浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案14

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題給出的四個備選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）得分1．2023年的諾貝爾物理學(xué)獎授予“采用實(shí)驗(yàn)方法產(chǎn)生阿秒脈沖光的技術(shù)”，阿秒脈沖光是一種非常短的光脈沖，其持續(xù)時間在阿秒的量級，即10A．阿秒是導(dǎo)出單位 B．阿秒是國際單位制的基本單位C．阿秒對應(yīng)的物理量是國際單位制的基本量 D．阿秒對應(yīng)的物理量是矢量2．杭州亞運(yùn)會10m跳臺的跳水決賽中，中國運(yùn)動員全紅嬋完美一跳后裁判全給10分并獲得冠軍。從全紅嬋離開跳板開始計(jì)時，跳水過程中重心的v?t圖像如圖所示。則全紅嬋的重心（）A．在0～t1過程中作自由落體運(yùn)動 B．在C．在t3～t4過程中加速度逐漸減小 3．如何堆放重物件常是建筑工人需要考慮的問題。如圖所示，重桿AO可繞O軸在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，使桿壓在置于水平地面的光滑圓柱體上，又使圓柱體緊靠在豎直檔板上而保持平衡。已知桿與水平地面的傾角為θ，桿的質(zhì)量為m，圓柱體的質(zhì)量為M，桿與圓柱體在接觸點(diǎn)P處的作用力為F，則檔板對圓柱體的作用力為（）A．Fsinθ B．mgC．mgcosθ+Mg D．Fsinθ+mgcosθ4．一靜止的鈉核發(fā)生衰變，衰變方程為1124Na→12AA．12AMg與1124Na的中子數(shù)相同 B．C．Mg核的動量大于Y的動量 D．該衰變與弱相互作用力有關(guān)5．如圖所示用無人機(jī)拍攝一個盆景的特效，無人機(jī)在盆景正上方沿豎直方向先減速下降再加速上升。若拍攝全程無人機(jī)升力相等，所受空氣阻力也相等，則無人機(jī)（）A．下降過程失重 B．上升過程失重C．下降過程動能增加 D．上升和下降過程的加速度不相等6．太陽系內(nèi)很多小天體和八大行星一樣圍繞太陽運(yùn)行。之前，能進(jìn)入金星軌道內(nèi)側(cè)的小天體僅發(fā)現(xiàn)21個，但它們一部分軌道在金星軌道外側(cè)。最近科學(xué)家第一次發(fā)現(xiàn)了完全在金星軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)行的一個小天體“AV2”。則（）A．“AV2”沒有落至太陽上是因?yàn)樗|(zhì)量小B．“AV2”繞太陽運(yùn)行周期大于金星C．“AV2”在任何位置的加速度都大于金星D．這些小天體與太陽的連線在單位時間內(nèi)掃過的面積都相等7．羽毛球運(yùn)動是一項(xiàng)深受大眾喜愛的體育運(yùn)動。某同學(xué)為研究羽毛球飛行規(guī)律，找到了如圖所示的羽毛球飛行軌跡圖，圖中A、B為同一軌跡上等高的兩點(diǎn)，P為該軌跡的最高點(diǎn)，則該羽毛球（）A．在A、B兩點(diǎn)的速度大小相等 B．整個飛行過程中經(jīng)P點(diǎn)的速度最小C．AP段的飛行時間大于PB段的飛行時間 D．在A點(diǎn)的機(jī)械能大于B點(diǎn)的機(jī)械能8．如圖所示，將靜電計(jì)與電容器（圖中未畫出）相連，可檢測帶電電容器的兩極間的電壓變化。帶電靜電計(jì)的金屬指針和圓形金屬外殼的空間內(nèi)存在電場，分別用實(shí)線和虛線表示電場線和等勢面，該空間內(nèi)有P、Q兩點(diǎn)，則（）A．靜電計(jì)兩根金屬指針帶異種電荷 B．圖中實(shí)線表示電場線，虛線表示等勢面C．圖中P點(diǎn)電勢一定高于Q點(diǎn)電勢 D．當(dāng)靜電計(jì)兩指針張角減小時，表明電容器在放電9．某研究性學(xué)習(xí)小組研制了一種簡易地震儀，由豎直彈簧振子P和水平彈簧振子Q組成，兩振子所用彈簧完全相同，小球P的質(zhì)量小于Q的質(zhì)量。在一次地震中，觀察到P先發(fā)生振動，3s后Q也開始振動，某個穩(wěn)定時段P的振幅大于Q的振幅。從震后的媒體報道中獲悉，此次地震的震源位于地震儀正下方，地震波中的橫波和縱波傳播速率分別約為4km/s和A．震源距地震儀約10km B．震源距地震儀約36kmC．此地震波橫波的振幅一定小于縱波的振幅 D．此地震波橫波的頻率一定大于縱波的頻率10．在繞制變壓器時，某人誤將兩個線圈繞在如圖所示變壓器鐵態(tài)的左右兩個臂上。為簡化問題研究，假設(shè)當(dāng)一個線圈通以交變電流時，該線圈產(chǎn)生的磁通量都只有一半通過另一個線圈，另一半通過中間臂。已知線圈1、2的匝數(shù)之比n1：nA．若線圈1為輸入端，則空載的線圈2輸出電壓為0B．若線圈1為輸入端，則接有負(fù)載的線圈2輸出電壓為110VC．若線圈2為輸入端，則空載的線圈1輸出電壓為110VD．若線圈2為輸入端，則接有負(fù)載的線圈1輸出電壓為220V11．如圖所示，假設(shè)“天宮一號”正以速度7.5km/s繞地球做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動方向與其太陽帆板兩端相距20m的M、N的連線垂直，太陽帆板視為導(dǎo)體。飛經(jīng)某處時的地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直于MN所在平面的分量為1.A．此時M、N兩端間的電勢差為0B．此時小燈泡恰好能正常發(fā)光C．“天宮一號”繞行過程中受到電磁阻尼D．“天宮一號”在南、北半球水平飛行時M端的電勢始終高于N端12．如圖所示，水平地面上放置一截面為等腰梯形的玻璃磚ABCD，玻璃磚的折射率為2，∠BAD=60°。在A點(diǎn)正下方地面上處有一光源S，一束光自S射向AB面上的P點(diǎn)，A．此光線射至AB面恰好發(fā)生全反射B．此光線經(jīng)折射從AD面射出時偏折了45°C．此光線在玻璃內(nèi)多次反射從AD面射出的光線都相互平行D．若自S發(fā)出的光束入射至AP之間，此光束的折射光到AD面可能發(fā)生全反射13．如圖所示為研究光電效應(yīng)和霍爾效應(yīng)的裝置示意圖。光電管和霍爾片串聯(lián)，霍爾片的長、寬、高分別為a、b、c，該霍爾片放在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向平行于c邊的勻強(qiáng)磁場中。閉合電鍵S，入射光照到陰極時，電流表A顯示的示數(shù)為I，該電流I在霍爾片中形成沿電流方向的恒定電場為E，電子在霍爾片中的平均速度v=μE，其中電子遷移率μ為已知常數(shù)。電子電量為e，電子的質(zhì)量為m。霍爾片單位體積內(nèi)的電子數(shù)為n，則（）A．霍爾片前后側(cè)面的電壓為BIB．霍爾片內(nèi)的電場強(qiáng)度為IC．