2024年四川省成都某中學(xué)高考物理二模試卷及答案

試題

2024年四川省成都外國語學(xué)校高考物理二模試卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14?18

題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19?21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全

的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.（6分）二十世紀(jì)初，愛因斯坦、盧瑟福、波爾等物理學(xué)家相繼取得了一系列重要的成果，他

們的發(fā)現(xiàn)對人類文明的進(jìn)程產(chǎn)生了深遠(yuǎn)的影響。下列關(guān)于該段時(shí)間內(nèi)的物理學(xué)成就的描述正

確的是（）

A.235u+ln^黑黃+黑Kr+3；n是重核的裂變，它是目前核電站反應(yīng)堆工作原理之一

B.+如e+；n是輕核的聚變，該反應(yīng)會釋放能量，原因是加e的比結(jié)合能比

和^^^勺比結(jié)合能都小

C.根據(jù)狹義相對論，任何情況下測得的光速都是相同的

D.根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W,逸出光電子的最大初速度的大小與照射光

的頻率成線性關(guān)系

2.（6分）某航天器以速率v繞地球在圓軌道上運(yùn)行，其軌道半徑為地球半徑的兩倍，如圖所示。

萬有引力常量為G,則以下說法正確的是（）

A.地球的第一宇宙速度大小為2V

B.立于航天器內(nèi)底板上的宇航員對底板的壓力為零

C.若在航天器所在的軌道上發(fā)射衛(wèi)星，只有當(dāng)發(fā)射速度達(dá)到第二宇宙速度時(shí)才能使衛(wèi)星脫離

地球引力的束縛

D.根據(jù)題干提供的信息可以求出地球的密度

3.（6分）一物塊放置在固定斜面上，對物塊施加一水平力F,保持該力的大小不變，在將該作

用力沿水平方向逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動至豎直方向的過程中，物塊始終靜止在斜面上，如圖所示。

則該過程中（）

試題1

試題

4

B.斜面對物塊的支持力先減小后增大

C.斜面對物塊的作用力先減小后增大

D.斜面對物塊的作用力一直減小

4.（6分）為全面推進(jìn)鄉(xiāng)村振興，彭州某地興建的小型水電站如圖所示。該水電站交流發(fā)電機(jī)的

輸出功率為P=100kW、發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1=25OV,經(jīng)變壓器升壓后用總電阻R線=7.5。

的輸電線向遠(yuǎn)處輸電，在用戶處的降壓變壓器輸出電壓U4=220V,若升壓變壓器與降壓變壓

器的匝數(shù)比滿足包=2土，則以下說法正確的是（）

升壓變壓器降壓變壓器

A.發(fā)電機(jī)輸出的電流L=40A

B.輸電的效率為85%

C.升壓變壓器的匝數(shù)比為上=工

n212

D.降壓變壓器輸出的電流14=400A

5.（6分）如圖所示，一半徑為R的光滑絕緣半球面開口向下，固定在水平面上。整個(gè)空間存在

磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場。一電荷量為q（q>0）>質(zhì)量為m的小球P在球

面上做水平的勻速圓周運(yùn)動，圓心為O'。球心O到該圓周上任一點(diǎn)的連線與豎直方向的夾

角為6=60°。若重力加速度為g,以下說法正確的是（）

A.從上面俯視小球沿順時(shí)針方向運(yùn)轉(zhuǎn)

