貴州省2024年高考物理模擬試卷及答案5

貴州省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題（每小題4分，共計(jì)28分）得分1．關(guān)于核聚變方程21A．核反應(yīng)方程中X為正電子 B．該核反應(yīng)電荷和質(zhì)量都守恒C．23He的比結(jié)合能比12H的比結(jié)合能大 2．“神舟十五號(hào)”載人飛船安全著陸需經(jīng)過(guò)分離、制動(dòng)、再入和減速四個(gè)階段。如圖，在減速階段，巨型的大傘為返回艙提供足夠的減速阻力，設(shè)返回艙做直線運(yùn)動(dòng)，則在減速階段（）A．傘繩對(duì)返回艙的拉力大于返回艙對(duì)傘繩的拉力B．傘繩對(duì)返回艙的拉力小于返回艙對(duì)傘繩的拉力C．合外力對(duì)返回艙做的功等于返回艙機(jī)械能的變化D．除重力外其他力的合力對(duì)返回艙做的功等于返回艙機(jī)械能的變化3．如圖甲為某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)的家用微型變壓器的原理圖，原、副線圈的匝數(shù)比n1:n2=2:1A．220Ω B．110Ω C．55Ω D．11Ω4．2023年6月15日13時(shí)30分，長(zhǎng)征二號(hào)丁運(yùn)載火箭在太原衛(wèi)星發(fā)射中心成功將吉林一號(hào)高分06A星等41顆衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，創(chuàng)造“一箭41星”中國(guó)航天新紀(jì)錄。若已知本次發(fā)射的某衛(wèi)星軌道距離地球表面的高度是地球半徑的n倍，地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，其中G已知，根據(jù)給出的數(shù)據(jù)不能求出的物理量是（）A．該衛(wèi)星的動(dòng)能 B．該衛(wèi)星的線速度C．地球的平均密度 D．第一宇宙速度5．如圖所示為一種新型透光材料制成的半圓柱體，其橫截面的半徑為R，截面圓心為O點(diǎn)，為了研究其透光性能，有一同學(xué)在弧MN一側(cè)始終對(duì)準(zhǔn)O點(diǎn)進(jìn)行觀察。若O點(diǎn)左側(cè)有各個(gè)方向的綠光從O點(diǎn)射入該半圓柱體，該同學(xué)的視線與OM的夾角為θ時(shí)，恰好看不到亮光。真空中光速為c，下列說(shuō)法正確的是（）A．該透光材料對(duì)綠光的折射率為sinθ C．綠光在該透光材料中的傳播速度大小為csinθ D．綠光在該透光材料中的傳播速度大小為6．圖甲為直-20直升機(jī)吊裝集裝箱填堵河道缺口的情景，某時(shí)刻集裝箱被直升機(jī)懸吊處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)可簡(jiǎn)化為圖乙所示模型，四根長(zhǎng)度均為10L的輕繩分別系于長(zhǎng)方體集裝箱上表面的四個(gè)頂角a、b、c、d處，它們?cè)谏隙讼涤贠點(diǎn)，Oe輕繩與直升機(jī)連接。ab=cd=6L，ad=bc=8L集裝箱重力為G且質(zhì)量分布均勻，則輕繩Oa對(duì)集裝箱的拉力大小為（）A．G4 B．36G C．37．如圖，真空中有一個(gè)三棱錐區(qū)域O?ABC，三棱錐底面ABC為等腰直角三角形，AB=BC=L，OA=OB=OC=L，在A點(diǎn)放置一電荷量為q的正點(diǎn)電荷，C點(diǎn)放置一電荷量為2q的正點(diǎn)電荷，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，下列說(shuō)法正確的是（）A．B點(diǎn)的電勢(shì)大于O點(diǎn)的電勢(shì) B．B點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)C．O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為3kqL2 閱卷人二、多選題（每小題6分，少選3分，錯(cuò)選0分，共計(jì)18分）得分8．如圖，平面直角坐標(biāo)系xOy的y軸為兩種均勻介質(zhì)的分界線，P為x軸正半軸上距離O點(diǎn)0.75m處的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，Q為x軸負(fù)半軸上距離O點(diǎn)0.24m處的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)。