通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，可以使電流表的示數(shù)減為零D．當(dāng)滑動變阻器滑片右移后，單位時間到達(dá)光電管陽極的光電子數(shù)一定大于I閱卷人二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。）得分14．下列說法正確的是（）A．電磁波發(fā)射時需要用到調(diào)諧技術(shù)B．真空中的光速在不同的慣性系中大小都相同是相對論時空觀的基本假設(shè)之一C．照相機(jī)鏡頭表面涂上增透膜是利用光的偏振原理D．用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉原理15．如圖所示是氫原子的能級圖。已知可見光的波長范圍為4.0×10?7m～7A．氫原子處在n=4能級，會輻射可見光B．氫原子從高能級向n=3能級躍遷時，輻射的光具有顯著的熱效應(yīng)C．氫原子從n=4能級向n=2能級和n=1能級躍遷時輻射的兩種光，在同一介質(zhì)中傳播時前者速度小于后者D．氫原子從n=4能級向低能級躍遷，輻射的光子的最大動量是5閱卷人三、非選擇題（本題共5小題，共55分）得分16．某校實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備用鐵架臺、打點(diǎn)計(jì)時器、重物等驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)說法正確的是____。（多選）A．必須在接通電源的同時釋放紙帶B．利用本裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，可以不測量重物的質(zhì)量C．為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒，必須選擇紙帶上打出的第一個點(diǎn)作為起點(diǎn)D．體積相同條件下，重錘質(zhì)量越大，實(shí)驗(yàn)誤差越小（2）圖乙中的紙帶A和B中，紙帶（選填“A”或“B”）可能是本次實(shí)驗(yàn)得到的。17．某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室研究單擺測量重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，（1）下列四張圖片是四次操作中擺角最大的情景，其中操作合理的是____（單選）A． B．C． D．（2）該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測得擺球直徑如圖丙所示為cm；然后用停表記錄了單擺振動50次所用的時間如圖丁所示為s。18．某興趣小組想測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻。（1）小王想用多用電表粗測干電池的電動勢和內(nèi)阻，下列說法正確的是____（單選）A．多用電表可以粗測電動勢，不能粗測內(nèi)阻B．多用電表可以粗測內(nèi)阻，不能粗測電動勢C．多用電表可以粗測電動勢和內(nèi)阻D．多用電表既不可粗測電動勢，也不可粗測內(nèi)阻（2）其他同學(xué)從實(shí)驗(yàn)室找來了以下器材：A.量程0～3V～15V的電壓表B.量程0～0.C.滑動變阻器RD.開關(guān)、導(dǎo)線若干①連接電路如圖甲所示，P點(diǎn)應(yīng)連接在（填“A”或“B”）點(diǎn)。②選擇合適量程的器材，正確連接好電路甲，閉合開關(guān)前，滑動變阻器滑片應(yīng)打到最端（填“左”或“右”）。③實(shí)驗(yàn)過程中發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化不大，其可能原因是。（寫出1條）（3）另一同學(xué)提出一種可以準(zhǔn)確測量干電池電動勢和內(nèi)阻的方案：如圖乙連接電路，閉合開關(guān)S1，將開關(guān)S2接在a端，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，記錄多個電壓表和電流表的示數(shù)，作出U?I圖線，如圖丙中圖線1所示，圖線1與U軸和I軸的截距分別為U1和I1。保持開關(guān)S1閉合，再將開關(guān)S2接在b端，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，記錄多個電壓表和電流表的示數(shù)，作出U?I圖線，如圖丙中圖線2所示，圖線2與U軸和I軸的截距分別為U2和I2。從減小電表測量的系統(tǒng)誤差角度，電動勢的準(zhǔn)確值為19．以下實(shí)驗(yàn)中，說法正確的是（）A．“探究兩個互成角度力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，手指不能接觸彈簧秤的掛鉤B．“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，用一滴油酸酒精溶液體積除以油膜面積即得油酸分子直徑C．“用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，以白光為光源將得到黑白相間條紋D．“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，不需要做到小球與斜槽間光滑20．如圖甲所示，一個質(zhì)量不計(jì)的活塞將一定量的理想氣體封閉在上端開口的直立圓筒形導(dǎo)熱氣缸內(nèi)，氣體溫度為300K，氣柱的高度為?，在氣缸內(nèi)壁有固定的小卡環(huán)，卡環(huán)到氣缸底的高度差為59??，F(xiàn)在活塞上方緩慢堆放細(xì)沙，直至氣柱長度減為56?時停止堆放細(xì)沙，如圖乙所示。之后對氣體緩慢降溫，溫度降低到180K，此時活塞已經(jīng)與卡環(huán)接觸，降溫過程氣體放出熱量為Q。已知大氣壓強(qiáng)為（1）堆放細(xì)沙的質(zhì)量；（2）溫度降為180K時氣體的壓強(qiáng)；（3）降溫過程氣體內(nèi)能的變化量。21．如圖所示，光滑水平桿距離水平地面高為H=6m，桿上套有一質(zhì)量m0=0.1kg的滑環(huán)，桿上A點(diǎn)處固定一擋板。長度為l=1m的輕繩的一端連接滑環(huán)，另一端懸掛質(zhì)量為m=1kg的小球，輕繩能承受的最大拉力為40N。水平地面上P點(diǎn)處靜置一個頂部裝有細(xì)沙的小滑塊，小滑塊與細(xì)沙的總質(zhì)量為M=0.2kg。P點(diǎn)右側(cè)有一高度為?=1.5m、傾角為37°的固定斜面BC，B點(diǎn)處平滑連接，B與（1）通過計(jì)算分析繩子斷裂的原因并求P點(diǎn)與擋板A點(diǎn)的水平距離。（2）求小滑塊最終靜止的位置到B點(diǎn)的距離。

