四川省雅安市2024-2025學年高二物理下學期期末聯(lián)考試題16含解析

PAGE6試卷第=!異樣的公式結(jié)尾頁，總=sectionpages88頁PAGE1試卷第=!異樣的公式結(jié)尾頁，總=sectionpages77頁四川省雅安市2024-2025學年高二物理下學期期末聯(lián)考試題16（含解析）留意事項：1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息；2．請將答案正確填寫在答題卡上；3.考試范圍：高考范圍；考試時間：90分鐘；第I卷（選擇題共36分）單選題(本大題共12小題，每小題3分，共36分。在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求，第9~12題有多個選項符合要求，選對但不全得2分，選錯得0分)1．5N和7N的兩個力的合力不行能是（）A．3N B．13N C．2.5N D．10N2．在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論不正確的是（）A．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B．燈泡L變暗C．電容器C上電荷量減小D．電源的輸出功率變小3．如圖,實線為高速運動正粒子在位于O點的點電荷旁邊的運動軌跡，M、N和Q為軌跡上的三點，N點離點電荷最近，Q點比M點離點電荷更遠，不計正粒子的重力，則（）A．正粒子在M點的速率比在Q點的大B．三點中，正粒子在N點的電勢能最小C．在點電荷產(chǎn)生的電場中，M點的電勢比Q點的低D．正粒子從M點運動到Q點,電場力對它做的總功為正功4．空中飛椅是游樂場里少年兒童們非常寵愛的消遣項目，其模型如圖所示，頂端轉(zhuǎn)盤上用等長鋼絲繩吊著多個座椅，甲、乙兩個兒童分別坐在A、B兩個吊椅中，當轉(zhuǎn)盤以肯定的角速度勻速轉(zhuǎn)動時，連接A、B座椅的鋼絲繩與豎直方向的夾角分別為a、θ。已知A、B座椅繞軸的旋轉(zhuǎn)半徑分別為r1、r2，甲、乙兩兒童的質(zhì)量分別為m1、m2，兩座椅的質(zhì)量相等，若m1>m2，則A．α<θ B．r1>r2C．甲的向心加速度小于乙的向心加速度 D．甲乙線速度大小相等5．在光滑水平桌面上，物塊A用輕繩和物塊B連接，輕繩跨過定滑輪，物塊B懸空，如圖甲所示，系統(tǒng)從靜止釋放，運動的加速度為；若將物塊B去掉，對輕繩施加一個和物塊B重力相等的拉力，如圖乙所示，物塊A從靜止起先運動的加速度為，則（）A． B． C． D．無法推斷6．宇宙射線進入地球大氣層時同大氣作用產(chǎn)生中子，中子撞擊大氣中的氮核引發(fā)核反應，產(chǎn)生碳核和原子核X，則X為（）A． B． C． D．7．如圖所示，a為赤道平面內(nèi)近地衛(wèi)星運行軌道上的一點，b為地球赤道上的一點，c為地球北極極點，地球自轉(zhuǎn)不能忽視，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)點的加速度比b點的向心加速度小B．a(chǎn)點的向心加速度比b點的重力加速度大C．a(chǎn)點的重力加速度比c點的重力加速度大D．c點的向心加速度比b點的向心加速度大8．做平拋運動的物體，在相等的兩段時間內(nèi)（）A．動能變更相同 B．發(fā)生的位移相等C．速度的變更量相等 D．平均速度相等9．如圖甲所示，志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5∶1，原線圈接溝通電源和溝通電壓表，副線圈通過電阻值為R的導線與熱水器、抽油煙機連接.已知副線圈兩端的電壓與時間的關系如圖乙所示.下列說法正確的是（）A．熱水器上溝通電的頻率為B．電壓表示數(shù)為C．閉合開關S接通抽油煙機，電阻值為R的導線發(fā)熱功率將減小D．閉合開關S接通抽油煙機，變壓器原線圈的輸入功率將增大10．如圖，水平放置的平行板電容器通過開關K連接在電源兩極，極板間距離為h，上極板正中有一小孔。閉合開關K，一個比荷（荷質(zhì)比）為a的帶電小球從小孔正上方高2h的P點由靜止起先下落，穿過小孔到達下極板處速度恰為零?？諝庾枇鲆暡挥嫞瑯O板間電場可視為勻強電場，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A．