流為零，故電壓為零，故電容器的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，滑動(dòng)變阻器滑片滑到最左端，A板電勢(shì)不變，故B錯(cuò)誤；C、由選項(xiàng)B分析可知，用絕緣手柄把B板下移，AB板間電勢(shì)差不變，為E，故C錯(cuò)誤；D、電容器上極板電勢(shì)為零，用絕緣手柄把B板下移，板間距變大，故場(chǎng)強(qiáng)減小，故O點(diǎn)與A板的電勢(shì)差減小，說(shuō)明A板的電勢(shì)減小，故液滴〔正電荷〕在O點(diǎn)的電勢(shì)能減小，故D正確；應(yīng)選：D【點(diǎn)評(píng)】此題的關(guān)鍵要知道變阻器電阻對(duì)電路中電流沒(méi)有影響〔為零〕，故電容器電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，然后結(jié)合電勢(shì)、電勢(shì)能的概念進(jìn)行分析即可．5．〔6分〕如以下列圖，一質(zhì)量M=3kg、傾角為α=45°的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m=lkg的光滑楔形物體．用一水平向左的恒力F作用在斜面體上，系統(tǒng)恰好保持相對(duì)靜止地向左運(yùn)動(dòng)．重力加速度為g=10m/s2，以下判斷正確的選項(xiàng)是〔〕A．系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．F=40NC．斜面體對(duì)楔形物體的作用力FN=ND．增大力F，楔形物體將相對(duì)斜面體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)【分析】?jī)晌矬w沒(méi)有發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，具有相同的加速度，對(duì)m受力分析，由牛頓第二定律求出加速度和斜面對(duì)m的支持力，再整體受力分析由牛頓第二定律求出外力F．【解答】解：A、系統(tǒng)在水平方向只受推力F作用，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、對(duì)m受力分析，受到重力以及斜面的支持力作用，合力向左，根據(jù)牛頓第二定律得：FNcos45°=mg，mgtan45°=ma，解得：，a=10m/s2，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F=〔M+m〕a=40N，故B正確，C錯(cuò)誤；D、增大力F，那么M在水平方向的加速度增大，斜面體對(duì)楔形物體的支持力也增大，那么支持力在豎直方向的分量大于重力，有向上的加速度，即楔形物體將相對(duì)斜面體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，故D正確．應(yīng)選：BD【點(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握整體法和隔離法的運(yùn)用．6．〔6分〕O為地球球心，半徑為R的圓是地球赤道，地球自轉(zhuǎn)方向如以下列圖，自轉(zhuǎn)周期為T，觀察站A有一觀測(cè)員在持續(xù)觀察某衛(wèi)星B，某時(shí)刻觀測(cè)員恰能觀察到衛(wèi)星B從地平線的東邊落下，經(jīng)的時(shí)間，再次觀察到衛(wèi)星B從地平線的西邊升起?！螧OB′=α，地球質(zhì)量為M，萬(wàn)有引力常量為G，那么〔〕A．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為B．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為C．衛(wèi)星B離地表的高度為D．衛(wèi)星B離地表的高度為【分析】根據(jù)題意分析出衛(wèi)星B在時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的角度，求得角速度，再求周期。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，求衛(wèi)星B離地表的高度?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為T′．由圖知，經(jīng)的時(shí)間，衛(wèi)星B轉(zhuǎn)過(guò)的角度為2π+α，角速度為：ω==周期為：T′==，故A錯(cuò)誤，B正確。CD、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得：G=mω2〔R+h〕解得衛(wèi)星B離地表的高度為：h=．故C錯(cuò)誤，D正確。應(yīng)選：BD【點(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵是要分析衛(wèi)星B轉(zhuǎn)過(guò)的角度，根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力列方程。要注意幾何關(guān)系的應(yīng)用。7．〔6分〕如以下列圖，水平軌道寬為L(zhǎng)，軌道區(qū)間里存在著斜向上與水平方向夾角為α的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，與軌道右端的距離為s，導(dǎo)體棒與軌道間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．