浙江省嘉興市第五高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題含解析

PAGE14-浙江省嘉興市第五高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題（含解析）一、單項選擇題(本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分)1.帶電微粒所帶的電荷量不行能是下列值中的()A.－6.4×10－19C B.2.4×10－19C C.－1.6×10－18C D.4.0×10－17C【答案】B【解析】【詳解】最小的電荷量是，我們把這個最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，由于不是的整數(shù)倍，故B是不行能的．故選B．2.真空中相隔一段距離兩個點電荷，它們之間的靜電力為F，現(xiàn)使其中一個點電荷的電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，同時將它們間的距離也變?yōu)樵瓉淼?倍，則它們之間的靜電力變?yōu)椋ǎ〢. B.4F C.2F D.【答案】A【解析】【詳解】由庫侖定律可得：；改變后；A.，與結(jié)論相符，選項A正確；B.4F，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C.2F，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；3.某電場的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是（）A.c點的電場強度大于b點的電場強度B.若將一摸索電荷＋q由a點靜止釋放，它將沿電場線運動到b點C.b點的電場強度大于d點的電場強度D.a點和b點的電場強度的方向相同【答案】C【解析】【詳解】A．從電場線的分布狀況可知，b處的電場線比c處的密，所以c點的電場強度小于b點的電場強度，故A錯誤；B．正電荷所受電場力沿電場線切線方向，若將一摸索電荷+q由a點釋放，電荷將離開原電場線，不行能沿電場線運動到b點，故B錯誤；C．電場線的分布可知，b點的電場線比d點的電場線密，即b點的電場強度大于d點的電場強度，故C正確；D．電場線的分布可知，a點與b點位于同一條曲線上，切線的方向不同，所以a點和b點的電場強度的方向不相同，故D錯誤。故選C。4.要使平行板電容器的電容增大，下列方法可行的是（）A.增大電容器的帶電量B.增大電容器兩極間的電壓C.增大電容器兩極板的正對面積D.增大電容器兩極板的距離【答案】C【解析】【詳解】電容器的電容與電荷量以及電容器兩端的電壓無關(guān)，AB錯誤；依據(jù)電容器的確定式C=知，增大正對面積，則電容增大，C正確；依據(jù)電容器的確定式C=知，增大兩極板間的距離，則電容減小，D錯誤．5.如圖所示，在電場強度E＝2×103V/m的勻強電場中有三點A、M和B，AM＝4cm，MB＝3cm，AB＝5cm，且AM邊平行于電場線，把一電荷量q＝2×10－9C的正電荷從B移動到M點，再從M點移動到A點，電場力做功為()A.1.6×10－7JB.1.2×10－7JC.－1.6×10－7JD.－1.2×10－7J【答案】C【解析】【分析】勻強電場中，電勢差與場強的關(guān)系是U=Ed，式中d是兩點沿電場強度方向的距離，然后依據(jù)d的含義可求解A、B兩點間的電勢差．電場力做功的公式W=qU．【詳解】依據(jù)勻強電場特點可知：A、B兩點間電勢差UAB=UAM=EdAM；所以UAB=2000×4×10-2V=80V．

正電荷從B點經(jīng)M點移到A點，電場力做功為WBA=qUBA=-qUAB=-2×10-9×80J=-1.6×10-7J

故選C．【點睛】公式U=Ed的適用條件為勻強電場，d的含義為兩點之間沿電場線方向的距離，并非兩點之間的距離，因此對于物理公式要明確適用條件以及各個物理量的含義．6.一根粗細勻稱的導(dǎo)線，當(dāng)其兩端電壓為U時，通過的電流是I，若將此導(dǎo)線勻稱拉長到原來的2倍時，電流仍為I，導(dǎo)線兩端所加的電壓變?yōu)?)A.U／2 B.U C.2U D.4U【答案】D【解析】試題分析：依據(jù)電阻定律可得：拉長后電阻變?yōu)?所以依據(jù)歐姆定律可得：,故,所以選D考點：考查了歐姆定律和電阻定律的應(yīng)用點評：做本題的關(guān)鍵是知道導(dǎo)線在拉長時體積不變，然后依據(jù)公式推斷面積和長度的改變7.