某時(shí)刻對(duì)P施加一個(gè)外力，使P沿y軸方向運(yùn)動(dòng)，并在介質(zhì)上形成沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波。t=0時(shí)刻，P從平衡位置開(kāi)始沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。t=1.A．波在x軸正半軸上傳播的波速大小為0.8m/s B．波在x軸負(fù)半軸上傳播的波速大小為0.6m/sC．波在x軸正半軸上傳播的波長(zhǎng)為0.6m D．波在x軸負(fù)半軸上傳播的波長(zhǎng)為0.5m9．如圖，在傾角為θ的光滑絕緣斜面上，虛線MN的上方存在垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的單匝正方形線框abcd的ab邊恰好與MN重合，t=0時(shí)刻線框以速度v0A．a(chǎn)b邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框的加速度大小為gB．cd邊向下到達(dá)MN時(shí)，線框的速度大小為mgRC．線框進(jìn)入和穿出磁場(chǎng)過(guò)程中，通過(guò)ab邊的電荷量不相等D．線框進(jìn)入和穿出磁場(chǎng)過(guò)程中，通過(guò)ab邊的電荷量相等10．如圖甲，一質(zhì)量為m的木板A靜止在光滑水平地面上，A左端有一質(zhì)量、厚度均不計(jì)的硬擋板，一輕質(zhì)彈簧左端與擋板連接，彈簧右端與木板A右端的距離為x1。質(zhì)量也為m的可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊靜止在A的右端，給滑塊一水平向左、大小為v1的初速度，滑塊會(huì)壓縮彈簧，彈簧的最大壓縮量為x2，滑塊壓縮彈簧被彈回后恰好可以到達(dá)A的右端，滑塊與A接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5；如圖乙，如果將木板A與地面成30°A．vB．彈簧彈性勢(shì)能的最大值為1C．圖甲所示的情況，滑塊壓縮彈簧被彈回后回到長(zhǎng)木板右端時(shí)，滑塊的速度為0D．圖甲所示的情況，滑塊壓縮彈簧被彈回后回到長(zhǎng)木板右端時(shí)，滑塊的速度大小為1閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題（11題5分,12題9分，共計(jì)14分）得分11．科研小組用雷達(dá)探測(cè)無(wú)人機(jī)從地面開(kāi)始升空的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，他們以水平方向作為x軸，豎直方向作為y軸，如圖，加速過(guò)程中，從某時(shí)刻（t=0）開(kāi)始每隔1s測(cè)量一次無(wú)人機(jī)的位置，無(wú)人機(jī)可視為質(zhì)點(diǎn)，測(cè)量結(jié)果如下表所示：t/s0123456x/m020406080100120y/m0104192162252363回答下列問(wèn)題：（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以判定無(wú)人機(jī)水平方向做直線運(yùn)動(dòng)。（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以判定無(wú)人機(jī)在這段時(shí)間內(nèi)豎直方向上近似做勻加速運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為a=m/s（3）當(dāng)t=4s時(shí)，無(wú)人機(jī)的速度大小為v=m/s（可用根號(hào)表示）。12．某同學(xué)利用電阻箱等裝置，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量多用電表歐姆表“×1”擋的內(nèi)阻，該多用電表部分歐姆刻度模糊不清，電流刻度清晰且初始指針指向表盤左側(cè)“0刻度”處，如圖所示。