成都樹德中學2025屆物理高二第一學期期中聯考模擬試題含解析

成都樹德中學2025屆物理高二第一學期期中聯考模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是（）A．最小的電荷量叫元電荷B．點電荷是理想模型，電場線是真實存在于電場周圍的C．沿著電場線的方向電場強度一定減小D．電場線上任一點的切線方向與點電荷在該點所受電場力的方向相同2、如圖所示,空間有一正三棱錐OABC,點A′、B′、C′分別是三條棱的中點?，F在頂點O處固定一正的點電荷,則下列說法中正確的是()A．將一正的試探電荷從A′點沿直線A′B′移到B′點，靜電力對該試探電荷先做正功后做負功B．A′、B′、C′三點的電場強度相同C．△ABC所在平面為等勢面D．若A′點的電勢為φA′,A點的電勢為φA,則A′A連線中點D處的電勢φD一定小于(φA′+φA)/23、孤立的兩顆星球A、B構成雙星系統，已知A、B質量之比mA：mB=1：3，那么它們的線速度之比vA：vB為()A．1：1 B．3：1 C．1：3 D．9：14、兩個共點力大小分別為2N和7N，這兩個力的合力最小值為：A．2N B．5N C．7N D．9N5、關于彈力和摩擦力，下列說法中錯誤的是（）A．彈力和摩擦力都是接觸力 B．有摩擦力必有彈力C．有彈力必有摩擦力 D．同一接觸面上的彈力和摩擦力一定相互垂直6、如圖所示，一定質量的理想氣體密封在絕熱(即與外界不發(fā)生熱交換)容器中，容器內裝有一可以活動的絕熱活塞．今對活塞施以一豎直向下的壓力F，使活塞緩慢向下移動一段距離后，氣體的體積減?。艉雎曰钊c容器壁間的摩擦力，則被密封的氣體()圖13－2－4A．溫度升高，壓強增大，內能減少B．溫度降低，壓強增大，內能減少C．溫度升高，壓強增大，內能增加D．溫度降低，壓強減小，內能增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行放置，構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示．接通開關S，電源即給電容器充電．則A．保持S接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B．保持S接通，在兩極板間插入一塊介質，則極板上的電荷量增大C．斷開S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小D．斷開S，在兩極板間插入一塊介質，則兩極板間的電勢差增大8、如圖所示，質量為m的小球在豎直平面內的光滑圓環(huán)軌道上做圓周運動，圓環(huán)半徑為R，小球經過圓環(huán)最高點時剛好不脫離圓環(huán)，則其通過最高點時()A．小球對圓環(huán)的壓力大小等于mgB．小球受到的向心力等于0C．小球的線速度大小等于D．小球的向心加速度大小等于g9、如圖所示,是一演示波的衍射的裝置，S為在水面上振動的波源，M、N是水面上的兩塊擋板，其中N板可以移動，兩板中有一狹縫，此時測得圖中A處水沒有振動，為了使A處的水也能發(fā)生振動，下列措施可行的是A．使波源的振動頻率增大 B．使波源的振動頻率減小C．移動N板使狹縫的間距增大 D．移動N板使狹縫的間距減小10、如圖所示，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，電流表和電壓表都看做理想電表，且大于電源的內阻r，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，則A．