云南省昆明市2025屆高三物理5月模擬考試試題（含解析）

云南省昆明市2025屆高三物理5月模擬考試試題(含解析)

二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分。在每題給出的四個選項中，第14sl7題只有一

項符合題目要求；第18s21題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3

分，有選錯或不選的得0分。

1.2019年4月1日，在中國核能可持續(xù)發(fā)展論壇上，生態(tài)環(huán)境部介紹2024年會有核電項目接

連開工建設(shè)。某核電站獲得核能的核反應(yīng)方程為錯U+提a+黑Kr+久加己知鈾核第U

的質(zhì)量為周，領(lǐng)核器Ba的質(zhì)量為a，氟核黑Kr的質(zhì)量為建，中子n的質(zhì)量為的,下列說法中

正確的是

A.該核電站通過核聚變獲得核能

B.鈾核第U的質(zhì)子數(shù)為235

C.在上述核反應(yīng)方程中產(chǎn)3

D.一個鈾核鎊U發(fā)生上述核反應(yīng)，釋放的能量為e2

【答案】C

【解析】

【詳解】A、從核反應(yīng)方程可知，該核電站通過核裂變獲得核能，故A錯誤；

B、鈾核第U的質(zhì)子數(shù)為92,故B錯誤；

C、由質(zhì)量數(shù)守恒得：235+l=144+89+x,解得后3,故C正確；

D、一個鈾核鎊U發(fā)生上述核反應(yīng)，由質(zhì)能方程可得：

222

△E=Amc=(m1+m4-m2-m3-3m4)c=(m1-zn2-m3-2m4)c,故D錯誤。

2.2018年12月27日，中國宣布自主研發(fā)的“北斗三號衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)”起先供應(yīng)全球定位服

務(wù)?！氨倍啡栃l(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)”由5顆地同步衛(wèi)星和30顆非地球同步衛(wèi)星組成。下列關(guān)于此

導(dǎo)航系統(tǒng)中的衛(wèi)星說法正確的是

A.放射速度均應(yīng)大于其次宇宙速度11.2km/s

B.軌道半徑越大的衛(wèi)星周期越大

C.質(zhì)量越大的衛(wèi)星加速度越大

D.地球同步衛(wèi)星線速度等于赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體的線速度

【答案】B

【解析】

【詳解】A、放射人造地球衛(wèi)星的放射速度大于其次宇宙速度11.2km/s時，衛(wèi)星將脫離地球

束縛，繞太陽運動了，不會成為地球衛(wèi)星，故人造地球衛(wèi)星的放射速度應(yīng)大于第一宇宙速度

小于其次宇宙速度，故A錯誤；

GMm/27T\解得：,=、鬻’故軌道半徑越大,周期越

B、依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力二聲=a（下）92R.

大，故B正確；

GMmGM

C、依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力一1=ma,得。==，故衛(wèi)星加速度與衛(wèi)星的質(zhì)量無關(guān)，故C

R2R2

錯誤；

D、地球同步衛(wèi)星與赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體有相同的角速度3,依據(jù)v=3r可知，地球同步衛(wèi)

星的線速度大于赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體的線速度，故D錯誤。

3.如圖所示，兩長直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為在兩導(dǎo)線中通有

方向垂直于紙面對里的電流。在紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為/的a點，每根通電直線產(chǎn)生的磁

場磁感應(yīng)強度大小均為8。若在a點平行于P、Q放入一段長為2的通電直導(dǎo)線，其電流大小

為/,方向垂直紙面對外，則關(guān)于它受到的安培力說法正確的是

a

/\上

/\!

/\—^~＞右

P也....…石0

A.大小等于方向水平向左

B.大小等于方向水平向右

C.大小等于石8遼，方向豎直向下

D.大小等于看B/L,方向豎直向上

【答案】D

【解析】

【詳解】a點所在通電直導(dǎo)線的受力分析如圖所示:

P6-------&Q

由題意得：FP=FQ=BIL,。=30°,安培力合力為F=2FpCos30°=2BILx；=^BIL,方向

豎直向上，故D正確，ABC錯誤。

4.在光滑水平面上有一質(zhì)點處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)施加一水平力尤力尸隨時間t按如圖所示的余

