廣東省2024年高考物理模擬試卷及答案15

廣東省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．得分1．在2023年10月28日舉行的首屆國(guó)際天然鈾產(chǎn)業(yè)發(fā)展論壇中，我國(guó)宣布，通過(guò)“天空地深”一體化勘查技術(shù)發(fā)現(xiàn)了一批萬(wàn)噸至十萬(wàn)噸級(jí)鈾礦床．天然鈾中主要有鈾238和鈾235，其中，鈾235的裂變方程為：92235A．鈾235裂變可以自發(fā)進(jìn)行 B．反應(yīng)方程中A=144，Z=53C．3689Kr的比結(jié)合能大于92235U2．2023年10月31日，神舟十六號(hào)載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場(chǎng)成功著陸．當(dāng)返回艙距離地面1.2m時(shí)，返回艙的速度為8m/s，此時(shí)返回艙底部的4臺(tái)反推火箭點(diǎn)火工作，使返回艙觸地前瞬間速度降至2m/A．3×104N B．7.5×103．2022年10月，我國(guó)成功將“夸父一號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射升空。該衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)看成勻速圓周運(yùn)動(dòng)距地面高度約為720km。如圖所示，“夸父一號(hào)”隨地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)過(guò)程中，需要其軌道平面始終地球公轉(zhuǎn)軌道與太陽(yáng)保持固定的取向，使太陽(yáng)光能照射到“夸太陽(yáng)父一號(hào)”。下列說(shuō)法正確的是（）A．“夸父一號(hào)”有部分時(shí)間處于“黑夜”之中，完全不能接收到太陽(yáng)光B．“夸父一號(hào)”在任意時(shí)刻的加速度相同C．“夸父一號(hào)”繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度小于地球的第一宇宙速度D．“夸父一號(hào)”繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期大于地球自轉(zhuǎn)的周期4．汽車的點(diǎn)火線圈是脈沖變壓器．某型號(hào)點(diǎn)火線圈部分剖面結(jié)構(gòu)如圖，其初級(jí)線圈與次級(jí)線圈匝數(shù)之比為1：100，已知汽車電瓶是電動(dòng)勢(shì)為12V的蓄電池．下列說(shuō)法正確的是（）A．點(diǎn)火線圈的輸出電壓始終為1200V B．汽車電瓶不能使點(diǎn)火線圈工作C．點(diǎn)火線圈的初級(jí)線圈應(yīng)和汽車電瓶相連 D．提高初級(jí)線圈匝數(shù)，可以增加點(diǎn)火線圈的輸出電壓5．如圖甲所示，計(jì)算機(jī)鍵盤(pán)為電容式傳感器，每個(gè)鍵下面由相互平行、間距為d的活動(dòng)金屬片和固定金屬片組成，兩金屬片間有空氣間隙，兩金屬片組成一個(gè)平行板電容器，如圖乙所示．其內(nèi)部電路如圖丙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A．按鍵的過(guò)程中，電容器間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小B．按鍵的過(guò)程中，電容器儲(chǔ)存的電能增多C．按鍵的過(guò)程中，圖丙中電流方向從a經(jīng)電流計(jì)流向bD．按鍵的過(guò)程中，電容器上極板電勢(shì)低于下極板電勢(shì)6．如圖是小魔術(shù)“浮沉子”的模型．在密封的礦泉水瓶中，一開(kāi)口向下、導(dǎo)熱良好的小瓶置于礦泉水瓶中，小瓶中封閉一段空氣，可看作理想氣體．現(xiàn)用手?jǐn)D壓礦泉水瓶，小瓶下沉到底部；松開(kāi)礦泉水瓶后，小瓶緩慢上浮，上浮過(guò)程中小瓶?jī)?nèi)氣體溫度保持不變，則上浮過(guò)程中小瓶?jī)?nèi)氣體（）A．體積不變，內(nèi)能不變 B．體積不變，壓強(qiáng)不變C．對(duì)外界做正功，并放出熱量 D．體積增大，對(duì)外界做正功7．以下四幅圖中，相關(guān)敘述正確的是（）A．如圖甲，人造地球衛(wèi)星經(jīng)過(guò)地面跟蹤站上空，地面接收到信號(hào)頻率先增大后減小B．如圖乙，A、B兩燈均發(fā)亮，若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，A燈和B燈都會(huì)立即熄滅C．如圖丙，高頻感應(yīng)爐是利用爐外線圈產(chǎn)生的熱量使?fàn)t內(nèi)的金屬熔化D．如圖丁，利用該裝置驗(yàn)證向心力與角速度的關(guān)系時(shí)，要保持皮帶連接的兩個(gè)塔輪半徑相同閱卷人二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．得分8．某型號(hào)降噪耳機(jī)工作原理如圖所示，降噪過(guò)程包括如下幾個(gè)環(huán)節(jié)：首先，由微型麥克風(fēng)采集環(huán)境中的中、低頻噪聲；接下來(lái)，將噪聲信號(hào)傳至降噪電路；在降噪電路處理完成后，通過(guò)揚(yáng)聲器向外發(fā)出聲波來(lái)抵消噪聲；最后，我們耳朵就會(huì)感覺(jué)到噪聲減弱甚至消失．對(duì)該降噪耳機(jī)相關(guān)說(shuō)法正確的是（）A．耳機(jī)降噪利用了聲波的多普勒效應(yīng) B．抵消聲波的頻率與噪聲的頻率應(yīng)該相等C．抵消聲波與噪聲的相位差為零 D．抵消聲波和環(huán)境噪聲在空氣中傳播的速度相等9．如圖所示，我國(guó)排球主攻手朱婷在某次墊球訓(xùn)練中將下落的排球從墊擊面上墊出后，排球豎直向上運(yùn)動(dòng)，之后又落回到原位置，假設(shè)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中排球所受空氣阻力大小不變，下列說(shuō)法正確的是（）A．