西藏拉薩中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期第三次月考試題含解析

PAGE15-西藏拉薩中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期第三次月考試題（含解析）二、選擇題1.下列說法正確的是A.衰變成要經(jīng)過4次衰變和2次衰變B.核泄漏事故污染物能夠產(chǎn)生對人體有害的輻射，其核反應(yīng)方程式為可以推斷為質(zhì)子C.玻爾理論的假設(shè)是原子能量的量子化和軌道量子化D.康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性，電子的衍射試驗說明實物粒子只具有粒子性【答案】C【解析】【詳解】A、因為衰變時質(zhì)量數(shù)不變，所以衰變的次數(shù)，在衰變的過程中電荷數(shù)總共少6×2=12，則衰變的次數(shù)，故選項A錯誤；B、核反應(yīng)方程式為

，可以依據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒推斷為粒子，故選項B錯誤；C、玻爾理論的假設(shè)是提出了軌道量子化和能量量子化，故選項C正確；D、康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性，電子的衍射說明實物粒子具有波動性，故選項D錯誤。2.在恒力F作用下，a、b兩物體一起沿粗糙豎直墻面勻速向上運(yùn)動，則關(guān)于它們受力狀況的說法正確的是（）A.a肯定受到4個力B.b可能受到4個力C.a與墻壁之間肯定有彈力和摩擦力D.a與b之間不肯定有摩擦力【答案】A【解析】【詳解】B、D、對物體b受力分析，b受重力、斜面的支持力和摩擦力的作用而處于平衡，故b受3個力；故B，D均錯誤.A、C、對物體a、b整體受力分析，受重力、恒力F，由于水平方向墻壁對a沒有支持力，否則整體不會平衡，墻壁對a沒有支持力，也就沒有摩擦力；所以物體a受重力、恒力F、物體b對其壓力和靜摩擦力，共受4個力；故A正確，C錯誤；3.如圖（a）所示是某一點電荷形成的電場中的一條電場線，AB是電場線上的兩點，一負(fù)電荷q僅在電場力作用下以初速度從A運(yùn)動到B過程中的速度圖線如（b）所示，則以下說法中不正確的是（）A.負(fù)電荷q在A、B兩點的電勢能大小是EPA＞EPBB.A、B兩點的電勢是φA＞φBC.A、B兩點電場強(qiáng)度是EA＜EBD.此電場肯定是負(fù)點電荷形成的電場【答案】A【解析】【詳解】A、從v-t圖象可知，該負(fù)電荷從電場中A點運(yùn)動到B點的過程中，速度減小，即動能減小，依據(jù)動能定理可知，電場力做負(fù)功，則從A到B該負(fù)電荷的電勢能增加，A錯誤；B、負(fù)電荷從A點運(yùn)動到B點電場力做負(fù)功，則該電場力方向從B到A，而負(fù)電荷受電場力方向和場強(qiáng)方向相反，故電場方向從A到B，故沿著電場線方向，電勢漸漸降低，即，B正確；C、由v-t圖像可知，該電荷在A點的瞬時加速度小于B點的瞬時加速度，依據(jù)牛頓其次定律可知，該電荷在A點受到的電場力小于它在B點受到的電場力，即EA＜EB，C正確；D、從A到B，電場強(qiáng)度越來越大，則電場線越來越密，故該場源電荷肯定位于B的右側(cè)，且為負(fù)電荷，即該電場為負(fù)點電荷形成的電場，D正確。4.2019年1月3日，嫦娥四號成為了全人類第一個在月球背面勝利實施軟著陸的探測器。為了減小凹凸不平的月面可能造成的不利影響，嫦娥四號釆取了近乎垂直的著陸方式。已知：月球半徑為R，表面重力加速度大小為gA.為了減小與地面的撞擊力，嫦娥四號著陸前的一小段時間內(nèi)處于失重狀態(tài)B.嫦娥四號著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運(yùn)動的過程中處于超重狀態(tài)C.月球的密度為D.嫦娥四號著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運(yùn)動的周期約為【答案】C【解析】【詳解】A、在“嫦娥四號”著陸前的一小段時間內(nèi)“嫦娥四號”須要做減速運(yùn)動，處于超重狀態(tài)，故選項A錯誤；B、“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運(yùn)動的過程萬有引力供應(yīng)向心力，所以處于失重狀態(tài)，故選項B錯誤；C、月球表面的重力近似等于萬有引力，則：，所以：，又：，聯(lián)立解得月球的密度：，故選項C正確；D、“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運(yùn)動的時萬有引力供應(yīng)向心力，,即：，解得嫦娥四號著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運(yùn)動的周期為：，故選項D錯誤；5.一質(zhì)量為2kg的物體受水平拉力F作用,在粗糙水平面上做加速直線運(yùn)動時的a-t圖象如圖所示,t＝0時其速度大小為2m/s,滑動摩擦力大小恒為2N,則()A.t＝6s時,物體的速度為18m/sB.在0～6s內(nèi),合力對物體做的功為400JC.