弦函數(shù)變更，則下列說法正確的是

A.在0~4s內(nèi)，力尸做功為零

B.第2s末，質(zhì)點的加速度最大

C.第4s末，質(zhì)點的速度最大

D.在2ss4s內(nèi)，質(zhì)點做加速運動

【答案】A

【解析】

【詳解】A、F-t圖像所包圍的面積表示合外力的沖量，0~4s內(nèi)，F(xiàn)-t圖像所包圍的面積為零,

由動量定理得：t=4s,v4=0,由動能定理得：IVF=0-0=0,故0~4s內(nèi)，力尸做功為零,

故A正確，C錯誤；

B、第2s末，力F為零，加速度為零，故B錯誤；

D、0-2s內(nèi)，物體做加速度越來越小的加速運動，2s-4s內(nèi)，物體的運動方向與力F方向相反,

做加速度越來越大的減速運動，故D錯誤。

5.空間存在一靜電場，一沿x軸的電場線上的電勢。隨x的變更如圖所示。一個質(zhì)量為加、電

荷量為。的帶電粒子僅在電場力作用下，從坐標原點0由靜止起先沿x軸做直線運動。則帶

電粒子的加速度a、速度心動能反、電勢能耳與x的關(guān)系圖像中可能正確的是

【答案】CD

【解析】

【詳解】A、沿x軸的電場線上的電勢。隨x的變更圖像的斜率代表電場強度的大小，s-x圖

像的斜率越來越小，故物體受到的電場力越來越小，電場力供應(yīng)加速度，故加速度越來越小，

故A錯誤；

BC、粒子在電場力的作用下從靜止起先運動，故電場力做正功，動能增大，由題意得

1

〃合=〃電=4=2巾/,故4-久圖像的斜率表示電場力的大小，C圖像可讀取的信息是：Ek-x

圖像的斜率越來越小，由0-久圖像可知電場力越來越小，故C符合題意；/oc/，故*圖像

的斜率與電場力成正比，故久圖像的斜率也越來越小，故v-x圖像不行能是一條直線；故B

錯誤，C正確。

D、電場力做功川電=-AEp=-(Ep-Epo),Ep=Ep°-“電，Ep0是初始位置的電勢能；故與一支圖

像的斜率的大小也表示電場力的大小，％一無圖像的斜率越來越小，故電場力也越來越小，符

合題意，故D正確。

6.如圖所示，左側(cè)為光滑曲面的滑塊A放置在光滑水平地面上，曲面末端與水平地面相切，

讓物塊B由靜止起先沿滑塊A的光滑曲面下滑，則物塊B從起先運動至到達曲面底端的過程

中，下列說法正確的是

A.滑塊A和物塊B組成的系統(tǒng)動量不守恒

B.物塊B減小的重力勢能等于滑塊A增加的動能

C.滑塊A所受合外力的沖量為零

D.物塊B所受支持力沖量的大小大于其所受重力沖量的大小

【答案】AD

【解析】

【詳解】A、物塊B從起先運動至到達曲面底端的過程中，系統(tǒng)水平方向合外力為零，豎直方

向的合外力不為零，故滑塊A和物塊B組成的系統(tǒng)動量不守恒，但水平方向動量守恒，故A

正確；

B、A和B組成的系統(tǒng)機械能守恒，物塊B減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為滑塊A和物體B的動能，故

物塊B減小的重力勢能大于滑塊A增加的動能，故B錯誤；

C、滑塊B下滑過程A向右做加速運動，滑塊A動量變更不為零，由動量定理可知，滑塊A所

受合外力的沖量不為零，故C錯誤；

D、滑塊B到達底端時速度沿水平方向，在豎直方向速度為零，由動量定理可知，物塊B所受

支持力沖量的大小大于其所受重力沖量的大小，故D正確。

7.如圖所示，在傾角為37°的足夠長的固定光滑斜面上，將一物塊由靜止釋放1s后，對物塊

施加一沿斜面對上的恒力凡又經(jīng)1s后物塊恰好回到了動身點，此時物塊的動能為36J。設(shè)

在以上過程中力戶做功為%己知sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度差lOm/s?,則

B.412N

C.歸27J

D.標=36J

【答案】BD

【解析】

【詳解】整個過程中，重力對物塊做功為0,依據(jù)動能定理得：WF=%=36/,物塊下滑的過

程，加速度大小為a=gsin37°，釋放Is時的速度卜=at=6x1=6zn/s,設(shè)物塊回到動身點時

速度大小為取沿斜面對下為正方向，依據(jù)撤去力戶前后的兩個過程位移大小相等、方向相

I

反，有上「=，+("t，可得J=i2m/s，依據(jù)垃=$1/2=3句，得"=0.5kg；對整個過程，

222

取沿斜面對下為正方向，依據(jù)動量定理得mgsE37°?可得分=12N,故BD

正確，AC錯誤。

8.如圖所示，MN、P0為足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為。導(dǎo)軌平面與水平面間夾角為

