2020屆廣東省深圳市高考物理二調(diào)試卷(含答案詳解)

2020屆廣東省深圳市高考物理二調(diào)試卷一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）1. 如圖所示為研究光電效應的電路圖。開關閉合后，當用波長為λ0的單色光照射光電管的陰極K時，電流表有示數(shù)。下列說法正確的是(????)A.若只讓滑片P向D端移動，則電流表的示數(shù)一定增大B.若只增加該單色光的強度，則電流表示數(shù)一定增大C.若改用波長小于λ0的單色光照射光電管的陰極K，則陰極KD.若改用波長大于λ0的單色光照射光電管的陰極K2. 足球運動員用20N的力把質量1kg的足球踢出10m

遠，則運動員對足球做的功為(????)A.200

J B.100

JC.98

J D.條件不足，無法確定3. 如圖所示，空間中的M、N處存在兩個被固定的、等量同種正點電荷，在它們的連線上有A、B、C三點，已知MA=CN=NB，MA<NA.現(xiàn)有一正點電荷g，關于在電場中移動電荷q，下列說法中正確的是(????)A.沿半圓弧l將q從B點移到C點，電場力不做功B.沿曲線r將q從B點移到C點，電場力做負功C.沿曲線s將q從A點移到C點，電場力做正功D.沿直線將q從A點移到B點，電場力做正功4. 如圖所示，網(wǎng)球發(fā)球機正對豎直墻面兩次發(fā)球分別在墻上留下A、B兩點印跡、OP為水平線，測得AB-=3OA-，忽略空氣阻力，每個網(wǎng)球質量相同，則A.兩球發(fā)射的初速度之比vA：vBB.兩球離開P點時動能之比EkA：EkBC.兩球下落過程重力做功之比WA：WBD.兩球剛碰墻壁時重力瞬時功率之比PA：PB5. 沿同一直線運動的a、b兩物體，其x-t圖象分別為圖中直線a和曲線b所示，由圖可知(