球上升階段處于超重狀態(tài)B．球上升階段重力做的功多于下降階段重力做的功C．球上升階段動(dòng)量的變化率大于下降階段動(dòng)量的變化率D．球從接觸手臂到離開(kāi)手臂的時(shí)間內(nèi)，手臂對(duì)排球的沖量不為零10．某些腫瘤可以用“質(zhì)子療法”進(jìn)行治療過(guò)程中，來(lái)自質(zhì)子源的質(zhì)子（初速度為零）先被電場(chǎng)加速到具有較高的能量，然后被磁場(chǎng)引向轟擊腫瘤，殺死其中惡性細(xì)胞，如圖所示．若加速電場(chǎng)可看成單個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)子的加速長(zhǎng)度為L(zhǎng)，加速的末速度為v，質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為e，下列說(shuō)法正確的是（）A．質(zhì)子在加速過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)其做正功，電勢(shì)能減少B．該加速電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=C．若要提高質(zhì)子飛出時(shí)的動(dòng)能，可在其他條件不變的情況下提高加速電壓D．質(zhì)子擊中腫瘤時(shí)的速度大于質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度閱卷人三、非選擇題：共54分．得分11．在探究氣體壓強(qiáng)與體積關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，某興趣小組設(shè)計(jì)如圖實(shí)驗(yàn)裝置．已知重力加速度為g，注射器氣密性和導(dǎo)熱良好且外界環(huán)境溫度保持不變，不計(jì)一切摩擦．（1）用刻度尺測(cè)得注射器刻度上40mL到50mL的長(zhǎng)度為1cm，注射器活塞的橫截面積為S=cm（2）取下沙桶，向右拉動(dòng)活塞一段距離后，用橡膠套堵住注射孔，此時(shí)的氣體壓強(qiáng)為大氣壓p0（3）掛上沙桶，穩(wěn)定后，測(cè)出此時(shí)的氣體體積V和沙桶的總質(zhì)量m，則氣體壓強(qiáng)的表達(dá)式p2=；（請(qǐng)選用（4）在沙桶內(nèi)適量添加沙子，重復(fù)步驟（3）；（5）以沙桶的總質(zhì)量m為縱軸，以1V為橫軸，繪制m?1V圖像，其圖像如圖乙所示，圖中橫軸截距為a，縱軸截距為b，可求得未懸掛沙桶時(shí)注射器內(nèi)氣體的體積V0=12．由于實(shí)驗(yàn)室沒(méi)有提供電流表，某實(shí)驗(yàn)小組利用兩個(gè)電壓表測(cè)量電阻Rx（1）請(qǐng)根據(jù)電路圖連接圖2中的實(shí)物圖；（2）閉合開(kāi)關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到最端（選填“左”或“右”）；（3）閉合開(kāi)關(guān)S，適當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，記錄電壓表V1、V2的示數(shù)U1（4）重復(fù)步驟（3），測(cè)量多組U1和U（5）根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出U2?U1的關(guān)系圖線如圖3所示，求得直線的斜率為k，可以得到R（6）因電壓表V1、V2非理想電表，用該方法測(cè)得的Rx13．實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量某透明液體的折射率，如圖所示，組員找到一個(gè)底面直徑為d，高為d2的圓柱形玻璃槽，現(xiàn)給槽內(nèi)注滿該液體，O為液面的中心。一單色光源由槽底A沿AO方向射入，光束與液面夾角為60°，恰好在B點(diǎn)接收到該光束。已知B點(diǎn)在槽邊緣正上方d（1）求該液體的折射率n；（2）若將光源移動(dòng)到槽邊緣C處，光束仍對(duì)準(zhǔn)O點(diǎn)射入，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算說(shuō)明能否在液面上方接收到該光束。14．飯卡是學(xué)校等單位最常用的輔助支付手段，其內(nèi)部主要部分是一個(gè)多匝線圈，當(dāng)刷卡機(jī)發(fā)出電磁信號(hào)時(shí)，置于刷卡機(jī)上的飯卡線圈的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生電信號(hào)．其原理可簡(jiǎn)化為如圖甲所示，設(shè)線圈匝數(shù)n=600，每匝線圈的面積均為S=10cm2，線圈總電阻r=0.（1）0~（2）0~0.15．臺(tái)球是深受大眾喜愛(ài)娛樂(lè)健身活動(dòng)。如圖，運(yùn)動(dòng)員采用“點(diǎn)桿”擊球法（當(dāng)球桿桿頭接觸母球的瞬間，迅速將桿抽回，母球離桿后與目標(biāo)球發(fā)生對(duì)心正碰，視為彈性碰撞）擊打母球，使得目標(biāo)球被碰撞后經(jīng)CD邊反彈進(jìn)入球洞A，這種進(jìn)球方式被稱為“翻袋”進(jìn)球法。已知兩球質(zhì)量均為0.2kg，且可視為質(zhì)點(diǎn)，球間距離為0.9m，目標(biāo)球與CD擋壁間虛線距離為0.3m，目標(biāo)球被CD擋壁反彈后向A球洞運(yùn)動(dòng)方向與AC擋壁間夾角為30°，AC=33（1）求母球在桌面做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大??；（2）若某次擊打后母球獲得的初速度為1m/s，且桿頭與母球的接觸時(shí)間為（3）若擊打后母球獲得速度v0（4）若能到達(dá)球洞上方且速率小于6m/

