浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案5

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）得分1．達(dá)因值是液體表面張力系數(shù)，是液體表面相鄰兩部分之間單位長(zhǎng)度內(nèi)互相牽引的力。則1達(dá)因其值為（）A．1×10﹣5N B．1×10﹣5N/mC．1×10﹣5N/m2 D．1×10﹣5N/m32．某激光器能發(fā)射波長(zhǎng)為λ的激光，發(fā)射功率為P，c表示光速，h為普朗克常量，則激光器每秒發(fā)射的光子數(shù)為（）A．λP?c B．?Pλc C．cPλ3．2022年10月12日15時(shí)45分，“天宮課堂”第三課開(kāi)講。某學(xué)生設(shè)想“天地同一實(shí)驗(yàn)”，即在空間站和地面做同一個(gè)實(shí)驗(yàn)，觀察實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，下面有關(guān)其設(shè)想的實(shí)驗(yàn)和可能出現(xiàn)的現(xiàn)象說(shuō)法正確的是（）A．如圖1用一根繩子系著一個(gè)金屬球，拉開(kāi)一個(gè)角度，靜止釋放后“天上”和“地上”看到的現(xiàn)象相同B．如圖2用同樣的材料和操作流程，做教材中的薄膜干涉實(shí)驗(yàn)，“天上”和“地上”實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象相同C．如圖3相同密閉容器內(nèi)裝著完全相同的氣體，在相同的溫度下，“天上”和“地上”容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)相同D．如圖4用相同材料做成的兩根內(nèi)徑相同、兩端開(kāi)口的圓柱形毛細(xì)管豎直插入水中，“天上”和“地上”觀察到的現(xiàn)象相同4．我國(guó)女子短道速滑隊(duì)多次在國(guó)際大賽上摘金奪銀，為祖國(guó)贏得榮譽(yù)。在某次3000m接力賽中，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開(kāi)始向前滑行，待乙追上甲時(shí)，猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出，如圖所示。在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）A．甲對(duì)乙的沖量一定等于乙對(duì)甲的沖量 B．甲、乙的動(dòng)量變化一定大小相等、方向相反C．甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量 D．甲和乙組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒5．如圖所示是某款八缸四沖程汽油車的“五擋手動(dòng)變速箱”的結(jié)構(gòu)示意圖，其工作原理是通過(guò)擋位控制來(lái)改變連接發(fā)動(dòng)機(jī)動(dòng)力軸的主動(dòng)齒輪和連接動(dòng)力輸出軸的從動(dòng)齒輪的半徑比。當(dāng)擋位掛到低速擋——“1、2擋”時(shí)，最大車速為20～30km/h，當(dāng)擋位掛到高速擋——“5擋”，汽車才能獲得比較大的車速，則（）A．擋位從“1擋”逐步增加到“5”擋過(guò)程中，主動(dòng)齒輪和從動(dòng)齒輪的半徑比變大B．若保持發(fā)動(dòng)機(jī)輸出功率不變，從“2擋”突然掛到“3擋”瞬間，汽車獲得的牽引力瞬間減小C．發(fā)動(dòng)機(jī)工作時(shí)經(jīng)歷“吸氣—壓縮—做功—放氣”四個(gè)環(huán)節(jié)，“壓縮”氣體時(shí)，氣體體積變小，氣體對(duì)外界做功D．隨著發(fā)動(dòng)機(jī)技術(shù)的不斷發(fā)展，將來(lái)有可能實(shí)現(xiàn)把發(fā)動(dòng)機(jī)的熱能全部轉(zhuǎn)化為汽車的機(jī)械能，即熱機(jī)的效率達(dá)到100%6．為了研究交流電的產(chǎn)生過(guò)程，小張同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)構(gòu)思方案：將單匝矩形線圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈繞轉(zhuǎn)軸OO1按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（ab向紙外，cd向紙內(nèi)），并從圖甲所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，此時(shí)產(chǎn)生的正弦式交流電如圖乙所示。已知其周期為T，電流峰值為I0，下面說(shuō)法正確的是（）A．根據(jù)圖乙可知T4B．根據(jù)圖乙可知T4C．若僅把甲圖中的轉(zhuǎn)軸OO1改為轉(zhuǎn)軸ab，并從圖甲所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，則產(chǎn)生的交流電與圖乙所示不同D．若僅把甲圖中的單匝矩形線圈改為兩匝矩形線圈，并從圖甲所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，則產(chǎn)生的交流電與圖乙所示不同7．如圖所示，籃球比賽時(shí)某同學(xué)罰球過(guò)程中，兩次投籃時(shí)球被拋出的位置相同，第一次籃球水平擊中球框A點(diǎn)，第二次籃球水平擊中籃板上邊緣B點(diǎn)，忽略空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A．兩次籃球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等 B．兩次拋出時(shí)速度的豎直分量可能相等C．兩次拋出時(shí)速度的水平分量可能相等 D．兩次拋出時(shí)速度的大小可能相等8．