（3）若輕繩長度l可調(diào)，滑環(huán)和小球一起水平向右的初速度v0可調(diào)，要確?；h(huán)撞擊擋板繩子崩斷后小球總能落在P點(diǎn)的小滑塊上，求v0和l的關(guān)系以及22．如圖甲所示，兩光滑金屬導(dǎo)軌AECD和A'E'C'D'處在同一水平面內(nèi)，相互平行部分的間距為l，其中AE上K點(diǎn)處有一小段導(dǎo)軌絕緣。交叉部分EC和E'C'彼此不接觸。質(zhì)量均為m、長度均為l的兩金屬棒a、b，通過長為d的絕緣輕質(zhì)桿固定連接成“工”形架，將其置于導(dǎo)軌左側(cè)。導(dǎo)軌右側(cè)有一根被鎖定的質(zhì)量為2m的金屬棒T，T與K點(diǎn)的水平距離為s。整個裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，B1，B2，t1，t（1）求t1時刻，“工”形架速度和a兩端電壓U（2）求從t=0到t2（3）求a運(yùn)動至K點(diǎn)時的速度；（4）當(dāng)a運(yùn)動至K點(diǎn)時將T解除鎖定，求a從K點(diǎn)開始經(jīng)時間t后與T的水平距離。（此過程“工”形架和T均未運(yùn)動至EE23．利用磁場實(shí)現(xiàn)離子偏轉(zhuǎn)是科學(xué)儀器中廣泛應(yīng)用的技術(shù)。如圖所示，在xOy平面內(nèi)存在有區(qū)域足夠大的方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處的離子源能在xOy平面內(nèi)持續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)離子，其速度方向與y軸夾角θ的最大值為60°，且各個方向速度大小隨θ變化的關(guān)系為v=v0cosθ，式中v0為未知定值。且θ=0°的離子恰好通過坐標(biāo)為（L，（1）求關(guān)系式v=v0cosθ（2）離子通過界面x=L時y坐標(biāo)的范圍；（3）為回收離子，今在界面x=L右側(cè)加一定寬度且平行于+x軸的勻強(qiáng)電場，如圖所示，電場強(qiáng)度E=233