)A.兩物體運動方向始終不變B.0～t1內(nèi)aC.t1D.t1～t2內(nèi)6. 下列例子中應用了反沖原理的是(????)A.洗衣機洗衣服時脫水過程 B.體操運動員在著地時彎曲雙腿C.噴氣式飛機和火箭的飛行 D.火車進站時切斷動力向前滑行7. 如圖所示，一木塊被水平外力F緊壓在傾斜墻面處于靜止。下列說法正確的是(????)A.木塊只受到3個力的作用B.木塊一定受到4個力的作用C.墻面與木塊間可能沒有彈力D.墻面與木塊間可能沒有摩擦力8. 如圖所示，一輕彈簧上、下兩端各連接質量均為m的兩物塊A、B，開始時，系統(tǒng)靜止在水平面上，現(xiàn)用一豎直向上的恒力F拉物塊A，使其向上運動，直到物塊B剛好要離開地面，重力加速度為g，則(????)A.A的加速度不變B.此過程恒力F做的功等于物塊A增加的機械能C.此過程中恒力F的功率一直增大D.此過程彈簧彈力對物塊A做功為正值二、多選題（本大題共6小題，共22.0分）9. 理想變壓器正常工作時，若只增加接在副線圈兩端的總電阻，則(????)A.副線圈中的電流增大 B.副線圈中的電流減小C.原線圈中的電流增大 D.原線圈中的電流減小10. 雜技表演“飛車走壁”的簡化模型如圖所示、，表演者在側壁某一水平面內(nèi)做勻速圓周運動、表演時雜技演員和摩托車的總質量不變，摩托車與側壁間沿側壁傾斜方向的摩擦力不計，軌道平面離地面的高度為H，側整的黃角α不變。下列說法正確的是A.H越大，摩托車做圓周運動的角速度越小B.H越大，摩托車做圓周運動的動能越大C.摩托車對側壁的壓力大小與H無關D.摩托車圓周運動的周期與H無關11. 如圖1，A、B是一條電場線上的兩點，若在A點釋放一初速為零的電子，電子僅受電場力作用，并沿電場線從A運動到B，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖2所示．設A、B兩點的電場強度分別為EA、EB，電勢分別為UA、UBA.EA=EB B.EA<E12. 回旋加速器在科學研究中得到了廣泛應用，其原理如圖所示，D1和D2是兩個中空的半圓形金屬盒，置于與盒面垂直的勻強磁場中，它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上．位于D1圓心處的質子源A能不斷產(chǎn)生質子(初速度可以忽略)，它們在兩盒之間被電場加速．當質子被加速到最大動能Ek后，再將它們引出．忽略質子在電場中的運動時間，則下列說法中A.若只增大交變電壓U，則質子的最大動能EkB.若只增大交變電壓U，則質子在回旋加速器中運行時間縮短C.質子第n次被加速前后的軌道半徑之比為n-1：nD.若只將交變電壓的周期變?yōu)?T，仍可用此裝置加速質子13. 下列說法中正確的是(????)A.液晶既有液體的流動性，又具有光學各向異性B.飽和氣壓隨溫度的升高而變小C.單晶體具有規(guī)則形狀，且有各向異性的特征D.可以從單一熱源吸取熱量，使之全部變成有用的機械功，而不產(chǎn)生其他影響14. 下列說法正確的是(????)A.一定質量的理想氣體，體積減小，壓強也減小時，在單位面積上單位時間內(nèi)與容器壁碰撞的分子數(shù)目可能減少B.一定質量的理想氣體，在吸熱后，體積增大，壓強也增大，則氣體吸收的熱量一定大于它對外所做的功C.將實際氣體壓縮時，氣體分子間作用力做負功，分子勢能增大D.燒水時，速率大的水分子數(shù)目增多，但可能有水分子的速率反而減小E.0℃的冰熔化成0℃的水，體積減小，故分子勢能減小，由于溫度不變，分子的平均動能不變?nèi)?、實驗題（本大題共2小題，共12.0分）15. 某同學探究彈力與彈簧伸長量的關系．彈簧自然懸掛，長度記為L0，彈簧下端掛上砝碼盤時，長度記為Lx；在砝碼盤中每次增加10g砝碼，彈簧長度依次記為L1至代表符號LLLLLLLL數(shù)值(cm)25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30(1)表中有一個數(shù)值記錄不規(guī)范，代表符號為______．(2)如圖是該同學根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖，縱軸是砝碼的質量，橫軸是彈簧長度與______的差值(填“L0或Lx”(3)由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為______N/m；通過圖和表可知砝碼盤的質量為______g(結果均保留兩位有效數(shù)字，g取9.8m/s16. 在“測定電源電動勢和內(nèi)阻”實驗中，某同學在坐標紙上畫出U-I圖線如圖所示。則電源的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。四、計算題（本大題共5小題，共48.0分）17. 如圖所示，物體在蒙有動物毛皮的斜面上運動．由于毛皮表面的特殊性，引起物體的運動有如下特點：①順著毛的生長方向運動時毛皮產(chǎn)生的阻力可以忽略；②逆著毛的生長方向運動會受到來自毛皮的滑動摩擦力，且動摩擦因數(shù)μ恒定．斜面頂端距水平面高度為h=0.8m，質量為m=2kg的小物體M從斜面頂端A由靜止滑下，從O點進入光滑水平滑道時無機械能損失，為使M制動，將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長線B處的墻上，另一端恰位于水平軌道的中點C.已知斜面的傾角θ=53°，動摩擦因數(shù)均為μ=0.5，其余各處的摩擦不計，g=10m/s2(1)彈簧壓縮到最短時的彈性勢能(設彈簧處于原長時彈性勢能為零)(2)若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是多少？(3)物塊M在斜面上下滑過程中的總路程．18. 如圖所示，相距為d、板間電壓為U的平行金屬板M、N間有垂直紙面向里、磁感應強度為B0的勻強磁場；在pOy區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場；pOx區(qū)域為無場區(qū)．一正離子(不計重力)沿平行于金屬板、垂直磁場射入兩板間并做勻速直線運動，從H(0,a)點垂直y軸進入第Ⅰ象限，經(jīng)Op上某點離開磁場，最后垂直x軸離開第Ⅰ象限．求：(1)離子在平行金屬板間的運動速度；(2)離子的荷質比qm(3)離子在第Ⅰ象限的磁場區(qū)域和無場區(qū)域內(nèi)運動的時間之比．19. 如圖所示，傳送帶以恒定的速度v=10m/s運動，傳送帶與水平面的夾角θ為37°，PQ=16m，將一小物塊無初速地放在傳送帶上P點，物塊與此傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，g=10m/s2.求當傳送帶順時針轉動時，小物塊運動到Q點的時間為多少？(sin37°=0.6,cos37°=0.8)20. 底面積S=40cm2、高l0=15cm的圓柱形汽缸開口向上固定在水平地面上，開口處兩側有擋板，如圖所示。缸內(nèi)有一可自由移動的質量為m=2kg的活塞封閉了一定質量的理想氣體，不可伸長的細線一端固定在活塞上，另一端跨過兩個光滑定滑輪拉著質量為M=10kg的物體A.開始時，氣體溫度tl=27℃，活塞到缸底的距離l1=l0cm，物體A(i)物體A剛著地時氣體的溫度；(ii)活塞剛到達汽缸頂部時氣體的溫度。21. 如圖所示，長為31cm、內(nèi)徑均勻的細玻璃管開口向上豎直放置，管內(nèi)水銀柱的上端正好與管口齊平，封閉氣體的長為10cm，若把玻璃管在豎直平面內(nèi)緩慢轉至開口豎直向下，這時留在管內(nèi)的水銀柱長為15cm，然后再緩慢轉回到開口豎直向上，求：(I)大氣壓強P0(Ⅱ)末狀態(tài)時空氣柱的長度．

