四川省2024年高考物理模擬試卷及答案28

四川省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。得分1．2022年，蘇翊鳴奪得北京冬奧會(huì)單板滑雪男子大跳臺(tái)冠軍，實(shí)現(xiàn)了中國(guó)單板滑雪冬奧會(huì)金牌零的突破，并成為中國(guó)最年輕的冬奧會(huì)冠軍。觀眾用手機(jī)連拍功能拍攝運(yùn)動(dòng)員從起跳到落地全過(guò)程，合成圖如圖所示。忽略空氣阻力，且將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，則該過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員（）A．做勻變速曲線運(yùn)動(dòng) B．速度變化越來(lái)越快C．在最高點(diǎn)的速度為零 D．機(jī)械能先增加后減小2．關(guān)于下列四幅圖的說(shuō)法正確的是（）A．圖甲是α粒子散射實(shí)驗(yàn)，湯姆孫據(jù)此提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型B．圖乙是光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，張開(kāi)的驗(yàn)電器指針和鋅板都帶負(fù)電C．圖丙是放射源放出三種射線在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，1為α射線D．圖丁是核反應(yīng)堆示意圖，它是利用鈾核裂變反應(yīng)釋放能量3．有了“星閃”（NearLink）技術(shù)的支持，某國(guó)產(chǎn)新款無(wú)線藍(lán)牙耳機(jī)的傳輸距離大大增加。為了研究該耳機(jī)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中無(wú)線連接的最遠(yuǎn)距離，甲和乙兩位同學(xué)在空曠的長(zhǎng)直公路上分別乘坐小車進(jìn)行實(shí)驗(yàn)探究。甲攜帶手機(jī)，乙佩戴無(wú)線藍(lán)牙耳機(jī)。t=0時(shí)乙在甲前方10m處，耳機(jī)能正常連接，之后甲、乙沿同一直線向前方運(yùn)動(dòng)的v?t圖像如圖所示。測(cè)得藍(lán)牙耳機(jī)能被連接的時(shí)間為30s。則在該次實(shí)驗(yàn)中藍(lán)牙耳機(jī)最遠(yuǎn)連接距離為（）A．35m B．55m C．85m D．105m4．小明運(yùn)動(dòng)后用網(wǎng)兜將籃球掛在相互垂直的墻角。簡(jiǎn)化圖如圖所示，設(shè)籃球質(zhì)量為M、半徑為R，懸掛點(diǎn)為互相垂直的兩豎直墻壁交線處的P點(diǎn)，P到球心的距離為2R，一切摩擦不計(jì)，則籃球?qū)θ我粔Ρ诘膲毫Υ笮椋ǎ〢．24Mg B．22Mg C．5．牛頓通過(guò)著名的“月—地檢驗(yàn)”證實(shí)了地面上物體的重力與地球吸引月球、太陽(yáng)吸引行星的力是同一性質(zhì)的力，遵循同樣的規(guī)律，都滿足F∝Mmr2。已知地月之間的距離rA．160gr B．160rg6．新能源汽車無(wú)線充電技術(shù)的優(yōu)點(diǎn)包括安全可靠、充電場(chǎng)地的空間利用率高、智能化程度高、維護(hù)和管理方便等。圖甲為某國(guó)產(chǎn)品牌汽車無(wú)線充電裝置，供電線圈固定在地面，受電線圈固定在汽車底盤上，當(dāng)兩個(gè)線圈靠近時(shí)可實(shí)現(xiàn)無(wú)線充電，其工作原理如圖乙所示。某課外學(xué)習(xí)小組查閱資料得知，當(dāng)輸入端ab接上380V正弦交流電后，電池系統(tǒng)cd端的電壓為600V，電池系統(tǒng)的電流為20A。若不計(jì)線圈及導(dǎo)線電阻，下列說(shuō)法正確的是（）A．為保護(hù)受電線圈不受損壞，可以在車底板加裝金屬護(hù)板B．若輸入端ab接上380V直流電，也能正常充電C．供電線圈和受電線圈匝數(shù)比可能為1∶2D．a(chǎn)b端的輸入功率大于12kW7．如圖所示，空間某區(qū)域存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向下（與紙面平行），磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。電場(chǎng)強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。帶電量為q的小球（視為質(zhì)點(diǎn)）在紙面內(nèi)恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A．小球帶正電B．小球的質(zhì)量為EqC．小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為πED．若把電場(chǎng)的方向改成豎直向上，小球正好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則其速度為2E8．如圖甲所示，水平地面上有一質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板，將一質(zhì)量為m的小物塊放在長(zhǎng)木板上，小物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，長(zhǎng)木板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2。