0=37°，N、。間連接一個阻值為斤的電阻，勻強磁場垂直于導(dǎo)軌平面對上，磁感應(yīng)強度大小

為凡將一根質(zhì)量為0的金屬棒放在兩導(dǎo)軌的數(shù)位置，現(xiàn)由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導(dǎo)軌

下滑過程中始終與兩導(dǎo)軌垂直，且與導(dǎo)軌接觸良好，當金屬棒滑行至cd位置，速度起先保持

不變。己知cd與助之間的距離為S,金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為〃=0.5,金屬棒及導(dǎo)軌

的電阻不計,重力加速度為g,sin37°=0.6,cos37°=0.8?則

3

A.金屬棒沿導(dǎo)軌剛起先下滑時加速度大小為y

mqR

B.金屬棒到達cd處的速度大小為

5B2L2

582(25mR

C.金屬棒由劫處運動到cd處所用的時間為七=...-+^―z

mgRB2L2

YnR

D.金屬棒由a6處運動到cd處所用的時間為t=——

3mgRB2L2

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.金屬棒沿導(dǎo)軌剛起先下滑時，有：mgsin37°-nmgcos37°=ma＞解得故A

錯誤；

B、金屬棒到達cd處，速度達到最大，金屬棒的所受的合外力為0,故有

BLvmmgR

TngsE370-〃mgcos37°-/^=0,其中F安=3〃=聯(lián)立解得：〃根=晶故B正確;

CD、金屬棒由前處運動到cd處，由動量定理得：(;ngsin37°-〃mgcos37°-=mA。，其

BL笫B^L^v

中］=1廠，整理式子并兩邊求和得：^(mgsinSV0—p.mgcos370)At—2----At=2mAv,則有：

KR

82乙2sTnR

(^mgsin37°—p.mgcos37°)t-----=解得：t=加抑二—7故C正確，D錯誤。

9.為測定某電子元件的電阻，試驗室供應(yīng)了如下器材:

待測電阻尼（阻值約為3。）

電流表Ai（量程0.6A,內(nèi)阻n=1。）

電流表A2（量程3.0A,內(nèi)阻連約為0.5Q）

滑動變阻器》（0-10Q）

滑動變阻器尼（0-lkQ）

定值電阻尼=10。

電源（電動勢約為9V,內(nèi)阻可忽視不計）

開關(guān)S,導(dǎo)線若干

（1）某同學設(shè)計了測量泥的一種試驗電路原理圖如圖所示，為了較精確的測量待測電阻的阻

值，才處的電流表應(yīng)選用,滑動變阻器應(yīng)選用;（用相關(guān)物理量的

符號表示）

（2）若試驗中測得電流表才示數(shù)為八,電流表y示數(shù)為i2,則待測電阻兄=o（用

相關(guān)物理量的符號表示）

【答案】（1）.4（2）.R（3）.:

12Tl

【解析】

【詳解】（1）由圖示電路圖可知，電流表X應(yīng)選用已知內(nèi)阻電流表4；為便利試驗操作，

滑動變阻器應(yīng)選擇心

UI.fr.+R3)

(2)由圖示電路圖可知，待測電阻阻值為：7?=^x=――

Xlx12Tl

10.某同學利用如圖甲所示的試驗裝置測量當?shù)氐闹亓铀俣?。將直尺豎直固定在鐵架臺的橫

桿上，光電門固定在刻度尺的下端，接通光電門電源，讓一物體從光電門正上方適當位置由

靜止釋放，物體下落并穿過光電門。

(1)試驗中該同學多次變更物體下落的初始位置，記錄每次物體通過光電門的擋光時間At及

下落的高度上作出(tj-h圖像如圖乙所示，并得到了該圖像的斜率A,他還須要測量

(寫出須要測量的物理量及符號)，即可得到當?shù)氐闹亓铀俣鹊谋磉_式

g=。

(2)現(xiàn)供應(yīng)三個質(zhì)量、直徑均相同的木圓柱體、鐵圓柱體、鋁圓柱體，為減小試驗誤差應(yīng)選

用____________圓柱體。

(3)若該同學己經(jīng)知道當?shù)氐闹亓铀俣葹轫殻迷撗b置驗證機械能守恒定律，在誤差允

許的范圍內(nèi)滿意(用干脆測量的物理量的符號和統(tǒng)表示)即可驗證機械能守恒。

【答案】(1).物體的長度d(2).|fcd2(3).鐵(4).|(t)2=呢/1

【解析】

11

【詳解】⑴物體自由下落，物體的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，貝IJ有也9h=//,即gh=產(chǎn)，物