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（I）將多用電表選擇開(kāi)關(guān)調(diào)至“×1”擋后，____（選填“需要”或“不需要”）進(jìn)行歐姆調(diào)零；（Ⅱ）把____（選填“紅表筆”或“黑表筆”）插入歐姆表“+”插孔，另一表筆插入“?”插孔，再把紅、黑表筆與電阻箱的接線柱連接，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，讀出電阻箱接入的阻值R，記錄多用電表指針從左往右偏轉(zhuǎn)的電流刻度格數(shù)n（設(shè)每小格的電流為I0（Ⅲ）重復(fù)操作（Ⅱ），得到多組n和R的數(shù)據(jù)；（IV）在1n請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）步驟（Ⅰ）中應(yīng)填。（2）步驟（Ⅱ）中應(yīng)填。（3）作出直線的斜率為k，縱截距為b，則歐姆表“×1”擋的內(nèi)阻為。（用k、b表示）（4）從實(shí)驗(yàn)原理來(lái)看，歐姆表“×1”擋內(nèi)阻的測(cè)量值（選填“小于”、“等于”或“大于”）真實(shí)值。閱卷人四、解答題（13題9分，14題12分，15題19分，共計(jì)40分）得分13．質(zhì)量為80kg（含裝備）的消防員從距地面高h(yuǎn)處的樓頂沿一條豎直懸掛的繩子由靜止滑下，為了最快到達(dá)地面，消防員先做自由落體運(yùn)動(dòng)，緊接著抓緊繩子開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng)。為保證安全，消防員著地時(shí)的速度不能超過(guò)6m/s，把消防員看作質(zhì)點(diǎn)，已知下滑的最短時(shí)間為2s，且自由落體的時(shí)間為1s，重力加速度g取10m/s（1）樓頂距地面的高度h；（2）消防員減速下滑時(shí)受到的阻力大小。14．車載氣墊床體積小、重量輕、便于攜帶?，F(xiàn)有一氣墊床，充氣前氣墊床內(nèi)有部分氣體，使用充氣筒往內(nèi)部充氣。充好氣后，氣墊床內(nèi)氣體體積為8V，壓強(qiáng)為5p0，此充氣過(guò)程中環(huán)境的熱力學(xué)溫度為（1）該氣墊床充氣前內(nèi)部氣體的壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)p0，體積為V，充氣筒每次充入壓強(qiáng)為p0、體積為（2）若夜間環(huán)境的熱力學(xué)溫度降為910T0（3）在第（2）問(wèn)的條件下，發(fā)現(xiàn)有一個(gè)地方漏氣，快速堵上之后，體積比剛漏氣時(shí)縮小了17，壓強(qiáng)變?yōu)槁馇暗?15．如圖，空間直角坐標(biāo)系Oxyz中，某些區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)或勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m=1×10?9kg，電荷量為q=2×1（1）若在0≤y≤L區(qū)域內(nèi)僅分布著沿z軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1，則粒子恰能經(jīng)過(guò)yOz面內(nèi)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.3m（2）若在xOy面內(nèi)，y軸方向上，每隔間距L=0.3m就有一段間距也為L(zhǎng)的區(qū)域M，第1個(gè)區(qū)域M內(nèi)（含邊界）存在沿z軸負(fù)方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.①求粒子穿過(guò)第一個(gè)區(qū)域時(shí)速度沿x軸方向的分量大??；②求粒子剛達(dá)到第5個(gè)區(qū)域M時(shí)的速度大小和穿過(guò)第n（n為奇數(shù)）個(gè)區(qū)域過(guò)程中速度沿x軸方向的變化量大小。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、核反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒，故X質(zhì)量數(shù)為1，電荷數(shù)為0，故X不是電子，而是中子，故A錯(cuò)誤；