參考答案及解析1.答案：B解析：解：A、電路所加電壓為正向電壓，如果電流達到飽和電流，增加電壓，電流也不會增大，故A錯誤；B、只增加單色光強度，逸出的光子數(shù)增多，電流增大，故B正確；C、金屬的逸出功與入射光無關，故C錯誤；D、改用波長大于λ0的光照射，雖然光子的能量變小，但也可能發(fā)生光電效應，可能有電流，故D故選：B。分析電路，正向電壓時，達到飽和電流之前，電壓越大，電流越大；單色光強度與頻率和光子數(shù)共同決定；金屬的逸出功是固有屬性，與入射光無關；根據(jù)愛因斯坦光電效應方程分析。解決本題的關鍵掌握光電效應方程，知道最大初動能與遏止電壓的關系，注意光電子的最大初動能是由入射光的頻率決定，與光強無關。2.答案：D解析：力做功的公式為W=FLcosθ，要找出物體在該力作用下通過的位移即可，力為20N，沒有告訴位移，故無法求做功．該題是利用公式求出相關物理量，直接進行判斷，要知道公式W=FLcosθ中F、L應對應于同一過程．根據(jù)功的公式W=Fs，知F=20N，s不能確定，故運動員對足球做的功不能確定；故ABC錯誤，D正確．故選：D

