四川省仁壽一中南校區(qū)2024-2025學(xué)年高一物理上學(xué)期第三單元檢測(cè)試題含解析

PAGE20-四川省仁壽一中南校區(qū)2024-2025學(xué)年高一物理上學(xué)期第三單元檢測(cè)試題（含解析）一．單項(xiàng)選擇題1.下列單位屬于國(guó)際標(biāo)準(zhǔn)基本單位的是①米（m）②秒（s）③牛頓（N）④加速度（m/s2）⑤質(zhì)量（Kg）A.①②③ B.①③④ C.①②⑤ D.①③④【答案】C【解析】【詳解】給出選項(xiàng)中屬于國(guó)際單位基本單位的是米（m）、秒（s）、質(zhì)量（kg）三個(gè)，其他均為導(dǎo)出單位，所以①②⑤正確，故C正確，ABD錯(cuò)誤。2.關(guān)于慣性，下列說(shuō)法中正確的是A.同一汽車(chē)，速度越快，越難剎車(chē)，說(shuō)明物體的速度越大，慣性越大B.物體在任何狀況下都具有慣性C.物體只有靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)才具有慣性D.已知月球上的重力加速度是地球上的，故一個(gè)物體從地球移到月球后慣性減小為地球上的【答案】B【解析】【詳解】ABC．慣性是物體的固有屬性，與速度大小和運(yùn)動(dòng)與否無(wú)關(guān)，故AC錯(cuò)誤，B正確；

D．已知月球上的重力加速度是地球上的，故一個(gè)物體從地球移到月球慣性不變，重力減小為，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖，在傾角為的固定光滑斜面上，有一用繩子栓著的長(zhǎng)木板，木板上站著一只貓.已知木板的質(zhì)量是貓的質(zhì)量的2倍。當(dāng)繩子突然斷開(kāi)時(shí)，貓馬上沿著板向上跑，以保持其相對(duì)斜面的位置不變.則此時(shí)木板沿斜面下滑的加速度為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】木板沿斜面加速下滑時(shí)，貓保持相對(duì)斜面的位置不變，即相對(duì)斜面靜止，加速度為零.將木板和貓作為整體，依據(jù)牛頓其次定律(a為木板的加速度)，整體受到的合力的大小為貓和木板沿斜面方向的分力的大小，即，解得，A．綜上分析，A錯(cuò)誤；B．綜上分析，B錯(cuò)誤；C．綜上分析，C正確；D．綜上分析，D錯(cuò)誤；故選C。4.物體A放在物體B上，物體B放在光滑的水平面上，已知kg，kg，A、B間動(dòng)摩擦因數(shù)，如圖所示．現(xiàn)用一水平向右的拉力F作用于物體A上，則下列說(shuō)法中正確的是（m/s2）：A.當(dāng)拉力F<12N時(shí)，A靜止不動(dòng)B.當(dāng)拉力F=16N時(shí)，A對(duì)B的摩擦力等于4NC.當(dāng)拉力F>16N時(shí)，A肯定相對(duì)B滑動(dòng)D.無(wú)論拉力F多大，A相對(duì)B始終靜止【答案】B【解析】【詳解】假設(shè)具有相同的加速度以B為探討對(duì)象可以知道6.以整體為探討對(duì)象可知F時(shí)AB才會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)．所以CD錯(cuò)．當(dāng)拉力F＜12N時(shí)．AB具有相同加速度，A不靜止所以A錯(cuò)．當(dāng)拉力F=16N時(shí)，則以B為探討對(duì)象可知：f=則B對(duì)．5.一支架固定于放于水平地面上的小車(chē)上，細(xì)線上一端系著質(zhì)量為m的小球，另一端系在支架上，當(dāng)小車(chē)向左做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，此時(shí)放在小車(chē)上質(zhì)量M的A物體跟小車(chē)相對(duì)靜止，如下圖所示，則A受到的摩擦力大小和方向是A.Mgsinθ，向左 B.Mgtanθ，向右C.Mgcosθ，向右 D.Mgtanθ，向左【答案】B【解析】【分析】小球與物體A相對(duì)于車(chē)均是靜止的，加速度相同．知道夾角為θ，可以依據(jù)牛頓其次定律求出小球的加速度，再對(duì)A探討，運(yùn)用牛頓其次定律求出摩擦力大小和方向．【詳解】以小球?yàn)樘接憣?duì)象，受力如圖，據(jù)牛頓其次定律有：可得；以物體A為探討對(duì)象有，方向水平向右．故選B6.如圖所示，用水平外力F將木塊壓在豎直墻面上保持靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是()A.木塊所受重力與墻對(duì)木塊的靜摩擦力是一對(duì)平衡力B.木塊所受重力與墻對(duì)木塊的靜摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力C.木塊對(duì)墻的壓力與水平力F是一對(duì)平衡力D.水平力F與墻對(duì)木塊的正壓力是一對(duì)作用力和反作用力【答案】A【解析】【詳解】AB．木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，在豎直方向上受兩個(gè)力，即重力和墻對(duì)木塊的靜摩擦力，兩個(gè)力是一對(duì)平衡力，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．木塊在水平方向上受外力F和墻對(duì)木塊的支持力，兩個(gè)力是一對(duì)平衡力，故CD錯(cuò)誤。故選A。7.人站在電梯內(nèi)的體重計(jì)上，體重計(jì)示數(shù)增大，可能的緣由是A.電梯勻速上升 B.電梯勻速下降C.電梯勻加速上升 D.電梯勻加速下降【答案】C【解析】【詳解】AB．電梯勻速上升或勻速下降時(shí)處于平衡狀態(tài)，重力等于支持力，體重計(jì)示數(shù)不會(huì)增大，故AB不符合題意；