如圖所示，ABC為在豎直平面內(nèi)的金屬半圓環(huán)，AC為其水平直徑，AB為固定的直金屬棒，在金屬棒上和半圓環(huán)的BC部分分別套著兩個(gè)完全相同的小球M、N（視為質(zhì)點(diǎn)），B固定在半圓環(huán)的最低點(diǎn)?，F(xiàn)讓半圓環(huán)繞對(duì)稱軸以角速度ω＝25rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩小球與半圓環(huán)恰好保持相對(duì)靜止。已知半圓環(huán)的半徑R＝1m，金屬棒和半圓環(huán)均光滑，取重力加速度大小g＝10m/s2，下列選項(xiàng)正確的是（）A．N、M兩小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比為1：10B．N、M兩小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比1：5C．若稍微增大半圓環(huán)的角速度，小環(huán)M稍許靠近A點(diǎn)，小環(huán)N將到達(dá)C點(diǎn)D．若稍微增大半圓環(huán)的角速度，小環(huán)M將到達(dá)A點(diǎn)，小環(huán)N將稍許靠近C點(diǎn)9．如圖，傾角為θ的光滑斜面固定在水平面上，另有A、B兩物體疊放在一起放置在斜面頂端，且B的上表面水平，A、B一起從斜面頂端由靜止開(kāi)始下滑，直到斜面底端，在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的摩擦力方向水平向右 B．運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的彈力等于A的重力C．運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的作用力不做功 D．運(yùn)動(dòng)中斜面對(duì)A、B系統(tǒng)的沖量為零10．發(fā)射地球同步衛(wèi)星時(shí)，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后經(jīng)點(diǎn)火，使其沿橢圓軌道2運(yùn)行，最后再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3，軌道1、2相切于Q點(diǎn)，軌道2、3相切于P點(diǎn)，如圖所示，則當(dāng)衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運(yùn)行時(shí)，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．衛(wèi)星在圓軌道1上運(yùn)行的角速度大于在圓軌道3上運(yùn)行的角速度B．衛(wèi)星在橢圓軌道2上運(yùn)行的周期小于在圓軌道3上運(yùn)行的周期C．衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的速率小于它在軌道3上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速率D．衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的加速度等于它在軌道2上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的加速度11．“司南”是我國(guó)古代四大發(fā)明之一，主體由磁勺和羅盤構(gòu)成。據(jù)東漢《論衡》記載，其“司南之杓，投之于地，其柢（即勺柄）指南”。若在靜止的磁勺正上方附近，放置一根由南向北通電的直導(dǎo)線，請(qǐng)推測(cè)勺柄將（）A．向正東方向轉(zhuǎn)動(dòng) B．向正西方向轉(zhuǎn)動(dòng)C．向正南方向移動(dòng) D．向正北方向移動(dòng)12．如圖所示，在直角坐標(biāo)系中，先固定一不帶電金屬導(dǎo)體球B，半徑為L(zhǎng)，球心O'坐標(biāo)為（2L，0）。再將一點(diǎn)電荷A固定在原點(diǎn)O處，帶電量為+Q。a、e是x軸上的兩點(diǎn)，b、c兩點(diǎn)對(duì)稱地分布在x軸兩側(cè)，點(diǎn)a、b、c到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離均為L(zhǎng)2A．圖中各點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系為φa＝φb＝φc＞φd＞φeB．金屬導(dǎo)體球左側(cè)感應(yīng)出負(fù)電荷，右側(cè)感應(yīng)出正電荷，用一根導(dǎo)線分別連接左右兩側(cè)，導(dǎo)線中有短暫的電流C．金屬導(dǎo)體球B上的感應(yīng)電荷在外表面d處的場(chǎng)強(qiáng)大小E=kQD．金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在球心O'處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為kQ413．有兩個(gè)釣魚(yú)時(shí)所用的不同的魚(yú)漂P和Q，分別漂浮于平靜水面上的不同位置，平衡時(shí)狀態(tài)均如圖甲所示?，F(xiàn)因魚(yú)咬鉤而使魚(yú)漂P和Q均在豎直方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)圖像如圖乙所示，以豎直向上為正方向，則下列說(shuō)法正確的是（）A．魚(yú)漂P和Q振動(dòng)形成的水波疊加后會(huì)形成干涉圖樣 B．t＝0.6s時(shí)魚(yú)漂P和Q的速度都為0C．t＝1.0s時(shí)魚(yú)漂P和Q的速度方向相同 D．t＝1.0s時(shí)魚(yú)漂P和Q的加速度方向相同閱卷人二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）得分14．一靜止原子核ZAX發(fā)生α衰變，生成一α粒子及一新核Y．已知X、Y和α粒子的質(zhì)量分別是m1、m2和mA．