2024屆江西省景德鎮(zhèn)市高三下學(xué)期第三次質(zhì)量檢測（二模）物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE7景德鎮(zhèn)市2024屆高三第三次質(zhì)量檢測試卷物理一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。1.如圖所示為氫原子能級示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級躍遷時輻射出若干種不同頻率的光，下列說法正確的是（）A.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B.由n＝2能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光的頻率最小C.用n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)D.由n＝4能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光波長最大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)大量氫原子在不同能級釋放出光子的種數(shù)可知，當(dāng)時，會釋放6種不同頻率的光，故A錯誤；BD．根據(jù)，可知，躍遷過程中釋放的光的能量越小，其釋放的光的頻率就越小，波長就越大，顯然從能級躍遷到能級時釋放的光的能量最小，即放出的光的頻率最小，而從n＝4能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光的能量最大，頻率就最大，波長最小，故BD錯誤；C．氫原子從n＝2能級躍遷到n＝1能級時輻射的光的能量為則可知，用n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確。故選C。2.中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射“亞太九號”通信衛(wèi)星，該衛(wèi)星運行的軌道示意圖如圖所示，衛(wèi)星先沿橢圓軌道1運行，近地點為Q，遠地點為P。當(dāng)衛(wèi)星經(jīng)過P點時點火加速，使衛(wèi)星由橢圓軌道1轉(zhuǎn)移到地球同步軌道2上運行，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道1和軌道2上運動時的機械能相等B.衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點的速度大于經(jīng)過Q點的速度C.衛(wèi)星在軌道2上時處于超重狀態(tài)D.衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點的加速度等于在軌道2上運行經(jīng)過P點的加速度〖答案〗D〖解析〗A．衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點需點火加速進入軌道2，所以衛(wèi)星在軌道2上的機械能大于軌道1上運動時的機械能，A錯誤；B．P點是遠地點，Q點是近地點，根據(jù)開普勒第二定律可知衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點的速度小于經(jīng)過Q點的速度，B錯誤；C．衛(wèi)星在軌道2上時處于失重狀態(tài)，C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點加速度等于在軌道1上經(jīng)過P點的加速度，D正確。故選D。3.利用傳感器和計算機可以研究快速變化的力的大小。實驗時，把圖甲中的小球舉高到繩子的懸點O處，然后小球由靜止釋放，同時開始計時，利用傳感器和計算機獲得彈性繩的拉力隨時間的變化如圖乙所示。根據(jù)圖像提供的信息，下列說法正確的是（）A.時刻小球的速度不是最大的B.時刻小球的動能不是最小的C.、時刻小球的運動方向相同D.〖答案〗A〖解析〗A．把小球舉高到繩子的懸點O處，讓小球自由下落，t1時刻繩子剛好繃緊，此時繩子的拉力為零，小球向下做加速運動，故t1時刻小球的速度不是最大。同理，t3時刻小球的速度也不是最大，故A正確；B．t2時刻繩子的拉力最大，小球運動到最低點，速度為零，動能最小；同理，t5時刻小球的動能也最小，故B錯誤；C．t2、t5時刻小球都到達最低點，t3時刻小球速度方向向上，t4時刻小球速度向下，t3、t4時刻小球的運動方向相反，故C錯誤；D．t3～t4時間內(nèi)與t6～t7時間內(nèi)小球都做豎直上拋運動，由于t3時刻的速度大于t6時刻的速度，由豎直上拋運動的時間可知故D錯誤。故選A。4.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，t=0時刻0~25m區(qū)間的波形圖如圖中實線，經(jīng)過時該區(qū)間波形圖如圖中虛線，已知虛線上波峰對應(yīng)的平衡位置的橫坐標(biāo)為12.5m，質(zhì)點A平衡位置的橫坐標(biāo)為，則當(dāng)波速取最小值時質(zhì)點A的振動方程以及可能的波速值，正確的是（）A.