某時(shí)刻起給導(dǎo)體棒通以如以下列圖的恒定電流I，導(dǎo)體棒加速后從軌道右端水平飛出，落在距離水平軌道為h的地面上，落地點(diǎn)與軌道右端的水平距離為s．重力加速度為g，忽略空氣阻力，那么〔〕A．導(dǎo)體棒剛飛出軌道時(shí)的速度大小為sB．導(dǎo)體棒在空中飛行的時(shí)間為C．導(dǎo)體棒在軌道上的加速度大小為D．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【分析】導(dǎo)體棒飛離后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)求得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和初速度，導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中受到安培力，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得加速度，根據(jù)牛頓第二定律求得磁感應(yīng)強(qiáng)度【解答】解：導(dǎo)體棒飛離后做平拋運(yùn)動(dòng)，那么h=，s=vt，解得t=，v=，故A錯(cuò)誤，B正確；C、導(dǎo)體棒在軌道上做勻加速運(yùn)動(dòng)，那么v2=2as，解得a=，故C正確；D、對(duì)導(dǎo)體棒受力分析根據(jù)牛頓第二定律可知BILsinα﹣μ〔mg﹣BILcosα〕=ma，解得B=，故D正確應(yīng)選：BCD【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)，及通電導(dǎo)向在磁場(chǎng)中的受力，關(guān)鍵是抓住導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)即可8．〔6分〕如以下列圖，垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌左端接一電阻，R=3Ω，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，一與導(dǎo)軌接觸良好電阻r=2Ω的金屬導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌，以矩形ABCD的中線OO'為中心、AB和CD為邊界在ABCD區(qū)域內(nèi)往復(fù)運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間變化的圖象如以下列圖〔規(guī)定順時(shí)針電流為正方向電流〕．磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，軌道寬度L=50cm，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔〕A．0.1s時(shí)導(dǎo)體棒在OO'位置，向左運(yùn)動(dòng)且速度大小為100m/sB．A、C兩點(diǎn)間距離大于10mC．通過(guò)電阻R的瞬時(shí)電流表達(dá)式為sin5πtD．用交流電壓表測(cè)量電阻R兩端的電壓，示數(shù)約為4.24〔V〕【分析】根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值結(jié)合E=BLv求解最大速度；根據(jù)功能關(guān)系分析A、C兩點(diǎn)間距離；寫出電流瞬時(shí)值表達(dá)式的通式代入數(shù)據(jù)求出電流瞬時(shí)值表達(dá)式；根據(jù)歐姆定律求解R兩端電壓．【解答】解：A、0.1s時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，所以速度最大，導(dǎo)體棒在OO'位置，向左運(yùn)動(dòng)且速度大小為v==m/s=100m/s，A正確；B、從A到中間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電路中電流的有效值為：=A=，從AB到OO′過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=I2〔R+r〕t=2×〔3+2〕×0.1J=1J；設(shè)AO兩點(diǎn)間距為x，根據(jù)功能關(guān)系可得克服安培力做的功為W=Q=BILx，解得：x==7.07m，A、C兩點(diǎn)間距離為2x=14.14m，大于10m，B正確；C、通過(guò)電阻R的瞬時(shí)電流表達(dá)式為i=Imsin==2sin5πt，C錯(cuò)誤；D、用交流電壓表測(cè)量電阻R兩端的電壓，示數(shù)約為U=IR==4.24V，D正確．應(yīng)選：ABD．【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中涉及電路問(wèn)題的分析方法是：確定哪局部相對(duì)于電源，根據(jù)電路連接情況畫出電路圖，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律、以及電功率的計(jì)算公式列方程求解．二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題-第12題為必考題，毎個(gè)試題考生都必須作答．第13題-第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．9．