核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)都守恒 B．核反應(yīng)過(guò)程中釋放出的核能為(C．α粒子和新核的電荷量之比為（Z﹣4）：4 D．新核的動(dòng)能為m15．某半徑為r類地行星表面有一單色光源P，其發(fā)出的各方向的光經(jīng)過(guò)厚度為(2?1)r、折射率為n＝2的均勻行星大氣層（圖中陰影部分）射向太空。取包含P和行星中心O的某一截面如圖所示，設(shè)此截面內(nèi)一衛(wèi)星探測(cè)器在半徑為4r3+1的軌道上繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，忽略行星表面對(duì)光的反射，已知A．大氣外表面發(fā)光區(qū)域在截面上形成的弧長(zhǎng)為2B．若衛(wèi)星探測(cè)器運(yùn)行時(shí)，只能在軌道上某部分觀測(cè)到光，則這部分軌道弧長(zhǎng)為πC．若該行星沒(méi)有大氣層，則衛(wèi)星探測(cè)器運(yùn)行時(shí)，在軌道上能觀測(cè)到光軌道弧長(zhǎng)將變大D．若探測(cè)器公轉(zhuǎn)方向和行星自轉(zhuǎn)的方向相同，探測(cè)器接收到光的頻率一定大于光源發(fā)出的頻率閱卷人三、非選擇題（本題共5小題，共55分）得分16．某同學(xué)用圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究小車的加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系。所用交變電流的頻率為50Hz。（1）已安裝好器材，準(zhǔn)備開(kāi)始實(shí)驗(yàn)。請(qǐng)寫出實(shí)驗(yàn)裝置圖中錯(cuò)誤（或不合適）的地方：，圖中電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的電源為（填寫以下選項(xiàng)前字母）。A．直流4～6VB．直流220VC．交流4～6VD．交流220V（2）該同學(xué)在教師指導(dǎo)下，將實(shí)驗(yàn)裝置調(diào)試正確。圖2是他某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如圖2所示。求小車的加速度是m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（3）該同學(xué)實(shí)驗(yàn)中，保持所掛鉤碼的總質(zhì)量m不變，改變小車的質(zhì)量M，并測(cè)出所對(duì)應(yīng)的加速度a，以小車的質(zhì)量M為橫坐標(biāo)，以1a為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上作出如圖3所示的關(guān)系圖線，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，結(jié)果發(fā)現(xiàn)圖象不過(guò)原點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律認(rèn)為在拉力不變的情況下，1a與M應(yīng)該成正比，請(qǐng)你告訴該同學(xué)圖中縱軸上的截距的物理意義17．在測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)借助標(biāo)準(zhǔn)電源對(duì)實(shí)驗(yàn)原理做出創(chuàng)新，如圖甲所示。實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：待測(cè)電源E；標(biāo)準(zhǔn)電源（電動(dòng)勢(shì)E0＝6V，內(nèi)阻r0＝1Ω）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值為100Ω）；電流表A（量程為0～500mA，內(nèi)阻為2Ω）；開(kāi)關(guān)S1，S2，導(dǎo)線若干。請(qǐng)完成下列問(wèn)題：（1）在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，補(bǔ)充完成實(shí)物圖的連接。（2）按圖甲連接好電路后，閉合開(kāi)關(guān)S1、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片位置，記錄穩(wěn)定后電流表的示數(shù)I1，保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1、閉合開(kāi)關(guān)S2，記錄穩(wěn)定后電流表的示數(shù)I2。（3）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S1、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)完成后電流表示數(shù)穩(wěn)定時(shí)如圖丙所示，此時(shí)電流為mA，則滑動(dòng)變阻器接入回路的阻值為Ω。（4）將測(cè)得的多組數(shù)據(jù)描繪在1I（5）若得到的圖線斜率k＝0.65，縱截距b=?1480mA?118．在做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，（1）必須要選用的器材是____。A．有閉合鐵芯的原副線圈 B．無(wú)鐵芯的原副線圈C．交流電源 D．直流電源E．多用電表（交流電壓擋） F．多用電表（交流電流擋）（2）用匝數(shù)na＝60匝和nb＝120匝的變壓器，實(shí)驗(yàn)測(cè)量數(shù)據(jù)如下表：U/V1.802.803.804.90U/V4.006.018.029.98根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)可判斷連接電源的線圈是（選填“na”或“nb”）。（3）如圖所示，向右推動(dòng)可拆卸變壓器的鐵芯，使其由不閉合到閉合，可以看到接在副線圈兩端的小燈泡亮度從較小到正常發(fā)光。試分析其原因。19．水槍是小朋友們非常喜歡的玩具，水槍后端有一個(gè)圓柱形水壺。