；225m/sB.；425m/sC.；625m/sD.，825m/s〖答案〗C〖解析〗由波形圖可知，波長為波沿x軸正方向傳播，則解得則波速n=0時，波速最小，此時則質(zhì)點A的振動方程質(zhì)點A在零時刻向上振，可知故質(zhì)點A的振動方程當(dāng)n=9時，有故選C。5.M、N是某電場中一條電場線上的兩點，一個電子從M點以一定的初速度向N點運動，電子僅受電場力的作用，其電勢能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.電子的速度在不斷地減小B.電子的加速度在不斷地增大C.M點的電場強度大于N點的電場強度D.M點的電勢高于N點的電勢〖答案〗C〖解析〗A．電子僅受電場力的作用，由圖像可知電勢能隨位移增加而減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場力做正功，電子的動能在不斷增加，電子的速度也在不斷地增加，故A錯誤；BC．根據(jù)動能定理有圖像的斜率反映了電場強度的變化，圖像斜率逐漸減小，則電場強度逐漸減小，所以M點的電場強度大于N點的電場強度，電子在M點受到的電場力大于N點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律可知電子的加速度在不斷地減小，故C正確，B錯誤；D．由圖像可知電子的電勢能逐漸減小，根據(jù)可知M點的電勢低于N點的電勢，故D錯誤。故選C。6.電磁炮是利用電磁力對彈體加速的新型武器．某小組用圖示裝置模擬研究電磁炮的原理．間距為0.1m的水平長導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為0.5T，左端所接電池電動勢1.5V、內(nèi)阻0.5Ω．長0.1m、電阻0.1Ω的金屬桿ab靜置在導(dǎo)軌上．閉合開關(guān)S后，桿ab向右運動，在運動過程中受到的阻力恒為0.05N，且始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)軌電阻不計，則桿abA.先做勻加速直線運動，后做勻速直線運動 B.能達到的最大速度為12m/sC.兩端的電壓始終為0.25V D.達到最大速度時，ab兩端的電壓為1V〖答案〗D〖解析〗A.設(shè)內(nèi)阻為r，桿的電阻為R，設(shè)速度為v時，有：，根據(jù)牛頓第二定律：，聯(lián)立可知：物體做的是加速度減小的加速，當(dāng)加速度減小到零，開始勻速，A錯誤B.當(dāng)勻速時：，代入數(shù)據(jù)解得：，B錯誤CD.根據(jù)選項A可知，回路電流：，ab兩端電壓：，隨著速度變大，電壓在變化，當(dāng)達到最大速度，代入解得：，C錯誤D正確7.如圖所示，水平虛線MN上方有勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里．大量帶正電的相同粒子，以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個方向，由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運動．不計粒子重力和粒子間相互作用．下列圖中陰影部分表示帶電粒子可能經(jīng)過的區(qū)域，其中正確的是A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運動，因為粒子帶正電，根據(jù)左手定則可知粒子將向左偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；因為粒子以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個方向發(fā)射，由O點射入水平向右的粒子恰好應(yīng)為最右端邊界且ON=R；在豎直方向上有最遠點為2R，由O點豎直向上射入的粒子，打在最左端且距離為OM=2R，但是左側(cè)因為沒有粒子射入，所以中間會出現(xiàn)一塊空白區(qū)域，故B正確，AD錯誤．所以B正確，ACD錯誤．8.如圖甲所示，水平冰面上有兩位同學(xué)，A同學(xué)的質(zhì)量為，B同學(xué)靜止站在冰面上，A以一定的初速度向B滑去，抱住B同學(xué)后兩人一起向右運動。以向右為正方向，A同學(xué)的位移—時間圖像如圖乙所示，不計空氣和冰面對人的阻力，則下列說法正確的是（）A.同學(xué)B對A的沖量為B.同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為2∶3C.兩人相抱過程中損失的動能為D.兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為1∶1〖答案〗BC〖解析〗AB．由圖乙可知同學(xué)A的初始速度為由圖乙可知同學(xué)A抱住同學(xué)B后兩人的速度為由動量守恒定律得解得對A由動量定理得同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為A錯誤，B正確；C．