CD．體重計(jì)示數(shù)增大，則體重計(jì)對(duì)人的支持力大于人的重力，人受到的合力向上，處于超重狀態(tài)，電梯可能加速上升或減速下降，故C符合題意，D不符合題意。

故選C。8.一水平的傳送帶AB長(zhǎng)為10m，以2m/s的速度順時(shí)針做勻速運(yùn)動(dòng)，已知物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，則把該物體由靜止放到傳送帶的A端起先，運(yùn)動(dòng)到B端所需的時(shí)間是A.6s B.2s C.4s D.5s【答案】A【解析】【詳解】設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的加速度為a，依據(jù)牛頓其次定律得：μmg=ma，解得：a=1m/s2設(shè)達(dá)到皮帶速度v時(shí)發(fā)生的位移為s1，所用時(shí)間為t1，則：v2=2as1，解得：s1=2m依據(jù)速度公式有：v=at1，解得時(shí)間為：t1=2s此時(shí)距離B端：s2=10m-s1=10-2=8m接下來(lái)做勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：可得：t=t1+t2=6s故A符合題意，BCD不符合題意。9.如圖所示，光滑斜面體固定在水平面上，傾角為30°，輕彈簧下端固定A物體，A物體質(zhì)量為m，上表面水平且粗糙，彈簧勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，初始時(shí)A保持靜止?fàn)顟B(tài)，在A的上表面輕輕放一個(gè)與A質(zhì)量相等的B物體，隨后兩物體一起運(yùn)動(dòng)，則（）A.當(dāng)B放在A上的瞬間，A的加速度仍為零B.當(dāng)B放在A上的瞬間，A對(duì)B的摩擦力為零C.當(dāng)B放在A上的瞬間，A對(duì)B的支持力大于mgD.A和B一起下滑距離時(shí)，A和B的速度達(dá)到最大【答案】D【解析】【詳解】A.將B放在A上前，以A為探討對(duì)象受力分析，起先時(shí)，依據(jù)平衡可知彈簧的彈力F=mgsin30°=當(dāng)B放在A上瞬間時(shí)，以AB整體為探討對(duì)象受力分析，依據(jù)牛頓其次定律2mgsin30°-F=2ma可得整體的加速度，故A錯(cuò)誤；BC.當(dāng)B放在A上瞬間時(shí)，B具有沿斜面對(duì)下的加速度，將B的加速度沿水平方向的豎直方向分解如圖：B的加速度有水平方向的重量，重力與支持力在豎直方向，故可知此加速度重量由A對(duì)B的摩擦力供應(yīng)；B的加速度有豎直方向的重量，故可知，A對(duì)B的支持力與B的重力的合力豎直向下，故A對(duì)B的支持力小于B的重力，故BC錯(cuò)誤；D.A、B一起下滑時(shí)，彈簧彈力增加，共同下滑的加速度減小，故當(dāng)加速度減小至0時(shí)，A、B具有最大速度，此時(shí)有2mgsin30°-F′=0可得彈簧彈力F′=mg，所以共同下滑的距離即此時(shí)A、B具有最大速度，故D正確．10.如圖所示，質(zhì)量為m的小球穿在足夠長(zhǎng)的水平固定直桿上處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)對(duì)小球同時(shí)施加水平向右的恒力F0和豎直向上的力F，使小球由靜止起先向右運(yùn)動(dòng)，其中豎直向上的力F大小始終與小球的速度大小成正比，即F=kv（圖中未標(biāo)出）．已知小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，下列說(shuō)法中正確的是A.小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)直到靜止B.小球先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng),后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),最終做勻速運(yùn)動(dòng)C.小球的最大加速度為D.小球的最大速度為【答案】B【解析】【詳解】AB．剛起先運(yùn)動(dòng)，加速度為a=當(dāng)速度v增大，加速度增大，當(dāng)速度v增大到符合kv＞mg后，加速度為：a2=當(dāng)速度v增大，加速度減小，當(dāng)a2減小到0，做勻速運(yùn)動(dòng)，所以小球先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最終做勻速運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤，B正確．