試題2

試題

B.球面對小球的彈力大小為0醇1ng

C.小球的速率越大，則小球受到的洛倫茲力越大

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可能為噫

（多選）6.（6分）從地面上將一物體豎直向上拋出，物體運(yùn)動過程中受到恒定大小的空氣阻力

作用，其上升過程中動能與重力勢能隨上升的高度變化的圖像如圖所示，則根據(jù)該圖像可以

求出（）

A.物體落回地面時(shí)的動能

B.物體上升到最高點(diǎn)的機(jī)械能

C.物體上升的最大高度

D.物體從拋出至落回拋出點(diǎn)所用的時(shí)間

（多選）7.（6分）如圖所示，真空中的a、d兩點(diǎn)固定兩個(gè)點(diǎn)電荷Qi、Q2,其中QI帶正電，

b、c是ad連線的三等分點(diǎn)，c、e位于以d為圓心的圓周上，e點(diǎn)的場強(qiáng)為零，若取無窮遠(yuǎn)處

電勢為零。則以下說法正確的是（）

Q.：Q2\

QbC\d；

\\/>

A.同一試探電荷在b點(diǎn)受到的靜電力大于c點(diǎn)受到的靜電力

B.e點(diǎn)的電勢伙<0

C.電勢差Ubc=Ube

D.Qi的電荷量大于Q2的電荷量

（多選）8.（6分）如圖所示，abed是一質(zhì)量為m的“U”形均勻金屬框架，其電阻可忽略不計(jì),

ef是一質(zhì)量也為m、兩端有光滑小環(huán)的均勻金屬桿，將ef兩端的小環(huán)套在框架頂端，剛好構(gòu)

成一個(gè)邊長為L的正方形。PQ是水平勻強(qiáng)磁場的水平邊界。將此正方形線框在與勻強(qiáng)磁場垂

直的豎直平面內(nèi)由靜止釋放（此時(shí)be邊距PQ為h）,當(dāng)be剛越過PQ時(shí)剛好勻速運(yùn)動，ab

邊剛好有一半進(jìn)入磁場時(shí)，ef恰到達(dá)PQ位置。運(yùn)動中框架不轉(zhuǎn)動，小環(huán)與框架接觸良好,

不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。則（)

試題3

試題

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

A-h=7L

B.得1

C.ef剛越過PQ時(shí)加速度大小為g

D.ef剛越過PQ時(shí)加速度大小為2g

三、非選擇題：共174分。第22?32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33?38題為

選考題，考生根據(jù)要求作答。

9.(6分)某同學(xué)利用驗(yàn)證牛頓第二定律的裝置來驗(yàn)證動能定理，實(shí)驗(yàn)步驟如下:

k光電門1光電門2

擋光板十后二

a細(xì)線定滑輪

小車出II

-7

力居感器-----X

(1)測量小車、力傳感器和擋光板的總質(zhì)量為M,擋光板的寬度d；

(2)水平軌道上安裝兩個(gè)光電門，測出兩光電門中心間的距離s,小車上固定有力傳感器和

擋光板，細(xì)線一端與力傳感器連接，另一端跨過定滑輪，掛上祛碼盤，實(shí)驗(yàn)首先保持軌道水

平，小車通過光電門1和2的時(shí)間相等，此時(shí)小車做運(yùn)動，力傳感器的示數(shù)為

Fo；

(3)增加祛碼盤里祛碼的質(zhì)量，釋放小車，力傳感器的示數(shù)為F,小車通過光電門1和2的

時(shí)間分別為口和t2,則小車受到的合外力為(用“F、Fo”表示)；

(4)已知重力加速度為g,若要驗(yàn)證動能定理，需要驗(yàn)證的關(guān)系為

10.(9分)提供有下列器材，用于測量電源的電動勢和內(nèi)阻：

試題4

試題

待測電源（電動勢小于3V）

電壓表（量程3V,內(nèi)阻約3k。）

電阻箱R（0-999.911）

定值電阻Ro=4Q

開關(guān)

導(dǎo)線若干

甲、乙兩同學(xué)分別設(shè)計(jì)了如圖a（甲）和圖b（乙）所示的電路。

（1）某次實(shí)驗(yàn)中電阻箱的情況如右圖所示，則其接入電路的電阻為

（2）若圖a和圖b電阻箱接入電路的電阻均為（1）中所讀的阻值，電壓表的示數(shù)分別為Ua

和Ub，則它們的大小關(guān)系U。Uh（選填”或“<”）；

（3）兩同學(xué)分別根據(jù)電阻箱和電壓表的讀數(shù)R和U,通過建立合適的坐標(biāo)系，通過圖像處理

數(shù)據(jù)得出了電動勢和內(nèi)阻的值。某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測得的電壓表的示數(shù)U和電阻箱的讀數(shù)R,