如圖，圓柱形水壺密封時(shí)容積為V，打氣筒室容積ΔV=V40。某次倒入水壺中水的體積為3V4并密封，初始?jí)貎?nèi)氣體壓強(qiáng)為p0，然后開(kāi)始打氣，每一次打入壓強(qiáng)為p0、體積為V（1）至少打幾次氣后，水壺里的水可以全部噴完；（2）若在噴水過(guò)程水壺中空氣從外界吸收熱量15J，求壺中空氣對(duì)外做功是多少。20．如圖所示，AB為豎直光滑圓弧的直徑，其半徑R＝0.9m，A端沿水平方向。水平軌道BC與半徑r＝0.5m的光滑圓弧軌道CDE相接于C點(diǎn)，D為圓軌道的最低點(diǎn)，圓弧軌道CD、DE對(duì)應(yīng)的圓心角θ＝37°。圓弧和傾斜傳送帶EF相切于E點(diǎn)，EF的長(zhǎng)度為l＝10m。一質(zhì)量為m＝1kg的物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從水平軌道上某點(diǎn)以某一速度沖上豎直圓軌道，并從A點(diǎn)飛出，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)恰好沿切線進(jìn)入圓弧軌道，再經(jīng)過(guò)E點(diǎn)，隨后物塊滑上傳送帶EF。已知物塊經(jīng)過(guò)E點(diǎn)時(shí)速度大小與經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，物塊與傳送帶EF間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37＝0.8。求：（1）物塊從A點(diǎn)飛出的速度大小v0和在A點(diǎn)受到的壓力大小FNA；（2）物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小vC及對(duì)C點(diǎn)的壓力大小FNC；（3）若物塊能被送到F端，則傳送帶順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)的速度應(yīng)滿足的條件及物塊從E端到F端所用時(shí)間的范圍。（該問(wèn)結(jié)果可保留根式）21．如圖，質(zhì)量為m、電阻為2r的均勻金屬棒ab垂直架在水平面甲內(nèi)間距為2L的兩光滑金屬導(dǎo)軌的右邊緣處。下方的導(dǎo)軌由光滑圓弧導(dǎo)軌與處于水平面乙的光滑水平導(dǎo)軌平滑連接而成（即圖中半徑OM和O'P豎直），圓弧導(dǎo)軌半徑為R、對(duì)應(yīng)圓心角為60°、間距為2L，水平導(dǎo)軌間距分別為2L和L。質(zhì)量也為m、電阻為r的均勻金屬棒cd垂直架在間距為L(zhǎng)的導(dǎo)軌左端。導(dǎo)軌MM'與PP'、NN'與QQ'均足夠長(zhǎng)，所有導(dǎo)軌的電阻都不計(jì)。電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)。所有導(dǎo)軌部分均有豎直向下的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出）。閉合開(kāi)關(guān)S，金屬棒ab迅即獲得水平向右的速度（未知，記為v0）做平拋運(yùn)動(dòng)，并在高度降低2R時(shí)恰好沿圓弧軌道上端的切線方向落在圓弧軌道上端，接著沿圓弧軌道下滑。已知重力加速度為g，求：（1）金屬棒ab做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0；（2）金屬棒ab做平拋運(yùn)動(dòng)恰好落在圓弧軌道上端時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力；（3）若圓弧導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)無(wú)磁場(chǎng)，其他部分磁場(chǎng)不變，從金屬棒ab剛落到圓弧軌道上端起至開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)止，這一過(guò)程中金屬棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱。22．如圖，空間直角坐標(biāo)系Oxyz中，有兩個(gè)棱長(zhǎng)均為L(zhǎng)的正方體Ⅰ和正方體Ⅱ，它們的公共界面為M，O點(diǎn)為正方體Ⅰ側(cè)面K的中心，x、y、z軸均與正方體棱長(zhǎng)平行。正方體Ⅰ空間內(nèi)在y＞0的范圍內(nèi)存在著沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y＜0的范圍內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩者電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；正方體Ⅱ空間內(nèi)在y＞0的范圍內(nèi)存在著沿x軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在y＜0的范圍內(nèi)存在著沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩者磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，以v0的初速度，從y軸上的P點(diǎn)沿z軸正方向進(jìn)入正方體Ⅰ，之后經(jīng)過(guò)z軸后從Q點(diǎn)垂直穿過(guò)界面M進(jìn)入正方體Ⅱ，最后垂直打在側(cè)面N上。P點(diǎn)為側(cè)面K底邊長(zhǎng)的中點(diǎn)（在電場(chǎng)區(qū)域中），不考慮粒子的重力，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大??；（2）粒子進(jìn)入正方體Ⅰ后，經(jīng)過(guò)z軸時(shí)的速度大小；（3）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】達(dá)因值是液體表面相鄰兩部分之間單位長(zhǎng)度互相牽引的力，則單位