給小物塊施加一水平外力F，利用拉力傳感器和加速度傳感器（圖中未標(biāo)出）測(cè)得長(zhǎng)木板和小物塊加速度a隨外力F的變化關(guān)系如圖乙所示。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/sA．μ1=0.2 B．μ2=0閱卷人二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題—第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33題—第38題為選考題，考生根據(jù)要求做答。得分9．某物理興趣小組設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證牛頓第二定律。（1）將手機(jī)固定在滑塊上，彈簧測(cè)力計(jì)的一端固定，另一端用水平細(xì)線與滑塊相連，用外力F將置于水平桌面上的長(zhǎng)木板向左水平拉出，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)穩(wěn)定后如圖甲所示，則滑塊受到的滑動(dòng)摩擦力大小f=N；（2）如圖乙所示，在長(zhǎng)木板右側(cè)固定一輕滑輪：輕繩跨過(guò)滑輪，一端與滑塊相連，另一端懸掛鉤碼，調(diào)節(jié)滑輪使細(xì)線水平。打開(kāi)手機(jī)測(cè)量加速度的APP，靜止釋放鉤碼，測(cè)得手機(jī)與滑塊在木板上運(yùn)動(dòng)的加速度為a。若測(cè)得鉤碼的質(zhì)量為m，手機(jī)和滑塊的總質(zhì)量為M，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間。在誤差允許范圍內(nèi)，如果表達(dá)式a=（用a、m、M、f、g表示）成立，則牛頓第二定律得到驗(yàn)證；（3）某興趣小組在研究手機(jī)相機(jī)功能時(shí)看到了一個(gè)概念—幀率：相機(jī)在一秒鐘內(nèi)能夠連續(xù)拍攝或顯示的圖像數(shù)量。幀率通常以“fps”（FramesPerSecond）為單位表示。他們還發(fā)現(xiàn)手機(jī)可以按照30fps和60fps來(lái)拍攝或播放視頻。他們將手機(jī)相機(jī)調(diào)節(jié)到30fps的模式，對(duì)圖乙中滑塊的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行拍攝，并以60fps的模式播放，那么視頻中滑塊的加速度將是真實(shí)值的倍。10．某實(shí)驗(yàn)小組為了測(cè)量某電壓表V的內(nèi)阻，他們找到如下實(shí)驗(yàn)器材：學(xué)生用直流電源E電阻箱R（最大阻值9999Ω）標(biāo)準(zhǔn)電壓表V0滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值50Ω滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值500Ω（1）他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路圖，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇（填“R1”或“R（2）正確連接電路后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片至最端（填“左”或“右”），電阻箱阻值調(diào)為（填“零”或“最大值”）；閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表滿偏；保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不動(dòng)，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電壓表半偏，此時(shí)電阻箱示數(shù)如圖乙所示，則可認(rèn)為電壓表內(nèi)阻為Ω；（3）該實(shí)驗(yàn)存在系統(tǒng)誤差，電壓表實(shí)際內(nèi)阻應(yīng)此時(shí)電阻箱阻值（填“大于”、“小于”或“等于”）；為了得到更準(zhǔn)確的內(nèi)阻值，他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖丙所示電路，正確連接電路后，調(diào)節(jié)電阻箱阻值為某一固定值R0，當(dāng)待測(cè)電壓表V的示數(shù)為U時(shí)，標(biāo)準(zhǔn)電壓表V0示數(shù)為U0，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得多組U、U0的數(shù)值，以U0為縱坐標(biāo)，U為橫坐標(biāo)，畫出U0?U圖像是斜率為k的直線，則待測(cè)電壓表的內(nèi)阻為11．水平地面上放置有如圖所示的裝置，光滑豎直桿上、下端分別固定有擋板和底座，且套有可上下移動(dòng)圓盤。一輕質(zhì)彈簧下端固定在底座上，上端位于A處。推動(dòng)圓盤將彈簧壓縮至B處后由靜止釋放，圓盤運(yùn)動(dòng)到C處與擋板發(fā)生完全非彈性碰撞（作用時(shí)間極短），帶動(dòng)豎直桿和底座一起向上運(yùn)動(dòng)，上升?=0.2m時(shí)速度減為零。