浙江省衢州市四校2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

PAGE22-浙江省衢州市四校2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題（含解析）考生須知：1．本卷共8頁(yè)滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫(xiě)班級(jí)、學(xué)號(hào)和姓名；考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)寫(xiě)在指定位置；3．全部答案必需寫(xiě)在答題紙上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效；4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙；5．本卷中若無(wú)特殊說(shuō)明重力加速度g均取10m/s2．選擇題部分一、選擇題Ι（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列各物理量中，均屬于矢量的是（）A.路程、速度 B.加速度、重力勢(shì)能C.電場(chǎng)強(qiáng)度、安培力 D.磁通量、磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】C【解析】【詳解】A．路程是只有大小沒(méi)有方向的標(biāo)量，速度是有大小又有方向的矢量，故A錯(cuò)誤；B．加速度是有大小又有方向的矢量，重力勢(shì)能只有大小沒(méi)有方向，故B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)強(qiáng)度、安培力都是有大小又有方向的矢量，故C正確；D．磁通量是只有大小沒(méi)有方向的標(biāo)量，磁感應(yīng)強(qiáng)度是有大小又有方向的矢量，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列各式中屬于定義式的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】A．加速度確定式，不是定義式，故A錯(cuò)誤；B．電容器電容的定義式，屬于定義式，故B正確；C．是歐姆定律的表達(dá)式，不屬于比值定義式，故C錯(cuò)誤；D．是點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的確定式，故D錯(cuò)誤。故選B。3.某同學(xué)將小球以肯定的初速度豎直向上拋出并起先計(jì)時(shí)，小球所受空氣阻力大小與速率成正比，下列描述小球運(yùn)動(dòng)的v-t圖象可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】考慮空氣阻力時(shí)，上升過(guò)程中，依據(jù)牛頓其次定律得知隨著v減小，a上減小，對(duì)應(yīng)v－t圖像的斜率減小，下降過(guò)程中，依據(jù)牛頓其次定律得知速度方向反向且隨著v增大，a下接著減小，對(duì)應(yīng)v－t圖像的斜率減小，而在最高點(diǎn)時(shí)v=0則a=g故選D。4.如圖，AB兩點(diǎn)為奶茶塑封機(jī)手壓桿上的兩點(diǎn)，A在桿的頂端，B在桿的中點(diǎn)處。桿在向下轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)線速度大小之比為1：2B.A、B兩點(diǎn)角速度大小之比為1：1C.A、B兩點(diǎn)周期大小之比為2：1D.A、B兩點(diǎn)向心加速度大小之比為1：1【答案】B【解析】【詳解】AB．A、B兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，則A、B角速度相等，由于依據(jù)公式可知，A、B兩點(diǎn)線速度大小之比為2：1，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于A、B角速度相等，由公式可知，A、B兩點(diǎn)周期大小之比為1：1，故C錯(cuò)誤；D．由于A、B角速度相等，由公式可知，A、B兩點(diǎn)向心加速度大小之比為2：1，故D錯(cuò)誤。故選B。5.2024年春節(jié)，電影《流浪地球》熱播。影片中，人們給地球裝上發(fā)動(dòng)機(jī)，讓地球從繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的圓形軌道Ι進(jìn)入霍曼轉(zhuǎn)移軌道ΙΙ，這樣就可以用最少的燃料到達(dá)木星軌道ΙΙΙ。下列說(shuō)法正確的是（）A.沿軌道ΙΙ運(yùn)行時(shí)，過(guò)A點(diǎn)的線速度大于過(guò)B點(diǎn)的線速度B.沿軌道ΙΙ運(yùn)行時(shí)，過(guò)A點(diǎn)的加速度小于過(guò)B點(diǎn)的加速度C.地球沿軌道Ι運(yùn)行的周期大于沿軌道ΙΙΙ運(yùn)行的周期D.沿軌道Ι運(yùn)行至A點(diǎn)時(shí)，須要向前噴氣減速才能進(jìn)入軌道ΙΙ【答案】A【解析】【詳解】A．沿軌道ΙΙ運(yùn)行時(shí)，地球從A點(diǎn)到B點(diǎn)引力做負(fù)功，動(dòng)能減小，則過(guò)A點(diǎn)的線速度大于過(guò)B點(diǎn)的線速度，故A正確；B．