浙江省2025屆高三物理選擇性考試仿真模擬卷一

PAGEPAGE17浙江省2025屆高三物理選擇性考試仿真模擬卷（一）一、選擇題Ⅰ(本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分)1．以下物理單位屬于能量單位的是()A．eV B．mA·h C．V/m D．kg·m/s22．管道高頻焊機(jī)可以對(duì)由鋼板卷成的圓管的接縫實(shí)施焊接。焊機(jī)的原理如圖所示，圓管通過(guò)一個(gè)接有高頻溝通電源的線圈，線圈所產(chǎn)生的交變磁場(chǎng)使圓管中產(chǎn)生交變電流，電流產(chǎn)生的熱量使接縫處的材料熔化將其焊接。焊接過(guò)程中所利用的電磁學(xué)規(guī)律的發(fā)覺(jué)者為()A．庫(kù)侖 B．霍爾 C．洛倫茲 D．法拉第3．第19屆亞洲運(yùn)動(dòng)會(huì)將于2024年9月10日～9月25日在中國(guó)杭州實(shí)行。杭州是中國(guó)第三個(gè)取得夏季亞運(yùn)會(huì)主辦權(quán)的城市，圖中的“蓮花碗”是田徑的主賽場(chǎng)，下列關(guān)于亞運(yùn)會(huì)田徑項(xiàng)目的敘述正確的是()A．探討短跑運(yùn)動(dòng)員終點(diǎn)撞線時(shí)可將運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)B．在田徑競(jìng)賽中跑步運(yùn)動(dòng)員的競(jìng)賽成果是一個(gè)時(shí)間間隔C．短跑運(yùn)動(dòng)員跑100m和200m都是指位移D．高水平運(yùn)動(dòng)員400m競(jìng)賽的平均速度有可能大于其他運(yùn)動(dòng)員200m競(jìng)賽的平均速度4．亞丁灣索馬里海盜的幾艘快艇試圖靠近中國(guó)海軍護(hù)航編隊(duì)愛(ài)護(hù)的商船，中國(guó)海軍放射爆震彈勝利將其驅(qū)除。假如其中一艘海盜快艇在海面上的速度－時(shí)間圖像如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是()A．海盜快艇行駛的最大速度為15m/sB．海盜快艇在66s末起先調(diào)頭逃離C．海盜快艇在0～66s做的是加速度不變的加速運(yùn)動(dòng)D．海盜快艇在96～116s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)5．無(wú)縫鋼管的制作原理如圖所示，豎直平面內(nèi)，管狀模型置于兩個(gè)支撐輪上，支撐輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)通過(guò)摩擦力帶動(dòng)管狀模型轉(zhuǎn)動(dòng)，鐵水注入管狀模型后，由于離心運(yùn)動(dòng)，鐵水緊緊地覆蓋在模型的內(nèi)壁上，冷卻后就得到無(wú)縫鋼管。已知管狀模型內(nèi)壁半徑為R，則下列說(shuō)法正確的是()A．鐵水是由于受到離心力的作用才覆蓋在模型內(nèi)壁上的B．模型各個(gè)方向上受到的鐵水的作用力相同C．若最上部的鐵水恰好不離開(kāi)模型內(nèi)壁，此時(shí)僅重力供應(yīng)向心力D．管狀模型轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω最大為eq\r(\f(g,R))6．如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行玻璃磚厚度為d，底面鍍有反光膜CD，反光膜厚度不計(jì)，一束光線以45°的入射角由A點(diǎn)入射，經(jīng)底面反光膜反射后，從頂面B點(diǎn)射出(B點(diǎn)圖中未畫(huà)出)。已知該光線在玻璃磚中的傳播速度為eq\f(\r(2),2)c，c為光在真空中的傳播速度，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A．平行玻璃磚的折射率為eq\r(2)B．入射點(diǎn)A與出射點(diǎn)B之間的距離為eq\f(2\r(3)d,3)C．平行玻璃磚的全反射臨界角為30°D．為了使從A點(diǎn)以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜CD長(zhǎng)度至少2d7．如圖所示，三個(gè)電荷量大小相等的點(diǎn)電荷A、B、C分別固定在正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，其電性如圖所示，P點(diǎn)為A、B連線的中點(diǎn)，若規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)零點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是()A．P點(diǎn)的電勢(shì)為零B．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由P指向AC．若將C點(diǎn)的電荷沿CP連線向P點(diǎn)移動(dòng)，電場(chǎng)力對(duì)其做正功D．若將C點(diǎn)的電荷沿CP連線向P點(diǎn)移動(dòng)，其電勢(shì)能保持不變8．為推行低碳理念，許多城市運(yùn)用如圖所示的超級(jí)電容公交車(chē)。該車(chē)車(chē)底安裝超級(jí)電容器(電容很大)，車(chē)輛進(jìn)站后，車(chē)頂充電設(shè)備隨即自動(dòng)升起，搭到充電站電纜上，通以大電流完成充電。每次只需在乘客上下車(chē)間隙充電30s到1min，就能行駛3到5km。