〔6分〕某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究小車運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系．實(shí)驗(yàn)操作如下：〔1〕在小車上固定一擋光片，用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度d．〔2〕長(zhǎng)木板放在水平桌面上，一端用木塊墊起，在距離木板O點(diǎn)為l的位置固定一個(gè)光電計(jì)時(shí)器，能記錄擋光片通過(guò)光電計(jì)時(shí)器的時(shí)間．〔3〕小車從O點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為t．〔4〕調(diào)整光電計(jì)時(shí)器距離O的位置，記錄下距離l．〔5〕小車每次從O點(diǎn)由靜止釋放，記錄對(duì)應(yīng)的時(shí)間t．請(qǐng)答復(fù)以下問(wèn)題①用游標(biāo)卡尺測(cè)擋光片的寬度，示數(shù)如圖2所示，那么d=1.050cm．②光電計(jì)時(shí)器在某位置時(shí)記錄的時(shí)間為0.0105s，那么小車經(jīng)過(guò)該位置時(shí)速度v=1.0m/s．〔保存兩位有效數(shù)字〕③通過(guò)記錄的一系列l(wèi)和t，處理數(shù)據(jù)后得到l﹣v的關(guān)系圖如圖3所示，發(fā)現(xiàn)根據(jù)圖象不能確定l和v的函數(shù)關(guān)系，請(qǐng)你提出方案來(lái)幫助該小組同學(xué)確定l和v的關(guān)系．【分析】①游標(biāo)卡尺的讀數(shù)先讀出主尺的刻度數(shù)，然后讀出游標(biāo)尺的刻度；②用極短時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度即可；③研究l與v的關(guān)系時(shí)，要盡量作出直線圖象．【解答】解：①游標(biāo)卡尺的讀數(shù)先讀出主尺的刻度數(shù)：10mm，游標(biāo)尺的刻度第10個(gè)刻度與上邊的刻度對(duì)齊，所以讀數(shù)為：0.05×10=0.50mm，總讀數(shù)為：10mm+0.50mm=10.50mm=1.050cm；②小車經(jīng)過(guò)該位置時(shí)速度：v=；③由于l與v的關(guān)系是曲線，聯(lián)系拋物線，可以探究l﹣v2或者l﹣v3…關(guān)系并作圖，直到圖象為線性關(guān)系；故答案為：①1.050；②1.0；③探究l﹣v2或者l﹣v3…關(guān)系并作圖，直到圖象為線性關(guān)系．【點(diǎn)評(píng)】此題考查探究功和速度關(guān)系實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，知道數(shù)據(jù)處理時(shí)用圖象處理較為直觀，要設(shè)法作出線性圖象．10．〔9分〕該小組成員用以下局部?jī)x器對(duì)上題中電阻Rx進(jìn)一步測(cè)量，可供使用的器材如下：電流表A1，量程0.1A，內(nèi)阻很小，可忽略電流表A2，量程3mA，內(nèi)阻很小，可忽略定值電阻R0=1kΩ滑動(dòng)變阻器R1，全電阻10Ω，額定電流1A滑動(dòng)變阻器R2，全電阻500Ω，額定電流0.2A電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻很小電鍵S、導(dǎo)線假設(shè)干要求實(shí)驗(yàn)中電表示數(shù)從零調(diào)起，可獲得多組測(cè)量數(shù)據(jù)，測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)操作方便．①由實(shí)驗(yàn)要求應(yīng)選擇的滑動(dòng)變阻器為R1②在如圖虛線框內(nèi)畫出測(cè)量電路的原理圖．③假設(shè)I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，被測(cè)電阻Rx的表達(dá)式Rx=RX=．【分析】欲采用伏安法測(cè)電阻，但沒(méi)有電壓表，可以將小量程電流表A2與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表使用．由設(shè)計(jì)的電路利用閉合電路歐姆定律可求得電阻的表達(dá)式．【解答】解：①要求實(shí)驗(yàn)中電表示數(shù)從零調(diào)起，故滑動(dòng)變阻器采取分壓接法，為方便調(diào)節(jié)選取小阻值即可，即R1；②由于沒(méi)有電壓表，可以將小量程電流表A2與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表使用，電流表A1可以內(nèi)接也可以外接，由題意要求實(shí)驗(yàn)中電表示數(shù)從零調(diào)起，故采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖：③假設(shè)電路圖為左圖，根據(jù)歐姆定律：Rx=假設(shè)電路圖為右圖，根據(jù)歐姆定律：答案為：①R1；②電路圖如圖；③RX=〔左圖〕或〔右圖〕【點(diǎn)評(píng)】此題考查了測(cè)量電阻的方法，要掌握測(cè)量原理R=，假設(shè)沒(méi)有電壓表，那么用電流表和定值電阻來(lái)代替電壓表；假設(shè)沒(méi)有電流表，那么用定值電阻與電壓表來(lái)代替電流表．11．