2025屆湖北省鄂州市澤林中學物理高二第一學期期末檢測試題含解析

2025屆湖北省鄂州市澤林中學物理高二第一學期期末檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于點電荷，下列說法正確的是()A.只有體積很小的帶電體才可以看作點電荷B.只有球形帶電體才可以看作點電荷C.帶電體能否被看作點電荷既不取決于帶電體大小也不取決于帶電體的形狀D.一切帶電體都可以看作點電荷2、質量為的同學，雙手抓住單杠做引體向上，他的重心的速率隨時間變化的圖象如圖所示．取，由圖象可知A.時他的加速度B.他處于超重狀態(tài)C.時他受到單杠的作用力的大小是D.時他處于超重狀態(tài)3、一帶負電絕緣金屬小球放在潮濕的空氣中，經過一段時間后，發(fā)現(xiàn)該小球上凈電荷幾乎不存在了，這說明（）A.小球上原有負電荷逐漸消失了B.在此現(xiàn)象中，電荷不守恒C.小球上負電荷減少的主要原因是潮濕的空氣將電子導走了D.該現(xiàn)象是由于電子的轉移引起的，不遵循電荷守恒定律4、一圓筒處于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示.圖中直徑MN的兩端分別開有小孔，筒繞其中心軸以角速度ω順時針轉動．在該截面內，一帶電粒子從小孔M射入筒內，射入時的速度方向與MN成30°角．當筒轉過90°時，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒，不計重力．若粒子在筒內未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為（）A. B.C. D.5、如圖所示，有兩根處于紙面內的平行直導線，通以大小相等、方向相反的電流，a導線中電流方向豎直向上，b導線中電流方向豎直向下，則兩導線所在平面內兩線中央的磁感應強度()A.等于零B.不等于零，方向垂直于兩導線所在的平面向外C.不等于零，方向垂直于兩導線所在的平面向里D.不等于零，方向是從一根導線垂直指向另一根導線6、愛因斯坦提出了光量子概念，并成功解釋了光電效應現(xiàn)象，因此獲得了1921年的諾貝爾物理獎。光電管就是利用光電效應制作的一種光電器件，把光電管連入圖甲所示的電路可以研究金屬的遏止電壓UC與入射光頻率的關系，描繪出的圖象如圖乙所示。已知電子的電荷量為e，電表均為理想電表，下列說法正確的是A.當入射光的頻率減小到某一數值，剛好不發(fā)生光電效應時的電壓是遏止電壓B.當電路斷開時，若入射光的頻率為，則電壓表示數為C.K極的逸出功為D.普朗克常量為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某電場線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示路徑運動，先后通過M點和N點。以下說法正確的是（）A.M、N點的場強B.粒子在M、N點的加速度C.粒子在M、N點的速度D.粒子帶正電8、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的四個點，D是BC的中點A、B、C構成一直角三角形，AB=0.1m，電場線與三角形所在的平面平行，已知A點的電勢為0V，B點的電勢為-5V，C點的電勢為15V，據此可以判斷（）A.場強方向由A指向CB.場強大小為100V/mC.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電場力做功4×10-4JD.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電勢能增大了2×10-4J9、如圖所示，用回旋加速器分別加速A、B兩種離子．已知A離子的質量為3m，電量為q；B離子的質量為4m，電量為2q．以下說法正確的是A.加速A離子的交變電源的周期較小B.加速B離子的交變電源的周期較小C.帶電離子獲得的最大動能與加速器兩D形盒間加速電壓大小無關D.A離子從加速器中出來時的速度比B離子的大10、把表頭G改裝成大量程電流表或電壓表時下列說法正確的是A.改裝成電壓表時應給表頭串聯(lián)一個較大電阻B.改裝成電流表時應給表頭并聯(lián)一個較小電阻C.改裝后表頭G的自身電阻會發(fā)生變化D.改裝后表頭G本身的參量均不會發(fā)生變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學想用以下器材組裝一只歐姆表，并比較精確地測量一只幾千歐電阻的阻值A．電流計，滿偏電流為1mA，內阻為20ΩB．電流計，滿偏電流為0.6A，內阻為5ΩC．電動勢15V，內阻5Ω的直流電源D．電動勢3V，內阻3Ω的直流電源E．最大阻值為5000Ω的滑動變阻器F．最大阻值為100Ω的滑動變阻器(1)以上器材應選用________(填字母)，并在下面虛線框內畫出所組裝的歐姆表的內部電路結構圖_____(2)若用此歐姆表測量電阻，發(fā)現(xiàn)指針指在滿偏電流的三分之一處，則此電阻的阻值約為________Ω.