從A到B的過(guò)程，B點(diǎn)距太陽(yáng)更遠(yuǎn)，由公式可知，B點(diǎn)加速度更小，故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)開(kāi)普勒第三定律得：軌道半徑越大，周期越長(zhǎng)，所以軌道ⅡI上運(yùn)行周期長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；D．沿軌道Ι運(yùn)行至A點(diǎn)時(shí)，須要向后噴氣加速使地球做離心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入軌道ΙΙ，故D錯(cuò)誤。故選A。6.2024年女排世界杯競(jìng)賽中，中國(guó)隊(duì)再奪世界杯冠軍。如圖，當(dāng)排球上升至最高點(diǎn)時(shí)，隊(duì)員朱婷將球水平擊出。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.擊球瞬間，排球發(fā)生彈性形變使得排球受到彈力的作用B.擊球瞬間，人對(duì)排球的力大于排球?qū)θ说淖饔昧?，排球飛出C.水平擊出后，在相同時(shí)間間隔內(nèi)，排球的速度變更量始終不變D.水平擊出后，在相同時(shí)間間隔內(nèi)，排球的動(dòng)能變更量相同【答案】C【解析】【詳解】A．擊球瞬間，運(yùn)動(dòng)員的手發(fā)生形變使得排球受到彈力的作用，故A錯(cuò)誤；B．依據(jù)牛頓第三定律，力的作用是相互的，故擊球瞬間手對(duì)排球的作用力等于排球?qū)κ值淖饔昧?，故B錯(cuò)誤；C．水平擊出后，球做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度不變，由公式可知，在相同時(shí)間間隔內(nèi)，排球的速度變更量始終不變，故C正確；D．依據(jù)動(dòng)能定理可知，排球的動(dòng)能變更量等于重力所做的功，由于豎直方向上球做自由落體運(yùn)動(dòng)，相等時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移不同，則重力做功不同，所以球的動(dòng)能變更量不同，故D錯(cuò)誤。故選C。7.在國(guó)慶“70周年閱兵式”中，加受油機(jī)梯隊(duì)接受了檢閱。為保證空中加油過(guò)程順當(dāng)進(jìn)行，加、受油機(jī)必需保持勻速行駛，且運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力與重力成正比，則（）A.以受油機(jī)為參考系，加油機(jī)處于相對(duì)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)B.加油機(jī)和受油機(jī)的推力全程恒定不變C.加油后，加油機(jī)的質(zhì)量減小，必需增加發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率D.加油后，受油機(jī)的質(zhì)量增加，必需增加發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率【答案】D【解析】【詳解】A．在加、受油機(jī)加油過(guò)程中，只加油機(jī)和受油機(jī)必需相對(duì)靜止才能完成加油，故A錯(cuò)誤；B．加油機(jī)向受油機(jī)供油，受油機(jī)質(zhì)量增大，運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f增大，依據(jù)平衡條件可知，受油機(jī)的推力增大，加油機(jī)質(zhì)量減小，運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f減小，則加油機(jī)的推力減小，故B錯(cuò)誤；CD．加油機(jī)向受油機(jī)供油，受油機(jī)質(zhì)量增大，運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f增大，由P=Fv可知，要保持勻速運(yùn)動(dòng)，必需增大發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率P；加油機(jī)向受油機(jī)供油，加油機(jī)質(zhì)量減小，運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f減小，由P=Fv可知，要保持勻速運(yùn)動(dòng)，必需減小發(fā)動(dòng)機(jī)輸出功率P，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D8.如圖，兩個(gè)相距l(xiāng)的固定點(diǎn)電荷A、B，所帶電量均為+Q。另有一質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷C，以速度v繞AB連線中點(diǎn)O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且所在圓平面與AB連線垂直，AC的距離為l。