如圖所示為電流產(chǎn)生磁場的分布圖，其中正確的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】A、電流方向向上，由右手螺旋定則可得磁場為逆時針（從上向下看），故A錯誤；B、電流方向向上，由右手螺旋定則可得磁場為以直導(dǎo)線為圓心的同心圓，故B錯誤；C、圖中電流為環(huán)形電流，由由右手螺旋定則可知，內(nèi)部磁場應(yīng)向右，故C錯誤；D、依據(jù)圖示電流方向，由右手螺旋定則可知，內(nèi)部磁感線方向向右，故D正確；故選D．【點睛】因磁場一般為立體分布，故在推斷時要留意區(qū)分是立體圖還是平面圖，并且要能依據(jù)立體圖畫出平面圖，由平面圖還原到立體圖．8.如圖所示，光滑的水平桌面上放著兩個完全相同的金屬環(huán)a和b，當(dāng)一條形磁鐵的S極豎直向下快速靠近兩環(huán)中間時，則()A.a、b相互遠離 B.a、b相互靠近C.a、b均靜止不動 D.a、b均向上跳起【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)楞次定律可知：當(dāng)條形磁鐵沿軸線豎直向下快速移動時，閉合導(dǎo)體環(huán)內(nèi)的磁通量增大，因此兩線圈產(chǎn)生順時針感應(yīng)電流，由于兩線圈電流方向相反，所以a，b兩環(huán)相互排斥而相互遠離，因此選項A正確，BCD錯誤．故選A．9.在如圖所示電路中，、為兩個完全相同的燈泡，為自感線圈，為電源，為開關(guān)，關(guān)于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是（）A.合上開關(guān)，先亮，后亮；斷開開關(guān)，、同時熄滅B.合上開關(guān)，先亮，后亮；斷開開關(guān)，先熄滅，后熄滅C.合上開關(guān)，先亮，后亮；斷開開關(guān)，、同時熄滅D.合上開關(guān)，、同時亮；斷開開關(guān)，先熄滅，后熄滅【答案】C【解析】【分析】當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生改變，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的改變，依據(jù)楞次定律來分析兩燈亮暗依次．【詳解】由圖可以看出，a、b燈泡在兩個不同的支路中，對于純電阻電路，不發(fā)生電磁感應(yīng)，通電后用電器馬上起先正常工作，斷電后停止工作．但對于含電感線圈的電路，在通電時，線圈產(chǎn)生自感電動勢，對電流的改變有阻礙作用。則合上開關(guān)，b先亮，a后亮．當(dāng)斷開電鍵時，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，由a、b及電感線圈組成一個回路，兩燈同時漸漸熄滅．故C正確．故選C．【點評】對于線圈要抓住這個特性：當(dāng)電流改變時，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源，為回路供應(yīng)瞬間的電流．10.如圖所示，半徑為r的n匝線圈套在邊長為L的正方形abcd之外，勻強磁場局限在正方形區(qū)域內(nèi)且垂直穿過正方形面積，當(dāng)磁感應(yīng)強度以的改變率勻稱改變時，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小為()A. B. C. D.【答案】D【解析】依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小E＝n＝nL2，故選D.點睛：解決本題的關(guān)鍵駕馭法拉第電磁感應(yīng)定律，精確理解面積S的含義：S是有效面積，即有磁場的面積．二、不定項選擇（本題共4小題，每小題4分，共16分，漏選得2分，錯選、多選不得分）11.如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是（）A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表是電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R增大時量程增大D.乙表是電壓表，R增大時量程減小【答案】BC【解析】【詳解】AB．由圖甲所示可知，G與電阻R并聯(lián)，甲表是電流表，R增大時，電阻R的分流減小，電流表量程減小，故A錯誤，B正確；CD．