假設(shè)該公交車(chē)的質(zhì)量m＝4×103kg，額定功率P＝120kW，它在平直水平路面上行駛時(shí)，受到的阻力f是車(chē)重的0.1倍，g取10m/s2。在不載客的狀況下，下列說(shuō)法正確的是()A．充電電流越大，該公交車(chē)的電容也越大B．該公交車(chē)儲(chǔ)存的電荷僅跟充電電流的大小有關(guān)C．該公交車(chē)在路面上行駛時(shí)最大速度可達(dá)20m/sD．若該公交車(chē)從靜止起先啟動(dòng)，以額定功率行駛50s后達(dá)到最大速度，則此過(guò)程它行駛了1050m9．“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器于2024年1月在月球背面勝利著陸，著陸前曾繞月球飛行，某段時(shí)間可認(rèn)為繞月做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓周半徑為月球半徑的K倍。已知地球半徑R是月球半徑的P倍，地球質(zhì)量是月球質(zhì)量的Q倍，地球表面重力加速度大小為g。則“嫦娥四號(hào)”繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的速率為()A.eq\r(\f(RKg,QP)) B.eq\r(\f(RPKg,Q))C.eq\r(\f(RQg,KP)) D.eq\r(\f(RPg,QK))10．如圖所示，一個(gè)正的點(diǎn)電荷q從圖中兩平行帶電金屬板左端中心處以初動(dòng)能Ek射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，它飛出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能變?yōu)?Ek；若此點(diǎn)電荷飛入電場(chǎng)時(shí)速度大小增加為原來(lái)的2倍而方向不變，它飛出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能變?yōu)?)A．4Ek B．4.25EkC．5Ek D．8Ek11．工程師探討出一種可以用于人形機(jī)器人的合成肌肉，可仿照人體肌肉做出推、拉、彎曲和扭曲等動(dòng)作。如圖所示，連接質(zhì)量為m的物體的足夠長(zhǎng)細(xì)繩ab一端固定于墻壁，用合成肌肉做成的“手臂”ced端固定一滑輪，c端固定于墻壁，細(xì)繩繞過(guò)滑輪，c和e類(lèi)似于人手臂的關(guān)節(jié)，由“手臂”合成肌肉限制。設(shè)cd與豎直墻壁ac夾角為θ，不計(jì)滑輪與細(xì)繩的摩擦，下列說(shuō)法正確的是()A．若保持θ不變，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩ad部分拉力增大B．若保持θ＝90°，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩對(duì)滑輪的力始終沿dc方向C．若保持ac等于ad，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩對(duì)滑輪的力始終沿dc方向D．若θ從90°漸漸變?yōu)榱?，cd長(zhǎng)度不變，且保持ac>cd，則細(xì)繩對(duì)滑輪的力先減小后增大12．CT掃描是計(jì)算機(jī)X射線斷層掃描技術(shù)的簡(jiǎn)稱(chēng)，CT掃描機(jī)可用于對(duì)多種病情的探測(cè)。圖(a)是某種CT機(jī)主要部分的剖面圖，其中X射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中M、N之間有一電子束的加速電場(chǎng)，虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)；經(jīng)調(diào)整后電子束從靜止起先沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向前進(jìn)，打到靶上，產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)；將電子束打到靶上的點(diǎn)記為P點(diǎn)。則()A．M處的電勢(shì)高于N處的電勢(shì)B．增大M、N之間的加速電壓可使P點(diǎn)左移C．偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面對(duì)外D．增大偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可使P點(diǎn)左移13．某體校的鉛球訓(xùn)練裝置示意圖如圖所示。假設(shè)運(yùn)動(dòng)員以6m/s速度將鉛球從傾角為30°的軌道底端推出，當(dāng)鉛球向上滑到某一位置時(shí)，其動(dòng)能削減了72J，機(jī)械能削減了12J，已知鉛球(包括其中的上掛設(shè)備)質(zhì)量為12kg，滑動(dòng)過(guò)程中阻力大小恒定，則下列推斷正確的是()A．鉛球上滑過(guò)程中削減的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能B．鉛球向上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為4m/s2C．鉛球返回底端時(shí)的動(dòng)能為144JD．運(yùn)動(dòng)員每推一次消耗的能量至少為60J二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分)14．