2025屆浙江省湖州市八校聯(lián)盟物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題含解析

2025屆浙江省湖州市八校聯(lián)盟物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2016年9月15日，我國發(fā)射了空間實驗室“天宮二號”．它的初始軌道為橢圓軌道，近地點M和遠地點N的高度分別為200km和350km，如圖所示．關于“天宮二號”在該橢圓軌道上的運行，下列說法正確的是A．在M點的速度小于在N點的速度B．在M點的加速度大于在N點的加速度C．在M點的機械能大于在N點的機械能D．從M點運動到N點的過程中引力始終做正功2、如圖所示，一帶電液滴在相互垂直的勻強電場和勻強磁場中剛好做勻速圓周運動，其軌道半徑為R。已知電場的電場強度為E，方向豎直向下；磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，不計空氣阻力，設重力加速度為g，則()A．液滴帶正電B．液滴的比荷為qC．液滴順時針運動D．液滴運動的速度大小v=3、以下說法正確的是(

)A．由可知電場中某點的電場強度E與F成正比B．由公式可知電場中某點的電勢與q成反比C．由可知，勻強電場中任意兩點a、b間距離越大，兩點間的電勢差也越大D．公式，電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢差U無關4、如圖所示，一輕質彈簧固定在墻上，一個質量為m的木塊以速度v0從右側沿光滑水平面向左運動并與彈簧發(fā)生相互作用。設相互作用的過程中彈簧始終在彈性限度范圍內，那么，到彈簧恢復原長的過程中彈簧對木塊沖量I的大小和彈簧對木塊做的功W的大小分別是（）A．I=0，W=mv02 B．I=mv0，C．I=2mv0，W=0 D．I=2mv0，5、下列關于電場強度、電勢、電場線、電勢能的說法中，正確的是A．電場強度為零的地方,電勢一定為零、電勢能一定為零B．沿著電場線方向,電勢逐漸降低、電勢能不一定減小C．電場強度較大的地方,電勢一定較高、電勢能一定大D．電勢為零的地方,電勢能不一定為零、電場強度一定為零6、如圖所示，真空中兩個帶等量異種點電荷，A、B分別為兩電荷連線和連線中垂線上的點，A、B兩點電場強度大小分別是EA、EB，電勢分別是φA、φB，下列判斷正確的是A．EA>EB，φA>φBB．EA>EB，φA<φBC．EA<EB，φA>φBD．EA<EB，φA<φB二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路，R1、R2、R3為三個可變電阻，閉合電鍵后，電容器C1、C2所帶電量分別為Q1和Q2，電源電阻不能忽略，下面判斷正確的是（）A．僅將R1增大，Q1和Q2都將增大B．僅將R2增大，Q1和Q2都將增大C．僅將R3增大，Q1和Q2都將不變D．突然斷開開關S，通過R3的電量為Q1+Q28、如圖所示，曲線表示固定在x軸上a、b兩點的兩個點電荷產(chǎn)生的電勢與位置之間的對應關系，兩個點電荷所帶電荷量分別為q1和q2，a、p間距離大于p、b間距離．從圖中可以判斷以下說法正確的是A．兩點電荷帶異種電荷B．電勢最低的p點的電場強度為零C．將一負的檢驗電荷從b處左側附近移到p處，檢驗電荷的電勢能增加D．p、b間的電場方向都指向b點9、如圖所示，三根相互平行的固定長直導線、和兩兩等距，均通有電流I，中電流力向與中的相同，與中的相反。下列說法正確的是A．所受磁場作用力的力向與所在平面平行B．所受磁場作用力的方向與所在平面平行C．、和單位長度所受的磁場作用力大小之比為l：1：D．、和單位長度所受的磁場作用力大小之比為：110、如圖所示電路中，電源電動勢為E，電源內阻為r，串聯(lián)的固定電阻為R2，滑動變阻器的總電阻為R1，電阻大小關系為R1=RA．固定電阻R2B．電源的輸出功率先減小后增大C．電源的輸出功先增大后減小D．滑動變阻器R1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學設計如圖所示電路研究電源電流和內電壓的關系，用伏特表測內電壓U，用電流表測電流I，通過活塞改變內電阻r，做出如圖所示U-I圖線．若電池的電動勢為E，外電路阻值R一定，則UM=_____，斜率k=_____．U隨I變化的表達式為______，IM表示r趨近_____（選“無限大”或“0”）的電流且IM=____．（用E、R、U、I、r表示）（2）如圖所示為歐姆表原理示意圖，電流表滿偏電流3mA，變阻器R0電阻調節(jié)范圍為0~5000Ω，內部電源標稱值為6V，但實際電動勢為5.4V，且內阻增大，但仍能調零，調零后測得電阻讀數(shù)比實際值_________（填“偏大”、“偏小”）．12．（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，若待測金屬絲的電阻約為5Ω，要求測量結果盡量準確，提供以下器材供選擇：A．電池組(3V，內阻1Ω)B．電流表(1～3A，內阻1.125Ω)C．電流表(1～1．6A，內阻1.125Ω)D．電壓表(1～3V，內阻4kΩ)E．電壓表(1～15V，內阻15kΩ)F．滑動變阻器(1～21Ω，允許最大電流1A)G．滑動變阻器(1～2111Ω，允許最大電流1.3A)H．開關、導線若干(1)實驗時應從上述器材中選用________________(選填儀器前的字母代號)．(2)測電阻時，電流表、電壓表、待測金屬絲電阻Rx在組成測量電路時，應采用電流表________(選填“外”或“內”)接法，待測金屬絲電阻的測量值比真實值偏__________(選填“大”或“小”)．(3)用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度，由甲、乙兩圖讀得圓柱體的直徑為__________mm，長度為__________cm．甲乙(4)若用L表示金屬絲的長度，d表示直徑，測得電阻為R，請寫出計算金屬絲電阻率的表達式ρ＝________．（用各物理量的符號表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abcd內存在著勻強電場．電量為q、動能為Ek的帶電粒子從a點沿ab方向進入電場，不計重力．（1）若粒子從c點離開電場，求電場強度的大小和粒子離開電場時的動能；（2）若粒子離開電場時動能為Ek'，則電場強度為多大？14．（16分）一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時間t的變化情況如圖2所示，物體相應的速度v隨時間t的變化關系如圖3所示。求：(1)0~8s時間內拉力的沖量；(2)0~6s時間內物體的位移；(3)0~10s時間內，物體克服摩擦力所做的功。15．（12分）如圖所示，AOB是光滑水平軌道，BC是半徑為R的光滑的固定圓弧軌道，兩軌道恰好相切于B點．質量為M的小木塊靜止在O點，一顆質量為m的子彈以某一初速度水平向右射入小木塊內，并留在其中和小木塊一起運動，且恰能到達圓弧軌道的最高點C（木塊和子彈均看成質點）．①求子彈射入木塊前的速度．②若每當小木塊返回到O點或停止在O點時，立即有一顆相同的子彈射入小木塊，并留在其中，則當?shù)?顆子彈射入小木塊后，小木塊沿圓弧軌道能上升的最大高度為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、B、C項：軌道高度越高，角速度越小，線速度越小，加速度越小，周期越大，機械能越大，故A錯誤，B正確，C錯誤；D項：從M點運動到N點的過程中，速度減小，動能減小，引力做負功，故D錯誤．點晴：此題屬于典型的“同一中心天體，不同軌道高度”衛(wèi)星的“高軌低速”問題，難度中等，高考中基本上屬于必考內容之一．2、C【解析】