作出了如右圖線，則所測得的電動勢Ei=,內(nèi)阻ri=o（結(jié)果均保留2

位有效數(shù)字）。由于電壓表的內(nèi)阻不是無窮大，該同學(xué)所測得的電動勢（選填“>”、

“=”或“<”）真實(shí)值。

11.（12分）如圖所示，一半徑為R的圓與x軸相切于原點(diǎn)O,圓內(nèi)有直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，

磁感應(yīng)強(qiáng)度大為B。與x軸垂直的豎直虛線與磁場最右端相切，其右側(cè)的第I象限內(nèi)存在沿

-y方向的勻強(qiáng)電場?，F(xiàn)有一束比荷為旦的帶正電粒子沿著+y方向從原點(diǎn)O射入磁場，粒子

m

離開磁場時(shí)方向沿x軸正方向，進(jìn)入電場后，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)打到x軸上坐標(biāo)為（3R,0）的點(diǎn)，

不計(jì)粒子的重力，求：

（1）粒子射入磁場時(shí)的速度；

（2）電場強(qiáng)度的大小；

（3）若僅使從O點(diǎn)射入的帶電粒子初速度方向與-x軸方向成30°角，求粒子從O點(diǎn)出發(fā)

試題5

試題

到再次打到X軸上所用的時(shí)間。

12.（20分）光滑的水平面上停放著質(zhì)量mc=2kg的平板小車C,C的左端放置質(zhì)量HIA=1kg

的物塊A,車上距左端xo處（xo小于車的長度）放置質(zhì)量mB=3kg的物塊B,物塊A、B均

可視為質(zhì)點(diǎn)，它們與車面間的動摩擦因數(shù)分別為以=0.3、回=0.1,開始時(shí)車被鎖定無法運(yùn)

動，物塊A以vo=9m/s的水平初速度從左端開始正對B運(yùn)動，重力加速度g=10m/s2。

（1）若x0=7.5m,求A開始運(yùn)動后經(jīng)過多長時(shí)間與B發(fā)生碰撞；

（2）若xo=7.5m,A與B發(fā)生彈性正碰，求A停止運(yùn)動時(shí)距車左端的距離；

（3）改變X。的值，A運(yùn)動至B處與B發(fā)生彈性碰撞后立即解除對車的鎖定，此后A與B都

剛好沒從車上掉下，求平板車的長度。

二、選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。

如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。[物理一一選修3-3]（15分）

（多選）13.（15分）如圖甲為某種轉(zhuǎn)椅的結(jié)構(gòu)示意圖，其升降部分由M、N兩筒組成，兩筒間

密閉了一定質(zhì)量的理想氣體。圖乙為氣體分子速率分布曲線，初始時(shí)刻筒內(nèi)氣體所對應(yīng)的曲

線為鼠人坐上椅子后M迅速向下滑動，設(shè)此過程筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，則此過程