B、核聚變反應(yīng)過(guò)程放出能量，質(zhì)量減小，故B錯(cuò)誤；

C、比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，該聚變反應(yīng)放出能量，生成物更穩(wěn)定，故23He的比結(jié)合能比12H的比結(jié)合能大，故C正確；

D、γ射線是來(lái)源于原子核的能級(jí)躍遷，而不是核外電子的能級(jí)躍遷，故D錯(cuò)誤。2．【答案】D【解析】【解答】AB、根據(jù)牛頓第三定律，傘繩對(duì)返回艙的拉力等于返回艙對(duì)傘繩的拉力，故AB錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)功能關(guān)系，除重力外其他力的合力對(duì)返回艙做的功等于返回艙機(jī)械能的變化，合外力對(duì)返回艙做的功等于返回艙動(dòng)能的變化，故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】熟悉相互作用力的特點(diǎn)。根據(jù)機(jī)械能守恒的條件，結(jié)合返回艙的受力情況判斷返回艙機(jī)械能的變化情況與各力做功的關(guān)系。3．【答案】B【解析】【解答】燈泡能正常發(fā)光，則變壓器副線圈兩端電壓為

U2=PI=55V

電流為

I2=2I=2A

根據(jù)變壓器原理，有

U1U2=n1n2，I14．【答案】A【解析】【解答】B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有

GMmR+nR2=mv2R+nR

根據(jù)萬(wàn)有引力與重力的關(guān)系，有

GMmR2=mg

解得

v=gR2R+nR

故B不符合題意；

A、即使可以求出線速度，但不知道衛(wèi)星的質(zhì)量，無(wú)法求動(dòng)能，故A符合題意；

C、根據(jù)黃金代換

GM=gR2

有

M=gR2G

地球的體積為

5．【答案】D【解析】【解答】A、依題意，由光路的可逆性，可知綠光的臨界角為θ，則有

n=1sinθ

故A錯(cuò)誤；

B、因?yàn)榫G光的折射率小于紫光的折射率，若換成紫色光，則θ會(huì)變小。故B錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)

n=cv

聯(lián)立，解得

v=csin6．【答案】B【解析】【解答】對(duì)集裝箱受力分析，設(shè)輕繩與豎直方向夾角為θ，由對(duì)稱性可知，輕繩Oa對(duì)集裝箱的拉力的豎直分力為集裝箱重力的四分之一，即

Fcosθ=12G

根據(jù)幾何關(guān)系，可得

cosθ=(10L)2?(ac27．【答案】D【解析】【解答】AB、根據(jù)幾何關(guān)系可知，O到A、C的距離和B到A、C的距離相等，電勢(shì)是標(biāo)量，滿足代數(shù)運(yùn)算，點(diǎn)電荷在某點(diǎn)的電勢(shì)

φ=kQr

由于A、C處均為正電荷，則B、O兩點(diǎn)電勢(shì)相同，故AB錯(cuò)誤；

CD、O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

E=kqL28．【答案】B,C【解析】【解答】AC、波在x軸正半軸上傳播，0時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)從平衡位置開(kāi)始沿y軸負(fù)方向開(kāi)始振動(dòng)，t=1.4s時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)第2次到達(dá)波峰，即

34T+T=t

解得

T=0.8s

同時(shí)O點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)第一次經(jīng)過(guò)平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，則

12T+OPv=t

代入數(shù)據(jù)解得

v=0.75m/s

波長(zhǎng)為

λ=vT=0.75×0.8m=0.6m

故A錯(cuò)誤，C正確；

BD、波在x軸負(fù)半軸上傳播的時(shí)間為

t9．【答案】A,B,D【解析】【解答】A、對(duì)線框受力分析，ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由牛頓第二定律可得

mgsinθ+FA=ma

又

FA=BIL=BBLv0RL=B2L2v0R

聯(lián)立，解得

a=gsinθ+B10．【答案】B,D【解析】【解答】CD、如圖甲，設(shè)滑塊被彈簧彈開(kāi)，運(yùn)動(dòng)到長(zhǎng)木板右端時(shí)的速度為v3，系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，滑塊壓縮彈簧被彈回后恰好可以到達(dá)A的右端，由動(dòng)量守恒定律得

mv1=2mv3

解得

v3=12v1

故C錯(cuò)誤，D正確；

AB、如圖甲，彈簧被壓縮到最短時(shí)兩者速度相同，設(shè)為v，彈簧最大彈性勢(shì)能為Ep，從滑塊以速度v1滑上長(zhǎng)木板到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律

mv1=2mv，12mv12=12×2mv11．【答案】（1）勻速（2）20（3）20【解析】【解答】（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，水平方向運(yùn)動(dòng)位移隨時(shí)間均勻增加，即水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