以下為兩個(gè)核反應(yīng)式：(1)eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(3,1)H→eq\o\al(4,2)He＋X；(2)eq\o\al(235,92)U＋X→eq\o\al(140,54)Xe＋eq\o\al(94,38)Sr＋2Y，已知氘核的質(zhì)量為m1，氚核的質(zhì)量為m2，氦核的質(zhì)量為m3，X的質(zhì)量為m4，核反應(yīng)中放射一種γ光子，該γ光子照耀到逸出功為W0的金屬上打出的最大初動(dòng)能的光電子速度為v，已知光電子的質(zhì)量為m，光速為c，普朗克常量為h，則下列說(shuō)法正確的是()A．X與Y相同B．方程(1)是核聚變反應(yīng)，方程(2)是α衰變C．光電子的德布羅意波長(zhǎng)為eq\f(h,mv)D．γ光子來(lái)源于原子核外電子的能級(jí)躍遷，它的頻率為eq\f(mv2＋2W0,2h)15．“蜻蜓點(diǎn)水”是常見(jiàn)的自然現(xiàn)象，蜻蜓點(diǎn)水后在水面上會(huì)激起水紋。某同學(xué)在探討蜻蜓運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中獲得一張蜻蜓點(diǎn)水的俯視照片，該照片記錄了蜻蜓連續(xù)三次點(diǎn)水過(guò)程中激起的水紋，其形態(tài)如圖所示。由圖分析可知()A．蜻蜓第一次點(diǎn)水處為A點(diǎn)B．蜻蜓第一次點(diǎn)水處為C點(diǎn)C．蜻蜓飛行的速度大于水波傳播的速度D．蜻蜓飛行的速度小于水波傳播的速度16．圖甲是光電效應(yīng)的試驗(yàn)裝置圖，圖乙是光電流與加在陰極K和陽(yáng)極A上的電壓的關(guān)系圖像，下列說(shuō)法正確的是()A．由圖線①、③可知在光的顏色不變的狀況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大B．由圖線①、②、③可知對(duì)某種確定的金屬來(lái)說(shuō)，其遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)C．遏止電壓越大，說(shuō)明從該金屬中逸出的光電子的最大初動(dòng)能越小D．不論哪種顏色的入射光，只要光足夠強(qiáng)，就能發(fā)生光電效應(yīng)三、非選擇題(本題共6小題，共55分)17．(12分)(1)一位同學(xué)在探究木塊速度隨時(shí)間改變的規(guī)律時(shí)，在質(zhì)地勻稱(chēng)的水平桌面上將木塊、電火花計(jì)時(shí)器、紙帶連接成如圖甲所示的裝置，先接通周期為0.02s的溝通電源，再給木塊一向右的初速度v0，木塊向右運(yùn)動(dòng)一小段距離后將紙帶拉緊，最終得到如圖乙所示點(diǎn)跡的紙帶，A、B、C、D、E是連續(xù)的五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有一個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫(huà)出，其中AB、DE間距離已標(biāo)出，單位是cm。①圖乙中C點(diǎn)的讀數(shù)為_(kāi)_______cm，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下B點(diǎn)時(shí)木塊的速度為_(kāi)_______m/s，木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小是________m/s2。(計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字)②由圖乙紙帶上數(shù)據(jù)推斷，在誤差允許范圍內(nèi)，可以認(rèn)為木塊做的是________(選填“勻加速”或“勻減速”)運(yùn)動(dòng)。(2)①某同學(xué)在做“探究變壓器線圈兩端電壓與匝數(shù)的關(guān)系”試驗(yàn)時(shí)，用學(xué)生電源供應(yīng)應(yīng)圖甲所示變壓器原線圈的電壓為5V，用演示電表溝通50V擋測(cè)量副線圈電壓時(shí)示數(shù)如圖乙所示，則變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比可能是________；A．5∶8 B．5∶16 C．1∶14 D．1∶8②街頭見(jiàn)到的變壓器是降壓變壓器，假設(shè)它只有一個(gè)原線圈和一個(gè)副線圈，________(填寫(xiě)“原線圈”或“副線圈”)應(yīng)當(dāng)運(yùn)用較粗的導(dǎo)線。18．(7分)小李同學(xué)在用電流表和電壓表測(cè)某種電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的試驗(yàn)中，串聯(lián)了一只2.0Ω的愛(ài)護(hù)電阻R0，試驗(yàn)電路如圖甲所示，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)按電路原理圖甲連接實(shí)物電路圖乙；(2)測(cè)得下列五組數(shù)據(jù)：U(V)1.601.401.201.000.80I(A)0.130.200.270.330.40依據(jù)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)圖丙上畫(huà)出U－I圖，要求作圖完整，并求出該電池電動(dòng)勢(shì)E＝________V，r＝________Ω(均保留2位有效數(shù)字)。19．