在0～6s內(nèi),拉力對物體的沖量為36N·sD.t＝6s時,拉力F的功率為200W【答案】D【解析】【分析】依據(jù)△v=a△t可知a-t圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量，依據(jù)動能定理可知，合外力對物體做的功等于動能的改變量，依據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于物體動量的改變量，依據(jù)牛頓其次定律求出在t=6s時刻，拉力F的大小，再依據(jù)P=Fv求解瞬時功率【詳解】依據(jù)△v=a△t可知a-t圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量，則在t=6s時刻，物體的速度v6=v0+△v=2+×(2+4)×6=20m/s，故A錯誤；依據(jù)動能定理得：W合＝△Ek＝mv62?mv02=396J，故B錯誤；依據(jù)動量定理，在

0～6

s時間內(nèi)：解得IF=48N?s，故C錯誤；在t=6s時刻，依據(jù)牛頓其次定律得：F=ma+f=2×4+2=10N，拉力F的功率P=Fv6=10×20=200W，故D正確。故選D。6.如圖，在水平桌面上放置兩條相距l(xiāng)的平行光滑導(dǎo)軌ab與cd，阻值為R的電阻與導(dǎo)軌的a、c端相連．質(zhì)量為m、電阻不計的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌放置并可沿導(dǎo)軌自由滑動．整個裝置放于勻強(qiáng)磁場中，磁場的方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B．導(dǎo)體棒的中點系一不行伸長的輕繩，繩繞過固定在桌邊的光滑輕滑輪后，與一個質(zhì)量也為m的物塊相連，繩處于拉直狀態(tài)．現(xiàn)若從靜止起先釋放物塊，用h表示物塊下落的高度（物塊不會觸地），g表示重力加速度，其他電阻不計，則（）A.電阻R中的感應(yīng)電流方向由a到cB.物體下落的最大加速度為C.若h足夠大，物體下落的最大速度為D.通過電阻R的電量為【答案】BCD【解析】【詳解】從靜止起先釋放物塊，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，由右手定則可知，電阻R中的感應(yīng)電流方向由c到a，故A錯誤；設(shè)導(dǎo)體棒所受的安培力大小為F，依據(jù)牛頓其次定律得：物塊的加速度，當(dāng)F=0，即剛釋放導(dǎo)體棒時，a最大，最大值為，故B正確；物塊和滑桿先做加速運(yùn)動，后做勻速運(yùn)動，此時速度最大，則有mg=F，而F=BIl，，解得物體下落的最大速度為:，故C正確；通過電阻R的電量：，故D正確。7.如圖，志向變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=2:1,V和A均為志向電表，燈泡電阻RL=6Ω,AB端電壓.下列說法正確的是A.電流頻率為50HzB.V的讀數(shù)為24VC.A的讀數(shù)為0.5AD.變壓器輸入功率為6W【答案】AD【解析】由u1.的瞬時表達(dá)式可知，f=，A錯誤；志向變壓器輸入電壓的有效值為U1=12V，由變壓比關(guān)系式，可得U2=6V，V的讀數(shù)為6V，B錯誤；變壓器輸出電壓的有效值，A的讀數(shù)為1AC錯誤；變壓器的輸入功率等于輸出功率，即P1=P2=U2I2=6W，D正確。【考點定位】正弦式溝通電表達(dá)式、有效值、功率、部分電路歐姆定律、志向變壓器規(guī)律，簡單題【此處有視頻，請去附件查看】8.如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值．靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m（不計重力），從點P經(jīng)電場加速后，從小孔Q進(jìn)入N板右側(cè)的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面對外，CD為磁場邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角為θ＝30°，孔Q到板的下端C的距離為L，當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，則：()A.兩板間電壓的最大值 B.CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長度C.粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間 D.能打到N板上的粒子的最大動能為