Fx=Nm

B符合題意，ACD不符合題意。2．【答案】A【解析】【解答】發(fā)射功率

P=Wt=n?cλt

則激光器每秒發(fā)射的光子數(shù)

n=λP3．【答案】C【解析】【解答】A.圖1中單擺由于重力的作用會(huì)來(lái)回?cái)[動(dòng)，太空中處于失重狀態(tài)，拉開(kāi)角度小球不會(huì)擺動(dòng)，A不符合題意；

B.圖2中液體薄膜因?yàn)橹亓Φ淖饔迷斐珊穸炔痪鶆?，液體前膜和后膜的反射光發(fā)生干涉現(xiàn)象，在太空中處于干涉現(xiàn)象，薄膜厚度均勻，不會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象，B不符合題意；

C.密閉氣體的壓強(qiáng)只與氣體溫度有關(guān)，故天上和地下容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)相同，C符合題意；

D.水在玻璃管表面發(fā)生浸潤(rùn)現(xiàn)象，液面會(huì)上升，太空中處于失重狀態(tài)，液面高度會(huì)更高，D不符合題意。

故答案為：C

【分析】根據(jù)太空中失重特點(diǎn)，結(jié)合地球的物理現(xiàn)象原理可得出結(jié)論。4．【答案】B【解析】【解答】AB.根據(jù)動(dòng)量守恒定律，作用甲、乙的動(dòng)量之和與作用后甲、乙動(dòng)量之和相同，甲對(duì)乙的沖量等于乙的動(dòng)量變化量，乙對(duì)甲的沖量等于甲的動(dòng)量變化量，故兩者動(dòng)量變化量大小相等，方向相反，A不符合題意，B符合題意；