(9分)如圖1所示，有一質(zhì)量m＝200kg的物件在電機(jī)的牽引下從地面豎直向上經(jīng)加速、勻速、勻減速至指定位置．當(dāng)加速運(yùn)動(dòng)到總位移的eq\f(1,4)時(shí)起先計(jì)時(shí)，測(cè)得電機(jī)的牽引力隨時(shí)間改變的F－t圖線如圖2所示，t＝34s末速度減為0時(shí)恰好到達(dá)指定位置．若不計(jì)繩索的質(zhì)量和空氣阻力，求物件(1)做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小和方向；(2)勻速運(yùn)動(dòng)的速度大??；(3)總位移的大小。20．(12分)兒童樂(lè)園里的彈珠嬉戲不僅具有消遣性還可以熬煉兒童眼手合一的實(shí)力。某彈珠嬉戲可簡(jiǎn)化成如圖所示的豎直平面內(nèi)OABCD透亮玻璃管道，管道的半徑較小。為探討便利建立平面直角坐標(biāo)系，O點(diǎn)為拋物口，下方接一滿意方程y＝eq\f(5,9)x2的光滑拋物線形態(tài)管道OA；AB、BC是半徑相同的光滑圓弧管道，CD是動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.8的粗糙直管道；各部分管道在連接處均相切。A、B、C、D的橫坐標(biāo)分別為xA＝1.20m、xB＝2.00m、xC＝2.65m、xD＝3.40m。已知，彈珠質(zhì)量m＝100g，直徑略小于管道內(nèi)徑。E為BC管道的最高點(diǎn)，在D處有一反彈膜能無(wú)能量損失的反彈彈珠，sin37°＝0.6，sin53°＝0.8，g取10m/s2。(1)若要使彈珠不與管道OA觸碰，在O點(diǎn)拋射速度v0應(yīng)當(dāng)多大？(2)若要使彈珠第一次到達(dá)E點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力等于彈珠重力的3倍，在O點(diǎn)拋射速度v0應(yīng)當(dāng)多大？(3)嬉戲設(shè)置3次通過(guò)E點(diǎn)獲得最高分，若要獲得最高分，求在O點(diǎn)拋射速度v0的范圍。21．(10分)某同學(xué)在學(xué)習(xí)電磁感應(yīng)后，認(rèn)為電磁阻尼能夠擔(dān)當(dāng)電梯減速時(shí)大部分制動(dòng)的負(fù)荷，從而減小傳統(tǒng)制動(dòng)器的磨損。如圖甲所示，是該同學(xué)設(shè)計(jì)的電磁阻尼制動(dòng)器的原理圖。電梯廂與配重質(zhì)量都為M，通過(guò)高強(qiáng)度繩子套在半徑r1的承重轉(zhuǎn)盤(pán)上，且繩子與轉(zhuǎn)盤(pán)之間不打滑。承重轉(zhuǎn)盤(pán)通過(guò)固定轉(zhuǎn)軸與制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)相連。制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)上固定了半徑為r2和r3的內(nèi)外兩個(gè)金屬圈，金屬圈內(nèi)阻不計(jì)。兩金屬圈之間用三根互成120°的輻向?qū)w棒連接，每根導(dǎo)體棒電阻均為R。制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)放置在一對(duì)勵(lì)磁線圈之間，勵(lì)磁線圈產(chǎn)生垂直于制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(磁感應(yīng)強(qiáng)度為B)，磁場(chǎng)區(qū)域限制在120°輻向角內(nèi)，如圖乙陰影區(qū)所示。若電梯廂內(nèi)放置的質(zhì)量為m貨物與電梯廂一起以速度v豎直上升，電梯廂離終點(diǎn)(圖中未畫(huà)出)高度為h時(shí)關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)，僅開(kāi)啟電磁制動(dòng)，一段時(shí)間后，電梯廂恰好到達(dá)終點(diǎn)。(1)若在開(kāi)啟電磁制動(dòng)瞬間，三根金屬棒的位置剛好在圖乙所示位置，則此時(shí)制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)上的電動(dòng)勢(shì)E為多少？此時(shí)a與b之間的電勢(shì)差有多大？(2)若忽視轉(zhuǎn)盤(pán)的質(zhì)量，且不計(jì)其他阻力影響，則在上述制動(dòng)過(guò)程中，制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)產(chǎn)生的熱量是多少？(3)若要提高制動(dòng)的效果，試對(duì)上述設(shè)計(jì)做出二處改進(jìn)。22．(10分)一種探討高能粒子在不同位置對(duì)撞的裝置如圖所示。在關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)間距為2d的MN、PQ邊界之間存在兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中K(K在x軸上方)下方I區(qū)域磁場(chǎng)垂直于紙面對(duì)外，JK上方Ⅱ區(qū)域磁場(chǎng)垂直于紙面對(duì)里，其磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B。直線加速器1與直線加速器2關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)，且末端剛好與MN、PQ的邊界對(duì)齊；質(zhì)量為m、電荷量為e的正、負(fù)電子通過(guò)直線加速器加速后同時(shí)以相同速率垂直于MN、PQ邊界進(jìn)入磁場(chǎng)。