小球帶負電，電源電動勢為B．保持開關閉合，若將下極板向下移動一小段距離，小球從P點由靜止釋放將不能運動到下極板C．斷開開關，若將下極板向下移動一小段距離，極板間的電場強度為D．斷開開關，若將下極板向右平移一小段距離，小球從P點由靜止釋放將仍能運動到下極板11．如圖所示，三段長直導線a，b，c相互平行處在同一豎直面內(nèi)，通有大小相同的電流，a，b間的距離等于b、c間的距離，電流方向如圖所示，則下列推斷正確的是（）A．三段導線中c段導線受到的安培力最大B．三段導線中a段導線受到的安培力最小C．b段導線受到的安培力方向水平向左D．若b段導線電流反向，則a，c兩段導線受到的安培力相同12．如圖a所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q，P和Q共軸，Q中通有變更電流i，電流隨時間變更的規(guī)律如圖b所示。則（）

A．時刻，P有收縮的趨勢 B．時刻，此時穿過P的磁通量最大C．時刻，此時P中無感應電流 D．時刻，此時穿過P的磁通量最小第II卷（非選擇題共64分）二、試驗題(本大題共有2小題，共15分。第13題6分，第14題9分。)13．圖甲所示是一種利用氣墊導軌“驗證機械能守恒定律”的試驗裝置。(1)用游標卡尺測出滑塊上固定的擋光片的寬度，測量結(jié)果如圖乙所示，則___________；(2)若砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量用表示，滑塊（含擋光片）的質(zhì)量用表示，則該試驗___________（選填“須要”或“不須要”）滿意這一條件；(3)將滑塊從距光電門處由靜止釋放，擋光片經(jīng)過光電門的時間為，若該過程中系統(tǒng)機械能守恒，則有關系式___________成立。（重力加速度為，用題中所給物理量表示）14．在用電壓表和電流表測電池的電動勢和內(nèi)阻的試驗中，所用電壓表和電流表的內(nèi)阻分別為1kΩ和0.1Ω，如圖為試驗原理圖及所需器件圖．(1)在圖中畫出連線，將器件按原理圖連接成試驗電路____．(2)一位同學記錄的6組數(shù)據(jù)見下表，試依據(jù)這些數(shù)據(jù)在上圖中畫出U-I圖象____，依據(jù)圖象讀出電池的電動勢E＝________V，求出電池內(nèi)阻r＝________Ω.I(A)0.120.200.310.320.500.570U(V)1.371.321.241.181.101.05(3)若不作出圖線，只選用其中兩組U和I的數(shù)據(jù)，用公式E＝U＋Ir列方程求E和r，這樣做可能得出誤差很大的結(jié)果，其中選用第________組和第________組的數(shù)據(jù)，求得E和r誤差最大．三、解答題(本大題共3個小題，共37分。第15題10分，第16題12分，第17題15分。)15．粒子加速器是借助于不同形態(tài)的電場，將帶電粒子加速到高能量的電磁裝置。粒子加速器可分為直線加速器和圓形加速器等類型。圖為多級直線加速器示意圖。橫截面積相同、長度依次增加的金屬圓筒沿軸線依次排列，各筒相間地連接到交變電源的A、B兩極，兩極間電壓uAB隨時間的變更規(guī)律如圖所示。t=0時，序號為0的金屬圓板中心一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在圓板和圓筒之間的電場中由靜止起先加速，沿中心軸線沖進圓筒1.已知交變電源電壓的肯定值為U，周期為T。帶電粒子的重力和通過圓筒間隙的時間忽視不計。假如帶電粒子每次經(jīng)過圓筒之間都能被加速，求第n個圓筒的長度Ln；16．如圖甲所示，空間存在一寬度為的有界勻強磁場，磁場方向垂直紙面對里.在光滑絕緣水平面內(nèi)有一邊長為的正方形金屬線框，其質(zhì)量、電阻，在水平向左的外力作用下，以初速度勻減速進入磁場，線框平面與磁場垂直，外力大小隨時間變更的圖線如圖乙所示，以線框右邊剛進入磁場時起先計時，求：（1）勻強磁場的磁感應強度；（2）線框進入磁場的過程中，通過線框的電荷量；（3）線框向右運動的最大位移為多少？（4）當線框左側(cè)導線即將離開磁場的瞬間，撤去外力，則線框離開磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱多大？17．如圖甲所示，將一小球從地面上方h=0.8m處以v0=3m/s的速度豎直上拋，不計空氣阻力，g取10m/s2，求：(1)小球從拋出到上升至最高點所需的時間t1；(2)小球上升到達的最高點離地的高度H；(3)通過計算，在圖乙中畫出小球從拋出到落地過程中的v－t圖像。