已知圓盤質(zhì)量m=0.2kg，豎直桿、擋板和底座總質(zhì)量M=0.6kg，A、B間距離L1=0.2m，（1）圓盤與擋板碰撞前瞬間的速度大小v1（2）釋放圓盤瞬間彈簧中儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能Ep12．北京時(shí)間2023年10月31日8時(shí)11分，神舟十六號(hào)載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場(chǎng)成功著陸。某課外實(shí)踐小組根據(jù)所學(xué)物理知識(shí)，為返回艙設(shè)計(jì)了一種電磁緩沖著陸裝置。其原理如圖所示，該裝置由返回艙、間距為l的平行導(dǎo)軌、產(chǎn)生垂直導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁體和“人”字形剛性（忽略形變）線框支架組成，線框ab邊可沿導(dǎo)軌滑動(dòng)且接觸良好。整個(gè)裝置豎直著陸到水平地面前瞬間的速度大小為v0，線框接觸水平地面立即靜止，此后ab邊與磁場(chǎng)發(fā)生相互作用，返回艙一直減速直至達(dá)到勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，從而實(shí)現(xiàn)緩沖。已知返回艙、導(dǎo)軌和磁體固定在一起，總質(zhì)量為m。返回艙總電阻為3r，線框7條邊邊長(zhǎng)均為l，每邊電阻均為r，重力加速度為g，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有ab（1）線框剛接觸水平地面時(shí)，流過(guò)ab的電流大小和方向；（2）返回艙達(dá)到勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的速度v；（3）若返回艙的速度大小從v0減到v的過(guò)程中，經(jīng)歷的時(shí)間為t，求該過(guò)程中返回艙下落的高度?和該裝置中產(chǎn)生的焦耳熱Q。（結(jié)果保留v13．健身球是一項(xiàng)新興、有趣、特殊的體育健身運(yùn)動(dòng)，可以訓(xùn)練胸、腹、背、臀、腿等處的肌肉群，而這些肌肉群在保持身體平衡、改善身體姿勢(shì)以及預(yù)防運(yùn)動(dòng)損傷等方面發(fā)揮著重要作用。如圖所示，健身者正在擠壓健身球，健身球內(nèi)氣體視為理想氣體且溫度保持不變，則（）A．健身球內(nèi)氣體內(nèi)能增加B．健身球內(nèi)氣體對(duì)外界做負(fù)功C．健身球內(nèi)氣體向外界釋放熱量D．健身球內(nèi)每個(gè)氣體分子撞擊球壁的速度都不變E．健身球內(nèi)氣體單位時(shí)間、單位面積撞擊球壁的分子數(shù)增加14．小明一家人假期自駕游覽祖國(guó)大好河山。如圖所示為他家汽車胎壓標(biāo)識(shí)牌，標(biāo)牌內(nèi)容為廠家建議冷態(tài)時(shí)（汽車長(zhǎng)時(shí)間靜止停放）輪胎充氣壓力標(biāo)準(zhǔn)。出發(fā)前汽車停放在室溫為27℃的車庫(kù)內(nèi)，小明根據(jù)廠家建議將后輪胎壓調(diào)整為2.3bar，途中到達(dá)服務(wù)區(qū)時(shí)，小明發(fā)現(xiàn)胎壓儀表盤顯示后輪胎壓為2.76bar，已知輪胎內(nèi)氣體可視為理想氣體，車輪胎的容積視為不變，1bar=100kP，T=t+273K。求（1）汽車開(kāi)進(jìn)服務(wù)區(qū)時(shí)，后輪輪胎內(nèi)氣體的溫度；（2）為了保證行駛安全，汽車開(kāi)進(jìn)服務(wù)區(qū)后，小明立即從后輪胎內(nèi)放出一部分氣體讓胎壓回到2.3bar，若放氣前后輪胎內(nèi)氣體溫度不變，則從后輪胎內(nèi)放出氣體的質(zhì)量占后輪胎內(nèi)氣體總質(zhì)量的百分比。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)值）15．戰(zhàn)繩訓(xùn)練是一項(xiàng)高爆發(fā)的減脂運(yùn)動(dòng)，能提高身體協(xié)調(diào)能力、敏捷性、耐力、爆發(fā)力、心肺功能和核心力量，且對(duì)關(guān)節(jié)損傷極小。如圖甲所示，健身者把兩根相同的繩一端固定在同一點(diǎn)，兩只手分別握住繩另一端，上下抖動(dòng)使繩振動(dòng)起來(lái)。以手抖動(dòng)的平衡位置作為坐標(biāo)原點(diǎn)，如圖乙所示為健身者左手抖動(dòng)繩過(guò)程中某時(shí)刻的波形圖，左手抖動(dòng)頻率為1.25Hz，則（）A．波的傳播速度為10m/sB．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的位移為102C．經(jīng)過(guò)0.4s，質(zhì)點(diǎn)Q移動(dòng)到7m位置D．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向E．健身者抖動(dòng)繩子頻率越高，波在繩子中的傳播速度越快16．如圖甲所示，一橫截面為正方形的玻璃棒，其長(zhǎng)度為l，橫截面邊長(zhǎng)為d，折射率為n。已知光在真空中的傳播速度為c。（1）求垂直A面射入的單色光從B面射出所需要的時(shí)間；（2）若將同種材質(zhì)的玻璃棒制成如圖乙所示的半圓形狀，其內(nèi)徑為R，圓心為O，為保證垂直A面入射的光全部從B面射出，求Rd