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】ABC.阿秒對應(yīng)得物理量為秒，是國際單位制的基本量，AB不符合題意，C符合題意；

D.阿秒對應(yīng)的物理量是標(biāo)量，D不符合題意。

故答案為：C

【分析】利用國際單位制中的基本物理量可得出結(jié)論。2．【答案】C【解析】【解答】A、在0～t1過程中初速度不是零，不是自由落體運(yùn)動，故A錯誤；

B、在t2～t3過程中速度始終為正值，方向不變，故B錯誤；

C、在t3～t4過程中，圖像斜率變小，斜率代表加速度，加速度逐漸減小，故C正確；

D、根據(jù)圖像可知，0～t1過程豎直向上運(yùn)動，t1～t4過程中豎直向下運(yùn)動，在t3時刻下降到最低點(diǎn)，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】v-t圖像的斜率表示加速，自由落體的初速度為零。最低點(diǎn)的速度為零。v-t圖像上點(diǎn)表示該時刻物體的速度。3．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)題意可知，桿對圓柱體的作用力大小為F，圓柱體受力分析如圖所示

水平方向根據(jù)平衡條件可得N故答案為：A。

【分析】對圓柱體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及力的合成與分解進(jìn)行解答即可。4．【答案】D【解析】【解答】A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，則衰變方程為1112AMg與1124Na的中子數(shù)不相同，故A錯誤；

B、核反應(yīng)方程式中生成物比反應(yīng)物穩(wěn)定，則生成物的比結(jié)合能大于反應(yīng)物的比結(jié)合能，即Na核的比結(jié)合能小于Mg核的比結(jié)合能，故B錯誤；

C、設(shè)Mg的反沖速度大小為v0=M則有M即Mg核的動量等于Y的動量，故C錯誤；

D、根據(jù)A選項(xiàng)可知該反應(yīng)屬于β衰變，β衰變的本質(zhì)是放射性核素中的中子或質(zhì)子經(jīng)過弱相互作用轉(zhuǎn)化為另一種粒子，故D正確。

故答案為：D。

【分析】衰變方程滿足質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒。核反應(yīng)方程式中生成物比反應(yīng)物穩(wěn)定，生成物的比結(jié)合能大于反應(yīng)物的比結(jié)合能。反沖過程新生粒子構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒。β衰變的本質(zhì)是放射性核素中的中子或質(zhì)子經(jīng)過弱相互作用轉(zhuǎn)化為另一種粒子。5．【答案】D【解析】【解答】A、減速下降過程，加速度向上，無人機(jī)超重，故A錯誤；

B、加速上升過程，加速度向上，無人機(jī)超重，故B錯誤；

C、減速下降過程，質(zhì)量不變，速度減小，所以動能減小，故C錯誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律a下=可知，上升和下降過程的加速度不相等，故D正確。