電壓表讀數減小 B．電流表讀數減小C．質點P將向上運動 D．電源的輸出功率逐漸增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）①在“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中，有三位同學在用鐵架臺搭建好單擺后如下三圖所示：其中懸掛最佳的是圖________②擺球直徑用游標卡尺進行測量，測量方法和游標刻度如下圖所示，則擺球的直徑是_____________cm.③在做單擺實驗時得到如圖甲所示的單擺振動情形，O是它的平衡位置，B、C是擺球所能到達的左右最遠位置．小明通過實驗測得當地重力加速度為g=9.8m/s2，并且根據實驗情況繪制了單擺的振動圖象如圖乙所示．設圖中單擺向右擺動為正方向，g≈π2，則下列選項正確的是（_____）A．此單擺的振動頻率是0.5HzB．根據圖乙可知開始計時擺球在C點C．圖中P點向正方向振動D．根據已知數據可以求得此單擺的擺長為1.0m12．（12分）現有一合金制成的圓柱體，為測量該合金的電阻率，現用伏安法測圓柱體兩端之間的電阻，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度。螺旋測微器和游標卡尺的示數如圖a和b所示。由上圖讀得圓柱體的直徑為_____________mm，長度為____________mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，為一磁約束裝置的原理圖，圓心為原點O、半徑為R0的圓形區(qū)域Ⅰ內有方向垂直xOy平面向里的勻強磁場．一束質量為m、電量為q、動能為E0的帶正電粒子從坐標為(0、R0)的A點沿y負方向射入磁場區(qū)域Ⅰ，粒子全部經過x軸上的P點，方向沿x軸正方向．當在環(huán)形區(qū)域Ⅱ加上方向垂直于xOy平面的勻強磁場時，上述粒子仍從A點沿y軸負方向射入區(qū)域Ⅰ，粒子經過區(qū)域Ⅱ后從Q點第2次射入區(qū)域Ⅰ，已知OQ與x軸正方向成60°．不計重力和粒子間的相互作用．求：(1)區(qū)域Ⅰ中磁感應強度B1的大小；(2)若要使所有的粒子均約束在區(qū)域內，則環(huán)形區(qū)域Ⅱ中B2的大小、方向及環(huán)形半徑R至少為大；(3)粒子從A點沿y軸負方向射入后至再次以相同的速度經過A點的運動周期．14．（16分）一臺“6V，15W”的直流電動機的線圈電阻為R=0.5Ω，接在電動勢E=6V，內阻r=0.5Ω的電源上工作時，測得電動機兩端電壓是5V，求：（1）電源的總功率；（2）電源的輸出功率；（3）電動機的發(fā)熱功率；（4）電動機的輸出功率．15．（12分）如圖甲所示，勻強磁場的磁感應強度為，其方向垂直于傾角為的斜面向上．絕緣斜面上固定有“”形狀的光滑金屬導軌（電阻忽略不計），和長度均為，連線水平，長為．以中點為原點、為軸建立一維坐標系．一根粗細均勻的金屬桿，長度為、質量為、電阻為，在拉力的作用下，從處以恒定速度在導軌上沿軸正向運動（金屬桿與導軌接觸良好）．?。?）求金屬桿運動過程中產生的感應電動勢（2）推導金屬桿從處運動到點過程中拉力與位置坐標的關系式，并在圖乙中畫出關系圖象；（3）求金屬桿從處運動到點的全過程產生的焦耳熱．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