（2）由逐差法可得

a=y06?y03?y039T2=363?92?929×12．【答案】（1）需要（2）紅表筆（3）b（4）等于【解析】【解答】（1）調(diào)整擋位后，要先進(jìn)行歐姆調(diào)零；

（2）多用電表使用歐姆檔時(shí)，使用內(nèi)置電源，根據(jù)電流“紅進(jìn)黑出”原則，應(yīng)把紅表筆插入歐姆表“+”插孔；

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律

E=nI0(R+r)

整理得

1n=I0ER+I0Er

13．【答案】（1）由題意知，消防員做自由落體運(yùn)動(dòng)過(guò)程有?1s末速度大小為v根據(jù)題意可知，消防員著地時(shí)的速度恰為v=6m/s，則勻減速階段加速度大小a=勻減速階段的位移大小?故樓頂距地面的高度?=（2）減速過(guò)程，由牛頓第二定律得f?mg=ma解得f=1120N【解析】【分析】（1）運(yùn)動(dòng)員下滑的時(shí)間最短，則運(yùn)動(dòng)員到達(dá)地面的速度最大，且減速時(shí)間最短時(shí)，運(yùn)動(dòng)員下滑的時(shí)間最短。根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定1s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)的位移及1s的速度，再根據(jù)勻減速直線運(yùn)動(dòng)速度與時(shí)間的關(guān)系確定運(yùn)動(dòng)員勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度，再根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系確定勻減速階段運(yùn)動(dòng)的位移，繼而得出總位移；

（2）確定運(yùn)動(dòng)員下滑減速過(guò)程的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合（1）中勻減速直線運(yùn)動(dòng)加速度進(jìn)行解答。14．【答案】（1）白天充好氣的床墊內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1=5p0，溫度為p解得n=468故充氣泵需要打氣的次數(shù)為468次。（2）設(shè)夜間床墊內(nèi)氣體壓強(qiáng)、溫度、體積分別為p2，V2，V對(duì)床墊內(nèi)氣體有p故夜間床墊內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p（3）漏氣后氣墊床內(nèi)氣體的體積為V若不漏氣，壓強(qiáng)變?yōu)槁馇暗?6，體積為Vp解得V則漏出氣體的質(zhì)量和原來(lái)質(zhì)量之比m【解析】【分析】（1）對(duì)于變質(zhì)量問(wèn)題往往轉(zhuǎn)化成定質(zhì)量問(wèn)題進(jìn)行處理，即充氣后氣體的總質(zhì)量等于充氣前氣體質(zhì)量與充入氣體質(zhì)量之和。確定各部分氣體的壓強(qiáng)及體積，再根據(jù)玻意耳定律進(jìn)行解答；

（2）確定氣體體積變化前后氣體的體積及溫度和壓強(qiáng)，再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程進(jìn)行解答；

（3）等溫等壓狀態(tài)下氣體的質(zhì)量之比等于氣體的體積之比。根據(jù)題意確定漏氣后剩余的氣體體積。根據(jù)玻意耳定律將漏氣前氣體的體積轉(zhuǎn)化為與漏氣后壓強(qiáng)相等狀態(tài)下的體積，則該狀態(tài)下漏出氣體積等于該狀態(tài)漏氣前后體積之差，繼而得出漏出氣體質(zhì)量之比。15．【答案】（1）粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿，y軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有L=沿z軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有L=a=解得E（2）①粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，如圖有B解得r=3m設(shè)粒子穿過(guò)第一個(gè)區(qū)域時(shí)速度方向與x軸方向的夾角為α，根據(jù)幾何關(guān)系有cos所以，粒子穿過(guò)第一個(gè)區(qū)域時(shí)速度沿x軸方向的分量大小為v②粒