A.密閉氣體壓強(qiáng)增大，分子平均動能增大

B.外界對氣體做功，氣體分子的密集程度保持不變

試題6

試題

C.密閉氣體內(nèi)能增大，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加

D.密閉氣體的分子速率分布曲線可能會變成a曲線

E.密閉氣體的分子速率分布曲線可能會變成c曲線

14.如圖所示，兩個(gè)固定的導(dǎo)熱良好的足夠長水平汽缸，由水平輕質(zhì)硬桿相連的兩個(gè)活塞面積分

2

別為SA=120cm2,SB=20cmo兩汽缸通過一帶閥門K的細(xì)管連通，最初閥門關(guān)閉，A內(nèi)有

理想氣體，初始溫度為27℃,B內(nèi)為真空。初始狀態(tài)時(shí)兩活塞分別與各自汽缸底相距a=

40cm>b=10cm,活塞靜止。(不計(jì)一切摩擦，細(xì)管體積可忽略不計(jì)，A內(nèi)有體積不計(jì)的加熱

裝置，圖中未畫出。設(shè)環(huán)境溫度保持不變?yōu)?7℃,外界大氣壓為po)。

(1)當(dāng)閥門1i關(guān)閉時(shí)，在左側(cè)汽缸A安裝絕熱裝置，同時(shí)使A內(nèi)氣體緩慢加熱，求當(dāng)右側(cè)

活塞剛好運(yùn)動到缸底時(shí)A內(nèi)氣體的溫度TA，及壓強(qiáng)PA；

(ii)停止加熱并撤去左側(cè)汽缸的絕熱裝置，將閥門K打開，足夠長時(shí)間后，求大活塞距左

側(cè)汽缸底部的距離Ax。

三、[物理——選修3-4](15分)

(多選)15.(15分)同一地點(diǎn)的甲、乙兩單擺的部分振動圖像如圖所示，下列說法正確的是

()

A.甲、乙兩單擺的擺長之比為16：2

B.乙單擺的機(jī)械能大于甲單擺的機(jī)械能

C.0?1s內(nèi)，單擺甲、乙擺球的重力勢能都增大

D.兩圖線交點(diǎn)對應(yīng)的時(shí)刻(t0)甲、乙兩擺球速率相等

E.甲單擺的振動方程為x=4sin)cir

16.如圖所示，玻璃球的半徑為R,被平面截去一部分后底面鍍有反射膜，底面的半徑為近R；

試題7

試題

在紙面(過玻璃球球心0的截面)內(nèi)有一條過球心0的光線，經(jīng)過底面AB反射后恰好從M

點(diǎn)射出，已知出射光線的反向延長線恰好經(jīng)過A點(diǎn)且與底面垂直，光在真空中的速度為c。

求：

(1)該條光線入射方向與底面AB的夾角及該玻璃球的折射率；

(2)該條光線從射入玻璃球到射出玻璃球經(jīng)歷的時(shí)間。

試題8

試題

2024年四川省成都外國語學(xué)校高考物理二模試卷

參考答案與試題解析

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14?18

題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19?21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全

的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.【解答】解：A、目前核電站的反應(yīng)堆是利用重核裂變產(chǎn)生的能量工作的，

然U+；n-堞Ba+*r+3；酒重核裂變，是反應(yīng)堆的工作原理之一，故A正確；

B、加+如e+；n是輕核聚變，該反應(yīng)會釋放能量，是因?yàn)槭堑谋冉Y(jié)合能比汨

和；H的比結(jié)合能都大，故B錯(cuò)誤；

C、狹義相對論認(rèn)為在任意一個(gè)慣性系中的觀測者所測得的真空中的光速恒為c,不是任何情

況下，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程Ej^nhv-W,逸出光電子的最大初動能的大小與照射光