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、運(yùn)動(dòng)員僅受重力作用，加速度保持不變，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B、加速度不變，速度變化快慢不變，故B錯(cuò)誤；

C、在最高點(diǎn)時(shí)具有水平的速度，故C錯(cuò)誤；

D、只有重力做功，機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】運(yùn)動(dòng)員僅受重力作用，加速度保持不變，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)時(shí)具有水平的速度，只有重力做功，機(jī)械能守恒。2．【答案】D【解析】【解答】A、盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；

B、驗(yàn)電器指針和鋅板連接，因失去電子而帶正電，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)左手定則，1為β粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，故C錯(cuò)誤；

D、石墨和鎘棒起到減緩中子和吸收中子的速率，可有效控鈾核裂變反應(yīng)的速率，故圖丁是利用鈾核裂變釋放能量的核反應(yīng)堆，故D正確。

故答案為：D。

【分析】盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。根據(jù)左手定則結(jié)合粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)方向確定粒子的電性。利用鈾核裂變釋放能量的核反應(yīng)堆，石墨和鎘棒起到減緩中子和吸收中子的速率，可有效控鈾核裂變反應(yīng)的速率。3．【答案】C【解析】【解答】由圖像可得，當(dāng)t=10s時(shí)，甲乙的速度大小相同，此時(shí)甲乙的距離最近，由于手機(jī)檢測(cè)到藍(lán)牙耳機(jī)能被連接的時(shí)間為30s，所以耳機(jī)與手機(jī)正常連通得時(shí)間是從t=0至t=30s，當(dāng)t=30s時(shí)，由圖線可得，此時(shí)乙的速度大小為

v乙=15m/s

則乙的位移大小為

x乙=v乙2t=225m

甲勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移為

x甲=v甲t=150m

此時(shí)甲乙是距離最大，最大為

4．【答案】B【解析】【解答】對(duì)球進(jìn)行受力分析，球受重力Mg、繩子的拉力T及兩個(gè)墻壁對(duì)它的支持力，兩個(gè)支持力大小相等，夾角為90°，設(shè)支持力的大小為N、繩子與豎直墻壁交線的夾角θ，根據(jù)幾何知識(shí)可知球心到豎直墻壁交線的垂直距離為

d=2R

故

sinθ=d2R=22

解得

θ=45°

在豎直方向上根據(jù)受力平衡可得

Tcosθ=Mg

解得

T=2Mg5．【答案】A【解析】【解答】由題意可知

GMmR2=mg，GMm月r2=m月6．【答案】C,D【解析】【解答】A、金屬護(hù)板會(huì)影響電能的傳輸，故A錯(cuò)誤；

B、只有交流電才能發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，實(shí)現(xiàn)電能傳輸，故B錯(cuò)誤；

C、電池系統(tǒng)的電壓為600V，若供電線圈和受電線圈匝數(shù)比可能為1∶2，則供電線圈的電壓為

U1=300V<380V

由于供電線圈中的電阻有電壓，符合題意，故C正確；

D、電池系統(tǒng)功率為

P=600×20kW=12kW

由于存在定值電阻，故ab端的輸入功率大于12kW，故D正確。

故答案為：CD。7．【答案】B,D【解析】【解答】A、小球要做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與重力要等大反向，電場(chǎng)力向上，小球必須帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B、由

qE=mg

求得

m=Eqg

故B正確；

C、小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為

T=2πmBq=2πEBg

故C錯(cuò)誤；

D、若把電場(chǎng)的方向改成豎直向上，小球正好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由三力平衡可得

Bqv=Eq+mg

求得

8．【答案】B,C,D【解析】【解答】ABC、根據(jù)題意，由圖乙可知，當(dāng)F=F1=1N時(shí)，木板相對(duì)地面開(kāi)始滑動(dòng)，則有