3.答案：C解析：解：AB、沿半圓弧l將q從B點移到C點的過程中，從B到N電場力做負功，N到C電場力做正功，根據(jù)場強的疊加，知NC段的電場強度大于BN段的電場強度，B到C過程中，電場力做的負功小于電場力做的正功，所以B到C電場力做正功。故A、B錯誤。C、A點與B點等電勢，所以A點移動到C點與從B點移動到C點等效，所以將電荷從A點移動到C點電場力做正功。故C正確。D、A、B兩點等電勢，所以從A點移動B點，電場力不做功。故D錯誤。故選：C。電場力做功與路徑無關，根據(jù)電荷的移動方向，分析電勢的變化，判斷電場力做功情況。解決本題的關鍵掌握電場力做功的特點：電場力做功與路徑無關，掌握判斷電場力做功正負的方法。4.答案：D解析：解：A、網(wǎng)球做平拋運動，根據(jù)平拋運動公式：x=vth=1結合AB-=3OA-，可知vA：vB、根據(jù)動能的計算公式Ek=12mv2，結合兩次發(fā)球的速度之比可知EC、根據(jù)重力做功的公式WG=mgh，結合AB-=3OA-，可知WAD、根據(jù)重力瞬時功率的公式P=mgv結合平拋豎直方向自由落體運動有：vy聯(lián)立解得PA：PB=1：2故選：D。通過豎直方向位移的比值求時間的比值，通過水平方向位移的比值求初速度的比值，根據(jù)動能和重力做功的公式求得對應比值，重力瞬時功率的計算公式為P=mgv本題考查平拋運動、動能定理、重力做功、重力做功的功率問題，注意求解重力做功的功率時應為P=mgv5.答案：C解析：根據(jù)圖象切線的斜率表示速度，確定運動的方向，結合位置坐標比較位移的大小，根據(jù)位移和時間的比值比較平均速度的大小關系。解決本題的關鍵知道位移時間圖線的物理意義，知道圖線切線斜率表示瞬時速度．結合幾何知識研究圖象的物理意義。A.在x-t圖象中，切線的斜率表示速度，b圖象的斜率先負后正，說明b車先沿負向運動，后沿正向運動，故A錯誤；B.由圖知：0時刻到t1時刻，a物體的位移小于b物體的位移，故BC.t1到t2時間內(nèi)，某時刻兩圖象的斜率相等，物體的速度相同，故D.t1～t故選C。

6.答案：C解析：解：A、洗衣機洗衣服時脫水過程利用的是離心現(xiàn)象，與反沖無關，故A錯誤；B、體操運動員在著地時彎曲雙腿是利用了緩沖原理，故B錯誤；C、噴氣式飛機和火箭的飛行都是應用了反沖的原理，故C正確；D、火車進站時切斷動力向前滑行是利用慣性，故D錯誤。故選：C。明確反沖運動是相互作用的物體之間的作用力與反作用力產(chǎn)生的效果；同時注意其他物理規(guī)律在生產(chǎn)生活中的應用．解決本題的關鍵知道反沖的原理，并且要知道反沖、慣性以及離心現(xiàn)象等在實際生活中的運用．7.答案：B解析：解：對木塊受力分析，根據(jù)平衡條件可知木塊受推力、重力，若沒有支持力就沒有摩擦力，物體不可能平衡，故一定有支持力，同理有靜摩擦力，如圖所示，所以物體受到4個力作用，故ACD錯誤，B正確。故選：B。對木塊受力分析，根據(jù)平衡條件可知物塊受推力、重力、支持力和靜摩擦力。本題關鍵是熟悉受力分析的方法，明確彈力和摩擦力的產(chǎn)生條件，然后根據(jù)共點力平衡條件列式分析。8.答案：B解析：解：A、對A受力分析，開始時，A受重力、拉力F和彈簧向上的彈力，由牛頓第二定律得：F+kx-mg=ma，隨著A的上升，彈簧的壓縮量x減小，加速度減小，但方向向上，A做加速度減小的加速運動．當彈簧恢復原長后，A繼續(xù)上升，彈簧被拉長，則有