CD.在作用過(guò)程中甲乙機(jī)械能不一定守恒，故甲的動(dòng)能增加量不一定等于乙的動(dòng)能減小量，CD不符合題意。

故答案為：B

【分析】利用動(dòng)量守恒定律，結(jié)合對(duì)單個(gè)物體的動(dòng)量定理分析可得出結(jié)論。5．【答案】A【解析】【解答】A.檔位從1逐步增加到5，由圖可知主動(dòng)輪半徑增大，故主動(dòng)齒輪和從動(dòng)齒輪的半徑比增大，A符合題意；

B.若功率保持不變，由

P=Fv

可知，換檔瞬間，速度不變，牽引力不變，B不符合題意；

C.壓縮氣體時(shí)，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，C不符合題意；

D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能實(shí)現(xiàn)把發(fā)動(dòng)機(jī)的熱能全部轉(zhuǎn)化為汽車的機(jī)械能，效率不可能達(dá)到100%，D不符合題意。

故答案為：A

【分析】利用機(jī)車啟動(dòng)功率的表達(dá)式可求出牽引力的變化。6．【答案】D【解析】【解答】A.根據(jù)圖乙可知T4時(shí)，電流最大，故線圈的磁通量最小，A不符合題意；

B.根據(jù)圖乙可知T4時(shí)，電流最大，故線圈的磁通量變化率最大，B不符合題意；

C.若將甲圖中轉(zhuǎn)軸改為ab，并從圖甲所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生的交變電流與圖乙相同，C不符合題意；

D.將單匝線圈改為兩匝，由

Im=Em7．【答案】D【解析】【解答】A.將籃球運(yùn)動(dòng)看作逆過(guò)程的平拋運(yùn)動(dòng)，則由

?=12gt2

可知，兩次籃球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相等，A不符合題意；

B.由

vy=gt

可知，兩次拋出的速度豎直分量不相等，B不符合題意；

C.由

x=v8．【答案】D【解析】【解答】AB.對(duì)小球N而言，設(shè)圓心為O，OA與豎直方向夾角為θN，有

mgtanθN=mω2RN

即

mgtanθN=mω2RsinθN

可得

mg=mω2·?

擺高

?=gω2

則

RN=R2??2=ω9．【答案】C【解析】【解答】A．因?yàn)锳B一起沿斜面加速下滑，則加速度有水平向左的分量，則運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的摩擦力方向水平向左，A不符合題意；B．AB一起沿斜面加速下滑，則加速度有豎直向下的分量，則由m可知運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的彈力小于A的重力，B不符合題意；C．因AB一起下滑的加速度為a=gsinθ可知，B對(duì)A的作用力與位移垂直，則運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的作用力不做功，C符合題意；D．運(yùn)動(dòng)中斜面對(duì)A、B系統(tǒng)的作用力不為零，根據(jù)I=Ft可知，沖量不為零，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用整體的牛頓第二定律可以判別物塊B對(duì)A的摩擦力方向；利用整體的加速度方向結(jié)合豎直方向的牛頓第二定律可以比較B對(duì)A的彈力及A的重力大??；利用B對(duì)A的作用力方向與位移方向垂直可以判別B對(duì)A作用力不做功；利用斜面對(duì)AB的作用力不等于0可以判別沖量不等于0.10．【答案】C【解析】【解答】A.軌道1和軌道3都為圓周軌道，故有

ω=GMr3

可知衛(wèi)星在圓軌道1上運(yùn)行的角速度大于在原軌道3上運(yùn)行的角速度，A不符合題意；

B.由開(kāi)普勒第三定律

a3T2=k

可知，衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行周期小于軌道3的運(yùn)行周期，B不符合題意；

C.可知，衛(wèi)星在1軌道經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速度要小于衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速度，又有

v=GMr

可知，衛(wèi)星在1軌道經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速度大于衛(wèi)星在3軌道經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速率，故衛(wèi)星在軌道2經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速率要大于在軌道3經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速率，C符合題意；

11．【答案】A【解析】【解答】由于在磁勺正上方放置一根由南向北通電的直導(dǎo)線，根據(jù)安培定則可知電流在磁勺處的磁場(chǎng)方向指向正西方向，則磁勺的N極向正西方向轉(zhuǎn)動(dòng)，S極向正東方向轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)題意可知，勺柄為磁勺的S極，即勺柄將向正東方向轉(zhuǎn)動(dòng)。故答案為：A。