故答案為：D。

【分析】加速度向上，無人機(jī)超重。加速度向上，無人機(jī)超重。質(zhì)量不變，速度減小，動能減小。確定上升和下降過程阻力的方向，再根據(jù)牛頓第二定律確定加速的大小關(guān)系。6．【答案】C【解析】【解答】A、“AV2”在太陽引力的作用下繞太陽做圓周運(yùn)動或橢圓運(yùn)動，太陽的引力正好提供“AV2”做圓周運(yùn)動或橢圓運(yùn)動的外力，“AV2”沒有落至太陽上與它質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤；

B、由開普勒第三定律r可知，由于“AV2”完全在金星軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)行，即“AV2”的圓軌道半徑或橢圓軌道半長軸小于金星軌道半長軸，則“AV2”繞太陽運(yùn)行周期小于金星，故B錯誤；

C、由牛頓第二定律可知G由于“AV2”距太陽的距離始終小于火星距太陽的距離，所以在任何位置的加速度都大于金星，故C正確；

D、由開普勒第二定律可知，同一軌道運(yùn)行的天體與太陽的連線在單位時間內(nèi)掃過的面積都相等，不同軌道上天體與太陽的連線在單位時間內(nèi)掃過的面積不一定相等，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)題意確定金星運(yùn)行軌道和“AV2”運(yùn)行軌道的關(guān)系。熟悉掌握開普勒第二定律及第三定律的具體內(nèi)容及使用條件。7．【答案】D【解析】【解答】AD、由題可知，羽毛球在運(yùn)動過程中受到空氣阻力作用，且空氣阻力做負(fù)功，所以機(jī)械能減小，所以A點(diǎn)速度大于B點(diǎn)的速度，A點(diǎn)的機(jī)械能大于B點(diǎn)的機(jī)械能，故A錯誤，D正確；

B、當(dāng)羽毛球所受重力與阻力的合力方向與速度方向垂直時，羽毛球的速度最小，而在最高點(diǎn)P時，合力方向與速度夾角為鈍角，說明羽毛球速度最小應(yīng)該在P點(diǎn)之前，故B錯誤；

C、由于存在空氣阻力作用，AP段羽毛球處于上升階段，其豎直向下的加速度大于重力加速度，而PB段羽毛球處于下降階段，加速度小于重力加速度，由于位移大小相等，所以AP段的飛行時間小于PB段的飛行時間，故C錯誤。

故答案為：D。

【分析】空氣阻力做負(fù)功，機(jī)械能減小。當(dāng)羽毛球所受重力與阻力的合力方向與速度方向垂直時，羽毛球的速度最小。根據(jù)題意確定上升和下落過程豎直方向的位移關(guān)系。確定上升和下落過程羽毛球所受阻力方向，再根據(jù)牛頓第二定律及勻變速運(yùn)動規(guī)律確定上升和下落的時間關(guān)系。8．【答案】D【解析】【解答】AB、依題意，靜電計(jì)與電容器相連，由圖可知靜電計(jì)金屬指針接在電容器的同一個極板上，金屬外殼接在電容器的另一個極板上，所以兩根金屬針帶同種電荷。根據(jù)電場線從正電荷發(fā)出，到負(fù)電荷終止，可知圖中虛線表示電場線，則實(shí)線表示等勢線。故AB錯誤；

C、題中不知哪一個極板帶正電，即不知道電場線的方向，所以P、Q兩點(diǎn)電勢的高低無法判斷。故C錯誤；

D、依題意，靜電計(jì)與電容器兩極板相連，則靜電計(jì)兩指針張角可以顯示極板間的電壓，當(dāng)靜電計(jì)兩指針張角減小時，表明電容器極板間的電壓減小，正在放電。故D正確。

故答案為：D。

【分析】靜電計(jì)金屬指針接在電容器的同一個極板上，兩根金屬針帶同種電荷。電場線從正電荷發(fā)出，到負(fù)電荷終止，等勢線垂直于電場線。當(dāng)靜電計(jì)兩指針張角減小時，電容器極板間的電壓減小，電容器正在放電。9．【答案】B【解析】【解答】AB、設(shè)震源距地震儀的距離為x，有x解得x=36故A錯誤，B正確；

C、因?yàn)橹皇悄硞€穩(wěn)定時段P的振幅大于Q的振幅，不能確定地震波橫波的振幅和縱波的振幅大小關(guān)系，故C錯誤；

D、由于是同一震源，所以地震波的橫波和縱波頻率相同，故D錯誤。

故答案為：B。

【分析】橫波和縱波頻率只與波源有關(guān)。震源橫波和縱波到地震儀的距離相等，根據(jù)勻速運(yùn)動規(guī)律結(jié)合時間差確定震源與地震儀的距離。10．【答案】D【解析】【解答】AB、設(shè)線圈1兩端電壓為U1時，線圈2兩端電壓為U2，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有U1=根據(jù)題意可知有Φ故當(dāng)線圈1為輸入端時有U當(dāng)線圈1輸入電壓為220V時，可得U與是否有負(fù)載無關(guān)，故AB錯誤；