為實(shí)現(xiàn)正、負(fù)電子在Ⅱ區(qū)域的y軸上實(shí)現(xiàn)對(duì)心碰撞(速度方向剛好相反)，依據(jù)入射速度的改變，可調(diào)整邊界與x軸之間的距離h，不計(jì)粒子間的相互作用，不計(jì)正、負(fù)電子的重力。(1)哪個(gè)直線加速器加速的是正電子？(2)正、負(fù)電子同時(shí)以相同速度v1進(jìn)入磁場(chǎng)，僅經(jīng)過(guò)邊界一次，然后在Ⅱ區(qū)域發(fā)生對(duì)心碰撞，試通過(guò)計(jì)算求出v1的最小值。(3)正、負(fù)電子同時(shí)以v2＝eq\f(\r(2)eBd,2m)速度進(jìn)入磁場(chǎng)，求正、負(fù)電子在Ⅱ區(qū)域y軸上發(fā)生對(duì)心碰撞的位置離O點(diǎn)的距離。

參考答案與解析1.AeV是電子伏，1eV表示1.6×10－19J，屬于能量單位，故A項(xiàng)正確；mA·h一般表示電池的容量，意思是以多少毫安的電流供電一小時(shí)，所以mA·h不是能量單位，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；V/m表示電場(chǎng)強(qiáng)度的單位，依據(jù)公式E＝eq\f(U,d)可知，V/m表示電場(chǎng)強(qiáng)度的單位，不表示能量單位，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；依據(jù)牛頓其次定律F＝ma可知1kg·m/s2＝1N，因此kg·m/s2不是能量單位，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。2.D高頻焊接利用的電磁學(xué)規(guī)律是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，發(fā)覺(jué)者是法拉第，A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確。3.B探討短跑運(yùn)動(dòng)員終點(diǎn)撞線時(shí)，其自身大小不能忽視，所以不行以看作質(zhì)點(diǎn)，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；在田徑競(jìng)賽中跑步運(yùn)動(dòng)員的競(jìng)賽成果是個(gè)時(shí)間段，是一個(gè)時(shí)間間隔，故B項(xiàng)正確；短跑運(yùn)動(dòng)員跑200m時(shí)，跑道不是一條直線，故200m是路程而不是位移，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；400m競(jìng)賽時(shí)位移為零，故平均速度為零，不行能大于200m時(shí)的平均速度，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。4.A從v－t圖像上得知海盜快艇行駛的最大速度為15m/s，在0～66s內(nèi)v－t圖線的斜率漸漸減小，故加速度漸漸減小，A項(xiàng)正確，C項(xiàng)錯(cuò)誤；在66s末海盜快艇速度方向沒(méi)變，速度減小，B項(xiàng)錯(cuò)誤；在96～116s內(nèi)海盜快艇調(diào)頭做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D項(xiàng)錯(cuò)誤。5.C鐵水做圓周運(yùn)動(dòng)，重力和彈力的合力供應(yīng)向心力，沒(méi)有離心力，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；鐵水做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由重力和彈力的徑向分力供應(yīng)，鐵水不是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故模型各個(gè)方向上受到的鐵水的作用力不肯定相同，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；若最上部的鐵水恰好不離開(kāi)模型內(nèi)壁，則是重力恰好供應(yīng)向心力，故C項(xiàng)正確；為了使鐵水緊緊地覆蓋在模型的內(nèi)壁上，管狀模型轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不能小于臨界角速度eq\r(\f(g,R))，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。6.C玻璃磚的折射率n＝eq\f(c,v)＝eq\f(c,\f(\r(2),2)c)＝eq\r(2)，A項(xiàng)正確；作出光的傳播路徑如圖所示：由折射定律有n＝eq\f(sinα,sinβ)＝eq\f(sin45°,sinβ)＝eq\r(2)，解得β＝30°，因此入射點(diǎn)A與出射點(diǎn)B之間的距離xAB＝2dtanβ＝eq\f(2\r(3)d,3)，B項(xiàng)正確；設(shè)臨界角為C，則有sinC＝eq\f(1,n)＝eq\f(\r(2),2)，解得C＝45°，C項(xiàng)錯(cuò)誤；為了使從A點(diǎn)以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜CD長(zhǎng)度至少為L(zhǎng)CD＝2dtanC＝2d，D項(xiàng)正確。