已知靜電力常量為k，電荷C的重力忽視不計(jì)，電荷C所帶電量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】由幾何關(guān)系可知A點(diǎn)電荷與C電荷間的引力與B與C電荷間的引力大小相等且兩引力的合力供應(yīng)向心力，則有聯(lián)立解得且A點(diǎn)電荷與C電荷間為引力，則C點(diǎn)電荷帶負(fù)電，故B正確。故選B。9.如圖，質(zhì)量為m，長(zhǎng)為3l的勻稱(chēng)直導(dǎo)線折成等邊三角形線框LMN，豎直懸掛于兩根絕緣細(xì)線上，并使邊MN呈水平狀態(tài)。現(xiàn)置于與其所在平面相垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。當(dāng)兩根絕緣細(xì)線所受拉力為零時(shí)，通過(guò)導(dǎo)線MN的電流強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)兩根絕緣細(xì)線所受拉力為零時(shí)，即等邊三角形線框，LMN所受的安培力與重力大小相等，方向相反，由于NLM導(dǎo)線的等效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，由平衡條件有解得故選B。10.近年來(lái)，農(nóng)村光伏項(xiàng)目得到大力發(fā)展。如圖，我市某戶居民在樓頂安裝了60平米的多晶硅光伏發(fā)電系統(tǒng)。據(jù)了解，該系統(tǒng)組件設(shè)計(jì)要求為每平米發(fā)電功率150W，實(shí)際發(fā)電功率約為設(shè)計(jì)功率的70%。其中發(fā)電總量的30%供自家運(yùn)用，還有富余發(fā)電以0.7元/度的價(jià)格并入國(guó)家電網(wǎng)。2024年衢州地區(qū)每天平均有效日照時(shí)間為3.8h，關(guān)于該戶居民所安裝的發(fā)電系統(tǒng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.平均每天的發(fā)電量大約可供一盞15W的節(jié)能燈運(yùn)用600hB.2024年發(fā)電總量約1.2×104KW·hC.富余發(fā)電的年平均收入約為4280元D.簡(jiǎn)單造成光污染，不適合在農(nóng)村推廣【答案】C【解析】【詳解】A．每天的發(fā)電量為可供一盞15W節(jié)能燈運(yùn)用時(shí)間為故A錯(cuò)誤；B．2024年發(fā)電總量約故B錯(cuò)誤；C．每年富余發(fā)電則年平均收入約為故C正確；D．光伏發(fā)電為將光能轉(zhuǎn)化為電能，則不會(huì)造成光污染，故D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)不全的得2分，錯(cuò)選不得分）11.用卡車(chē)運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面I、Ⅱ置于車(chē)上，傾角均為。當(dāng)卡車(chē)沿平直馬路勻速行駛時(shí)，兩斜面與卡車(chē)始終保持相對(duì)靜止，圓筒對(duì)斜面I、Ⅱ壓力的大小分別為F1、F2，則（）A.斜面I與車(chē)廂平面之間肯定存在摩擦力B.斜面Ⅱ與車(chē)廂平面之間肯定存在摩擦力C.斜面I傾角減小，壓力F2增大D.斜面I傾角減小，壓力F1先減小后增大【答案】AD【解析】【詳解】A．由于勻質(zhì)圓筒狀工件對(duì)斜面I有斜向左下方的壓力，斜面I有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，則由平衡可知，斜面I與車(chē)廂平面之間肯定存在摩擦力，故A正確；B．勻質(zhì)圓筒狀工件對(duì)斜面II有斜向右下方的壓力，水平方向受到車(chē)向左的作用力，當(dāng)水平方向作用力平衡時(shí)，則斜面II與車(chē)廂平面之間沒(méi)有摩擦力，故B錯(cuò)誤；CD．將勻質(zhì)圓筒狀工件重力分析如圖，由圖可知，斜面I傾角減小，壓力F2始終減小，壓力F1先減小后增大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。12.如圖，傾角為α的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，整個(gè)裝置處在場(chǎng)強(qiáng)大小為E、方向沿斜面對(duì)下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中?，F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為－q的小球從M點(diǎn)由靜止釋放，釋放后小球沿著斜面對(duì)下運(yùn)動(dòng)，且M點(diǎn)與彈簧的上端N點(diǎn)的距離為s。已知靜電力常量為k，彈簧的勁度系數(shù)為k0。則下列說(shuō)法中正確的是（）A.小球帶負(fù)電，故N點(diǎn)電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)B.下滑過(guò)程中，小球的電勢(shì)能始終在增大C.當(dāng)小球下滑至N點(diǎn)時(shí)，速度大小為D.