由圖乙所示可知，G與電阻串聯(lián)，乙是電壓表，R增大時，電阻分壓增大，電壓表量程增大，故C正確，D錯誤．故選BC.12.1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質(zhì)D形合D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說法正確的是A.離子由加速器的中心旁邊進入加速器B.離子由加速器的邊緣進入加速器C.離子從磁場中獲得能量D.離子從電場中獲得能量【答案】AD【解析】【詳解】據(jù)回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心旁邊進入加速器，且在電場中加速，通過磁場回旋，所以從電場中獲得能量，故選AD．【點睛】回旋加速器的工作原理是利用電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)，且二者的周期相同，被加速離子由加速器的中心旁邊進入加速器，而從邊緣離開加速器；洛倫茲力并不做功，而電場力對帶電離子做功，即可加速正電荷也可加速負電荷．13.如圖所示，通電線圈處于豎直懸掛狀態(tài)，現(xiàn)突然加一水平向右的磁場，則此時各邊所受安培力的狀況為（）A.ab邊受水平向左的安培力，cd邊受水平向右的安培力B.ad邊和bc邊不受安培力C.ab邊受垂直紙面對外的安培力，cd邊受垂直紙面對里的安培力D.abcd各邊受到的安培力的效果使線圈處于靜止?fàn)顟B(tài)【答案】BC【解析】【詳解】AC．由左手定則可知，ab邊受垂直紙面對外的安培力，cd邊受垂直紙面對里的安培力，故A錯誤，C正確；B．由于ad邊和bc邊中的電流方向與磁場方向平行，則ad邊和bc邊不受安培力，故B正確；D．由于ad邊和bc邊不受安培力，ab邊受垂直紙面對外的安培力，cd邊受垂直紙面對里的安培力，則各邊受到的安培力的效果使線圈逆時針轉(zhuǎn)動（從上往下面），故D錯誤。故選BC。14.如圖所示，相距為d的兩水平虛線分別是水平向里的勻強磁場的邊界，磁場的磁感應(yīng)強度為B，正方形線框abcd邊長為L(L<d)、質(zhì)量為m。將線框在磁場上方高h處由靜止起先釋放，當(dāng)ab邊進入磁場時速度為v0，cd邊剛穿出磁場時速度也為v0。從ab邊剛進入磁場到cd邊剛穿出磁場的整個過程中（）A.線框始終都有感應(yīng)電流 B.線框有一階段的加速度為gC.線框產(chǎn)生的熱量為mgd D.線框做過減速運動【答案】BD【解析】【詳解】AB．正方形線框abcd邊長為L(L＜d)，所以cd進入磁場后，ab還在磁場內(nèi)，所以線框磁通量不變，即無感應(yīng)電流，始終到ab邊出磁場，此過程中線框只受重力，即加速度為重力加速度g，故A錯誤，B正確；C．依據(jù)能量守恒探討從ab邊剛進入磁場到cd邊剛穿出磁場的整個過程，動能改變?yōu)?，重力勢能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量即故C錯誤；D．線框進入磁場過程，可能做勻速運動、加速運動和減速運動，完全在磁場中做勻加速運動，由于ab邊進入磁場時速度和cd邊剛穿出磁場時速度都是v0，則線框穿過磁場過程肯定有減速運動，故D正確。故選BD。三、試驗題（第15題8分，第16題12分）15.表格中所列數(shù)據(jù)是測量小燈泡U－I關(guān)系的試驗數(shù)據(jù)：U（V）0.00.20.51.0152.02.53.0I（A）0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215(1)分析上表內(nèi)試驗數(shù)據(jù)可知，應(yīng)選用的試驗電路圖是圖中的________（填“甲”或“乙”）；(2)在如圖所示的方格紙內(nèi)畫出小燈泡的U－I曲線_______，分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而________（填“變大”、“變小”或“不變”）；(3)如圖丙所示，用一個定值電阻R和兩個上述小燈泡組成串并聯(lián)電路，連接到內(nèi)阻不計、電動勢為3V的電源上。已知流過電阻R的電流是流過燈泡b的電流的兩倍，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比_______?！敬鸢浮?1).甲(2).(3).