〔14分〕小物塊質(zhì)量m=0.99kg，靜止在光滑水平面上，一顆質(zhì)量為m0=0.01kg的子彈以速度v0=400m/s從左邊射入小物塊，之后小物塊滑上一傾角為37°的斜坡，最后返回水平面．水平面與斜坡的連接處有一小段光滑圓弧，小物塊與斜坡的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g=10m/s2．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕求：〔1〕小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離；〔2〕小物塊返回水平面的速度．【分析】〔1〕先研究子彈射入小物塊的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出二者的共同速度．之后，小物塊沿斜坡上滑，根據(jù)動(dòng)能定理可求小物塊沿斜坡上滑的最大距離．〔2〕再對(duì)小物塊下滑的過(guò)程，由動(dòng)能定理求小物塊返回水平面的速度．【解答】解：〔1〕子彈射入小物塊的過(guò)程，取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m0v0=〔m0+m〕v可得v==m/s=4m/s設(shè)小物塊滑上斜坡的最大距離為s，根據(jù)動(dòng)能定理得：﹣μ〔m0+m〕gscos37°﹣〔m0+m〕gssin37°=0﹣解得s=0.8m〔2〕設(shè)小物塊返回水平面的速度為v1，根據(jù)動(dòng)能定理得：〔m0+m〕gssin37°﹣μ〔m0+m〕gscos37°=﹣0解得v1=m/s答：〔1〕小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離是0.8m；〔2〕小物塊返回水平面的速度是m/s．【點(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵是理清物體的運(yùn)動(dòng)情況，抓住子彈打擊過(guò)程的根本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律．涉及求高度時(shí)，首先要想到動(dòng)能定理．12．〔18分〕如以下列圖，足夠大的空間內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)進(jìn)場(chǎng)，xOy是在豎直平面內(nèi)建立的平面坐標(biāo)系，磁場(chǎng)方向垂直xOy平面向外，在一、四象限內(nèi)還存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E．一帶電粒子從x軸上的C點(diǎn)沿CD方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，CD與﹣x方向夾角α=30°，然后從D點(diǎn)進(jìn)入第三象限內(nèi)，重力加速度為g．〔1〕求粒子的電性以及勻速運(yùn)動(dòng)的速度；〔2〕欲使粒子進(jìn)入第三象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需要施加一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，求此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向；〔3〕在第〔2〕問(wèn)的情況下，粒子到達(dá)x軸負(fù)半軸的M點(diǎn)〔未畫出〕，且OM=OC，求OC的長(zhǎng)度以及在第三象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【分析】〔1〕在第四象限做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件求出洛侖茲力，從而求出粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度．〔2〕粒子從第四象限進(jìn)入第三象限，欲使它做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么復(fù)合電場(chǎng)的方向應(yīng)與速度方向垂直，且滿足那么該電場(chǎng)與重力場(chǎng)平衡，結(jié)合第一問(wèn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的情況，就能求出所加勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小和方向．〔3〕先確定粒子在第三象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心O′，由幾何關(guān)系及題設(shè)條件求出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，然后由洛侖茲力提供向心力就能求出OC的長(zhǎng)度及運(yùn)動(dòng)時(shí)間．【解答】解：〔1〕粒子帶正電，從C到D運(yùn)動(dòng)過(guò)程，受力如以下列圖qvBsin30°=qE解得v=〔2〕欲使粒子在第三象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么qE′=mg又qE=mgtan30°聯(lián)立解得E′=方向豎直向上〔3〕如以下列圖，O’D垂直v，由幾何知識(shí)知道O’D平分∠ODM所以∠O′DM=∠O′MD=30°MD的垂直平分線必與x軸交于O’點(diǎn)，即O’為勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心qvB=r+rsin30°=OM=OC聯(lián)立解得r=，OC=由圖知道：∠MO′D=120°所以在第三現(xiàn)象內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為tt=T=所以t=答：〔1〕粒子的電性是帶正電，它做勻速運(yùn)動(dòng)的速度為．