F1=μ2M+mg

當(dāng)F1≤F≤F3=3N時(shí)，小物塊與長(zhǎng)木板一起加速運(yùn)動(dòng)，則有

F?μ2M+mg=M+ma

解得

a=FM+m?μ2g

結(jié)合圖乙可得

μ2=0.1

當(dāng)F>F3時(shí)，小物塊與長(zhǎng)木板間相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)小物塊有

F?μ1mg=ma

解得

9．【答案】（1）4.0（2）mg?f（3）4【解析】【解答】（1）如圖，彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為0.2N，滑動(dòng)摩擦力大小為4.0N。

（2）根據(jù)

mg?f=m+Ma

牛頓第二定律得到驗(yàn)證，需滿足

a=mg?fM+m

（3）根據(jù)

Δx=a10．【答案】（1）R（2）左；零；2010（3）小于；R【解析】【解答】（1）分壓式電路應(yīng)選擇小電阻的滑動(dòng)變阻器，故應(yīng)選擇R1；

（2）正確連接電路后，為了保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前應(yīng)將調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片至最左端，應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)為零；

閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表滿偏；保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不動(dòng)，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電壓表半偏，根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)可知，電阻箱的阻值等于被測(cè)電壓表的內(nèi)阻，所以被測(cè)電壓表的內(nèi)阻為2010Ω；

（3）由于電阻箱的接入，并聯(lián)部分的電阻增大，分壓增大，所以當(dāng)電壓表讀數(shù)變?yōu)榘肫珪r(shí)，電阻箱實(shí)際分壓大于電壓表的讀數(shù)，所以電壓表實(shí)際內(nèi)阻應(yīng)小于電阻箱的內(nèi)阻；

根據(jù)圖丙所示電路，結(jié)合串并聯(lián)電路歐姆定律的原理，有

RV=UU0?UR0

整理得11．【答案】（1）圓盤與擋板碰撞后，圓盤和整個(gè)裝置一起向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，則v代入數(shù)據(jù)得v=2m/s圓盤與擋板碰撞前后瞬間，圓盤和整個(gè)裝置動(dòng)量守恒，則m代入數(shù)據(jù)解得v（2）解：彈簧中儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為圓盤的動(dòng)能和重力勢(shì)能，由能量守恒得E解得E【解析】【分析】（1）碰撞過(guò)程圓盤與整個(gè)裝置構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。碰撞后，圓盤和整個(gè)裝置一起向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)整個(gè)系統(tǒng)速度為零。再根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律及動(dòng)量守恒定律進(jìn)行解答；

（2）由于圓盤與擋板碰撞過(guò)程為完全非彈性碰撞，存在能量損耗。故根據(jù)能量守恒定律可知，彈簧中儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為碰撞前圓盤的動(dòng)能和重力勢(shì)能，以碰撞前瞬間為圓盤末狀態(tài)。再根據(jù)能量守恒定律進(jìn)行解答。12．【答案】（1）線框剛接觸地面時(shí)，ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Bl整個(gè)回路總電阻為R=2r則流過(guò)ab邊的電流大小為I=由右手定則可知ab邊電流方向從b到a。（2）返回艙向下減速運(yùn)動(dòng)，最終達(dá)到勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，則F安=mg解得v=（3）解：設(shè)返回艙的速度由v0減小到v的過(guò)程中，返回艙下降的高度為?mgt?解得?=由能量守恒得mg?+解得Q=【解析】【分析】（1）線框剛接觸水平地面時(shí)，返回艙及導(dǎo)軌繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，相當(dāng)于ab邊向上做切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)右手定則確定感應(yīng)電流的方向。再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律進(jìn)行解答；

（2）當(dāng)返回艙達(dá)到勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，返回艙處于受力平衡狀態(tài)，明確返回艙的受力情況，再根據(jù)安培力公式及平衡條件進(jìn)行解答；

（3）明確返回艙向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程的受力情況，根據(jù)電荷量與電流的關(guān)系結(jié)合法拉第第電磁感應(yīng)定義推導(dǎo)得出電荷量與返回艙運(yùn)動(dòng)位移之間的關(guān)系，再對(duì)返回艙運(yùn)用動(dòng)量定理確定返回艙下落的高度。返回艙損耗的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為回路中產(chǎn)生的焦耳熱，再根據(jù)能量守恒定律進(jìn)行解答。13．【答案】B,C,E【解析】【解答】A、健身球內(nèi)氣體視為理想氣體，溫度保持不變，則內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；

B、健身者擠壓健身球，氣體對(duì)外界做負(fù)功，故B正確；

C、健身球內(nèi)氣體

ΔU=0，W<0

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，Q>0，即健身球內(nèi)氣體向外界釋放熱量，故C正確；

D、氣體的溫度不變，即分子的平均速率