的頻率成線性關(guān)系，而不是初速度的大小，故D錯(cuò)誤。

故選：Ao

2.【解答】解:設(shè)地球半徑為R,則該航天器的軌道半徑為2R。

A.對航天器，根據(jù)牛頓第二定律有

G———=m>^

(2R)22R

對地球的近地衛(wèi)星，設(shè)線速度大小為V0,根據(jù)萬有引力提供向心力有

2

GMm-

一m

Z0R

R2

聯(lián)立解得vo=&v,故A錯(cuò)誤；

B.立于航天器內(nèi)底板上的宇航員處于完全失重狀態(tài)，故航天員對底板的壓力等于0,故B正

確；

C.若在航天器所在的軌道上發(fā)射衛(wèi)星，只有當(dāng)發(fā)射速度達(dá)到第三宇宙速度時(shí)才能使衛(wèi)星脫離

地球引力的束縛，故C錯(cuò)誤；

2

D.根據(jù)M=paTTR3,聯(lián)立G———=m工解得

3(2R)22R

試題9

試題

p=_由于地球半徑未知，所以不能求出地球密度，故D錯(cuò)誤。

2G兀R2

故選：Bo

AB、受重力、拉力、支持力和摩擦力，設(shè)拉力與斜面間的夾角為3若摩擦力開始向下，根

據(jù)受力平衡可得：Hmgsina=Fcos0,當(dāng)F逆時(shí)針轉(zhuǎn)動時(shí)0減小，所以摩擦力減小，若摩擦力

開始向上，當(dāng)。減小時(shí)，摩擦力減小，故AB錯(cuò)誤；

CD、斜面體對物塊的作用力包括摩擦力和支持力，當(dāng)F逆時(shí)針轉(zhuǎn)動時(shí)，F(xiàn)與mg的合力減小，

根據(jù)受力平衡可得，f與F,的合力也減小，所以斜面對物塊的作用力減小，故C錯(cuò)誤，D正

確。

故選：D。

4.【解答】解：A.由電功率公式P=UI可知，發(fā)電機(jī)輸出的電流為

I二旦J0PX10A=400A，故A錯(cuò)誤；

1%250

D.根據(jù)理想變壓器電流與線圈匝數(shù)成反比關(guān)系得：

_n2

T2"nl

J「4

J4"n3

又因?yàn)椋篒線=b=l3

L

n2n3

聯(lián)立解得：l4=Ii=400A,故D正確；

B.降壓器的輸出功率為：

試題10

試題

P4=U4I4=200X400W=88kW

輸電的效率為：

p

n=—l-x100%=-^X100%=88%,故B錯(cuò)誤；

Pl100

C.輸電線上的損失功率為：P線=「1-P4=12kW

又因?yàn)椋篜線=線

解得：I線=40A

其中b=l3=I線

則升壓器的匝數(shù)之比為：3_="=3_=」一故c錯(cuò)誤。

n211400A10

故選：D。

5.【解答】解：A.對小球受力分析如圖所示

N

小球所受洛倫茲力指向圓心0',根據(jù)左手定則可知，從上面俯視小球沿逆時(shí)針方向運(yùn)轉(zhuǎn),

故A錯(cuò)誤；

B.豎直方向受力平衡，根據(jù)平衡條件有

NcosQ-mg=0

解得

N=2mg,故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)洛倫茲力的公式

F=qvB

可知，粒子的速度越大，洛倫茲力越大，故C正確；

D.根據(jù)牛頓第二定律有

2

F-Nsin0=11ksi口8

整理可得

2V3qBR3gR

v

試題11

試題

由于V是實(shí)數(shù)，必須滿足

A2=(_V3qBR)2_4><3gR>0

2m2

解得

故選：Co

6.【解答］解：A、根據(jù)圖像可知，動能減少AEk=100J-40J=60J時(shí)，重力勢能增加AEp=

40J,所以機(jī)械能減少：AEi=60J-40J=20J；

上升到最高點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能損失△E,則有：也=粵，解得：AE=JMT

20AE3J

則物體回到地面上時(shí)的機(jī)械能為：E=100J-2AE=100J-2XJMT=122.T,故A正確；

3J3J

B、根據(jù)A選項(xiàng)可知，物體上升到最高點(diǎn)的機(jī)械能為：E=Ek0-AE=100J-3T=ML

故B正確；

C、物體上升到最高點(diǎn)的機(jī)械能為E=200L=mgh,由于物體的質(zhì)量不知道，無法求解高度

3

D、根據(jù)牛頓第二定律得，上升過程的加速度大小為：ai=9^

m

下降過程的加速度大小為：22=哩工

m

根據(jù)h="|at2得，.上升的時(shí)間為：h=，至

下降的時(shí)間為：t2=

則總時(shí)間為：t=ti+t2=

由于阻力大小未知，無法求出物體從拋出至落回拋出點(diǎn)所用的時(shí)間，故D錯(cuò)誤。

故選：AB?