【答案】ACD【解析】【詳解】畫出粒子運(yùn)動軌跡的示意圖，如圖所示，A.當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，可知粒子半徑r=L，的加速電場中，依據(jù)動能定理：，在偏轉(zhuǎn)磁場中，依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得：，聯(lián)立可得：，故A正確；B.設(shè)粒子軌跡與CD相切于H點，此時粒子半徑為，粒子軌跡垂直打在CD邊上G點，則GH間距離即為粒子打中區(qū)域的長度x，依據(jù)幾何關(guān)系：，可得：，依據(jù)幾何關(guān)系可得粒子打中區(qū)域的長度：，故B錯誤；C.粒子在磁場中運(yùn)動周期為：，粒子在磁場中運(yùn)動的最大圓心角：，所以粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間為：，故C正確；D.當(dāng)粒子在磁場的軌跡與CD邊相切時，即粒子半徑，時，打到N板上的粒子的動能最大，最大動能：，依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得：，聯(lián)立可得能打到N板上的粒子的最大動能為：，故D正確；故選ACD?！军c睛】本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動，解題關(guān)鍵是要畫出粒子軌跡過程圖，分好過程，針對每個過程的受力特點和運(yùn)動形式選擇合適的規(guī)律解決問題，對數(shù)學(xué)幾何實力有肯定的要求。三、非選擇題9.某探究小組為了探討小車在桌面上的直線運(yùn)動，用自制“滴水計時器”計量時間．試驗前，將該計時器固定在小車旁，如圖(a)所示．試驗時，保持桌面水平，用手輕推一下小車．在小車運(yùn)動過程中，滴水計時器等時間間隔地滴下小水滴，圖(b)記錄了桌面上連續(xù)6個水滴的位置．(已知滴水計時器每30s內(nèi)共滴下46個小水滴)(1)由圖(b)可知，小車在桌面上是________(填“從右向左”或“從左向右”)運(yùn)動的．(2)該小組同學(xué)依據(jù)圖(b)的數(shù)據(jù)推斷出小車做勻變速運(yùn)動．小車運(yùn)動到圖(b)中A點位置時的速度大小為________m/s，加速度大小為________m/s2.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1).從右向左(2).0.19(3).0.038【解析】【詳解】（1）[1]小車在桌面上做勻減速運(yùn)動，故相等的時間內(nèi)，桌面上連續(xù)兩水滴的位置會組建減小，故小車在桌面上是從右向左運(yùn)動的。（2）[2]已知滴水計時器每30s內(nèi)共滴下46個小水滴，那么各點時間間隔為：依據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，有：依據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式可以求出加速度的大小，得：，負(fù)號表示方向相反。．【點睛】處理紙帶問題，一般是依據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式求出加速度的大小，依據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，求出打紙帶上某點時小車的瞬時速度大小。10.某同學(xué)要測量一個由勻稱新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：①用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖所示，其長度是_____mm.②用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為_____Ω。③為了更精確地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～3mA,內(nèi)阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA,內(nèi)阻約30Ω）；電壓表V(量程0～3V，內(nèi)阻約10KΩ)；滑動變阻器R1，（阻值范圍0～15Ω）；滑動變阻器R2，（阻值范圍0～2KΩ；）直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）；開關(guān)S，導(dǎo)線若干為使試驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，電流表應(yīng)選____，滑動變阻器應(yīng)選____（選填代號）④請在圖中補(bǔ)充連線并完成試驗。（）【答案】(1).100.45(2).2.2×102(3).A2(4).R1(5).【解析】【詳解】解：①游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為100mm，游標(biāo)尺上第9個刻度與主尺對齊，讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：；②用歐姆表測電阻的讀數(shù)方法為指針示數(shù)乘以倍率，當(dāng)指針指在中心旁邊時測量值較精確，所以該電阻的阻值約為；③由電動勢和電阻的阻值知電流最大為，所以用電流表，滑動變阻器用小阻值的，便于調(diào)整，所以用滑動變阻器；④本試驗中，因待測電阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測電阻值，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路圖如圖所示11.