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．鈾235的裂變需要中子轟擊才能發(fā)生，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)反應(yīng)過(guò)程滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知A=235+1?89?3=144，Z=92?36=56故B錯(cuò)誤；C．核裂變會(huì)釋放能量，則反應(yīng)后的產(chǎn)物3689Kr的比結(jié)合能大于D．半衰期不隨溫度變化而變化，故D錯(cuò)誤。故選C?！痉治觥扛鶕?jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷原子核的種類；半衰期是對(duì)大量放射性元素的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，與外界條件無(wú)關(guān)；質(zhì)量數(shù)為質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)之和，質(zhì)量數(shù)越大結(jié)合能越大。2．【答案】D【解析】【解答】根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得v解得加速度大小為a=根據(jù)牛頓第二定律可得F?mg=ma解得F=1故選D。【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律計(jì)算加速度，再根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算推力3．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)題意可知“夸父一號(hào)”始終能接收到太陽(yáng)光，故A錯(cuò)誤；B．“夸父一號(hào)”在任意時(shí)刻的加速度大小相等，但是方向不相同，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得GMm可得v=GMr可知衛(wèi)星軌道越高，線速度越小，周期越大，則“夸父一號(hào)”繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度小于地球的第一宇宙速度，“夸父一號(hào)”繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期小于同步衛(wèi)星的周期，即小于地球自轉(zhuǎn)的周期，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合向心力不同的表達(dá)方式求解第一宇宙速度和周期的表達(dá)式4．【答案】C【解析】【解答】D．根據(jù)變壓器變壓比U可知，增加初級(jí)線圈的匝數(shù)，次級(jí)線圈兩端電壓減小，故D錯(cuò)誤；AB．汽車蓄電池是直流電源，但在點(diǎn)火啟動(dòng)瞬間，穿過(guò)兩線圈的磁通量發(fā)生變化，也能點(diǎn)火線圈正常工作，所以只在點(diǎn)火瞬間，點(diǎn)火線圈的輸出電壓始終為1200V，故AB錯(cuò)誤；C．點(diǎn)火線圈的初級(jí)線圈應(yīng)和蓄電池相連，次級(jí)線圈中產(chǎn)生高壓將汽車啟動(dòng)，故C正確；故選C?！痉治觥扛鶕?jù)變壓器初級(jí)、次級(jí)線圈電壓之比等于匝數(shù)比，結(jié)合磁通量的變化特點(diǎn)分析求解。5．【答案】B【解析】【解答】AB．根據(jù)C=QU按鍵的過(guò)程中，由于電壓U不變，d減小，則電容C增大，電容器間的電場(chǎng)強(qiáng)度E增大，電容器所帶電荷量Q增大，則電容器儲(chǔ)存的電能增多，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．按鍵的過(guò)程中，由于電容器所帶電荷量Q增大，電容器充電，圖丙中電流方向從b經(jīng)電流計(jì)流向a，電容器上極板電勢(shì)高于下極板電勢(shì)，故CD錯(cuò)誤。故選B?！痉治觥扛鶕?jù)電容器的定義式、決定式以及電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差關(guān)系，結(jié)合按鍵的過(guò)程中，由于電壓U不變，d減小分析求解6．【答案】D【解析】【解答】上浮過(guò)程中小瓶?jī)?nèi)氣體溫度不變，壓強(qiáng)逐漸減小，根據(jù)玻意耳定律可得：