兩人相抱過程中損失的動能為C正確；D．兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為D錯誤。故選BC。9.如圖所示，一下端封閉、上端開口的粗細均勻的玻璃管豎直靜置，長度的水銀柱封閉了一段空氣（視為理想氣體）柱，空氣柱的長度。外界大氣壓強恒為。使玻璃管向上做加速度大小的勻加速直線運動時，管內(nèi)空氣溫度保持不變，取重力加速度大小。和豎直靜置時相比較，下列說法正確的有（）A.管內(nèi)空氣的壓強增加了B.管內(nèi)空氣柱的長度減少了C.管內(nèi)空氣的壓強增加了D.管內(nèi)空氣柱的長度減少了〖答案〗CD〖解析〗AC．根據(jù)題意，設(shè)靜止時管內(nèi)空氣的壓強為，則有設(shè)玻璃管向上加速時管內(nèi)空氣的壓強為，管的橫截面積為，則有解得可知，管內(nèi)空氣的壓強增加了故A錯誤，C正確；BD．由于空氣溫度保持不變，由玻意耳定律有解得可知，管內(nèi)空氣柱的長度減少了，故B錯誤，D正確。故選CD。10.如圖所示，正方體空心框架ABCD﹣A1B1C1D1下表面在水平地面上，將可視為質(zhì)點小球從頂點A在∠BAD所在范圍內(nèi)（包括邊界）沿不同的水平方向分別拋出，落點都在平面內(nèi)（包括邊界）。不計空氣阻力，以地面為重力勢能參考平面。則下列說法正確的是（）A.小球初速度的最小值與最大值之比是1：2B.落在C1點的小球，運動時間最長C.落在B1D1線段上的小球，落地時機械能的最小值與最大值之比是1：2D.軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向都相同〖答案〗AD〖解析〗B．小球做平拋運動，由得下落高度相同，平拋運動的時間相等，故B錯誤；

A．小球落在A1C1線段中點時水平位移最小，落在C1時水平位移最大，由幾何關(guān)系知水平位移的最小值與最大值之比是1：2，由于運動時間t相等，由x=v0t得小球初速度的最小值與最大值之比是1：2，故A正確；

C．落在B1D1線段中點的小球，落地時機械能的最小，落在B1D1線段上D1或B1的小球，落地時機械能的最大。設(shè)落在B1D1線段中點的小球初速度為v1，水平位移為x1，落在B1D1線段上D1或B1的小球初速度為v2，水平位移為x2。由幾何關(guān)系有x1：x2=1：由x=v0t得v1：v2=1：落地時機械能等于拋出時的機械能，分別為可知落地時機械能的最小值與最大值之比不等于1：2．故C錯誤。

D．設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向與水平方向的夾角為θ。則有則tanθ=2tanα可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向相同，故D正確。

故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.使用如圖所示的裝置探究物體沿斜面下滑的運動特點，操作步驟如下：①讓滑塊從距離擋板s處由靜止下滑，同時打開水箱閥門，讓水流到量筒中（假設(shè)水流是均勻穩(wěn)定的）②當(dāng)滑塊碰到擋板時立即關(guān)閉閥門；③記錄量筒收集的水量V；④改變s，重復(fù)以上操作；⑤記錄測得的數(shù)據(jù)并填寫如下表格中。次數(shù)14.509524.008933.508443.007752.5071根據(jù)表中數(shù)據(jù)得到s與__________（選填“”、“V”或“”）成正比，由此可得滑塊沿斜面向下做__________運動。若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將__________（選填“增大”、“不變”或“減小”）（實驗允許有誤差）〖答案〗V2勻變速直線不變〖解析〗[1][2]在表格中計算出、，如圖次數(shù)14.50959.75902524.00899.43792133.5084917705643.00778.77592952.50718.435041從表格數(shù)據(jù)可以得出與成正比，由由于水流均勻穩(wěn)定，則量筒中收集的水量V和時間t成正比，所以由此可得滑塊沿斜面向下做勻變速直線運動。[3]位移s與體積V的二次方是成正比，與滑塊的質(zhì)量無關(guān)，所以若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將不變。12.要測量一只量程已知的電壓表的內(nèi)阻，所備器材如下：A．待測電壓表V（量程，內(nèi)阻約幾千歐）B．電流表A（量程，內(nèi)阻）C．定值電阻R（阻值，額定電流）D．蓄電池E（電動勢略小于，內(nèi)阻不計）E．多用電表F．開關(guān)、，導(dǎo)線若干有一同學(xué)利用上面所給器材，進行如下實驗操作：（1）先用多用電表進行粗測，選用倍率，操作方法正確。若這時刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測量的結(jié)果是__________。（2）為了更精確地測出此電壓表內(nèi)阻，在如圖所示乙、丙實驗電路中，該同學(xué)選擇丙圖的電路進行實驗，其理由是____________________。