CD、同理，當(dāng)線圈2為輸入端時有U故當(dāng)線圈2輸入電壓為220V時，則有U與是否有負(fù)載無關(guān)，故D正確，C錯誤。

故答案為：D。

【分析】熟悉掌握變壓器原理，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律確定原副線圈感應(yīng)電動勢的表達(dá)式。再根據(jù)輸入端情況結(jié)合變壓器原理進(jìn)行解答。副線圈電壓只與原線圈電壓及匝數(shù)比有關(guān)，與是否有負(fù)載無關(guān)。11．【答案】C【解析】【解答】AB、小燈泡與M、N相連構(gòu)成閉合回路，它們一起在磁場中做切割磁感線運(yùn)動，閉合回路的磁通量不變，回路中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，小燈泡不工作，M、N間感應(yīng)電動勢大小為E=BLv代入數(shù)據(jù)得E=1.5此時M、N兩端間的電勢差不為0，絕對值為1.5V。太陽帆板存在內(nèi)阻小燈泡不能正常發(fā)光，故AB錯誤；

C、導(dǎo)體在磁場中做切割磁感線運(yùn)動，受到電磁阻尼，故C正確；

D、地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直于MN所在平面的分量在南、北半球方向相反，所以“天宮一號”在南、北半球水平飛行時M、N間感應(yīng)電動勢方向相反，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】閉合線圈磁場中做切割磁感線運(yùn)動，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，當(dāng)閉合回路的磁通量不變時，回路中不產(chǎn)生感應(yīng)電流。導(dǎo)體在磁場中做切割磁感線運(yùn)動受到電磁阻尼。12．【答案】C【解析】【解答】A、發(fā)生全反射的條件是光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，所以光線射至AB面不會發(fā)生全反射，故A錯誤；

B、根據(jù)幾何關(guān)系可知∠SPB=45°所以在P點(diǎn)入射角為45°，根據(jù)折射率定律可知，折射角為sin所以r=30°因?yàn)椤螧AD=60°，所以在AD面入射角為30°，這從AD面射出時折射角為45°，所以從AD面射出時偏折了45°?∠ASP=30°故B錯誤；

C、因?yàn)楣饩€在AD面入射角為30°，根據(jù)反射定律可知，反射角為30°，且BC∥AD，所以再次反射到AD面入射角仍為30°，則從AD面射出的光線都相互平行，故C正確；

D、若自S發(fā)出的光束入射至AP之間，入射角變大，折射角變大，在AD面入射角變小，不會發(fā)生全反射，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)。根據(jù)光的全反射條件結(jié)合光的折射定律確定關(guān)系在玻璃磚內(nèi)的傳播情況，再根據(jù)幾何關(guān)系確定光線的夾角情況。13．【答案】B【解析】【解答】A、設(shè)霍爾片前后側(cè)面的電壓為U，根據(jù)洛倫茲力與電場力平衡可得qvB=q其中I=neSv=nebcv，E聯(lián)立解得U=故A錯誤；

B、霍爾片內(nèi)沿前后側(cè)面的電場強(qiáng)度大小為E沿電流方向的恒定電場為E=則霍爾片內(nèi)的電場強(qiáng)度為E故B正確；

C、由于光電管所加的電壓為正向電壓，則通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，不可以使電流表的示數(shù)減為零，故C錯誤；

D、若I已經(jīng)為光電效應(yīng)達(dá)到的飽和電流，則當(dāng)滑動變阻器滑片右移后，電流I保持不變，則單位時間到達(dá)光電管陽極的光電子數(shù)等于Ie，故D錯誤。

故答案為：B。

14．【答案】B,D【解析】【解答】A、電磁波發(fā)射時需要調(diào)制，接收時需要調(diào)諧和解調(diào)，故A錯誤；

B、愛因斯坦對狹義相對論的最基本假設(shè)是：在不同的慣性參考系中，真空中光速都是不變的，故B正確；

C、照相機(jī)增透膜，利用膜的內(nèi)外表面反射光，相同的頻率，相互疊加，從而增強(qiáng)透射光的強(qiáng)度，是利用了光的干涉現(xiàn)象，故C錯誤；

D、用透明的標(biāo)準(zhǔn)平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的薄膜干涉現(xiàn)象。故D正確。