7.【解答】解：D、設(shè)ab=bc=cd=de=r,因e點(diǎn)場強(qiáng)為零，故點(diǎn)電荷Qi、Q2在e點(diǎn)的電場強(qiáng)

度等大反向，可知Q2帶負(fù)電。

Q,Q,

根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式可得：k——二=k一，可得：Qi=16Qo,故D正確;

（4r）2r2

A、設(shè)試探電荷的電量為q。

試題12

試題

在b點(diǎn)其受到的靜電力大小為：p=k±^+kQ2Q=更

b27

rF4r2

QqQ?qQ?q

在c點(diǎn)其受到的靜電力大小為:F=k—t+k~^-=5kf

°c⑵)21r4

可知：Fb>Fc,故A正確;

Q,Q

B、Qi在e點(diǎn)產(chǎn)生的電勢為：。=k—UQ2在e點(diǎn)產(chǎn)生的電勢為：。=_廣1o（Q2>0）。

14r2r

則e點(diǎn)的電勢為：。=中，+中,=3^>0,故B錯(cuò)誤；

e1/r

b點(diǎn)的電勢為：Q=吧

C、同理可得:

br2r2r

QiQ9Q9

C點(diǎn)的電勢為:Q=k-5-k—=7k—

cc2rrr

17.Q2

Ubc=中廣0廠2"r

9RQo

凡?

2r

可知：Ubc<Ube>故C錯(cuò)誤。

故選：AD?

8?【解答】解：AB、正方形線框未進(jìn)入磁場時(shí)金屬框架和金屬桿一起做自由落體運(yùn)動，下落h

過程由動能定理有：21ngX2mv：-0，可得2gh

金屬框架進(jìn)入磁場由于受到豎直向上的安培力做勻速直線運(yùn)動，設(shè)此時(shí)的安培力為Fo,則F0=

mg,此時(shí)ef未進(jìn)入磁場，則ef不受安培力，在重力作用下繼續(xù)做勻加速運(yùn)動，

L

設(shè)ab邊剛好有一半進(jìn)入磁場過程所用的時(shí)間為t,則有：

v0

此時(shí)ef恰到達(dá)PQ位置，在時(shí)間t內(nèi)金屬桿向下運(yùn)動的距離為L,則有：L=v0t^gt2

代入數(shù)據(jù)可得：h4，故B正確，A錯(cuò)誤；

CD、ef剛越過PQ時(shí)，設(shè)此時(shí)ef的速度為vi，貝！I：vi=v（）+gt,可得丫1=3-7^正，此時(shí)ef邊

切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：Ei=BLvi

be邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E2=BLV（）

由右手定則可知兩邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢并聯(lián)，則回路中總的電動勢：

=>

E=E1-E2=BLv1-BLv0=BL(3V2gh-V2gh)BLX2V2ih=2BLv0設(shè)此時(shí)回路中電流

試題13

試題

為I

be邊剛進(jìn)入磁場時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E（）=BLvo，可知E=2Eo，設(shè)此時(shí)電流為如

金屬框架的電阻忽略不計(jì)，由閉合電路歐姆定律可知1=21°

由F=BIL可知ef恰到達(dá)PQ位置時(shí)安培力Fi=2F（）=2mg

由左手定則可知安培力豎直向上，對ef由牛頓第二定律有：2Fo-mg=ma,可得a=g,故C

正確，D錯(cuò)誤。

故選：BC。

三、非選擇題：共174分。第22?32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33?38題為

選考題，考生根據(jù)要求作答。

9.【解答】解：（2）小車通過光電門1和2的時(shí)間相等，此時(shí)小車做勻速直線運(yùn)動；

（3）小車做勻速直線運(yùn)動時(shí)有

Fo=f

力傳感器的示數(shù)為F時(shí)小車受到的合外力為

F合=F-Fo

（4）若要驗(yàn)證動能定理，需要驗(yàn)證的關(guān)系為

(F-Fo)s^Mv^-yMvJ

其中

dd

vi=-

x2u1

聯(lián)立解得:(F-FQsjMf)2冬事2

乙L2乙LI

勻速直線；(2()2

故答案為:(2)(3)F-Fo；(4)(F-F0)S4MV-)4M-A

uNt之Zt]