(3)如果電池長期未用，導致內阻增大，電動勢基本不變，且仍然能正常調零，這將導致測量的結果________(選填“偏大”“偏小”或“準確”)12．（12分）帶電粒子A（質量為m、電量為q）和帶電粒子B（質量為4m、電量為2q）．垂直磁感線射入同一勻強磁場中（不計重力），若以相同速度入射，則軌道半徑之比Ra：Rb=______，周期之比Ta：Tb=______.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩足夠長平行金屬導軌間的距離L=1m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源。現(xiàn)把一個質量m=0.050kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰能靜止。導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=4Ω。金屬導軌電阻不計，取g=10m/s2，已知sin37°=0.60，cos37°=0.80。求：(1)導體棒受到的安培力大小；(2)導體棒受到的摩擦力大小。14．（16分）如圖所示，光滑絕緣體桿豎直放置，它與以正點電荷為圓心的某一圓交于B、C兩點，質量為，帶電荷量為的有孔小球從桿上的A點無初速度下滑，已知遠小于，，小球滑到B點時速度大小為，則（1）小球滑到C點速度大小為多少？（2）若取A點電勢為零，求B點電勢15．（12分）如圖所示，水平放置的平行金屬導軌，相距L=0.50m，左端接一電阻R=0.20Ω，方向垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度B=0.40T，導體棒ab垂直放在導軌上，并能無摩擦地沿導軌滑動，導軌和導體棒的電阻均可忽略不計，當ab以v=4.0m/s的速度水平向右勻速滑動時，求：（1）ab棒中感應電動勢的大小，并指出a、b哪端電勢高；（2）回路中感應電流的大?。唬?）維持ab棒做勻速運動的水平外力的功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當帶電體的大小在研究的問題中可以忽略不計時，帶電體可以簡化為點電荷；與帶電體的大小、形狀無關。A.只有體積很小的帶電體才可以看作點電荷與分析不符，故A錯誤。B.只有球形帶電體才可以看作點電荷與分析不符，故B錯誤。C.帶電體能否被看作點電荷既不取決于帶電體大小也不取決于帶電體的形狀與分析相符，故C正確。D.一切帶電體都可以看作點電荷與分析不符，故D錯誤。2、B【解析】速度時間圖象的斜率表示加速度，根據圖象求出t=0.4s和t=1.1s時的加速度，再根據牛頓第二定律求出單杠對該同學的作用力．根據加速度方向分析人的運動狀態(tài).【詳解】A、根據速度圖象的斜率表示加速度可知，t=0.5s時，他的加速度為0.3m/s2，選項A錯誤；B、t=0.4s時他向上加速運動，加速度方向豎直向上，他處于超重狀態(tài)，B正確；C、t=1.1s時他的加速度為0，他受到的單杠的作用力剛好等于重力600N，C錯誤；D、t=1.5s時他向上做減速運動，加速度方向向下，他處于失重狀態(tài)，選項D錯誤；故選B.【點睛】根據速度–時間圖象斜率代表加速度的特點，可以計算t=0.5s時的加速度；根據加速度的方向，可以確定他的超、失重狀態(tài).3、C【解析】A．根據電荷守恒定律，電荷不能消滅，也不能創(chuàng)造，只會發(fā)生轉移，故A錯誤；B．此過程中電荷仍然守恒，電荷沒有消失，只是被潮濕的空氣導走而已，仍然遵循電荷守恒定律．故B錯誤；C．金屬小球上的負電荷減少是由于潮濕的空氣將電子導走了，故C正確；D．該現(xiàn)象是潮濕的空氣將電子導走了，是電子的轉移引起，仍遵守電荷守恒定律，故D錯誤。故選C。4、C【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運動根據幾何關系，則有：，，所以有：，，即軌跡圓弧所對的圓心角為，粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期，粒子在磁場中勻速圓周運動的時間：圓筒轉動所用時間：粒子勻速圓周運動的時間和圓筒轉動時間相等，即有：可得：解得：故選C。5、C【解析】由題意可知，通以大小相等、方向相反的電流，由安培定則和矢量合成法則，可得兩導線所在平面內兩線中央的磁感強度不等于零，方向垂直于兩導線所在的平面向里；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯誤；故選C。6、D【解析】A．當入射光的頻率減小到某一數值時，使光電子到達陽極的速度剛好為0時，此時的電壓為遏止電壓，并不是不能發(fā)生光電效應，故A錯誤；B．當電路斷開時，電壓表的示數為0，故B錯誤；C．