【分析】根據(jù)安培定則得出電流在磁勺處的磁場(chǎng)方向，從而得出磁勺的運(yùn)動(dòng)情況。12．【答案】D【解析】【解答】A.由題可知，導(dǎo)體球B左側(cè)會(huì)感應(yīng)出負(fù)電荷，A點(diǎn)左邊電場(chǎng)強(qiáng)度會(huì)小于右邊電場(chǎng)強(qiáng)度，電勢(shì)

φb＝φc＞φa＞φd＞φe

A不符合題意；

B.導(dǎo)體球處于靜電平衡狀態(tài)，是一個(gè)等勢(shì)球，故不會(huì)產(chǎn)生電流，B不符合題意；

C.可知，電荷A在外表面d處的電場(chǎng)強(qiáng)度為

13．【答案】D【解析】【解答】A.由圖乙可知，兩魚(yú)漂做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期不同，頻率不同，故振動(dòng)產(chǎn)生的水波不能疊加后形成干涉圖樣，A不符合題意；

B.t＝0.6s時(shí)魚(yú)漂P和Q都處于平衡位置，速度最大，B不符合題意；

C.t＝1.0s時(shí)，由圖乙可知魚(yú)漂P速度豎直向上，Q的速度豎直向下，故兩者方向不同，C不符合題意；

D.t＝1.0s時(shí)魚(yú)漂P和Q的加速度方向相同，都沿豎直向上的方向，D符合題意。

故答案為：D

【分析】利用簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振動(dòng)圖像特點(diǎn)可得出周期和運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，進(jìn)而判斷兩質(zhì)點(diǎn)速度、加速度方向特點(diǎn)。14．【答案】A,D【解析】【解答】A.核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)都守恒，A符合題意；

B.釋放的核能為

?E=(m1?m2?m1)c2

B不符合題意；

C.α粒子帶2個(gè)單位正電荷，故α粒子和新核的電荷量之比為2：(Z﹣2），C不符合題意；

D.靜止原子核衰變后生成α粒子及新核Y的動(dòng)量大小相等，方向相反，由

15．【答案】B,C【解析】【解答】A.由P點(diǎn)發(fā)出的光入射到大氣層外表面恰好發(fā)生全反射時(shí)，入射角

sinC=1n

即C=30°，設(shè)光線從大氣層外表面A點(diǎn)射出，圓心為O，OP與PC夾角為α，OP與OA夾角為β，則由正弦定理可得

rsinC=2?1r+rsinα

可得

α=135°

則

β=15°

發(fā)光區(qū)域形成的弧長(zhǎng)為

2β·2?1r+r=216．【答案】（1）小車釋放時(shí)距打點(diǎn)計(jì)時(shí)器過(guò)遠(yuǎn)或細(xì)繩不夠長(zhǎng)（一條即可）；D（2）0.75（0.73﹣0.77）（3）1【解析】【解答】（1）為了更多的記錄小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的計(jì)時(shí)點(diǎn)，應(yīng)讓小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器釋放；交變電流頻率為50Hz，故使用220V交變電流；

（2）加速度為

a=CE?AC2·21f2=0.75m/s2

（3）由牛頓第二定律可知

mg=17．【答案】（1）（2）無(wú)（3）300；17（4）無(wú)（5）3.9；13.5【解析】【解答】（3）由電表示數(shù)可知，電流為300mA；回路中總電阻

R=EI=20Ω

則滑動(dòng)變阻器接入回路的阻值為

Rx=R?r?RA=17Ω

（5）閉合開(kāi)關(guān)S1、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2與斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1、閉合開(kāi)關(guān)S2前后電流表示數(shù)不變，故有

E0I1?r018．【答案】（1）A；C；E（2）nb（3）若鐵芯閉合時(shí)，由于鐵芯被磁化，絕大部分磁感線集中在鐵芯內(nèi)部，貫穿副線圈，大大增強(qiáng)了變壓器傳輸電能的作用，所以接在副線圈兩端的小燈泡亮度從較小到正常發(fā)光?！窘馕觥俊窘獯稹浚?）AB.為了增強(qiáng)互感現(xiàn)象，要選用有閉合鐵芯的原副線圈，A符合題意，B不符合題意；