體通過光電門的速度。=￡,故還須要測量物體的長度d；整理以上式子可得：則

,2g1o

-八圖像的斜率4=?解得：9=產(chǎn)2；

ad

(2)為減小空氣阻力對試驗的影響，應(yīng)選用體積小，密度大的物體來進行試驗，故選鐵圓柱

體來進行試驗；

1d

(3)物體能干脆測量的物理為At和h,故物體的動能為2m(無產(chǎn)下落過程中重力做功為和團兒

若在誤差允許的范圍內(nèi)Mg()h=即9oh=](￡)2,則可驗證機械能守恒。

11.2018年10月23日，港珠澳大橋開通，這是建筑史上里程最長、投資最多、施工難度最大

的跨海大橋。如圖所示的水平路段由一段半徑為48nl的圓弧形彎道和直道組成?，F(xiàn)有一總質(zhì)

量為2.0X103kg、額定功率為90kW的測試汽車通過該路段，汽車可視為質(zhì)點，取重力加速度

^=10m/s2o

(1)若汽車通過彎道時做勻速圓周運動，路面對輪胎的徑向最大靜摩擦力是車重的L2倍，

求該汽車平安通過此彎道的最大速度；

(2)若汽車由靜止起先沿直道做加速度大小為3D1/S?的勻加速運動，在該路段行駛時受到的

阻力為車重的0.15倍，求該汽車勻加速運動的時間及3s末的瞬時功率。

【答案】(1)%=24案s；(2)681kW

【解析】

V2

【詳解】(1)徑向最大靜摩擦力供應(yīng)向心力，汽車以4n動/■徑向=加上

據(jù)題意f徑向=12加9

代入數(shù)據(jù)解得：叫,=24m/s

(2)汽車在勻加速過程中：F-f=ma

當功率達到額定功率時，P()=vi=a^i

代入數(shù)據(jù)解得：％=3.3s,t=3s<G=3.3s

汽車在勻加速過程中，有：v=at,P^Fv

則3s末發(fā)動機功率為：P=81kW

12.如圖所示，為一平面直角坐標系，。為坐標原點，S(0,￡)、"(0.5。0)、N(0,

-Z)分別為坐標平面內(nèi)的三個點，在x<L的區(qū)域存在平行于平面但方向未知的勻強電場,

在/WxWZW的區(qū)域存在方向垂直My平面對里的勻強磁場。S點有一粒子源，能向平面內(nèi)

的隨意方向放射質(zhì)量為加、電荷量為+g、速率為匹的帶電粒子。一粒子從S點射出后通過〃

點時速率為杳％；另一粒子從S點射出后通過”點時的速率為3匹。還有一粒子從S點沿X軸

正方向射出，一段時間后該粒子從磁場左邊界進入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從磁場右邊界射出磁

場，該粒子在磁場中運動的時間為其在磁場中做勻速圓周運動周期的四分之一。不計粒子重

力和粒子之間的相互作用，求:

(1)S、〃間的電勢差與S、”間的電勢差;

(2)勻強電場的電場強度;

(3)勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小。

5

；XX

I

i

________!

~-M[CX

I

?XX

N,；

?

?