變大(4).3：1【解析】【詳解】(1)[1]由表中數(shù)據(jù)可知，電壓、電流從零起先測量因此須要滑動變阻器分壓接法，故該試驗選擇分壓接法，故應(yīng)選擇甲電路(2)[2]依據(jù)表示所給數(shù)據(jù)，畫出小燈泡的U－I曲線如圖所示[3]由小燈泡的U－I曲線可知，圖像的斜率變大，故說明當(dāng)電流增大時，燈泡的電阻增大(3)[4]流過電阻R的電流是流過燈泡b電流的兩倍，依據(jù)電阻的串并聯(lián)可知，流過燈泡a的電流是b的三倍；同時燈泡a和b的電壓之和為3V，由此結(jié)合小燈泡的U－I曲線可知流過燈泡b的電流約為0.07A，a的電流約為0.21A，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比3：116.用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、T，請依據(jù)下列步驟完成電阻測量。(1)旋動部件________，使指針對準(zhǔn)電流的“0”刻線；(2)將K旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×100”的位置；(3)將插入“＋”、“－”插孔的兩表筆短接，旋動部件_______，使指針對準(zhǔn)電阻的______（選填“0刻線”或“∞刻線”）；(4)將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)覺指針偏轉(zhuǎn)角度過小。為了得到比較精確的測量結(jié)果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_______的依次進行操作，再完成讀數(shù)測量；A.將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1k”的位置；B．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置；C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接；D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準(zhǔn)(5)如圖所示為一多用電表表盤。①假如用直流10V擋測量電壓，則讀數(shù)為________V；②假如用×100擋測電阻，則讀數(shù)為________Ω?！敬鸢浮?1).S(2).T(3).0刻線(4).ADC(5).6.5(6).800【解析】【詳解】(1)[1]電表運用前要旋轉(zhuǎn)機械調(diào)零旋鈕S進行機械調(diào)零，使指針對準(zhǔn)電流的0刻線；(3)[2]將插入“十“、“－“插孔的表筆短接，旋動歐姆調(diào)零旋鈕T，使指針對準(zhǔn)電阻的0刻線(4)[3]將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)覺指針偏角過小，則電阻阻值大，說明所選擋位太小，為了得到比較精確的測量結(jié)果，應(yīng)換用大擋進行測量，應(yīng)將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1K”的位置，然后將兩表筆短接，旋動合適部件，使指針指在電阻零刻度處，再將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接，因此合理是試驗步驟是ADC；(5)[4]假如是用直流10V擋測量電流，由圖示表盤可知，其分度值為0.2V，讀數(shù)為6.5V[5]假如用×100擋測電阻，則讀數(shù)為8×100Ω=800Ω四、計算題（第17題10分，第18題12分，第19題12分）17.如圖所示，在真空中的O點放一個點電荷Q＝＋1.0×10－9C，直線MN通過O點，OM的距離r＝30cm，M點放一個點電荷q＝－1.0×10－10C，求：(1)q在M點受到的電場力；(2)M點的場強；(3)拿走q后M點的場強；(4)M、N兩點的場強哪點大？【答案】(1)1.0×10－8N，方向沿MO指向O(2)100N/C，方向沿OM連線背離O(3)100N/C，方向沿OM連線背離O(4)M點場強大【解析】【詳解】（1）電荷q在電場中M點所受的作用力是電荷Q通過它的電場對q的作用力，依據(jù)庫侖定律，得FM＝．因為Q帶正電，q帶負電，庫侖力是吸引力，所以電場力的方向沿MO指向O.（2）M點的場強EM＝N/C＝100N/C，其方向沿OM連線背離O，因為它的方向跟負電荷所受電場力的方向相反．（3）場強是反映電場的力的性質(zhì)的物理量，它是由形成電場的電荷Q及場中位置確定