（3）在圖丁中，用筆畫線代替導(dǎo)線，按照丙圖的電路把實物連接好________。（4）利用丙圖的電路進行實驗時，簡述實驗的主要步驟（在所測量的物理量后寫上相應(yīng)的字母符號）：____________________；（5）用上述所測及已知的物理量的字母符號表示電壓表的內(nèi)阻__________?！即鸢浮剑?）3000（2）乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）（4）閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2（5）〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意，由圖甲可知，電阻的測量值為【小問2詳析】根據(jù)題意可知，電源的電動勢約為，電壓變內(nèi)阻為幾千歐，乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小?！拘?詳析】按照丙圖的電路把實物連接好，如圖所示【小問4詳析】利用丙圖的電路進行實驗時，實驗的主要步驟為閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2?！拘?詳析】閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1，則有再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2，則有聯(lián)立解得13.在折射率為的液體內(nèi)部有一個可移動的點光源S，光源S在初始位置時，從液面上觀察到半徑為的圓形光斑。（1）求點光源S初始位置的深度h；（2）讓點光源S向某個方向做勻速直線運動，發(fā)現(xiàn)圓形光斑最右側(cè)邊緣一點B位置未動，而最左側(cè)邊緣一點D在向左移動，光源運動時，D點向左移動了，如下圖所示，求點光源S運動的速度大小和方向?！即鸢浮剑?）0.2m；（2），方向為光源S沿著左下方45°角〖解析〗（1）在B處發(fā)生全反射，如圖臨界角C滿足，由幾何關(guān)系得聯(lián)立解得，點光源S的初始深度為（2）由圖可知光源移動的位移s滿足由公式，聯(lián)立解得，光源移動速度為方向為光源S沿著左下方45°角。14.一電動玩具小車放在水平地面上，從靜止開始運動，在一段時間內(nèi)其速度與牽引力的功率隨時間變化的函數(shù)關(guān)系圖像分別如圖甲、乙所示，地面對小車的摩擦力恒定，2s以后小車以速度做勻速直線運動，對比分析兩圖像所給的已知信息，求：（1）2s時小車的速度以及地面對小車的摩擦力；（2）甲圖陰影部分的面積?！即鸢浮剑?），；（2）〖解析〗（1）1s至2s，小車做勻加速直線運動，牽引力恒定設(shè)為，1s時2s時代入圖中所給已知條件解得設(shè)地面對小車的恒定摩擦力為，由題意和圖像可知2s以后小車以速度恒定的功率做勻速直線運動，則有解得（2）結(jié)合由甲圖可知，1s至2s小車的加速度由牛頓第二定律再代入綜合解得甲圖陰影部分的面積是小車在0~1s內(nèi)的位移，由動能定理由圖像可知再結(jié)合聯(lián)立解得15.如圖甲所示，在xOy平面的第Ⅰ象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強電場；第Ⅱ、Ⅲ象限內(nèi)同時存在著豎直向上的勻強電場和垂直紙面的磁場，，，磁場隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示，，，設(shè)垂直紙面向外為磁場正方向。一個質(zhì)量為、電荷量為的帶正電液滴從p點以速度，沿x軸負方向入射，恰好以指向y軸負方向的速度v經(jīng)過原點O（此時）后進入的區(qū)域。重力加速度g取。（1）求液滴第一次到達O點時速度v的大??；（2）求液滴在時間內(nèi)的路程；（3）若在時撤去電場、和磁場，同時在整個空間區(qū)域加豎直向上的勻強磁場（未畫出），，求從此時刻起，再經(jīng)過液滴距O點的距離?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)題意，對帶電液滴水平和豎直方向分別由動量定理得，解得（2）計算可知液滴通過O點后則液滴將僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，則有，解得磁感應(yīng)強度為時，磁感應(yīng)強度為時，內(nèi)運動軌跡如圖所示則解得（3）只有磁場存在時，油滴在水平方向做勻速圓周運動，周期半徑油滴在豎直方向做自由落體運動，經(jīng)過沿y軸下落高度為經(jīng)過后距O點的距離為解得景德鎮(zhèn)市2024屆高三第三次質(zhì)量檢測試卷物理一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。1.如圖所示為氫原子能級示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級躍遷時輻射出若干種不同頻率的光，下列說法正確的是（）A.