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文檔簡介
2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷請考生注意:1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上,請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2.答題前,認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》,按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖所示,質(zhì)量不計(jì)的細(xì)直硬棒長為2L,其一端O點(diǎn)用鉸鏈與固定轉(zhuǎn)軸連接,在細(xì)棒的中點(diǎn)固定質(zhì)量為2m的小球甲,在細(xì)棒的另一端固定質(zhì)量為m小球乙。將棒置于水平位置由靜止開始釋放,棒與球組成的系統(tǒng)將在豎直平面內(nèi)做無阻力的轉(zhuǎn)動。則該系統(tǒng)在由水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置的過程中()A.系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒B.系統(tǒng)中細(xì)棒對乙球做正功C.甲、乙兩球所受的向心力不相等D.乙球轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)的速度比甲球小2.如圖所示,“共享單車”極大地方便了老百姓的出行,某高檔“共享單車”通過變速器調(diào)整鏈條在輪盤和飛輪的掛入位置,改變行駛速度。輪盤和飛輪的齒數(shù)如下表所示:名稱輪盤飛輪A輪B輪C輪D輪E輪齒數(shù)N/個4839241813則下列說法正確的是()A.當(dāng)A輪與C輪組合時(shí),兩輪的轉(zhuǎn)速之比為1∶1B.當(dāng)A輪與C輪組合時(shí),兩輪邊緣上的點(diǎn)的線速度大小之比為1∶2C.當(dāng)B輪與E輪組合時(shí),兩輪角速度之比為1∶3D.當(dāng)B輪與E輪組合時(shí),兩輪邊緣上的點(diǎn)的向心加速度大小之比為3∶13.空間存在一靜電場,x軸上各點(diǎn)電勢隨x變化的情況如圖所示。若在-x0處由靜止釋放一帶負(fù)電的粒子,該粒子僅在電場力的作用下運(yùn)動到x0的過程中,下列關(guān)于帶電粒子的a-t圖線,v-t圖線,Ek-t圖線,Ep-t圖線正確的是()A. B. C. D.4.如圖所示,豎直面內(nèi)有一光滑半圓,半徑為R,圓心為O。一原長為2R的輕質(zhì)彈簧兩端各固定一個可視為質(zhì)點(diǎn)的小球P和Q置于半圓內(nèi),把小球P固定在半圓最低點(diǎn),小球Q靜止時(shí),Q與O的連線與豎直方向成夾角,現(xiàn)在把Q的質(zhì)量加倍,系統(tǒng)靜止后,PQ之間距離為()A. B. C. D.5.如圖所示,A、B兩物塊疊放在一起,在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運(yùn)動,運(yùn)動過程中B受到的摩擦力A.方向向左,大小不變B.方向向左,逐漸減小C.方向向右,大小不變D.方向向右,逐漸減小6.如圖甲所示,一質(zhì)量為M的長木板靜置于光滑水平面上,其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊,木板受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí),用傳感器測出其加速度a,得到如圖乙所示的a-F圖,最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力,取g=10m/s2,則下列選項(xiàng)錯誤的是A.滑塊的質(zhì)量m=4kgB.木板的質(zhì)量M=2kgC.當(dāng)F=8N時(shí)滑塊加速度為2m/s2D.滑塊與木板間動摩擦因數(shù)為0.1二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7.圖甲是光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置圖,圖乙是光電流與加在陰極K和陽極A上的電壓的關(guān)系圖象,下列說法正確的是A.由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下,入射光越強(qiáng),飽和電流越大B.由圖線①、②、③可知對某種確定的金屬來說,其遏止電壓只由入射光的頻率決定C.只要增大電壓,光電流就會一直增大D.不論哪種顏色的入射光,只要光足夠強(qiáng),就能發(fā)生光電效應(yīng)8.如圖所示,間距為L=、長為5.0m的光滑導(dǎo)軌固定在水平面上,一電容為C=0.1F的平行板電容器接在導(dǎo)軌的左端.垂直于水平面的磁場沿x軸方向上按(其中,)分布,垂直x軸方向的磁場均勻分布.現(xiàn)有一導(dǎo)體棒橫跨在導(dǎo)體框上,在沿x軸方向的水平拉力F作用下,以v=的速度從處沿x軸方向勻速運(yùn)動,不計(jì)所有電阻,下面說法中正確的是A.電容器中的電場隨時(shí)間均勻增大B.電路中的電流隨時(shí)間均勻增大C.拉力F的功率隨時(shí)間均勻增大D.導(dǎo)體棒運(yùn)動至m處時(shí),所受安培力為0.02N9.