!xX；

?I

2mv

【答案】(1)為尸竺照,如竺這⑵后竺1方向沿y軸負方向；(3)廬—2n

qqqLqL

【解析】

粒子從S到肌據(jù)動能定理可得：(衽％了一;7nM

【詳解】(1)

2mvg

解得：USM=

q

,12,1,

粒子從S到用據(jù)動能定理可得：qUSN=-m(3vo)--mvg

貝％=萼

(2)因USN=2USM，可知%為等勢線，可得勻強電場方向沿y軸負方向

USN

E=——

2L

則E=2m%,方向沿y軸負方向

qL

(3)從S點向x軸正方向射出的粒子，在電場和磁場中的運動軌跡圖如圖所示:

從S點向X軸正方向射出的粒子，在電場中做類平拋運動，到達磁場左邊界，則：

2

1=Vot,y=-atfa=^

2m

以上式子聯(lián)立解得：y=L

可知粒子從C點進入磁場，粒子通過。點時的速度與通過〃點速度大小相等，可得粒子在。

點處的速度大小及方向為：v=婀。，sinct=y

v2

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力供應(yīng)向心力：qvB=m-

r

據(jù)幾何關(guān)系可得：rsina+rsin^-1.5L

據(jù)題意：a+0=90°

2mv

解得：B=一n°

qL

13.下列說法中正確的是。

A.氣體對器壁的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力

B.早晨荷葉上的露珠呈球形是液體表面張力作用的結(jié)果

C.肯定質(zhì)量的志向氣體，溫度不變，壓強減小時，氣體的密度肯定減小

D.空氣中水蒸氣的壓強越大，空氣的相對濕度肯定越大

E.裂開的眼鏡鏡片不能無痕拼接，是分子間斥力作用的結(jié)果

【答案】ABC

【解析】

【詳解】A、氣體對器壁的壓強是大量分子對容器壁的碰撞造成的，是大量氣體分子作用在器

壁單位面積上的平均作用力，故A正確；

B、液體表面的分子分布比液體內(nèi)部分子的分布要稀疏，故存在液體的表面張力，草葉上的露

珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故B正確；

C、氣體溫度不變壓降減小，由玻意耳定律pU=C可知，其體積/增大，氣體質(zhì)量不變而體積

變大，氣體的密度減小，故C正確；

D、空氣中的水蒸氣的壓強與同一溫度下水的飽和汽壓的比值叫做空氣的相對濕度，因此相對

濕度還與同溫下水的飽和汽壓有關(guān)，故D錯誤；

E、裂開的玻璃不能把它們拼接在■起是因為其分子間距離較大，分子間不存在作用力，并不

是存在斥力作用的，故E錯誤。

14.如圖所示，導(dǎo)熱良好的氣缸48用細管相連，力的容積為8的3倍，/中裝有壓強為R、

質(zhì)量為m的志向氣體，活塞C可沿氣缸6滑動且與方保持良好的氣密性。連接46的細管上

有兩個閥門/、左，當向右拉活塞時，保持左打開，友閉合；向左推活塞時，保持居閉合，

及打開?；钊鹣葧r位于氣缸8的最左端，若環(huán)境溫度始終保持不變，外界大氣壓為不計

細管體積的影響。求：

I.將活塞緩慢拉到氣缸8的最右端時缸內(nèi)氣體的壓強；

II.將活塞緩慢拉到氣缸6的最右端，再緩慢推回到最左端，如此重復(fù)〃次（包括第一次）后

缸內(nèi)氣體的質(zhì)量。

【答案】I.PI=|P（）；II.啊,=（才加0

【解析】

V'

【詳解】I.據(jù)玻意耳定律可得：P0VA=P1^A+B）

解得：P1=lp0

H.將活塞第一次推回到汽缸8的最左端時，/內(nèi)剩余氣體質(zhì)量：mi=—^—m0

VA+VB

可得：叫=|叫

依次類推可得：m=

n(Ih

15.如圖甲所示，在x軸上有兩個沿y軸方向做簡諧運動的波源S和￡=0時刻兩波源同時

起先振動，振動圖像均如圖乙所示，波源5形成的簡諧橫波在介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，￡

形成的簡諧橫波在介質(zhì)中沿x軸負方向傳播，波速均為2m/s。/是平衡位置位于廣2m處的質(zhì)

點，下列說法正確的是

A.兩列波的波長均為4m

B.￡=ls時，質(zhì)點/起先運動

C.仁2s時，質(zhì)點/速度為零

D.片3s時，質(zhì)點/的位移為2cm

E.從i=3s到仁5s,質(zhì)點/通過的路程是16cm

【答案】ABE

【解析】

【詳解】A、由圖知，兩列波的周期均為2s,故波長均為A=vT=4m,故A正確；

B、波源5的振動形式傳到A點所需的時間AG=%=2=1S,波源國的振動形式傳到A點所

需的時間故仁Is時，波源5的振動形式剛好傳到A點，波源國的振動

形式還沒傳到A點，故質(zhì)點A