〔2〕欲使粒子進(jìn)入第三象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需要施加一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為，方向豎直向上．〔3〕在第〔2〕問(wèn)的情況下，粒子到達(dá)x軸負(fù)半軸的M點(diǎn)〔未畫出〕，且OM=OC，那么OC的長(zhǎng)度為，它在第三象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【點(diǎn)評(píng)】此題主要是考察兩個(gè)方面內(nèi)容：①是帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，由平衡條件列出相應(yīng)的物理規(guī)律．②是帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，顯然帶電粒子所受合力就是指向圓心方向的向心力，由幾何關(guān)系先求出半徑，再由相應(yīng)物理規(guī)律求出時(shí)間等．【物理-選修3-3】〔15分〕13．〔5分〕下對(duì)關(guān)于熱學(xué)概念或規(guī)律的說(shuō)法中，正確的選項(xiàng)是〔〕A．一定質(zhì)量的同種晶體在熔化過(guò)程中吸收的熱量與凝固過(guò)程中放出的熱量是相等的B．兩種不同的氣體可以通過(guò)擴(kuò)散混合在一起，混合在一起的兩種氣體也可以自發(fā)的恢復(fù)到擴(kuò)散之前的狀態(tài)C．懸浮在液體中的布朗粒子某一瞬間接觸到的液體分子越多，受到撞擊的不平衡性就表現(xiàn)越明顯，布朗運(yùn)動(dòng)就越劇烈D．用活塞壓縮打氣筒內(nèi)氣體，受到的阻力主要來(lái)源于氣體分子對(duì)活塞的壓力，而非是分子間的斥力E．一切自發(fā)的過(guò)程，總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行【分析】相同質(zhì)量同一晶體的熔解熱與凝固熱相等；根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析熱量傳遞的方向；根據(jù)對(duì)布朗運(yùn)動(dòng)的微觀解釋分析；結(jié)合熵增原理分析；【解答】解：A、晶體具有確定的熔點(diǎn)與凝固點(diǎn)，相同質(zhì)量，同一晶體的熔解熱與凝固熱相等，故A正確；B、熱力學(xué)第二定律的實(shí)質(zhì)：一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的實(shí)際宏觀過(guò)程都具有方向性，是不可逆的，所以混合在一起的兩種氣體不可能自發(fā)的恢復(fù)到擴(kuò)散之前的狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)布朗運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，懸浮在液體中的布朗粒子某一瞬間接觸到的液體分子越多，受到撞擊的不平衡性就表現(xiàn)越不明顯，布朗運(yùn)動(dòng)就越弱，故C錯(cuò)誤D、氣體分子之間的作用力可以忽略不計(jì)，所以用活塞壓縮打氣筒內(nèi)氣體，受到的阻力主要來(lái)源于氣體分子對(duì)活塞的壓力，而非是分子間的斥力；故D正確；E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切自發(fā)的過(guò)程，總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行，故E正確；應(yīng)選：ADE【點(diǎn)評(píng)】此題考查了分子動(dòng)理論以及熱力學(xué)第二定律，理解熱力學(xué)第二定律的不同表述是解答的關(guān)鍵，根底題．14．〔10分〕如以下列圖，一導(dǎo)熱性能良好的儲(chǔ)氣罐體積為v0，與一個(gè)大氣缸在底部連通，翻開氣閥K2，關(guān)閉K1，用質(zhì)量為M截面積為S的活塞封閉一定質(zhì)量的氣體，系統(tǒng)平衡后，氣缸內(nèi)氣體的體枳為8v0，重力加速度為g，外界大氣壓為p0，不計(jì)活塞與氣缸壁的摩擦．①求系統(tǒng)平衡時(shí)氣體的壓強(qiáng)p1；②用外力緩慢壓縮活塞到氣缸底部，關(guān)上氣閥K2，求穩(wěn)定后儲(chǔ)氣罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2．【分析】①對(duì)活塞受力分析，根據(jù)活塞受力平衡列出平衡方程，即可求出系統(tǒng)平衡時(shí)氣體的壓強(qiáng)p1；②因?yàn)槭蔷徛龎嚎s，故過(guò)程中溫度保持不變，對(duì)所有氣體運(yùn)用玻意耳定律，即可求出穩(wěn)定后儲(chǔ)氣罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2．【解答】解：①以活塞為研究對(duì)象，根據(jù)受力平衡可