如圖所示,兩個質(zhì)量分布均勻的球體P、Q靜止在傾角為的固定斜面與固定擋板之間.擋板與斜面垂直。P、Q的質(zhì)量分別為m、2m,半徑分別為r、2r,重力加速度大小為g,不計(jì)一切摩擦。下列說法正確的是()A.P受到四個力的作用 B.擋板對P的支持力為3mgC.P所受彈力的合力大于mg D.Q受到P的支持力大于mg10.如圖所示,AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑,圓心為O,半徑為R,將等電量的兩正點(diǎn)電荷Q放在圓周上,它們的位置關(guān)于AC對稱,與O點(diǎn)的連線和OC間夾角為30°,下列說法正確的是()A.電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn),電場力做功為零B.電荷q從B點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn),電場力做功為零C.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為D.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學(xué)利用如圖所示的電路可以測量多個物理量.實(shí)驗(yàn)室提供的器材有:兩個相同的待測電源(內(nèi)阻r≈1Ω)電阻箱R1(最大阻值為999.9Ω)電阻箱R1(最大阻值為999.9Ω)電壓表V(內(nèi)阻約為1kΩ)電流表A(內(nèi)阻約為1Ω)靈敏電流計(jì)G,兩個開關(guān)S1、S1.主要實(shí)驗(yàn)步驟如下:①按圖連接好電路,調(diào)節(jié)電阻箱R1和R1至最大,閉合開關(guān)S1和S1,再反復(fù)調(diào)節(jié)R1和R1,使電流計(jì)G的示數(shù)為0,讀出電流表A、電壓表V、電阻箱R1、電阻箱R1的示數(shù)分別為0.40A、11.0V、30.6Ω、18.1Ω;②反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱R1和R1(與①中的電阻值不同),使電流計(jì)G的示數(shù)為0,讀出電流表A、電壓表V的示數(shù)分別為0.60A、11.7V.回答下列問題:(1)步驟①中:電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí),電路中A和B兩點(diǎn)的電電勢差UAB=_____V;A和C兩點(diǎn)的電勢差UAC=______V;A和D兩點(diǎn)的電勢差UAD=______V;(1)利用步驟①中的測量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為______Ω,電流表的內(nèi)阻為______Ω;(3)結(jié)合步驟①步驟②的測量數(shù)據(jù)電源的電動勢E為______V,內(nèi)阻r為_____Ω.12.(12分)某同學(xué)用圖(a)所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,其中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源為交流電源,可以使用的頻率有220Hz、30Hz和40Hz,打出紙帶的一部分如圖(b)所示。該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中沒有記錄交流電的頻率f,需要用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)和其他條件進(jìn)行推算。(1)若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落,利用f和圖(b)中給出的物理量可以寫出:在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出B點(diǎn)時(shí),重物下落的速度大小為________,重物下落的加速度的大小為________。(2)已測得s1=8.89cm,s2=9.50cm,s3=10.10cm;當(dāng)重力加速度大小為9.80m/s2,實(shí)驗(yàn)中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1%。由此推算出f為_________Hz。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)水銀氣壓計(jì)的工作原理如圖所示,若某水銀氣壓計(jì)中混入了一個氣泡,上升到水銀柱的上方,使水銀柱上方不再是真空,當(dāng)實(shí)際大氣壓相當(dāng)于768mm高的水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)時(shí),這個水銀氣壓計(jì)的讀數(shù)只有750mm,此時(shí)管中的水銀面到管頂?shù)木嚯x為80mm。當(dāng)這個氣壓計(jì)的讀數(shù)為740mm水銀柱時(shí),實(shí)際的大氣壓相當(dāng)于多高水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)?設(shè)溫度保持不變。14.(16分)如圖所示,光滑絕緣的半圓形軌道ABC固定在豎直面內(nèi),圓心為O,軌道半徑為R,B為軌道最低點(diǎn)。該裝置右側(cè)的圓弧置于水平向右的足夠大的勻強(qiáng)電場中。