D．當(dāng)加速度為零時(shí)，小球的速度最大，此時(shí)有：F0=μ（kv-mg），故最大速度為：vm=故D錯(cuò)誤．C．當(dāng)阻力為零時(shí)，加速度最大，故小球的最大加速度為．故C錯(cuò)誤．二．多選題11.如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量分別為和，B放在光滑的水平桌面上，不計(jì)繩重和摩擦，重力加速度為．輕輕釋放A后（）A.繩子中的拉力大小為 B.兩物體的加速度均小于C.物體A處于失重狀態(tài) D.物體B處于超重狀態(tài)【答案】BC【解析】【詳解】AB．A落地前，對(duì)于B，取水平向右為正，對(duì)于A，取豎直向下為正，依據(jù)牛頓其次定律得：聯(lián)立兩式解得：故A錯(cuò)誤，B正確．CD．物體A的加速度方向向下，所以A處于失重狀態(tài)，B豎直方向加速度為0，不是超重也不是失重，故C正確，D錯(cuò)誤．12.如圖所示,小車(chē)板面上有一質(zhì)量為m=8kg的物塊被一根水平方向上拉伸了的彈簧拉住靜止在小車(chē)上,這時(shí)彈簧的彈力為6N.現(xiàn)沿水平向左的方向?qū)π≤?chē)施加作用力,使小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度由零漸漸增大到1m/s2，此后以1m/s2的加速度向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng).在此過(guò)程中()A.物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中不受摩擦力作用B.物塊受到的摩擦力先減小后增大,最終保持不變C.某時(shí)刻物塊受到的摩擦力為零D.某時(shí)刻彈簧對(duì)物塊的作用力為零【答案】BC【解析】【詳解】A．物體水平方向受彈簧拉力及摩擦力；物體起先時(shí)靜止，故彈簧的拉力等于摩擦力；當(dāng)物體以1m/s2的加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，依據(jù)牛頓其次定律得合力：N物體只需受向左的2N的摩擦力即可滿(mǎn)意，故此時(shí)彈力不變，而摩擦力應(yīng)向左，共同產(chǎn)生加速度，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)加速度從零起先增大時(shí)，合力應(yīng)向左增大，由A的分析可知，當(dāng)加速度為1m/s2時(shí)，物體的合力向左，大小為8N，而在加速度增大的過(guò)程中，合力應(yīng)從零增大的8N，故摩擦力應(yīng)先減小，然后再反向增大；最終勻加速時(shí)保持不變，故B正確；C．當(dāng)加速度為m/s2時(shí)，只須要合力為6N，故此時(shí)摩擦力為零，故C正確；D．平衡時(shí)摩擦力為6N，在向左加速過(guò)程，摩擦力先減小；最終增大到向左的2N；故在整個(gè)改變過(guò)程中，摩擦力均不會(huì)超過(guò)6N，故物體不會(huì)滑動(dòng)，因此彈簧的長(zhǎng)度不變，故作用力不變，始終為6N，故D錯(cuò)誤。故選BC．【點(diǎn)睛】本題難點(diǎn)在于對(duì)過(guò)程中合力的分析，要明確在整個(gè)過(guò)程中合力的改變是由摩擦力引起的，而當(dāng)摩擦力為6N時(shí)物體沒(méi)有動(dòng)，故在整個(gè)改變中物體不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)．13.如圖所示，讓物體同時(shí)從豎直圓上的P1、P2處由靜止起先下滑，沿光滑的弦軌道P1A、P2A滑到A處，P1A、P2A與豎直直徑的夾角分別為θ1、θ2則A.物體沿P1A、P2A下滑加速度之比為sinθ1：sinθ2B.物體沿P1A、P2A下滑到A處的速度之比為cosθ1：cosθ2C.兩物體質(zhì)量相同，則兩物體所受的合外力之比為sinθ1：sinθ2D.物體沿P1A、P2A下滑的時(shí)間之比為1：1【答案】BD【解析】【詳解】A．物體受重力、支持力，依據(jù)牛頓其次定律得：，可得加速度為：所以加速度大小之比為cosθ1：cosθ2，故A不符合題意；BD．物體的位移為2Rcosθ，則有：，解得：與夾角無(wú)關(guān)，知下滑時(shí)間之比為1：1，由v=at，知速度之比為cosθ1：cosθ2，故BD符合題意；