F-kx-mg=ma，隨著A的上升，彈簧的伸長量x增大，加速度減小，但方向向上，故A繼續(xù)做加速度減小的加速運動，故A錯誤．B、根據(jù)平衡條件可知，開始時彈簧壓縮量和B剛好要離開地面時彈簧伸長量均為：x=mgk，所以彈簧彈性勢能的變化量為零，根據(jù)功能關系知，此過程恒力F做的功等于物塊A增加的機械能，故C、A先做加速運動后再做減速運動，而力F恒定，故此過程中恒力F的功率先增大后減小，故C錯誤；D、整個過程中，彈性勢能不變，所以整個過程中彈簧對A做功為零，故D錯誤；故選：B對A應用牛頓第二定律求出加速度，再有運動學知識確定A的速度變化情況，進而確定力F的功率變化，結合動能定理和能量守恒知識，確定功能之間關系．本題的關鍵要能正確分析物體的受力情況，來判斷物體的運動情況．要知道彈簧的彈性勢能與形變量有關．9.答案：BD解析：解：A、理想變壓器的原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，因原線圈的電壓不變，匝數(shù)也不變，所以副線圈的電壓也不變，若增增加接在副線圈兩端的總電阻，則副線圈中電流減小，故A錯誤，B正確；C、理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定，副線圈中電流減小，則輸出的電功率增大，故原線圈輸入功率減小，因原線圈的電壓不變，原線圈中電流減小，故C錯誤，D正確；故選：BD。根據(jù)理想變壓器的原副線圈的電壓與匝數(shù)關系，來確定副線圈電壓如何變化；理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定；由P=U考查理想變壓器的變壓比，掌握原副線圈間的功率關系，理解P=U10.答案：ABC解析：摩托車做勻速圓周運動，提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力圖，得出向心力大小不變。h越高，圓周運動的半徑越大，由向心力公式分析周期、線速度大小。本題考查應用物理規(guī)律分析實際問題的能力，此題是圓錐擺模型，關鍵是分析物體的受力情況，抓住不變量進行研究解：A、摩托車做勻速圓周運動，摩擦力恰好為零，由重力mg和支持力F的合力提供圓周運動的向心力，作出力圖如圖，則有：向心力Fn=mgtanα，m，α不變，向心力大小不變。由mgtanα=mrω2得：ω=gtanαr，則知H越高，B、根據(jù)牛頓第二定律得Fn=mv2r，H越高，r越大，F(xiàn)C、側壁對摩托車的支持力F=mgcosαD、根據(jù)Fn=4π2mrT2，由于故選：ABC。

11.答案：AD解析：解：由圖可知：電子做初速度為零的勻加速直線運動．勻加速運動說明所受電場力恒定，因此為勻強電場，即EA=EB，電子由靜止從A運動到B，所以電場力由A指向B，因此電場線方向從B指向A，沿電場線電勢降低，即有φA故選AD．根據(jù)電子運動的速度-時間圖象可知，電子做初速度為零的勻加速直線運動，由此可以判斷出電場的方向和電場強度大小的變化情況．本題結合運動圖象考查了電場強度和電勢的變化情況，考查角度新穎，要注意結合圖象的含義以及電場線和電場強度與電勢的關系求解．12.答案：BC解析：解：A、根據(jù)qvB=mv2r，得v=qBrmB、若只增大交變電壓U，則質子在回旋加速器中加速次數(shù)會減小，導致運行時間變短，故B正確；C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，則有半徑公式R=mvBq與nqU=12mv2，所以質子第nD、若只將交變電壓的周期變?yōu)?T，而質子在磁場中運動的周期不變，則兩周期不同，所以不能始終處于加速狀態(tài)，故D錯誤，故選：BC?；匦铀倨魇峭ㄟ^電場進行加速，磁場進行偏轉來加速帶電粒子．帶電粒子在磁場中運動的周期與交流電源的周期相同，根據(jù)T=2πmqB比較周期．當粒子最后離開回旋加速器時的速度最大，根據(jù)解決本題的關鍵知道帶電粒子在磁場中運動的周期與交流電源的周期相同，求出粒子的周期和最大動能，根據(jù)質量比和電量比，去比較周期和最大動能．13.答案：AC解析：解：A、根據(jù)液晶特點和性質可知，液晶既有液體的流動性，又具有光學各向異性，故A正確．B、溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故B錯誤．C、晶體有單晶體和多晶體，單晶體一定具有規(guī)則形狀，且有各向異性的特征，故C正確．D、根據(jù)熱力學第二定律得知，在沒有外界影響之下，從單一熱源吸取熱，不可能使之全部變成有用的機械功，故D錯誤．故選：AC．本題考查的知識點較多，關鍵要掌握固體的特性、飽和氣壓等等，要掌握熱力學第二定律，并能用來分析實際問題．14.答案：ABD解析：解：A、一定質量的理想氣體，體積減小，壓強也減小時，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度也減小，分子平均速度也減小，在單位面積上單位時間內(nèi)與容器壁碰撞的分子數(shù)目可能減少，A正確；B、一定質量的理想氣體，在吸熱后，體積增大，則氣體對外做功，壓強也增大，結合理想氣體狀態(tài)方程知溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學第一定律：△U=W+Q知，Q>W，故B正確。C、將實際氣體壓縮時，氣體壓強(力)做負功，分子勢能不，故C錯誤；D、燒水時，溫度升高，分子平均動能增大，大部分水分子數(shù)速率增大，但這是一個統(tǒng)計數(shù)，所以可能有水分子的速率反而減小，故D正確；E、0℃的冰逐漸熔化成0℃的水的過程中吸收熱量，冰的內(nèi)能增大，而冰的溫度不變，則分子的平均動能不變，所以分子勢能會增加，故E錯誤。故選：ABD。溫度是分子平均動能的標志；內(nèi)能由分子動能和分子勢能組成；熱力學第一定律：△U=W+Q；壓強的微觀因素有單位面積碰撞器壁的分子數(shù)和分子動能決定；冰溶化的過程中吸收熱量，分子勢能會增加。分子動理論和熱力定律知識點多且相互聯(lián)系，一定要學細學精，理解到位。15.答案：L3