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B.由n＝2能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光的頻率最小C.用n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)D.由n＝4能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光波長最大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)大量氫原子在不同能級釋放出光子的種數(shù)可知，當(dāng)時，會釋放6種不同頻率的光，故A錯誤；BD．根據(jù)，可知，躍遷過程中釋放的光的能量越小，其釋放的光的頻率就越小，波長就越大，顯然從能級躍遷到能級時釋放的光的能量最小，即放出的光的頻率最小，而從n＝4能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的光的能量最大，頻率就最大，波長最小，故BD錯誤；C．氫原子從n＝2能級躍遷到n＝1能級時輻射的光的能量為則可知，用n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確。故選C。2.中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射“亞太九號”通信衛(wèi)星，該衛(wèi)星運行的軌道示意圖如圖所示，衛(wèi)星先沿橢圓軌道1運行，近地點為Q，遠地點為P。當(dāng)衛(wèi)星經(jīng)過P點時點火加速，使衛(wèi)星由橢圓軌道1轉(zhuǎn)移到地球同步軌道2上運行，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道1和軌道2上運動時的機械能相等B.衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點的速度大于經(jīng)過Q點的速度C.衛(wèi)星在軌道2上時處于超重狀態(tài)D.衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點的加速度等于在軌道2上運行經(jīng)過P點的加速度〖答案〗D〖解析〗A．衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點需點火加速進入軌道2，所以衛(wèi)星在軌道2上的機械能大于軌道1上運動時的機械能，A錯誤；B．P點是遠地點，Q點是近地點，根據(jù)開普勒第二定律可知衛(wèi)星在軌道1上運行經(jīng)過P點的速度小于經(jīng)過Q點的速度，B錯誤；C．衛(wèi)星在軌道2上時處于失重狀態(tài)，C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點加速度等于在軌道1上經(jīng)過P點的加速度，D正確。故選D。3.利用傳感器和計算機可以研究快速變化的力的大小。實驗時，把圖甲中的小球舉高到繩子的懸點O處，然后小球由靜止釋放，同時開始計時，利用傳感器和計算機獲得彈性繩的拉力隨時間的變化如圖乙所示。根據(jù)圖像提供的信息，下列說法正確的是（）A.時刻小球的速度不是最大的B.時刻小球的動能不是最小的C.、時刻小球的運動方向相同D.〖答案〗A〖解析〗A．把小球舉高到繩子的懸點O處，讓小球自由下落，t1時刻繩子剛好繃緊，此時繩子的拉力為零，小球向下做加速運動，故t1時刻小球的速度不是最大。同理，t3時刻小球的速度也不是最大，故A正確；B．t2時刻繩子的拉力最大，小球運動到最低點，速度為零，動能最?。煌?，t5時刻小球的動能也最小，故B錯誤；C．t2、t5時刻小球都到達最低點，t3時刻小球速度方向向上，t4時刻小球速度向下，t3、t4時刻小球的運動方向相反，故C錯誤；D．t3～t4時間內(nèi)與t6～t7時間內(nèi)小球都做豎直上拋運動，由于t3時刻的速度大于t6時刻的速度，由豎直上拋運動的時間可知故D錯誤。故選A。4.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，t=0時刻0~25m區(qū)間的波形圖如圖中實線，經(jīng)過時該區(qū)間波形圖如圖中虛線，已知虛線上波峰對應(yīng)的平衡位置的橫坐標(biāo)為12.5m，質(zhì)點A平衡位置的橫坐標(biāo)為，則當(dāng)波速取最小值時質(zhì)點A的振動方程以及可能的波速值，正確的是（）A.；225m/sB.；425m/sC.；625m/sD.，825m/s〖答案〗C〖解析〗由波形圖可知，波長為波沿x軸正方向傳播，則解得則波速n=0時，波速最小，此時則質(zhì)點A的振動方程質(zhì)點A在零時刻向上振，可知故質(zhì)點A的振動方程當(dāng)n=9時，有故選C。5.M、N是某電場中一條電場線上的兩點，一個電子從M點以一定的初速度向N點運動，電子僅受電場力的作用，其電勢能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.電子的速度在不斷地減小B.