當(dāng)彈簧壓縮量為時(shí)，小球的速度最大【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知，N點(diǎn)的電勢(shì)低于M點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．下滑過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故B正確；C．由動(dòng)能定理可得解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)小球的合力為0時(shí)，小球速度最大，由平衡可得解得故D正確。故選BD。13.如圖甲，家用電磁爐已走進(jìn)千家萬(wàn)戶。圖乙為電磁爐中安裝的旋渦狀線圈，當(dāng)通以高頻溝通電流時(shí)，線圈產(chǎn)生的磁感線的條數(shù)和方向會(huì)隨電流的強(qiáng)度和方向的變更而變更，導(dǎo)致電磁爐上方的鐵鍋產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而使其發(fā)熱。下列說(shuō)法正確的是（）A.磁場(chǎng)變更的頻率越高，電磁爐的加熱效果越好B.由上往下看，圖乙線圈中該時(shí)刻電流方向?yàn)轫槙r(shí)針C.電磁爐工作原理是應(yīng)用電磁感應(yīng)在鍋體中產(chǎn)生渦流來(lái)工作D.一般陶瓷砂鍋也可利用電磁爐來(lái)煲湯【答案】AC【解析】【詳解】A．磁場(chǎng)變更的頻率越高，磁通量變更率越大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)越大，回路中的電流越大，加熱效果越好，故A正確；B．由于不知道磁場(chǎng)大小的變更狀況，則無(wú)法確定感應(yīng)電流的方向，故B錯(cuò)誤；C．電磁爐工作原理是利用交變電流通過(guò)線圈產(chǎn)生交變磁場(chǎng)，從而使金屬鍋?zhàn)陨懋a(chǎn)生多數(shù)小渦流而干脆加熱于鍋內(nèi)的食物，故C正確；D．交變磁場(chǎng)在一般陶瓷砂鍋內(nèi)不能形成渦流，則不能用來(lái)加熱，故D錯(cuò)誤。故選AC。14.如圖，某同學(xué)在玻璃皿中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極，沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電源的正極，做“旋轉(zhuǎn)的液體”試驗(yàn)。若蹄形磁鐵兩極正對(duì)部分的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.1T，玻璃皿的半徑為a=0.05m，電源的電動(dòng)勢(shì)為E=3V，內(nèi)阻r=0.1Ω，限流電阻R0=4.9Ω，玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R=1.0Ω。閉合開(kāi)關(guān)后，液體受到安培力做功而具有肯定的動(dòng)能，此時(shí)電壓表示數(shù)為1.5V。下列說(shuō)法正確的是（）A.電源輸出功率為0.891WB.液體的熱功率為0.25WC.由上往下看，液體做逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)D.液體所受的安培力1.5×10－3N【答案】ACD【解析】【詳解】A．由閉合電路歐姆定律可知，回路中的電流為電源輸出功率為故A正確；B．液體的熱功率為故B錯(cuò)誤；C．由于中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極，沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電源的正極，在電源外部電流由正極流向負(fù)極，因此電流由邊緣流向中心，器皿所在處的磁場(chǎng)豎直向上，由左手定則可知，導(dǎo)電液體受到的磁場(chǎng)力沿逆時(shí)針?lè)较?，因此液體沿逆時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)，故C正確；D．液體所受的安培力大小為故D正確。故選ACD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共54分）15.某試驗(yàn)小組利用如圖甲試驗(yàn)裝置進(jìn)行相關(guān)力學(xué)試驗(yàn)(1)將一條紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，李同學(xué)發(fā)覺(jué)有如圖乙兩種穿法，你認(rèn)為正確是________。（填“A”或“B”）(2)關(guān)于該裝置，下列說(shuō)法正確的是_______；A．做“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，可將軌道不帶滑輪一端適當(dāng)墊高B．做“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，小車(chē)每次必需從同一點(diǎn)釋放C．做“探究小車(chē)加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，每次變更小車(chē)質(zhì)量都必需重新平衡摩擦力D．