四、選修（本題共12分，選修3-3）18．如圖所示，豎直圓筒是固定不動的，筒的上部有一細管（體積不計）與大氣相通，粗筒B橫截面積是細筒A的4倍．B筒中a、b兩輕質(zhì)活塞間封有空氣，氣柱長L=20cm．活塞a上方的水銀深H=10cm，A筒的長為3H，兩活塞與筒壁間的摩擦不計．打開閥門S，用外力向上托住活塞b，使之處于平衡狀態(tài)，水銀面與B筒上端相平．現(xiàn)關閉閥門S．使活塞b緩慢上移，直至水銀的一半體積被推入A筒中．設在整個過程中氣柱的溫度不變，大氣壓強相當于76cm高的水銀柱產(chǎn)生的壓強．求：（i）活塞b上移后A筒中氣體的壓強；（ii）活塞b上移的距離．答案第=page1010頁，總=sectionpages1212頁答案第=page1111頁，總=sectionpages1212頁參考答案1．B【詳解】兩力合成時，合力范圍為即所以不行能的是13N。故選B。2．C【詳解】AB．當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻變大，電路總電阻變大，干路電流變小，電源內(nèi)電壓變小，則路端電壓變大，燈泡功率依據(jù)，RL不變，則P變小，故電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大，燈泡變暗，故A、B正確，不符合題意；C．變阻器兩端電壓變大，電容器與變阻器并聯(lián)，則電容器兩極板電壓變大，故電容器上電荷量變大，故C錯誤，符合題意；D．當電路中內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由于燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，當變阻器電阻變大時，電源的輸出功率變小，故D正確，不符合題意。故選C。3．D【解析】試題分析:依據(jù)圖線彎曲的方向，可以判定粒子受力的方向大體向上，與粒子和O點的連線的方向相反，故靠近O點的過程電場力做負功，粒子的速度減小，遠離的過程電場力做正功，粒子的速度增大．所以Q點的速度最大，N點的速度最?。蔄錯誤；只有電場力做功，各點的動能與電勢能的和保持不變．N點的速度最小，故電勢能最大，故B錯誤；C：只有電場力做功，各點的動能與電勢能的和保持不變．Q點的速度最大，故電勢能最小，粒子帶正電荷，所以Q點的電勢最低．故C錯誤；D：粒子受力的方向大體向上，與粒子和O點的連線的方向相反，故靠近O點的過程電場力做負功，遠離的過程電場力做正功，Q點比M點離點電荷更遠，所以電場力對它做的總功為正功，故D正確．考點：電勢能；動能定理的應用4．D【詳解】AB.以人和座椅為探討對象：依據(jù)牛頓其次定律，甲、乙的加速度滿意mgtanα=mrω2，tanα=ω2r/g同軸轉(zhuǎn)動角速度相同，故α=θ，r1=r2故AB錯誤；CD.依據(jù)a=rω2可知，a1=a2依據(jù)可知故C錯誤D正確。5．A【詳解】在圖甲中，把A、B看成一個整體，由牛頓其次定律得可得在圖乙中，拉力拉著輕繩帶動A做勻加速直線運動，由牛頓其次定律得可得比較兩加速度可得故選A。6．A【詳解】依據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得核反應方程為則X為質(zhì)子，故A正確，BCD錯誤。故選A。7．B【詳解】A．對于b點與同步衛(wèi)星比較，依據(jù)a=ω2r可知，b點的向心加速度小于同步衛(wèi)星的向心加速度；對于a衛(wèi)星和同步衛(wèi)星比較，依據(jù)可得同步衛(wèi)星的向心加速度小于a的向心加速度，則衛(wèi)星a的加速度比b點的向心加速度大，選項A錯誤；B．依據(jù)可知a點的向心加速度等于北極c點的重力加速度，而北極c點的重力加速度大于赤道上b點的重力加速度，可知a點的向心加速度比b點的重力加速度大，選項B正確；C．a(chǎn)點的重力加速度等于c點的重力加速度，選項C錯誤；D．c點的轉(zhuǎn)動半徑為零，依據(jù)a=ω2r可知，c點的向心加速度為零，比b點的向心加速度小，選項D錯誤。故選B。8．C【詳解】A．物體做平拋運動，只受重力，相等時間內(nèi)，重力方向上的位移不等，重力做功不等，依據(jù)動能定理可知，動能變更不等，故A錯誤；