7.D假設(shè)沒(méi)有C電荷，A、B為等量的異種電荷，在P點(diǎn)的電勢(shì)為零，若有了C電荷后P點(diǎn)電勢(shì)為正，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；僅有A、B兩個(gè)電荷時(shí)，在P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由P指向A，C電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度垂直于AB，說(shuō)明三個(gè)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的總的電場(chǎng)強(qiáng)度不會(huì)由P指向A，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；等量異種電荷中垂面是一個(gè)等勢(shì)面，若將C點(diǎn)的電荷沿CP連線向P點(diǎn)移動(dòng)，因電荷在等勢(shì)面上移動(dòng)，電場(chǎng)力不做功，電勢(shì)能保持不變，故D項(xiàng)正確，C項(xiàng)錯(cuò)誤。8.D電容器的電容由電容器本身結(jié)構(gòu)確定，與充電電流無(wú)關(guān)，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；由q＝It可知，儲(chǔ)存的電荷與電流大小和充電時(shí)間都有關(guān)，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；由P＝fv可知當(dāng)速度最大時(shí)，v＝eq\f(P,f)＝eq\f(P,kmg)＝30m/s，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理可得，Pt－fs＝eq\f(1,2)mv2代入數(shù)據(jù)可得s＝1050m，故D項(xiàng)正確。9.D由題意可知“嫦娥四號(hào)”繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r＝eq\f(KR,P)，設(shè)月球的質(zhì)量為M，“嫦娥四號(hào)”繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速率為v，“嫦娥四號(hào)”的質(zhì)量為m，則地球的質(zhì)量為QM，一質(zhì)量為m′的物體在地球表面滿意Geq\f(QMm′,R2)＝m′g，而“嫦娥四號(hào)”繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)滿意Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\r(\f(RPg,QK))，D項(xiàng)正確。10.B第一次由動(dòng)能定理得qEy1＝2Ek－Ek ①速度增加為原來(lái)的2倍，則在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變?yōu)閑q\f(t,2)，偏轉(zhuǎn)位移y2＝eq\f(1,4)y1 ②初動(dòng)能Ek0′＝4Ek ③由動(dòng)能定理qEy2＝Ek′－Ek0′ ④由①②③④得Ek′＝4.25Ek，故B項(xiàng)正確。11.C因ad部分的拉力等于b端重物的重力，則若保持θ不變，增大cd長(zhǎng)度，細(xì)繩ad部分拉力不變，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；保持θ＝90°，增大cd的長(zhǎng)度，∠adb減小，因滑輪兩邊細(xì)繩拉力相等，則細(xì)繩對(duì)滑輪的力沿∠adb的角平分線方向，細(xì)繩對(duì)滑輪的力不是沿dc方向，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；保持ac等于ad，則∠adc＝∠cdb，因滑輪兩邊細(xì)繩拉力相等，則細(xì)繩對(duì)滑輪的力沿∠adb的角平分線方向，即細(xì)繩對(duì)滑輪的力沿dc的方向，故C項(xiàng)正確；cd長(zhǎng)度不變，θ從90°漸漸減為零，d的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中圓弧所示，當(dāng)ad與圓弧相切時(shí)，∠cad最大，由幾何關(guān)系可知∠adb先減小后增大，繩子的兩個(gè)張力大小皆等于物體的重力，它們對(duì)滑輪作用力的大小隨角度變大而變小，因此對(duì)滑輪的作用力先變大后變小，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。12.D電子在電場(chǎng)中加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力的方向和運(yùn)動(dòng)方向相同，而電子所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)的方向相反，所以M處的電勢(shì)低于N處的電勢(shì)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；增大M、N之間的電壓，依據(jù)動(dòng)能定理可知，電子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的初速度變大，依據(jù)r＝eq\f(mv0,eB)知其在磁場(chǎng)中的軌跡半徑增大，偏轉(zhuǎn)程度減小，P點(diǎn)將右移，B項(xiàng)錯(cuò)誤；依據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)的方向應(yīng)當(dāng)垂直于紙面對(duì)里，C項(xiàng)錯(cuò)誤；結(jié)合B項(xiàng)分析，可知增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，軌跡半徑將減小，偏轉(zhuǎn)程度增大，P點(diǎn)將左移，D項(xiàng)正確。