帶電體最小帶電量叫做元電荷，A正確；點電荷是理想化模型，現實中不存在，電場真實存在，而電場線是虛構出來的，B錯誤；沿著電場線方向電勢一定減小，但電場強度不一定減小，C錯誤；電場線上任一點的切線方向，與正點電荷在該點所受電場力的方向相同，與負點電荷的方向相反，D錯誤．2、D【解析】A.由電勢的概念可知,沿直線A′B′的電勢變化為先增大后減小,所以當在此直線上從A′到B′移動正電荷時，電場力對該正電荷先做負功后做正功，故A錯誤；B.因為A′、B′、C′三點離頂點O處的正電荷的距離相等，故三點處的場強大小均相等，方向不同，故B錯誤；C.由于△ABC所在平面到頂點O處的距離不相等，由等勢面的概念可知，△ABC所在平面不是等勢面，故C錯誤；D.因為OA′電勢差大于A′A,故D正確；故選：D3、B【解析】

雙星繞連線上某點做勻速圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力，兩星的周期和角速度相同則有：可得=據v=rω，可得：故選B。4、B【解析】

設兩個力的大小分別為F1和F2，且F2＞F1，則有F小=F2-F1=7-2=5N故B正確，ACD錯誤。

故選B。點睛：解決本題的關鍵知道兩個力的合力范圍，知道兩個力同向時，合力最大，兩個力反向時，合力最?。?、C【解析】依據彈力與摩擦力產生原理可知，它們都是接觸力．故A正確．彈力產生的條件：相互接觸擠壓；摩擦力產生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢．可見，有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定有摩擦力，故B正確，C錯誤．同一接觸面上的彈力與接觸面垂直，而摩擦力與接觸面平行，則它們一定相互垂直．故D正確．故選ABD．點睛：解決本題的關鍵掌握彈力和摩擦力的產生條件，以及它們的方向．知道有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定有摩擦力．6、C【解析】試題分析：絕熱活塞使得氣體不能與外界發(fā)生熱傳遞，那么活塞向下移動過程，外力對氣態(tài)做正功，導致氣體內能增加，而氣體內能主要取決于分子平均動能，分子平均動能的標準是溫度，所以內能增加，溫度升高，根據體積變小，分子平均動能變大，那么單位時間內分子對單位面積的容器壁撞擊力增大，壓強增大，對照選項C對．考點：改變氣體內能的兩種方式二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．保持S接通，則兩板間的電勢差不變，因d減小，由可知，兩極板間的電場強度增大，故A錯誤；B．保持S接通，兩板間的電勢差不變，板間插入一介質，由可知，電容增大，根據電容定義式知極板上的電荷量增大，故B正確；C．斷開S，減小兩極板間的距離，由可知，電容增大，由于電荷量不變，由可知，兩極板間的電勢差減小，故C正確；D．斷開S，在兩極板間插入一塊介質，由可知，電容增大，由于電荷量不變，由可知，兩極板間的電勢差減小，故D錯誤．8、CD【解析】因為小球剛好在最高點不脫離圓環(huán)，則軌道對球的彈力為零，所以小球對圓環(huán)的壓力為零．故A錯誤．根據牛頓第二定律得，，知向心力不為零，線速度，向心加速度a=g．故B錯誤，CD正確．故選CD.9、BC【解析】波長越長衍射越明顯，再由，可使波源的振動頻率減小，波長增大，或移動N板使狹縫的間距增大10、AD【解析】

AB.由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，干路中電流增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，同時，R1兩端的電壓也增大，故并聯部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯部分的電流增大，故電流表示數增大；因并聯部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數減小，故A正確B錯誤。C.因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C錯誤；D.由題，R1大于電源的內阻r，外電路的總電阻大于r，而當電源的內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，則知電路中總電阻減小時，電源的輸出功率逐漸增大。故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲；1.404；AD；【解析】

.①依據振動周期公式T=2πLg，結合實際操作，可知，擺長L，不能變化，根據三個圖，可知，只有甲圖，在擺動過程中，擺長L不會變化，故選甲；

②游標卡尺測得的擺球的直徑：14mm×0.02×2mm=14.04mm=1.404cm．

③由單擺的振動圖線可知，單擺的周期T=2.0s，則單擺的頻率f=1/T=0.5Hz，故A正確。單擺向右擺動為正方向，可知在t=0時刻，單擺處于負的最大位移處，即在圖中的B點，故B錯誤。圖中P點處于正向位移處，且位移減小，可知P向負方向運動，故C錯誤。根據T=2πLg得，單擺的擺長L=gT【點睛】解決本題的關鍵是掌握單擺的周期公式T=2πLg，12、1.844mm42.40mm【解析】

由題意可知考查螺旋測微器、游標卡尺讀數問題，根據讀數原理分析可得。【詳解】[1]螺旋測微器讀數先讀固定刻度為1.5mm，再讀可動刻度柱體的直徑為兩部分之和[2]用游標卡尺測量該圓柱體的長度，主尺示數為42mm，游標尺讀為實際讀數為兩部分之和【點睛】螺旋測微器讀數方法：固定刻度+可動刻度（格數），格數要估讀一位小數游標卡尺讀數方法：主尺+游標卡尺示數（10分度：格數、50分度：格數、50分度：格數，格數不需要估讀）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2),方向垂直xOy平面向外;(3)【解析】

（1）粒子進入磁場Ⅰ做勻速圓周運動，由幾何關系求出軌跡半徑，由牛頓第二定律求解磁感應強度B1的大小；（2）在環(huán)形區(qū)域Ⅱ中，當粒子的運動軌跡與外圓相切，畫出軌跡，由幾何關系求解軌跡半徑，再求解B2的大?。唬?）根據粒子運動的軌跡所對應的圓心角，再求解運動周期．【詳解】（1）設在區(qū)域Ⅰ內軌跡圓半徑為r1=R0；所以（2）設粒子在區(qū)域Ⅱ中的軌跡圓半徑為r2，部分軌跡如圖，由幾何關系知：，，所以，方向與B1相反，即垂直xOy平面向外；由幾何關