如圖所示，一重力不計的帶電粒子從平行板電容器的上極板左邊緣處以某一速度沿極板方向射入電容器。若平行板電容器所帶電荷量為Q1，該粒子經(jīng)時間t1恰好打在下極板正中間，若平行板電容器所帶電荷量為Q2，該粒子經(jīng)時間t2恰好沿下極板邊緣飛出。不考慮平行板電容器的邊緣效應(yīng)，求兩種狀況下：（1）粒子在電容器中運(yùn)動的時間t1、t2之比；（2）電容器所帶電荷量Q1、Q2之比。【答案】（1）（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)粒子在極板間的運(yùn)動時間為t，沿極板方向的位移為x，粒子在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，則t=…①即t∝x由條件可知t1：t2=1：2…②（2）設(shè)電容器電容為C，極板間電壓為U，極板間距離為d，極板間電場強(qiáng)度為E，則有：…③…④設(shè)粒子的質(zhì)量為m，帶電量為q，在電容器中的加速度為a，則有：a=…⑤d=…⑥由①③④⑤⑥可得：Q∝所以Q1：Q2=4：1【點睛】解決本題的關(guān)鍵是知道粒子在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，得到運(yùn)動時間和電容器電荷量的表達(dá)式，再求比值，要學(xué)會運(yùn)用比例法。12.如圖，固定的光滑平臺左側(cè)有一光滑的半圓軌道，軌道半徑R=0.72m。平臺上靜止著兩個滑塊A、B，mA=0.1kg、mB=0.2kg，兩滑塊間夾有少量炸藥,平臺右側(cè)有一帶擋板的小車,靜止在光滑的水平地面上．小車質(zhì)量為M=0.3kg，車上表面與平臺的臺面等高，車面左側(cè)粗糙部分長度為L，動摩擦因數(shù)為μ=0.2，右側(cè)拴接一輕質(zhì)彈簧，彈簧自然長度所在處車面光滑。點燃炸藥后，A滑塊恰好到達(dá)半圓軌道的最高點，滑塊B沖上小車。兩滑塊都可以看作質(zhì)點，炸藥的質(zhì)量忽視不計，爆炸的時間極短，爆炸后兩個物塊的速度方向在同一水平直線上，g取10m/s2。（1）求炸藥爆炸后滑塊B的速度大小vB；（2）若滑塊B恰好沒有從小車上掉下來，求小車左側(cè)粗糙部分的長度L；（3）若L'=0.75m，求小車的最大速度v2．【答案】(1)3m/s(2)0.675m(3)2m/s【解析】【詳解】(1)滑塊A恰好到軌道的最高點炸藥爆炸AB系統(tǒng)動量守恒解得：vB=3m/s(2)最終B與小車共速，B與小車系統(tǒng)動量守恒解得：L=0.675m(3)當(dāng)彈簧再次復(fù)原原長時，小車速度最大解得v2=2m/s【點睛】本題過程比較困難，分析清晰物體運(yùn)動過程是正確解題的前提與關(guān)鍵，確定探討對象與探討過程，應(yīng)用牛頓其次定律、動量守恒定律、能量守恒定律即可正確解題.13.下列說法不正確的是（）A.兩個接觸在一起的固體間不行能發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象B.布朗運(yùn)動指的是懸浮在液體里的花粉中的分子運(yùn)動C.溫度相同的物體的分子平均速率相同D.無論今后科技發(fā)展到什么程度，都不行能達(dá)到肯定零度E.肯定質(zhì)量的志向氣體分子內(nèi)能增加，溫度肯定上升【答案】ABC【解析】【詳解】A、固體的分子也在不停的做無規(guī)則運(yùn)動，同時固體的分子之間也存在間隙，所以擴(kuò)散現(xiàn)象不僅發(fā)生在氣體和液體之間，固體之間也會發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象；故A錯誤.B、布朗運(yùn)動指的是懸浮在液體里的花粉微粒的運(yùn)動，不是分子的無規(guī)則運(yùn)動，故B錯誤.C、溫度是分子平均動能的標(biāo)記，溫度相同說明分子的平均動能相等，而不是速率相等．故C錯誤.D、由熱力學(xué)第三定律可知無論今后科技發(fā)展到什么程度，都不行能達(dá)到肯定零度，故D正確.E、肯定質(zhì)量的志向氣體的內(nèi)能由溫度確定，故內(nèi)能增加時溫度上升；故E正確.14.如圖所示，在粗細(xì)勻稱的U形管左側(cè)用水銀封閉一段長為L1=20cm、溫度為T1=285K的空氣柱，穩(wěn)定時，左右兩管水銀面高度差為h=19cm?，F(xiàn)向右管緩慢補(bǔ)充水銀，保持左管內(nèi)氣體的溫度不變，當(dāng)左右兩管水銀面等高時，停止補(bǔ)充水銀。已知大氣壓為p0=76①求此時左管內(nèi)空氣柱的長度L2；②接著給左管的氣體緩慢勻稱加熱，使管內(nèi)空氣柱的長度復(fù)原到20cm【答案】(1)L2=15cm(2)T3=430K【解析】分析】對于封閉氣體，氣體發(fā)生等溫改變，由玻意耳定律求得左管內(nèi)空氣柱的長度；給左管的氣體緩慢勻稱加熱，由志向氣體狀態(tài)方程求得左管內(nèi)氣體的溫度；【詳解】解：(1)對于封閉氣體有：末態(tài)壓強(qiáng)：由于氣體發(fā)生等溫改變，由玻意耳定律可得：解得：(2)勻稱加熱封閉氣體的壓強(qiáng)：由志向氣體狀態(tài)方程可得：聯(lián)立解得：15.圖甲為某一列沿x軸傳播的簡諧橫