C．加速度大小之比為cosθ1：cosθ2，依據(jù)牛頓其次定律知，合外力之比為cosθ1：cosθ2，故C不符合題意。故選BD。14.國(guó)慶7天假期，黃山風(fēng)景區(qū)出現(xiàn)日出、云海等多種自然美景，吸引游客超17萬(wàn)人次。某游客乘坐纜車(chē)索道的情景可簡(jiǎn)化成如圖所示模型。已知傾斜索道與水平面夾角為37°，當(dāng)載人車(chē)廂沿索道運(yùn)動(dòng)時(shí)，車(chē)廂里質(zhì)量為m的人對(duì)廂底的壓力為其重力的1.25倍，已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是A.人對(duì)廂底的摩擦力方向向左B.載人車(chē)廂肯定沿傾斜索道向上運(yùn)動(dòng)C.車(chē)廂運(yùn)動(dòng)的加速度大小為gD.車(chē)廂對(duì)人的摩擦力大小為mg【答案】AD【解析】【詳解】B．由于人對(duì)車(chē)廂底的正壓力為其重力的1.25倍，人處于超重狀態(tài)，所以載人車(chē)廂可能沿斜索道加速向上運(yùn)動(dòng)，也可能減速向下運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；AD．在豎直方向上有：FN-mg=ma上，解得：a上=0.25g設(shè)水平方向上加速度為a水，則：可得：方向向右；對(duì)人受力分析可知，在水平方向上摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度則有：方向向右，依據(jù)牛頓第三定律可得人對(duì)廂底的摩擦力方向向左，故AD正確；C．車(chē)廂運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：故C錯(cuò)誤。故選AD。15.如圖甲所示，一傾角＝的足夠長(zhǎng)斜面體固定在水平地面上，一個(gè)物塊靜止在斜面上．現(xiàn)用大小為F＝kt，(k為常量，F(xiàn)、t的單位均為國(guó)際標(biāo)準(zhǔn)單位)的拉力沿斜面對(duì)上拉物塊，物塊受到的摩擦力Ff隨時(shí)間改變的關(guān)系圖象如圖乙所示，物塊與斜面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g＝10m/s2，則下列推斷正確的是A.物塊的質(zhì)量為1kgB.k的值為5N/sC.物塊與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)為D.t＝3s時(shí)，物塊的加速度大小為4m/s2【答案】ABD【解析】【詳解】A．t=0時(shí)Ff=mgsinθ=5N解得m=1kg故A正確；B．當(dāng)t=1s時(shí)，F(xiàn)f=0，說(shuō)明F=5N，由可知，k=5N/m，故B正確；C．由圖可知，后來(lái)滑動(dòng)，則Ff=6N=μmgcosθ解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)F=Ff+mgsinθ即kt1=6+5解得t1=2.2s物體起先向上滑動(dòng)，由牛頓其次定律有F合=kt-Ff-mgsinθ當(dāng)t=3s時(shí)，所以加速度為故D正確．三．試驗(yàn)題16.某同學(xué)所在試驗(yàn)小組利用如圖1（甲）所示的試驗(yàn)裝置探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用的溝通電頻率f＝50Hz，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）在試驗(yàn)前必需平衡摩擦力，其步驟如下：取下細(xì)線和砂桶，把木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高并反復(fù)調(diào)整，直到輕推小車(chē)，小車(chē)做_____運(yùn)動(dòng)；（2）圖1（乙）是某同學(xué)在探究“小車(chē)加速度a與力F的關(guān)系”試驗(yàn)中正確操作下獲得的一條紙帶，其中A、B、C、D、E每?jī)牲c(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出。依據(jù)紙帶可求出計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度大小為_(kāi)____m/s，小車(chē)的加速度大小為_(kāi)____m/s2；（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（3）在題（2）試驗(yàn)中，經(jīng)過(guò)多次試驗(yàn)，依據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)畫(huà)出a﹣F關(guān)系圖象如圖2所示。此圖象的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要緣由是_________。A．軌道保持了水平狀態(tài)B．小車(chē)與軌道之間存在摩擦C．所用小車(chē)的質(zhì)量太大D．所掛砂及砂桶的總質(zhì)量太大（4）某同學(xué)在利用裝置甲探究“小車(chē)加速度a與小車(chē)質(zhì)量M”的關(guān)系中，某次試驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)如表所示。依據(jù)這些數(shù)據(jù)在坐標(biāo)圖3中描點(diǎn)并作出a﹣圖象，（）從a﹣圖象求得合外力大小為_(kāi)____N（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。a/m?s﹣21.00.90.50.30.2/kg﹣14.03.62.01.20.8【答案】(1).勻速直線(2).0.64(3).0.51(4).D(5).(6).0.25【解析】【詳解】(1)[1]在試驗(yàn)前必需平衡摩擦力時(shí)，取下細(xì)線和砂桶，把木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高并反復(fù)調(diào)整，直到輕推小車(chē)，小車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，這時(shí)摩擦力和重力沿斜面對(duì)下的分力平衡，繩子的拉力等于小車(chē)的合力；