13.C鉛球從起先到經(jīng)過(guò)斜面上某一點(diǎn)時(shí)，受重力、支持力和阻力，依據(jù)動(dòng)能定理，有－mg·lsin30°－f·l＝Ek－Ek0＝－72J，機(jī)械能的削減量等于克服摩擦力做的功f·l＝ΔE＝12J，聯(lián)立可解得l＝1m，f＝12N，依據(jù)牛頓其次定律可得－mg·sin30°－f＝ma，解得a＝－6m/s2，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)該物體經(jīng)過(guò)斜面上某一點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能削減了72J，機(jī)械能削減了12J，所以當(dāng)物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)動(dòng)能削減了216J，機(jī)械能削減了36J，所以物體上升過(guò)程中克服摩擦力做功是36J，全過(guò)程摩擦力做功W＝－72J，從動(dòng)身到返回底端，重力不做功，設(shè)回到動(dòng)身點(diǎn)的動(dòng)能為Ek′，由動(dòng)能定理可得W＝Ek′－Ek0，解得Ek′＝144J，故C項(xiàng)正確；鉛球上滑過(guò)程中削減的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能和內(nèi)能，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；依據(jù)能量守恒定律可知運(yùn)動(dòng)員每推一次消耗的能量至少為216J，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。14.AC由方程(2)可知，依據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，X和Y都為eq\o\al(1,0)n，故A項(xiàng)正確；方程(1)是核聚變反應(yīng)，方程(2)是核裂變反應(yīng)，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；由公式λ＝eq\f(h,p)，p＝mv，可知λ＝eq\f(h,mv)，故C項(xiàng)正確；γ光子的產(chǎn)生是由放射性元素發(fā)生γ衰變，而不是來(lái)源于原子核外電子的能級(jí)躍遷，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。15.BC在同一時(shí)刻視察時(shí)，越先激起的水紋擴(kuò)散開(kāi)來(lái)的半徑越大，因C的半徑大于A的半徑，說(shuō)明蜻蜓第一次點(diǎn)水處為C點(diǎn)，故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；蜻蜓從C點(diǎn)飛到A點(diǎn)時(shí)間內(nèi)，C水水紋擴(kuò)散開(kāi)來(lái)的距離小于CA距離，說(shuō)明蜻蜓飛行的速度大于水波傳播的速度，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤。16.AB由圖線①、③可知在光的顏色不變的狀況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大，故A項(xiàng)正確；依據(jù)光電效應(yīng)方程知，Ekm＝hν－W0＝eUc，可知入射光頻率越大，最大初動(dòng)能越大，遏止電壓越大，可知對(duì)于確定的金屬，遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故B項(xiàng)正確；依據(jù)Ekm＝hν－W0＝eUc，遏止電壓越大，說(shuō)明從該金屬中逸出的光電子的最大初動(dòng)能越大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于極限頻率，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。17.【答案】(1)①3.90(3.88～3.92均可)0.36(0.35～0.37均可)2.5(2.4～2.6均可)②勻減速(2)①D②副線圈【解析】(1)①C點(diǎn)的讀數(shù)為3.90cm，紙帶上相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有一個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫(huà)出，所以兩個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間T＝0.02×2s＝0.04s。vB＝eq\f(xAC,2T)＝eq\f(3.90－1.00,2×0.04)×10－2m/s≈0.36m/s。依據(jù)Δx＝aT2得a＝eq\f(xCE－xAC,4T2)，解得a≈2.5m/s2。