某一時(shí)刻一個帶電小球從A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動,到達(dá)B點(diǎn)時(shí),小球的動能為E0,進(jìn)入電場后繼續(xù)沿軌道運(yùn)動,到達(dá)C點(diǎn)時(shí)小球的電勢能減少量為2E0,試求:(1)小球所受重力和電場力的大?。唬?)小球脫離軌道后到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的動能。15.(12分)如圖所示,在xOy平面內(nèi),MN與y軸平行,間距為d,其間有沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場E。y軸左側(cè)有寬為L的垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場,MN右側(cè)空間存在范圍足夠?qū)?、垂直紙面的勻?qiáng)磁場(圖中未標(biāo)出)。質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子從P(d,0)沿x軸負(fù)方向以大小為v0的初速度射入勻強(qiáng)電場。粒子到達(dá)O點(diǎn)后,經(jīng)過一段時(shí)間還能再次回到O點(diǎn)。已知電場強(qiáng)度E=,粒子重力不計(jì)。(1)求粒子到O點(diǎn)的速度大??;(2)求y軸左側(cè)磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大小應(yīng)滿足什么條件?(3)若滿足(2)的條件,求MN右側(cè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2和y軸左側(cè)磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大小關(guān)系。
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】
A.以系統(tǒng)為研究對象,由于只有重力做功,只發(fā)生重力勢能和動能相互轉(zhuǎn)化,故系統(tǒng)的機(jī)械能守恒,A錯誤;B.在轉(zhuǎn)動過程中,甲、乙兩球的角速度相同,設(shè)轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí),甲球的速度為v1,乙球的速度為v2,由同軸轉(zhuǎn)動ω相等,可得由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒知系統(tǒng)減少的重力勢能等于增加的動能,可得解得,設(shè)細(xì)棒對乙球做的功為W,根據(jù)動能定理得解得可見,系統(tǒng)中細(xì)棒對乙球做正功,B正確;C.甲、乙兩球所受的向心力分別為F2=m=m=2m則C錯誤;D.由上分析知,乙球轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)的速度比甲球大,D錯誤。故選B。2、C【解析】
AB.A輪與C輪通過鏈條連接,輪邊緣上的點(diǎn)的線速度大小相等,齒數(shù)之比為2∶1,轉(zhuǎn)速之比為1∶2,選項(xiàng)A、B錯誤;CD.B輪與E輪通過鏈條連接,輪邊緣上的點(diǎn)的線速度大小相等,齒數(shù)之比為3∶1,轉(zhuǎn)速之比為1∶3,角速度之比為1∶3,輪邊緣上的點(diǎn)的向心加速度之比為1∶3,選項(xiàng)C正確,D錯誤。3、B【解析】
AB、由圖可知,圖像的斜率表示電場強(qiáng)度,從到的過程中電場強(qiáng)度先減小后增大,受到沿x軸正方向的電場力先減小后增大,粒子的加速度也是先減小后增大,在位置加速度為零;粒子在運(yùn)動過程中,粒子做加速度運(yùn)動,速度越來越大,先增加得越來越慢,后增加得越來越快,故B正確,A錯誤;C、粒子在運(yùn)動過程中,受到沿x軸正方向的電場力先減小后增大,根據(jù)動能定理可知圖像的斜率先變小再變大,在位置的斜率為零,故C錯誤;D、由于粒子帶負(fù)電,根據(jù)電勢能可知,變化規(guī)律與變化規(guī)律相反,故D錯誤;圖線正確的是選B。4、D【解析】
開始小球Q處于靜止?fàn)顟B(tài),彈簧的形變量,彈簧彈力,對Q進(jìn)行受力分析可知Q的質(zhì)量加倍后,設(shè)OQ與豎直方向的夾角為,對Q進(jìn)行受力分析,設(shè)彈簧的彈力為,根據(jù)力的三角形與邊的三角形相似有又聯(lián)立解得則PQ之間距離故選D。5、A【解析】試題分析:A、B兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運(yùn)動,對A和B整體根據(jù)牛頓第二定律有a=μ(mA考點(diǎn):本題考查牛頓第二定律、整體法與隔離法.【名師點(diǎn)睛】1、整體法:整體法是指對物理問題中的整個系統(tǒng)或整個過程進(jìn)行分析、研究的方法.在力學(xué)中,就是把幾個物體視為一個整體,作為研究對象,受力分析時(shí),只分析這一整體對象之外的物體對整體的作用力(外力),不考慮整體內(nèi)部之間的相互作用力(內(nèi)力).整體法的優(yōu)點(diǎn):通過整體法分析物理問題,可以弄清系統(tǒng)的整體受力情況和全過程的受力情況,從整體上揭示事物的本質(zhì)和變體規(guī)律,從而避開了中間環(huán)節(jié)的繁瑣推算,能夠靈活地解決問題.通常在分析外力對系統(tǒng)的作用時(shí),用整體法.2、隔離法:隔離法是指對物理問題中的單個物體或單個過程進(jìn)行分析、研究的方法.在力學(xué)中,就是把要分析的物體從相關(guān)的物體體系中隔離出來,作為研究對象,只分析該研究對象以外的物體對該對象的作用力,不考慮研究對象對其他物體的作用力.隔離法的優(yōu)點(diǎn):容易看清單個物體的受力情況或單個過程的運(yùn)動情形,問題處理起來比較方便、簡單,便于初學(xué)者使用.在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體(或一個物體的各個部分)間的相互作用時(shí)用隔離法.6、C【解析】