故答案為：BD。

【分析】電磁波發(fā)射時需要調(diào)制，接收時需要調(diào)諧和解調(diào)。增透膜及減透膜均利用了光的干涉。用透明的標(biāo)準(zhǔn)平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的薄膜干涉現(xiàn)象。在不同的慣性參考系中，真空中光速都是不變的。15．【答案】A,B【解析】【解答】A、可見光的波長范圍為4.0×10-7m～7.6×10-7m，根據(jù)?ν=?可得可見光的光子能量范圍約為1.6eV～3.1eV。氫原子從n=4能級向n=2能級躍遷，輻射的光子能量為ε=3.4屬于可見光，故A正確；

B、氫原子從高能級向n=3能級躍遷時，輻射的光子能量小于1.51eV，屬于紅外線，具有顯著的熱效應(yīng)，故B正確；

C、氫原子從n=4能級向n=2能級和n=1能級躍遷時輻射的兩種光，前者頻率低，在同一介質(zhì)中傳播時前者速度大于后者，故C錯誤；

D、氫原子從n=4能級向低能級躍遷，E得輻射的光子的最大動量p=6.8×故D錯誤。

故答案為：AB。

【分析】根據(jù)光子能量公式確定可見光光子的能量范圍。氫原子從高能級向低能級躍遷釋放的能量等于能級的能量差，光子能量小于可見光能量的最小值，屬于紅外線，具有顯著的熱效應(yīng)。光子頻率低，在同一介質(zhì)中傳播速度大。16．【答案】（1）B；D（2）A【解析】【解答】（1）A、為了充分利用紙帶，應(yīng)先接通電源再釋放紙帶，故A錯誤；

B、利用本裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，由于驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式中，質(zhì)量可以約去，所以可以不測量重物的質(zhì)量，故B正確；

C、驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式為mg為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒，不一定需要選擇紙帶上打出的第一個點(diǎn)作為起點(diǎn)，故C錯誤；

D、體積相同的條件下，重錘質(zhì)量越大，空氣阻力的影響越小，實(shí)驗(yàn)誤差越小，故D正確。

故答案為：BD。

（2）根據(jù)Δx=g由圖可知紙帶A中相等時間相鄰位移差大約為0.4cm，則紙帶A可能是本次實(shí)驗(yàn)得到的。

【分析】熟悉掌握打點(diǎn)計(jì)時器的使用方法及操作步驟。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析實(shí)驗(yàn)中所需測量的數(shù)據(jù)及對實(shí)驗(yàn)的操作要求。重物做自由落體運(yùn)動，在連續(xù)相等時間內(nèi)通過位移差為定值。17．【答案】（1）C（2）1.904；111.4【解析】【解答】（1）為了減小擺球擺動時空氣阻力的影響，則擺球應(yīng)該選用直徑較小的鋼球；為保證小球能做簡諧振動，則擺角不應(yīng)該超過5°，則圖中C圖合理；

（2）用游標(biāo)卡尺測得擺球直徑為1.9cm+0.02用停表記錄單擺振動50次所用的時間為60【分析】為減小擺球擺動時空氣阻力的影響，則擺球應(yīng)該選用直徑較小的鋼球；為保證小球能做簡諧振動，則擺角不應(yīng)該超過5°。讀數(shù)時注意儀器的分度值幾十分需要估讀。18．【答案】（1）A（2）B；右；電源的內(nèi)阻太?。?）U1；【解析】【解答】（1）多用電表電壓擋內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電源內(nèi)阻，所以用多用電表電壓擋可以粗測電源電動勢，而多用電表電流擋內(nèi)阻與電源內(nèi)阻相差不大，所以不能用多用電表電流擋粗測電源內(nèi)阻，電源內(nèi)阻太小，也不能用歐姆擋測量，故A正確，BCD錯誤。

故答案為：A。

（2）①圖甲中，電壓表在開關(guān)閉合之前測電源電動勢，開關(guān)閉合之后測路端電壓，所以P點(diǎn)應(yīng)連接在A點(diǎn)。

②正確連接好電路甲，閉合開關(guān)前，滑動變阻器阻值應(yīng)調(diào)至最大，所以滑片應(yīng)打到最右端。

③電源的內(nèi)阻太小，會造成電壓表示數(shù)變化不大。

（3）開關(guān)S2接在a端，有E=U+I當(dāng)電流為零時，有E=開關(guān)S2接在b端，有E=U+Ir當(dāng)電壓為零時，有E=所以r=【分析】熟悉掌握多用電表的使用方法以及其不同擋位對于的測量對象?；瑒幼冏杵骰瑧?yīng)置于使電表讀書最小的位置。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合電路圖及操作步驟確定閉合電路的歐姆定律的表達(dá)式，再聯(lián)立進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。19．【答案】A,D【解析】【解答】A、“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，手指不能接觸彈簧秤的掛鉤，故A正確；