(2)[2][3]每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，說(shuō)明相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔：T=5×0.02s=0.1sB點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度：用逐差法計(jì)算加速度：(3)[4]a-F關(guān)系圖象如圖2所示AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要緣由是所掛砂及砂桶的總質(zhì)量太大，不滿(mǎn)意小車(chē)和砝碼總的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砂和桶總質(zhì)量，故D正確，ABC錯(cuò)誤，(4)[5][6]依據(jù)描點(diǎn)法可得a﹣圖象，如下圖所示：直線斜率表示合外力，直線過(guò)原點(diǎn)，選取離原點(diǎn)較遠(yuǎn)的點(diǎn)的坐標(biāo)（4.0，1.0）有：.四．計(jì)算題（共4小題）17.物體的質(zhì)量為5kg，斜面的傾角為37°（g取10m/s2）物體的初速為0，從斜面勻加速下滑，物體與斜面間的摩擦系數(shù)μ＝0.2；求（1）物體下滑的加速度？（2）2秒未物體的速度？（3）4秒未物體通過(guò)的位移？【答案】（1）4.4m/s2；（2）8.8m/s；（3）35.2m；【解析】【詳解】(1)物體受力如圖所示：，

則依據(jù)牛頓其次定律有：mgsinθ-μmgcosθ=ma

代入數(shù)據(jù)解得：a=4.4m/s2(2)秒未物體的速度為：v=at=8.8m/s(3)4秒未物體通過(guò)的位移為：.18.如圖所示，質(zhì)量為M的物體B放在正沿平直軌道向右行駛的車(chē)廂底板上，并用豎直細(xì)繩通過(guò)光滑定滑輪連接質(zhì)量為m的物體A，與物體A相連接的繩與豎直方向成θ角，兩物體始終與車(chē)廂保持相對(duì)靜止.求：(1)車(chē)廂的加速度大小；(2)繩對(duì)物體A的拉力大小；(3)物體B對(duì)車(chē)廂底板的壓力的大小．【答案】(1)(2)(3)【解析】【詳解】（1）以物體A為探討對(duì)象，分析受力狀況，重力mg和拉力T，如圖所示:由牛頓其次定律有：解得車(chē)廂的加速度大小（2）依據(jù)拉力T的豎直重量平衡重力得:解得繩對(duì)物體A的拉力大?。?）對(duì)物體B分析受力如圖所示：在豎直方向處于平衡狀態(tài)，由平衡條件有解得車(chē)廂對(duì)B物體的支持力由牛頓第三定律可得物體B對(duì)車(chē)廂底板的壓力的大小為:19.如圖所示，傳送帶與地面傾角θ＝37°，從A到B長(zhǎng)度為L(zhǎng)＝10.25m，傳送帶以v0＝10m/s的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。在傳送帶上端A無(wú)初速度地放一個(gè)質(zhì)量為m＝0.5kg的黑色煤塊，它與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.5．煤塊在傳送帶上經(jīng)過(guò)會(huì)留下黑色痕跡。已知sin37°＝0.6，g＝10m/s2，求：煤塊從A到B的時(shí)間；【答案】1.5s【解析】【詳解】煤塊剛放上時(shí)，受到向下的摩擦力，如圖如圖所示，其加速度為a1，

依據(jù)牛頓其次定律有：mgsinθ+μmgcosθ＝ma1代入數(shù)據(jù)解得：a1=10m/s2勻加速運(yùn)動(dòng)到與傳送帶速