Lx

4.9解析：解：(1)用毫米刻度尺測量長度是要估讀到分度值的下一位，記錄數(shù)據(jù)的最后一位是估讀位，故數(shù)據(jù)L3記錄不規(guī)范，由表可知所用刻度尺的最小刻度為1mm(2)根據(jù)胡克定律公式△F=k△x，故橫軸應為彈簧長度與Lx(3)k=由表格得到，彈簧原長為：L0=25.35cm；掛砝碼盤時：根據(jù)胡克定律，砝碼盤質量為：M=k(故答案為：(1)L3；(2)Lx；(3)4.9；彈簧自然懸掛，故是豎直放置；充分利用測量數(shù)據(jù)，根據(jù)公式△F=k△x可以計算出彈簧的勁度系數(shù)k.其中△x為彈簧的形變量．彈簧測力計的原理是在彈簧的彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長與受到的拉力成正比．對于實驗問題，我們要充分利用圖象處理實驗數(shù)據(jù)來減少偶然誤差．16.答案：1.50；0.83解析：解：根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：U=E-Ir，則根據(jù)圖象可知，圖象與縱軸的交點表示電動勢，故E=1.50V；圖象的斜率表示內(nèi)電阻，則r=△U△I故答案為：1.50；0.83。由閉合電路歐姆定律進行分析，結合圖象的性質即可求得電動勢和內(nèi)電阻。本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗，要注意明確實驗原理，掌握利用圖象進行數(shù)據(jù)處理的基本方法。17.答案：解：(1)物塊M從斜面頂端A運動到彈簧壓縮到最短，由動能定理得

mgh-μmgcosθ?則E(2)設物塊M第一次彈回，上升的最大高度為H．物塊往回運動過程，毛皮對物塊沒有摩擦，所以機械能守恒則得：E解得H=0.5m(3)物塊M最終停止在水平面上，對于運動的全過程，由動能定理得

mgh-μmgcosθ物塊M在斜面上下滑過程中的總路程x=答：(1)彈簧壓縮到最短時的彈性勢能是10J(2)若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是0.5m(3)物塊M在斜面上下滑過程中的總路程是2.67m．解析：(1)物塊M從斜面頂端A運動到彈簧壓縮到最短，由動能定理求解彈簧壓縮到最短時的彈性勢能(2)由動能定理研究上升的最大高度位置求解．(3)物塊M最終停止在水平面上，對于運動的全過程，由動能定理求解．了解研究對象的運動過程是解決問題的前提，根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問題．一個題目可能需要選擇不同的過程多次運用動能定理研究．18.答案：解：(1)設帶電粒子的質量為m、電量為q，在平行金屬板間的運動速度為v，平行金屬板間的場強為E0依題意，有：qvB0又勻強電場，有：E0聯(lián)立①②解得：v=U(2)帶電粒子進入pOy區(qū)域，做勻速圓周運動，設軌道半徑為r，有：

qvB=mv依題意帶電粒子進入第Ⅰ象限轉過14圈后從Op

r+rtan45°=a，得r=1聯(lián)立③④⑤得：qm(3)勻速圓周運動的周期T=2πr帶電粒子在磁場中的運動時間：t1離子從C出來后作勻速直線運動，設經(jīng)過x軸上的D點，如圖，由幾