10.【解答】解（1）根據(jù)圖?？芍?，電阻箱接入電路的阻值為100X00+1X100+9X10+0X0.1。=

19.0。；

（2）根據(jù)圖a與圖b電路均為串聯(lián)連接方式，可知兩個(gè)電路中電流相等，圖a中電壓表示數(shù)

為定值電阻Ro兩端的電壓，圖b電壓表示數(shù)為電阻箱R兩端電壓，又因?yàn)閁b=IR>Ua=

IRo，即Ua<Ub；

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖a、圖b可知，分別列出電源電動勢和內(nèi)阻的函數(shù)方程，

經(jīng)過整理方程后只有圖a的符合圖d圖像，即

EI=U+」L（R+n）

R0

試題14

試題

整理得工=-1—XR+」J_+_k

UE[R°E[R°E]

結(jié)合圖a可知L5-0?5

E?RQ10

代入數(shù)據(jù)解得Ei=2.5V,ri=1.011

由于電壓表的內(nèi)阻不是無窮大，導(dǎo)致圖a中干路電流要比流過電阻氏的電流大，即I真＞1測

E真=U+I真（R+r）

￡測=17+1測（R+r）

可知E測＜E真；

故答案為：（1）19.0：（2）＜；（3）2.5,1,0,＜?

11.【解答】解：（1）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，其軌跡為工圓周，軌跡半徑等于圓形磁場