pV=C

可知?dú)怏w體積變大，因此氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

ΔU=W+Q

其中

ΔU=0，W＜0

可知

Q＞0

可知瓶?jī)?nèi)氣體從外界吸熱，故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D。

【分析】根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程得出氣體狀態(tài)參量的變化，結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析出氣體的吸放熱情況。7．【答案】A【解析】【解答】A．圖甲中人造地球衛(wèi)星先靠近跟蹤站，然后遠(yuǎn)離跟蹤站，根據(jù)多普勒效應(yīng)，人造地球衛(wèi)星先靠近跟蹤站時(shí)地面接收到信號(hào)頻率先增大，遠(yuǎn)離跟蹤站時(shí)地面接收到信號(hào)頻率減小，故A正確；

B．圖乙中，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，線圈與燈泡A組成自感回路，B燈會(huì)先熄滅，因?yàn)殡姼蠰的自感作用，A燈會(huì)延遲熄滅，故B錯(cuò)誤；

C．圖丙中，高頻感應(yīng)爐是利用渦流，在被冶煉金屬內(nèi)部產(chǎn)生的熱量使?fàn)t內(nèi)的金屬熔化，故C錯(cuò)誤；

D．圖丁中，因?yàn)槠нB接的兩個(gè)塔輪線速度大小相等，塔輪半徑不同，才能研究向心力與不同角速度的關(guān)系，故D錯(cuò)誤。

故選：A。

【分析】根據(jù)多普勒效應(yīng)分析，當(dāng)波源與觀察者有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)發(fā)生多普勒效應(yīng)；根據(jù)自感現(xiàn)象分析；用來(lái)冶煉合金鋼的真空冶煉爐，爐外有線圈，線圈中通入反復(fù)變化的電流，爐內(nèi)的金屬中產(chǎn)生渦流。渦流產(chǎn)生的熱量使金屬熔化；根據(jù)向心力與角速度、半徑的關(guān)系分析。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．耳機(jī)降噪利用了聲波的干涉原理，頻率相同的波才能發(fā)生干涉，即聲波的疊加，相位相反時(shí)則可以相互抵消，抵消聲波與噪聲的相位差并不為零，故B正確，AC錯(cuò)誤；