電子的加速度在不斷地增大C.M點的電場強度大于N點的電場強度D.M點的電勢高于N點的電勢〖答案〗C〖解析〗A．電子僅受電場力的作用，由圖像可知電勢能隨位移增加而減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場力做正功，電子的動能在不斷增加，電子的速度也在不斷地增加，故A錯誤；BC．根據(jù)動能定理有圖像的斜率反映了電場強度的變化，圖像斜率逐漸減小，則電場強度逐漸減小，所以M點的電場強度大于N點的電場強度，電子在M點受到的電場力大于N點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律可知電子的加速度在不斷地減小，故C正確，B錯誤；D．由圖像可知電子的電勢能逐漸減小，根據(jù)可知M點的電勢低于N點的電勢，故D錯誤。故選C。6.電磁炮是利用電磁力對彈體加速的新型武器．某小組用圖示裝置模擬研究電磁炮的原理．間距為0.1m的水平長導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為0.5T，左端所接電池電動勢1.5V、內(nèi)阻0.5Ω．長0.1m、電阻0.1Ω的金屬桿ab靜置在導(dǎo)軌上．閉合開關(guān)S后，桿ab向右運動，在運動過程中受到的阻力恒為0.05N，且始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)軌電阻不計，則桿abA.先做勻加速直線運動，后做勻速直線運動 B.能達到的最大速度為12m/sC.兩端的電壓始終為0.25V D.達到最大速度時，ab兩端的電壓為1V〖答案〗D〖解析〗A.設(shè)內(nèi)阻為r，桿的電阻為R，設(shè)速度為v時，有：，根據(jù)牛頓第二定律：，聯(lián)立可知：物體做的是加速度減小的加速，當(dāng)加速度減小到零，開始勻速，A錯誤B.當(dāng)勻速時：，代入數(shù)據(jù)解得：，B錯誤CD.根據(jù)選項A可知，回路電流：，ab兩端電壓：，隨著速度變大，電壓在變化，當(dāng)達到最大速度，代入解得：，C錯誤D正確7.如圖所示，水平虛線MN上方有勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里．大量帶正電的相同粒子，以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個方向，由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運動．不計粒子重力和粒子間相互作用．下列圖中陰影部分表示帶電粒子可能經(jīng)過的區(qū)域，其中正確的是A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運動，因為粒子帶正電，根據(jù)左手定則可知粒子將向左偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；因為粒子以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個方向發(fā)射，由O點射入水平向右的粒子恰好應(yīng)為最右端邊界且ON=R；在豎直方向上有最遠點為2R，由O點豎直向上射入的粒子，打在最左端且距離為OM=2R，但是左側(cè)因為沒有粒子射入，所以中間會出現(xiàn)一塊空白區(qū)域，故B正確，AD錯誤．所以B正確，ACD錯誤．8.如圖甲所示，水平冰面上有兩位同學(xué)，A同學(xué)的質(zhì)量為，B同學(xué)靜止站在冰面上，A以一定的初速度向B滑去，抱住B同學(xué)后兩人一起向右運動。以向右為正方向，A同學(xué)的位移—時間圖像如圖乙所示，不計空氣和冰面對人的阻力，則下列說法正確的是（）A.同學(xué)B對A的沖量為B.同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為2∶3C.兩人相抱過程中損失的動能為D.兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為1∶1〖答案〗BC〖解析〗AB．由圖乙可知同學(xué)A的初始速度為由圖乙可知同學(xué)A抱住同學(xué)B后兩人的速度為由動量守恒定律得解得對A由動量定理得同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為A錯誤，B正確；C．兩人相抱過程中損失的動能為C正確；D．兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為D錯誤。故選BC。9.如圖所示，一下端封閉、上端開口的粗細均勻的玻璃管豎直靜置，長度的水銀柱封閉了一段空氣（視為理想氣體）柱，空氣柱的長度。外界大氣壓強恒為。使玻璃管向上做加速度大小的勻加速直線運動時，管內(nèi)空氣溫度保持不變，取重力加速度大小。和豎直靜置時相比較，下列說法正確的有（）A.管內(nèi)空氣的壓強增加了B.管內(nèi)空氣柱的長度減少了C.管內(nèi)空氣的壓強增加了D.管內(nèi)空氣柱的長度減少了〖答案〗CD〖解析〗AC．