CD.變壓器原理為互感現(xiàn)象，原線圈交變電流產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，進(jìn)而在副線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流，故需要用交變電流，C符合題意，D不符合題意；

EF.探究電壓與匝數(shù)的關(guān)系，需要用多用電表的交變電壓檔，E符合題意，F(xiàn)不符合題意。

故答案為：ACE。

（2）由表格可知，Ua的電壓不足Ub的一半，說(shuō)明在非理想變壓器中，由于鐵損和磁損，會(huì)存在電壓損耗，故原線圈為Ub，副線圈為Ua，則接電源的為線圈nb；

（3）鐵芯閉合，則鐵芯被磁化，絕大部分磁感線集中在鐵芯內(nèi)部，增強(qiáng)了變壓器輸電的作用，故接在副線圈的小燈泡亮度從較小到正常發(fā)光。

【分析】（1）利用變壓器的基本原理可判斷實(shí)驗(yàn)步驟的可行性；（2）通過(guò)表格內(nèi)的電壓關(guān)系可得出匝數(shù)特點(diǎn)。19．【答案】（1）解：設(shè)狀態(tài)1：p1＝p0，V1=V4，至少打n次氣后水壺中為狀態(tài)2：p2，V2=Vp1V1+np0ΔV＝p2V2氣體由狀態(tài)2到狀態(tài)3做等溫變化，由玻意耳定律p2V2＝p3V3聯(lián)立兩式求得n＝30（2）解：噴水過(guò)程中由于環(huán)境溫度不變，氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，有ΔU＝Q+W解得W＝﹣Q＝﹣15J則壺中空氣對(duì)外做功15J?！窘馕觥俊痉治觥浚?）利用玻意爾定律可求出打氣的次數(shù)；

（2）利用熱力學(xué)第一定律，內(nèi)能不變，可求出做功大小。20．【答案】（1）解：小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有：vy=2g?=2g?2R=2在C點(diǎn)，有tan37°=解得v0＝8m/s在A點(diǎn)，對(duì)物塊根據(jù)牛頓第二定律得mg+FNA＝mv解得FNA=550（2）解：物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度大?。簐C=v在C點(diǎn)，對(duì)物塊，根據(jù)牛頓第二定律可得：FN﹣mgcos37°＝mv代入數(shù)據(jù)解得：FN＝208N由牛頓第三定律知，物塊對(duì)C點(diǎn)的壓力大小FNC＝FN＝208N（3）解：已知vE＝vC＝10m/s，設(shè)傳送帶的速度為v，物塊剛滑上傳送帶時(shí)，若物塊的速度大于傳送帶的速度，物塊的加速度大小為a1，根據(jù)牛頓第二定律可知mgsin37°+μmgcos37°＝ma1解得：a1＝10m/s2物塊速度減至傳送帶速度所需時(shí)間為t1=通過(guò)的位移為x1=達(dá)到相同速度后，由于mgsinθ＞μmgcosθ，故物體繼續(xù)向上做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得mgsin37°﹣μmgcos37°＝ma2解得加速度大?。篴2＝2m/s2當(dāng)?shù)竭_(dá)F點(diǎn)時(shí)，速度恰好為零，則v2＝2a2x2，t2=x1+x2＝l代入數(shù)據(jù)解得：v＝5m/s，t1＝0.5s，t2＝2.5s上滑所需要的最大時(shí)間tmax＝t1+t2＝0.5s+2.5s＝3s若傳送帶的速度始終大于向上滑動(dòng)的速度，則物塊在傳送帶上一直以加速度a2向上做減速運(yùn)動(dòng)，則l＝vEtmin?12a代入數(shù)據(jù)解得：tmin＝（5?15故傳送帶順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)的速度滿足條件為：v傳≥5m/s物塊從E端到F端所用時(shí)間的范圍為：（5?15【解析】【分析】（1）利用平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式可求出小球在C點(diǎn)的豎直速度，結(jié)合幾何關(guān)系可求出初速度大小，根據(jù)牛頓第二定律可求出小球在A點(diǎn)受到的壓力大??；（2）利用運(yùn)動(dòng)的分解可求出物體到