②因?yàn)閤AB＝1.25cm，xBC＝(3.90－2.25)cm＝1.65cm，xCD＝2.05cm，xDE＝2.43cm，相等時(shí)間內(nèi)的位移差近似相等，所以在誤差允許范圍內(nèi)，可以認(rèn)為木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)。(2)依據(jù)電壓表讀數(shù)的方法可知，該變壓器的輸出電壓為40V，所以變壓器的原副線圈匝數(shù)之比eq\f(n1,n2)＝eq\f(U1,U2)＝eq\f(5,40)＝eq\f(1,8)，故D項(xiàng)正確，A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤。②志向變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，當(dāng)只有一個(gè)副線圈時(shí)，電流與匝數(shù)成反比，街頭用的變壓器是降壓變壓器，可知副線圈的匝數(shù)比原線圈的匝數(shù)少，副線圈的電流較大，應(yīng)當(dāng)運(yùn)用較粗的導(dǎo)線。18.【答案】(1)見(jiàn)解析圖甲(2)見(jiàn)解析圖乙2.01.0【解析】(1)由電路圖，按依次先將串聯(lián)部分連在電源兩端，再把電壓表并聯(lián)在滑動(dòng)變阻器及電流表兩端，如圖甲(2)畫(huà)出U－I圖如圖乙乙由圖乙可知，電動(dòng)勢(shì)E＝2.0V；電壓為0.8V時(shí)，電流為0.4；由閉合電路歐姆定律可知E＝U＋I(xiàn)(r＋R0)r＝eq\f(E－U,I)－R0＝eq\f(2.0－0.8,0.4)Ω－2.0Ω＝1.0Ω。19.【答案】(1)0.125m/s2豎直向下(2)1m/s(3)40m【解析】(1)對(duì)勻減速運(yùn)動(dòng)階段，由牛頓其次定律得mg－FT＝ma得a＝g－eq\f(FT,m)＝0.125m/s2方向豎直向下。(2)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v＝at2＝1m/s。(3)由圖2知，物體加速運(yùn)動(dòng)到總位移的eq\f(1,4)時(shí)，電機(jī)的牽引力F1＝mg＝2000N，則從今時(shí)起先物體做勻速運(yùn)動(dòng)，勻速上升的位移h1＝vt1＝26m勻減速上升的位移h2＝eq\f(v,2)t2＝4m則總位移的大小滿意eq\f(3,4)h＝h1＋h2，總位移h＝40m。20.【答案】(1)3m/s(2)2eq\r(2)m/s(3)2eq\r(3)m/s＜v0＜2eq\r(6)m/s【解析】(1)由y＝eq\f(5,9)x2得A點(diǎn)坐標(biāo)(1.20m，0.80m)由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得xA＝v0t，yA＝eq\f(1,2)gt2代入數(shù)據(jù)，求得t＝0.4s，v0＝3m/s。(2)由速度關(guān)系，A點(diǎn)速度與豎直方向的夾角tanθ＝eq\f(gt,v0)＝eq\f(4,3)可得θ＝53°求得AB、BC圓弧的半徑R＝0.5m在E點(diǎn)，F(xiàn)N＝3mgFN′＝FN＝3mgFN′＋mg＝meq\f(v2,R)OE過(guò)程由動(dòng)能定理得mgyA－mgR(1－cos53°)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,E)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)解得v0＝2eq\r(2)m/s。(3)設(shè)CD與水平面的夾角為α，sinα＝eq\f(2.65－2.00－0.40,0.5)＝0.5，α＝30°CD與水平面的夾角也為α＝30°設(shè)彈珠能3次通過(guò)E點(diǎn)的拋射速度最小值為v1。由動(dòng)能定理得mgyA－mgR(1－cos53°)－2μmgxCDcos30°＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)解得v1＝2eq\r(3)m/s設(shè)3次通過(guò)E點(diǎn)的速度最大值為v2。由動(dòng)能定理得mgyA－mgR(1－cos53°)－4μmgxCDcos30°＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)解得v2＝6m/s考慮2次經(jīng)過(guò)E點(diǎn)后彈珠不從O點(diǎn)離開(kāi)，有－2μmgxCDcos30°＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,3)解得v3＝2eq\r(6)m/s故2eq\r(3)m/s＜v0＜2eq\r(6)m/s。21.【答案】(1)eq\f(Bv（req\o\al(2,3)－req\o\al(2,2)）,2r1)eq\f(Bv（req\o\al(2,3)－req\o\al(2,2)）,6r1)(2)eq\f(1,2)(2M＋m)v2－mgh(3)若要提高制動(dòng)效果，可對(duì)上述設(shè)計(jì)做出改進(jìn)：增加外金屬圈的半徑r3或減小內(nèi)金屬圈的半徑r2【解析】(1)在開(kāi)啟電磁制動(dòng)瞬間，承重轉(zhuǎn)盤(pán)的線速度為v，所以，角速度ω＝eq\f(v,r1)所以，制動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)的角速度ω＝eq\f(v,r1)，三根金屬棒的位置剛好在題圖乙所示位置，則fe切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E＝Blv＝eq\f(Bv（req\o\al(2,3)－req\o\al(2,2)）,2r1)所以干路中的電流I＝e