做“探究功與速度變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，調(diào)整滑輪高度，使細(xì)線與軌道平行(3)在“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，除了圖甲中的儀器，下圖儀器中還須要______________；試驗(yàn)完畢后，得到一條清楚紙帶如圖丙所示，截取當(dāng)中一段用毫米刻度尺進(jìn)行測(cè)量。在紙帶上標(biāo)注了“0、1、2、3、4、5”五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)（每2個(gè)點(diǎn)標(biāo)注一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)），已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為50Hz，則打計(jì)數(shù)點(diǎn)2點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度為_(kāi)________m/s。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；(4)某同學(xué)利用該裝置完成“探究功與速度變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，通過(guò)測(cè)量小車(chē)從靜止起先運(yùn)動(dòng)的位移x大小與小車(chē)獲得的末速度v的值進(jìn)行探究，則該組同學(xué)是否肯定要平衡摩擦力？_________（填“是”或“否”）【答案】(1).B(2).AD(3).D(4).0.51（0.50-0.53）(5).否【解析】【詳解】(1)[1]為了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器能在紙帶上打點(diǎn)，紙帶應(yīng)放在復(fù)寫(xiě)紙下方同時(shí)穿過(guò)限位孔，故B正確；(2)[2]A．做“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，可將軌道不帶滑輪一端適當(dāng)墊高，讓小車(chē)做加速運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．做“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，小車(chē)每次不肯定從同一點(diǎn)釋放，故B錯(cuò)誤；C．平衡摩擦力的方法是將木板帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端適當(dāng)墊高，這樣做的目的是利用小車(chē)重力沿斜面分力補(bǔ)償小車(chē)運(yùn)動(dòng)中所受阻力的影響，即式子成立與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故變更質(zhì)量后不需重新進(jìn)行平衡，故C錯(cuò)誤；D．做“探究功與速度變更的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，必需調(diào)整滑輪高度使連接小車(chē)的細(xì)線與滑板平行，故D正確。故選AD；(3)[3]由于試驗(yàn)中還要測(cè)量紙帶上各點(diǎn)間的距離，則還要刻度尺，由于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器為電火花計(jì)時(shí)器，所以不用學(xué)生電源，也不用秒表，由于“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變更的關(guān)系”不用測(cè)量質(zhì)量，所以也不用天平和砝碼，故選D；[4]依據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，則有由于誤差(0.50－0.53)m/s均可；(4)[5]當(dāng)小車(chē)受到的合力肯定時(shí)，通過(guò)變更小車(chē)的位移，從而變更合力做功，同時(shí)測(cè)出小車(chē)對(duì)應(yīng)的速度，則可以探究功與速度變更的關(guān)系，說(shuō)明不平衡摩擦力也可以進(jìn)行。16.為描繪“2.5V，0.3A”的小燈泡的伏安特性曲線，某試驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的試驗(yàn)電路，要求小燈泡兩端電壓從0起先變更。(1)試驗(yàn)室中有兩種型號(hào)的滑動(dòng)變阻器，應(yīng)選擇的是_________；（填“A”或“B”）A．滑動(dòng)變阻器R1（200Ω，0.3A）B．滑動(dòng)變阻器R1（10Ω，2A）(2)依據(jù)要求，在圖甲中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線完成電路連接_________A。