AB.由題圖乙知,F(xiàn)=6N時(shí),滑塊與木板剛好不相對滑動,加速度為a=1m/s2。對整體分析,由牛頓第二定律有F=(M+m)a,代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出:M+m=6kg,當(dāng)F≥6N時(shí),對木板,根據(jù)牛頓第二定律得:,知圖線的斜率k=,則:M=2kg,滑塊的質(zhì)量:m=4kg;故AB不符合題意;CD.根據(jù)F=6N時(shí),a=1m/s2,代入表達(dá)式計(jì)算得出:μ=0.1,當(dāng)F=8N時(shí),對滑塊,根據(jù)牛頓第二定律得μmg=ma′,計(jì)算得出:a′=μg=1m/s2,故C符合題意,D不符合題意。故選C。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AB【解析】
由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下,入射光越強(qiáng),飽和電流越大,故A正確;根據(jù)光電效應(yīng)方程知,Ekm=hv-W0=eUc,可知入射光頻率越大,最大初動能越大,遏止電壓越大,可知對于確定的金屬,遏止電壓與入射光的頻率有關(guān),故B正確;增大電壓,當(dāng)電壓增大到一定值,電流達(dá)到飽和電流,不再增大,故C錯誤;發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于截止頻率,與入射光的強(qiáng)度無關(guān),故D錯誤.故選AB.8、AC【解析】根據(jù)導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢計(jì)算公式可得E=BLv,所以△E=△BLv,由于磁場隨位移均勻變化,所以感應(yīng)電動勢隨位移均勻增大,電容器兩端的電壓均勻變化,電場強(qiáng)度也是均勻變化的,A正確;電容器的電容,解得:I=LCv,由于導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動,且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨位移均勻變化,而x=v?△t,所以電流強(qiáng)度不變,B錯誤;
導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動,根據(jù)平衡條件可得F=BIL,而B均勻增大,所以安培力均勻增大,拉力F均勻增大,拉力做功功率等于克服安培力做功功率,即P=Fv可知,外力的功率均勻增大,C正確;導(dǎo)體棒運(yùn)動至x=3m處時(shí),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=(0.4+0.2×3)T=1T,電流強(qiáng)度:I=LCv=LCv2=0.2×1×0.1×4A=0.08A,所以導(dǎo)體棒所受安培力為FA=BIL=1×0.08×1N=0.08N,故D錯誤.故選AC.9、AD【解析】
A.P受到重力、斜面的支持力、擋板的支持力和Q的壓力,故A正確;B.兩球整體受力平衡,故擋板對P的支持力大小N1=3mgsin=mg故B錯誤;C.P所受三個彈力的合力與重力mg平衡,則P所受彈力的合力大小為mg,故C錯誤;D.Q受力如圖所示,有F=2mg故N2>Fsin=mg故D正確。故選AD。10、BD【解析】
電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn),所受電場力豎直向上,電場力做負(fù)功,A錯,根據(jù)對稱性B正確,O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為,C錯,D正確.三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、011.0V-11.0V1530Ω1.8Ω11.6V1.5Ω【解析】
(1)[1][1][3]當(dāng)電流計(jì)示數(shù)為0時(shí),A、B兩點(diǎn)電勢相等,即;電壓表示數(shù)即為A、C兩點(diǎn)電勢差,即;由閉合電路歐姆定律可知,D、A和A、C之間的電勢差相等,故;(1)[4][5]由歐姆定律可得解得由可得(3)[6][7]由步驟①可得由步驟②可得聯(lián)立可解得12、40【解析】
(1)[1][2]根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可得:由速度公式vC=vB+aT可得:a=(2)[3]由牛頓第二定律可得:mg-0.01mg=ma所以a=0.99g結(jié)合(1)解出的加速度表達(dá)式,代入數(shù)據(jù)可得f=40HZ四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必
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