根據(jù)題意，設(shè)靜止時管內(nèi)空氣的壓強為，則有設(shè)玻璃管向上加速時管內(nèi)空氣的壓強為，管的橫截面積為，則有解得可知，管內(nèi)空氣的壓強增加了故A錯誤，C正確；BD．由于空氣溫度保持不變，由玻意耳定律有解得可知，管內(nèi)空氣柱的長度減少了，故B錯誤，D正確。故選CD。10.如圖所示，正方體空心框架ABCD﹣A1B1C1D1下表面在水平地面上，將可視為質(zhì)點小球從頂點A在∠BAD所在范圍內(nèi)（包括邊界）沿不同的水平方向分別拋出，落點都在平面內(nèi)（包括邊界）。不計空氣阻力，以地面為重力勢能參考平面。則下列說法正確的是（）A.小球初速度的最小值與最大值之比是1：2B.落在C1點的小球，運動時間最長C.落在B1D1線段上的小球，落地時機械能的最小值與最大值之比是1：2D.軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向都相同〖答案〗AD〖解析〗B．小球做平拋運動，由得下落高度相同，平拋運動的時間相等，故B錯誤；

A．小球落在A1C1線段中點時水平位移最小，落在C1時水平位移最大，由幾何關(guān)系知水平位移的最小值與最大值之比是1：2，由于運動時間t相等，由x=v0t得小球初速度的最小值與最大值之比是1：2，故A正確；

C．落在B1D1線段中點的小球，落地時機械能的最小，落在B1D1線段上D1或B1的小球，落地時機械能的最大。設(shè)落在B1D1線段中點的小球初速度為v1，水平位移為x1，落在B1D1線段上D1或B1的小球初速度為v2，水平位移為x2。由幾何關(guān)系有x1：x2=1：由x=v0t得v1：v2=1：落地時機械能等于拋出時的機械能，分別為可知落地時機械能的最小值與最大值之比不等于1：2．故C錯誤。

D．設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向與水平方向的夾角為θ。則有則tanθ=2tanα可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向相同，故D正確。

故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.使用如圖所示的裝置探究物體沿斜面下滑的運動特點，操作步驟如下：①讓滑塊從距離擋板s處由靜止下滑，同時打開水箱閥門，讓水流到量筒中（假設(shè)水流是均勻穩(wěn)定的）②當(dāng)滑塊碰到擋板時立即關(guān)閉閥門；③記錄量筒收集的水量V；④改變s，重復(fù)以上操作；⑤記錄測得的數(shù)據(jù)并填寫如下表格中。次數(shù)14.509524.008933.508443.007752.5071根據(jù)表中數(shù)據(jù)得到s與__________（選填“”、“V”或“”）成正比，由此可得滑塊沿斜面向下做__________運動。若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將__________（選填“增大”、“不變”或“減小”）（實驗允許有誤差）〖答案〗V2勻變速直線不變〖解析〗[1][2]在表格中計算出、，如圖次數(shù)14.50959.75902524.00899.43792133.5084917705643.00778.77592952.50718.435041從表格數(shù)據(jù)可以得出與成正比，由由于水流均勻穩(wěn)定，則量筒中收集的水量V和時間t成正比，所以由此可得滑塊沿斜面向下做勻變速直線運動。[3]位移s與體積V的二次方是成正比，與滑塊的質(zhì)量無關(guān)，所以若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將不變。12.要測量一只量程已知的電壓表的內(nèi)阻，所備器材如下：A．待測電壓表V（量程，內(nèi)阻約幾千歐）B．電流表A（量程，內(nèi)阻）C．定值電阻R（阻值，額定電流）D．蓄電池E（電動勢略小于，內(nèi)阻不計）E．多用電表F．開關(guān)、，導(dǎo)線若干有一同學(xué)利用上面所給器材，進行如下實驗操作：（1）先用多用電表進行粗測，選用倍率，操作方法正確。若這時刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測量的結(jié)果是__________。（2）為了更精確地測出此電壓表內(nèi)阻，在如圖所示乙、丙實驗電路中，該同學(xué)選擇丙圖的電路進行實驗，其理由是____________________。（3）在圖丁中，用筆畫線代替導(dǎo)線，按照丙圖的電路把實物連接好________。（4）利用丙圖的電路進行實驗時，簡述實驗的主要步驟（在所測量的物理量后寫上相應(yīng)的字母符號）：____________________；（5）用上述所測及已知的物理量的字母符號表示電壓表的內(nèi)阻__________?！即鸢浮剑?）3000（2）乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）（4）閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2