4

區(qū)域的半徑R,由洛倫茲力提供向心力得：

2

qBv=m——

R

解得：V=邂；

m

（2）粒子進(jìn)入電場做類平拋運(yùn)動，沿-y方向做勻加速直線運(yùn)動，其位移大小等于R；沿+x

方向做勻速直線運(yùn)動，其位移大小等于3R-R=2R,則有：

R=Aat2

2

2R=vt

由牛頓第二定律得：a=32

m

聯(lián)立解得：E=Q2R；

2m

試題15

試題

粒子的在磁場中軌跡半徑與圓形磁場區(qū)域的半徑相等，由幾何關(guān)系可得，粒子在P點(diǎn)離開磁

場時(shí)的速度方向沿X軸正方向，粒子由O到P做圓周運(yùn)動的圓心角為180°-30°=150°,

粒子在磁場中的運(yùn)動周期為：

T—2兀R—2兀m

J丁一丁

粒子在磁場中的運(yùn)動周期為：

,尸150。壬=5冗m

1360^>T6qB

粒子由P到M的過程做勻速直線運(yùn)動，設(shè)此過程運(yùn)動時(shí)間為t2,則有：

R-Rsin30°=vt2

解得：t2=

2^B

粒子由M點(diǎn)進(jìn)入電場，由M到N的過程做類平拋運(yùn)動，設(shè)此過程運(yùn)動時(shí)間為t3,沿-y方向

做勻加速直線運(yùn)動，其位移大小等于R+Rcos30°,則有：

R+Rcos30°=-liit32

由牛頓第二定律得：a=32

m

聯(lián)立解得：t3=-4+2愿嗎

qB

則粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次打到x軸上所用的時(shí)間為：

_5TTm,m4+2^3m_（5兀+3+6V4+2A/3）m

t1

Il］十（2十（3----------十----------------------o

6qB2qBqB6qB

答：（1）粒子射入磁場時(shí)的速度為邂；

m

2

（2）電場強(qiáng)度的大小為qBR；

2m______

（3）粒子從。點(diǎn)出發(fā)到再次打到x軸上所用的時(shí)間為K2L望坦逅迎。

6qB

12.【解答】解：（1）物塊A的加速度大小為a,由牛頓第二定律

^AmAg=mAa

2

由運(yùn)動學(xué)公式：xo=vot--Lat

解得：t=ls；

（2）A與B碰前速度瞬間為vi，并設(shè)為正方向；碰后A、B速度分別為V2,v3,

vi=v（）-at

mAvi=mAv2+mBV3

試題16

試題

121212

7mAvl=7mAv2+7mBv3

解得：V2=(1nAmp)7=x^m/s=-3m/s

1

mA+mB1+3

2mA

V3=v1=2'1xem/s=3m/s

1

mA+mB1+3

A碰后向左運(yùn)動，假設(shè)A碰后向左發(fā)生的最大位移為xi，由動能定理

1c\

_PAmAgxi=0--mAv2

Ax=x()-xi

解得：△x=6m,故A停止運(yùn)動時(shí)距平板車左端6m；

(3)設(shè)A與B碰前速度為V4,碰后A、B速度分別為V5、v6

同理可得:“=%為

mA+mB

2m

V6=----------V4

mA+mB

解得：v=-,v=X

52V4624

由于A、B與平板車之間的摩擦力大小以=后，且A的加速度大于B,由此可判斷A碰后向

左做勻減速運(yùn)動，此過程中車一直保持靜止。

22

VV

由運(yùn)動學(xué)公式:4-o2axo

0-福=-2ax0

解得：V4=2疾vo,x0=2.7m

5

設(shè)最終三者共同勻速運(yùn)動速度為的V6，由動量守恒定律

mAV5+mBv6=(mA+mB+mc)v6

解得:V6=3疾m/s

5

設(shè)B開始與平板小車右端相距為XB，由能量守恒

1910

=

—(mA+mB+mc)v6^AniAgxo+^BinBgxB

解得：XB=6.3m

L=XO+XR=2.7m+6.3m=9m

試題17

試題

答：(1)若x()=7.5m,A開始運(yùn)動后經(jīng)過Is與B發(fā)生碰撞；

(2)若xo=7.5m,A與B發(fā)生彈性正碰，A停止運(yùn)動時(shí)距車左端的距離為6m；

(3)改變xo的值，A運(yùn)動至B處與B發(fā)生彈性碰撞后立即解除對車的鎖定，此后A與B都

剛好沒從車上掉下，平板車的長度為9m。

二、選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。

如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。［物理一一選修3-3|(15分)

13?【解答】解：ABC、根據(jù)題意可知，M迅速向下滑動，理想氣體的體積減咸小，氣體分子的

密集程度變大，外界對氣體做功，且筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，則理想氣體內(nèi)能增大，

溫度升高，分子習(xí)平均動能增大，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加，

密閉氣體壓強(qiáng)增大，故AC正確，B錯(cuò)誤；

DE、由于氣體溫度越高，速率較大的分子所占的比例越大，則密閉氣體的分子速率分布曲線

可能會變成c曲線，故E正確，D錯(cuò)誤。

故選：ACE。

14.【解答】解：(i)閥門K關(guān)閉時(shí)，將A內(nèi)氣體緩慢加熱，溫度緩慢升高，根據(jù)受力平衡可

知，氣體壓強(qiáng)不變，為等壓變化，對于A氣體

初狀態(tài)：VA=aSA，T()=(273+27)K=300K

末狀態(tài)：VAI=(a+b)SA，

根據(jù)蓋-呂薩克定律

ToTA

解得：TA=375K

對兩活塞整體為研究對象，根據(jù)受力平衡得

PASA_POSA+POSB=O

解得：PA=^|PO；

(ii)打開閥門K穩(wěn)定后，設(shè)氣體壓強(qiáng)為PA'，以兩個(gè)活塞和桿為整體有

PA