B、“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，用油酸的體積除以油膜面積即得油酸分子直徑，故B錯誤；

C、“用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，以白光為光源將得到彩色條紋，故C錯誤；

D、“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，小球與斜槽間光滑對實(shí)驗(yàn)沒有影響，不需要做到小球與斜槽間光滑，故D正確；

故答案為：AD。

【分析】熟悉掌握各實(shí)驗(yàn)操作的要求及注意事項(xiàng)。白光屬于復(fù)色光?！坝秒p縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，以白光為光源將得到彩色條紋。20．【答案】（1）解：乙狀態(tài)的平衡方程p從甲狀態(tài)到乙狀態(tài)經(jīng)歷等溫過程p得m=（2）解：從甲狀態(tài)到末狀態(tài)，由理想氣體狀態(tài)方程得p得p（3）解：從乙狀態(tài)到剛接觸卡環(huán)，經(jīng)歷等壓過程，外界對氣體做功W=即整個放熱過程外界對氣體做功，由熱力學(xué)第一定律ΔU=W?Q得ΔU=【解析】【分析】（1）根據(jù)平衡條件確定堆放細(xì)沙前后密封氣體的壓強(qiáng)及氣體體積，再根據(jù)玻意耳定律進(jìn)行解答；

（2）根據(jù)題意確定180K時密封氣體的體積，再對氣體從甲狀態(tài)到溫度為180K兩個狀態(tài)運(yùn)用理想氣體狀態(tài)方程進(jìn)行解答；

（3）從乙狀態(tài)到剛接觸卡環(huán)，氣體發(fā)生等壓變化。確定此過程氣體體積變化情況，再根據(jù)功的定義確定外界對氣體做功情況，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律結(jié)合題意進(jìn)行解答。21．【答案】（1）解：由牛頓第二定律可知F?mg=m解得F=46N>40N所以輕繩斷裂。平拋運(yùn)動H?l=解得t=1sx（2）解：小球與小滑塊作用過程水平方向動量守恒m得v=5m從P到斜面最高點(diǎn)的過程?μ(m+M)g(解得?滑塊未從斜面頂端飛出。又(m+M)g滑塊下滑。從滑塊在斜面上的最高點(diǎn)到最終靜止的位置(m+M)g解得x=0（3）解：若輕繩能斷裂xH?l=聯(lián)立方程得v確保輕繩崩斷40?mg≤m解得l≤(3?3)m【解析】【分析】（1）滑環(huán)與擋板碰撞瞬間，小球以v0做圓周運(yùn)動。由繩子拉力和重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律確定此時拉力與最大拉力的關(guān)系。繩子斷裂后，小球做平拋運(yùn)動，根據(jù)題意確定小球做平拋運(yùn)動的豎直位移，再根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律進(jìn)行解答；

（2）小球與小滑塊碰撞過程中，小球和小滑塊構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒。根據(jù)小滑塊與斜面的摩擦因數(shù)與斜面傾角的關(guān)系判斷小滑塊能否停止在斜面上。若不能停止，則對小滑塊向右運(yùn)動過程運(yùn)用動能定理確定上滑的最大高度，再對下滑過程應(yīng)用動能定理確定最終停止位移，注意摩擦力的做功情況；

（3）當(dāng)繩子的拉力恰好等于最大拉力時，此時小球的初速度最小。且繩長應(yīng)小于高度h。再根據(jù)牛頓第二定律及平拋運(yùn)動規(guī)律進(jìn)行解答。22．【答案】（1）解：0~t1過程“工”形架所圍回路磁通量磁通量不變，無感應(yīng)電流，“工”形架合外力為又v“工”形架的速度v由U=得U=（2）解：t1?得E=焦耳熱Q=代入得Q=（3）解：t2時刻速度“工”形架穿過K的過程中PQ和ST構(gòu)成回路，由動量定理?得?v=（4）解：“工”形架等效為電阻為R的一根金屬棒，從解鎖開始對于“工”形架整體，經(jīng)任意Δt時間的速度為va，Δt時間內(nèi)的平均電流為ST棒受安培力向左B所以始終有vt時間內(nèi)相對位移為xx=s?【解析】【分析】（1）0-t1時間內(nèi)金屬棒ab切割磁場產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，但ab棒構(gòu)成的回路磁通量不變，故回路無感應(yīng)電流。故此過程ab整體只受恒力作