K極的逸出功即為不加電壓時剛好發(fā)生光電效應時光子具有的能量，即為故C錯誤；D．由光電效應方程結合圖乙可知，解得故D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以有A錯誤；B．M處場強小，根據粒子受到的電場力小，由牛頓第二定律知加速度也小，即有B正確；C．根據粒子的運動的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向上，若粒子從M點運動到N點，電場力方向與速度方向成銳角，電場力做正功，粒子的速度增大，則有C錯誤；D．根據粒子的運動的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向上，場強方向也是斜向上，所以粒子為正電荷，D正確。故選BD。8、BD【解析】A．由題意知：D點電勢為5V，根據對稱性，0V電勢應該在BD中點，又因為∠B=60°，故電場線沿BC方向，且由C指向B，故A錯誤。B．由題意BC=0.2m，得故B正確。CD．將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電場力做負功W=Uq=5V×4×10-5C=2×10-4J電勢能增大了2×10-4J，故C錯誤，D正確。故選BD。9、BC【解析】加速離子的交變電源的周期等于離子在磁場中做圓周運動的周期；當離子獲得最大速度時，在磁場中的運動半徑等于D型盒的半徑【詳解】加速離子的交變電源的周期等于離子在磁場中做圓周運動的周期，即，因A離子的q/m小于B離子，可知加速A離子的交變電源的周期較大，選項A錯誤，B正確；帶電離子獲得的最大動能，可知帶電離子獲得的最大動能與加速器兩D形盒間加速電壓大小無關，選項C正確；A離子的q2/m比B離子小，則由可知A離子從加速器中獲得的動能較小，速度較小，選項D錯誤；故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道帶電粒子在磁場中運動的周期與交流電源的周期相同，求出粒子的周期和最大動能，根據質量比和電量比，去比較周期和最大動能10、ABD【解析】把表頭G改裝成電壓表時應給表頭串聯(lián)一個較大電阻，選項A正確；改裝成電流表時應給表頭并聯(lián)一個較小電阻，選項B正確；改裝后表頭G本身的參量均不會發(fā)生變化，選項C錯誤，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.ADE②.③.6000④.準確【解析】(1)歐姆表的中值電阻等于歐姆表的內電阻，調零時電流表應該滿偏；要測量一只約幾千歐電阻的阻值，故中值電阻至少幾千歐，然后根據閉合電路歐姆定律列式分析；(2)同樣根據閉合電路歐姆定律列式求解；(3)電源的內阻不會影響測量結果，電源電動勢發(fā)生變化會影響測量結果【詳解】(1)歐姆表的中值電阻等于歐姆表的內電阻，調零時電流表應該滿偏，題中電源和電流表有四種組合：組合一：AC組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：組合二：BC組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：組合三：AD組合，根據歐姆定律，調零后內阻：組合四：BD組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：考慮滑動變阻器最大5000Ω，應該選組合三，故電流表選A，電源選D，滑動變阻器選E；電路圖如圖：(2)指針指在滿偏電流的三分之一處，根據閉合電路歐姆定律，有代入數據解得：Rx=6000Ω；(3)用歐姆表測電阻時要對歐姆表進行調零，電源內阻對歐姆表的測量結果沒有影響，電池長期未用，導致內阻增大，電源電動勢認為保持不變，且仍然能正常調零，此歐姆計測量的結果是準確的【點睛】本題關鍵明確歐姆表的改裝原理，要能夠根據閉合電路歐姆定律多次列式求解12、①1:2②.1:2【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子軌道半徑，然后根據粒子軌道半徑公式、周期公式.【詳解】粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得：，解得：，則：；粒子做圓周運動的周期：，周期之比：；【點睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運動，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，應用牛頓第二定律求出粒子做圓周運動的軌跡半徑，根據軌道半徑公式與周期公式可以解題.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.5N；(2)0.2N?！窘馕觥?1)導體棒、金屬導軌和直流電源構成閉合電路，根據閉合電路歐姆定律有：導體棒受到的安培力：F安=BIL代入數據得：F安=0.5N