BD．物體做平拋運動，在相等時間內(nèi)水平方向上的位移相等，豎直方向上的位移不等，則相等時間內(nèi)經(jīng)過的位移不等，依據(jù)平均速度的定義可知，平均速度不等，故BD錯誤；

C．平拋運動的加速度不變，依據(jù)△v=g△t知相等時間內(nèi)速度的變更量相等，故C正確。

故選C。9．AD【詳解】A．因溝通電的頻率為則熱水器上溝通電的頻率也為，故A正確；B．副線圈上的電壓按圖乙所示規(guī)律變更，由圖像得副線圈上的電壓有效值志向變壓器電壓與匝數(shù)成正比，所以則電壓表示數(shù)為，故B錯誤；C．副線圈電阻減小，電流增大，電阻值為R的導線發(fā)熱功率將增大，故C錯誤；D．接通開關，電流增大，副線圈消耗的功率增大，輸入功率等于輸出功率，變壓器的輸入功率增大，故D正確。故選AD。10．AC【詳解】A．小球從靜止起先下落到下極板，依據(jù)能量守恒可知解得電源電動勢為A正確；B．保持開關閉合，若將下極板向下移動一小段距離，電容器兩端電壓不變，電場力做功不變，重力做功增大，所以可以落在下極板，B錯誤；C．斷開開關，電容器所帶電荷量不變，則可知變更極板間距，電場強度不變，所以場強與閉合開關時相等C正確；D．斷開開關，若將下極板向右平移一小段距離，極板正對面積減小，電場強度增大，所以小球不行能運動到移動后的下極板處，D錯誤。故選AC。11．BC【詳解】A.依據(jù)同向電流相互吸引、反向電流相互排斥可知，ac對b的力方向相同，所以三段導線中b段受到的安培力最大，故A不符合題意；B.a段受到bc作用力方向相反，所以a導線受到的安培力最小，故B符合題意；C.b段受a的力向左，受c的力也向左，所以導線受到的安培力方向向左，故C符合題意；D.依據(jù)同向電流相互吸引、反向電流相互排斥可知，將b段導線電流反向，則a段導線受到的安培力方向均向左，c段導線受到的安培力一個向左一個向右，大小不會相同，故D不符合題意．12．AB【詳解】A．當螺線管中電流增大時，其形成的磁場不斷增加，因此線圈P中的磁通量增大，依據(jù)楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠離和收縮的趨勢，故A正確；B．當螺線管中電流最大時，其形成磁場最強，故時刻，穿過P的磁通量最大，故B正確；CD．時刻，螺線管中電流為零，穿過P的磁通量最小，為零，但穿過線圈P的磁通量是變更的，因此此時P中有感應電流，故CD錯誤。故選AB。13．不須要【詳解】(1)[1]運用的是20分度的游標卡尺，依據(jù)游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知，該擋光片的寬度為；(2)[2]該試驗驗證的是系統(tǒng)的機械能守恒，所以不須要滿意細線對滑塊的拉力等于砝碼和砝碼盤的總重力這一條件，即不須要；(3)[3]滑塊經(jīng)過光電門時的速度可認為是擋光片經(jīng)過光電門時的平均速度，故若系統(tǒng)機械能守恒，則有14．；；1.45；0.703；5【解析】【分析】依據(jù)電路圖連接實物電路圖；應用描點法作出圖象，電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的肯定值等于電源內(nèi)阻?！驹斀狻?1)依據(jù)試驗原理圖將實物圖連接起來，如圖所示(2)依據(jù)U、I數(shù)據(jù)，在方格紙UI坐標系上找點描跡．如圖所示，然后將直線延長，交U軸于U1≈1.45V，此即為電源電動勢；交I軸于I≈0.65A，留意此時U2=1.00V，則r=；(3)由圖象可知，第3組和第5組數(shù)據(jù)偏離直線較遠并且兩組數(shù)據(jù)相差較小，故用這兩組數(shù)據(jù)計算求出的電源電動勢與內(nèi)阻誤差較大?！军c睛】本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻試驗的數(shù)據(jù)分析方法以及電路圖的選擇；應用圖象法處理試驗數(shù)據(jù)是常用的試驗數(shù)據(jù)處理方法，要駕馭描點法作圖的方法；用圖象法處理可以減小誤差，在連線時留意若出現(xiàn)誤差較大的點應舍掉。15．【詳解】粒子在每次經(jīng)過兩圓筒縫隙處的動能增量為設帶電粒子進入第n個圓筒時的速度為vn，依據(jù)動能定理有假如粒子勻速穿過每個圓筒的