D．聲波是靠介質(zhì)傳播，同一介質(zhì)中傳播速度相等，故D正確。

故選：BD。

【分析】根據(jù)文中的圖，結(jié)合“通過(guò)音頻接收器和抗噪芯片來(lái)接收和分析外界噪聲的頻率，并產(chǎn)生與其相位相反頻率相同的聲波，相互減弱或抵消”可得出結(jié)論；同一介質(zhì)中傳播速度相等。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．球上升階段，加速方向向下，處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)W=mg?可知球上升階段重力做的功等于下降階段重力做的功，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理可得F可得Δp由于球上升階段受到的合力大于下降階段受到的合力，則球上升階段動(dòng)量的變化率大于下降階段動(dòng)量的變化率，故C正確；D．球從接觸手臂到離開(kāi)手臂的時(shí)間內(nèi)，手臂對(duì)排球的作用力不為0，則手臂對(duì)排球的沖量不為零，故D正確。故選CD?！痉治觥扛鶕?jù)加速度的方向判斷超重或失重；根據(jù)功的公式判斷；根據(jù)題意求出上升階段與下降階段排球動(dòng)量的變化量即可解題；根據(jù)沖量定義判斷。10．【答案】A,B,C【解析】【解答】A．質(zhì)子在加速過(guò)程中，速度增大，電場(chǎng)力對(duì)其做正功，電勢(shì)能減少，故A正確；B．根據(jù)動(dòng)能定理有eEL=解得E=故B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理可知eU=則若要提高質(zhì)子飛出時(shí)的動(dòng)能，可在其他條件不變的情況下提高加速電壓，故C正確；D．質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)，洛倫茲力不做功，則質(zhì)子的速度不變，所以質(zhì)子擊中腫瘤時(shí)的速度等于質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度，故D錯(cuò)誤；故選ABC。【分析】質(zhì)子做加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力對(duì)其做正功，質(zhì)子的電勢(shì)能減少；根據(jù)動(dòng)能定理求解電場(chǎng)強(qiáng)度大?。桓鶕?jù)動(dòng)能定理分析只提高加速電壓U，質(zhì)子飛出時(shí)的動(dòng)能如何變化；質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)后，受到的洛倫茲力不做功，質(zhì)子的速率不變。11．【答案】（1）10（2）無(wú)（3）p（4）無(wú)（5）1a；【解析】【解答】（1）注射器活塞的橫截面積為S=（3）根據(jù)受力平衡可得p解得氣體壓強(qiáng)的表達(dá)式為p（5）根據(jù)玻意耳定律可得p整理可得m=?結(jié)合m?1p0S解得V0=【分析】（1）根據(jù)體積公式計(jì)算；（3）根據(jù)平衡條件計(jì)算；（5）根據(jù)玻意耳定律推導(dǎo)圖像函數(shù)表達(dá)式結(jié)合圖像判斷12．【答案】（1）（2）右（3）無(wú)（4）無(wú)（5）R（6）偏小【解析】【解答】（1）根據(jù)電路圖，實(shí)物連接如圖所示（2）閉合開(kāi)關(guān)S前，為了保護(hù)電表安全，滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到最右端。（5）根據(jù)歐姆定律可得U整理可得U可知U2k=解得R（6）考慮到電壓表的分流，流過(guò)R0的電流等于流過(guò)Rx和電壓表U整理可得U可知實(shí)際上U2k=則有R可知測(cè)得的Rx【分析】（1）根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；（2）滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，閉合開(kāi)關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片位于分壓電壓為零的那一端；（5）根據(jù)串聯(lián)、并聯(lián)電路的特點(diǎn)結(jié)合歐姆定律求解U2-U1函數(shù)，結(jié)合圖像斜率求解作答；（6）實(shí)驗(yàn)誤差來(lái)源于電壓表V1的分流作用，根據(jù)串聯(lián)、并聯(lián)電路的特點(diǎn)，結(jié)合歐姆定律求U2-U1函數(shù)，結(jié)合圖像斜率的含義分析作答。13．【答案】（1）光路如圖所示sini=sin所以sinθ=液體對(duì)光的折射率n=（2）將光源移動(dòng)到槽邊緣C點(diǎn)入射時(shí)，設(shè)入射角為αtan可得α=45°恰好發(fā)生全反射時(shí)sin所以C=45°此時(shí)入射角α=C，光束恰好在O點(diǎn)處發(fā)生了全反射，所以液面上方不能接收到光束?！窘馕觥俊痉治觥浚?）根據(jù)折射規(guī)律作出光路圖，由幾何知識(shí)求出入射角的正弦與折射角的正弦，再由折射定律求解液體的折射率；

（2）若將光源移動(dòng)到槽邊緣C處，光束仍對(duì)準(zhǔn)O點(diǎn)射入，根據(jù)幾何關(guān)系求出入射角，結(jié)合發(fā)生全反射的條件判斷。14．【答案】（1）根據(jù)楞次定律“增反減同”可知0~根據(jù)法拉第