閉合開(kāi)關(guān)，某次測(cè)量時(shí)電流表的指針如圖乙所示，其讀數(shù)為_(kāi)________A；(3)試驗(yàn)測(cè)得小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，由試驗(yàn)曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻_________（選填“增大”、“不變”或“減小”），燈絲的電阻率_________（選填“增大”、“不變”或“減小”）；(4)用一個(gè)阻值為5Ω的定值電阻與上述小燈泡組成串聯(lián)電路，連接到內(nèi)阻不計(jì)、電動(dòng)勢(shì)為3V的電源上，則流過(guò)小燈泡的電流約為_(kāi)________A?！敬鸢浮?1).B(2).(3).0.26(4).增大(5).增大(6).0.43（0.42-0.44）【解析】【詳解】(1)[1]由于試驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器用分壓式，則應(yīng)選用總阻值較小的即選B；(2)[2]依據(jù)原理圖連接實(shí)物圖如圖[3]由燈泡的最大電流為0.3A，所以電流表用量程為0.6A，最小刻度為0.02A，讀數(shù)為0.26A；(3)[4][5]圖像斜率倒數(shù)表示電阻，則由試驗(yàn)曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻增大，由電阻定律可知，燈絲的電阻率增大；(4)[6]將阻值為5Ω的定值電阻與電源看作新電源，則有將此圖線作在燈泡伏安曲線中，如圖由圖可知，流過(guò)小燈泡的電流約為0.43A，由于誤差(0.42-0.44)A均可17.如圖，質(zhì)量m=10kg的一箱蘋(píng)果靜置于水平地面上的A點(diǎn)，AB間距L=35m，箱子與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?，F(xiàn)用大小為140N，與水平方向成的力斜向下推動(dòng)此箱蘋(píng)果，使它由A點(diǎn)靜止起先運(yùn)動(dòng)并能到達(dá)B點(diǎn)。求：（已知cos=0.8，sin=0.6）(1)推力作用下箱子的加速度a大??；(2)推力作用的最短時(shí)間t；(3)撤去推力后，箱子正中心一個(gè)質(zhì)量m0=0．2kg的蘋(píng)果受到其他蘋(píng)果給它的作用力大小?！敬鸢浮?1)；(2)5s；(3)【解析】【詳解】(1)由牛頓其次定律得：則(2)設(shè)撤去推力后的加速度為，撤去推力后到箱子停止所用時(shí)間為，則得箱子加速階段和減速階段發(fā)生的總位移其中，聯(lián)立各式得(3)中心蘋(píng)果受到其他蘋(píng)果給它的作用力18.舊物循環(huán)再利用是愛(ài)惜環(huán)境的一種體現(xiàn)，某學(xué)校舉辦了一次舊物改造大賽，其中有一同學(xué)利用舊紙板和鋁片改造的“賽車(chē)軌道”小玩具引起了很多人的關(guān)注?！百愜?chē)軌道”的簡(jiǎn)易模型如圖所示，AB、DE和EF段都是粗糙直軌道，動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，DE段的傾角α=，LDE=0.5m，LEF=0.3m，其余軌道不計(jì)摩擦。BC段是半徑r1=0.4m的圓弧軌道，圓心角θ=，與直軌道相切于B點(diǎn)、C點(diǎn)，豎直圓軌道半徑r2=0.2m，最低點(diǎn)錯(cuò)開(kāi)，CD段水平。一輛質(zhì)量m=0.2kg的玩具賽車(chē)（可看成質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)靜止釋放，恰好能通過(guò)豎直圓軌道，不考慮D點(diǎn)和E點(diǎn)的能量損失，求：（已知cos=0.8，sin=0.6）(1)賽車(chē)過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的作用力；(2)AB段的距離；(3)若想讓賽車(chē)停在EF段，賽車(chē)要從距離B點(diǎn)多遠(yuǎn)處釋放?！敬鸢浮?1)7N，方向豎直向下；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)賽車(chē)恰好能過(guò)豎直圓軌道，最高點(diǎn)滿意賽車(chē)從C點(diǎn)到最高點(diǎn)依據(jù)動(dòng)能定理C點(diǎn)依據(jù)牛頓其次定律聯(lián)立各式得依據(jù)牛頓第三定律：賽車(chē)對(duì)軌道的作用力為7N，方向豎直向下(2)設(shè)AB段的距離為，從A點(diǎn)到C點(diǎn)依據(jù)動(dòng)能定理得得(3)假如賽車(chē)停止E點(diǎn)，從動(dòng)身到E點(diǎn)依據(jù)動(dòng)能定理得得說(shuō)明剛好到E點(diǎn)就過(guò)不了豎直圓軌道，假如賽車(chē)停止在F點(diǎn)，從動(dòng)身到F點(diǎn)依據(jù)動(dòng)能定理得：則綜上可得19.如圖甲所示，電阻忽視不計(jì)的兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置，軌道間距為L(zhǎng)=1m，上端接有電阻R=0.3Ω。在水平虛線MM'、NN'間有一與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，磁場(chǎng)區(qū)域的高度為d=2m?，F(xiàn)將質(zhì)量m=0.3kg，電阻r=0.2Ω