液滴在重力場、勻強電場和勻強磁場組成的復合場中做勻速圓周運動，可知，液滴受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相反，故可知液滴帶負電，故A錯誤；由mg＝qE解得qm=gE，故B錯誤；磁場方向垂直紙面向里，洛倫茲力的方向始終指向圓心，由左手定則可判斷液滴的運動方向為順時針，故C正確；液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動的半徑為R=mv3、D【解析】

A.是采用比值定義的，E和F以及檢驗電荷q無關，E是由電場本身決定的，故A錯誤．B.電場中某點的電勢φ與檢驗電荷q無關，是由電場本身和零電勢點決定的．故B錯誤．C.Uab=Ed中的d是勻強電場中的任意兩點a、b沿著電場線方向的距離，故C錯誤．D.電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢差U無關，與兩極板間距離d，極板面積S等有關，故D正確．4、C【解析】

在木塊與彈簧接觸到將彈簧壓縮為最短的過程中，彈簧對木塊做負功，在彈簧將木塊彈出的過程中，彈簧對木塊做正功，且正功與負功的絕對值相等，故在整個相互作用的過程中彈簧對木塊做的總功W=0木塊將以-v0的速度被彈回，由動量定理可得，在整個相互作用的過程中彈簧對木塊沖量的大小故選C?！军c晴】解決本題關鍵將整個相互作用過程分為木塊與彈簧接觸到將彈簧壓縮為最短的過程和彈簧將木塊彈出的過程進行分析，注意動量為矢量，有大小和方向。5、B【解析】

A．電場強度為零的地方，電勢不一定為零、電勢能不一定為零，例如等量同種正電荷連線的中點位置，選項A錯誤；B．沿著電場線方向，電勢逐漸降低，但是如果是沿電場線方向移動負電荷，則電勢能增加，選項B正確；C．電場強度較大的地方電勢不一定較高、電勢能不一定大，例如在距離負點電荷越近的位置電勢越低，正電荷在此位置的電勢能較小，選項C錯誤；D．電勢為零的地方，電勢能一定為零、電場強度不一定為零，例如在等量異種電荷連線的中點位置，選項D錯誤。6、A【解析】解：常見電場的電場線中，等量異種電荷的電場線特點如圖，可見，A點的電場線比較密，故A點的場強大；另外，電場線的分析從左到右，故A的電勢高于B點的電勢．因此，A選項正確，BCD都錯誤．故答案為A考點：電場強度；電勢．分析：該題考查常見電場的電場線特點，結合其電場線的圖即可作答．點評：該題考查常見電場的電場線特點，題目簡單，很容易選出正確的答案．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A．增大R1，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電容器C1兩端電壓增大，C2兩端電壓減小，電容器所帶電量Q1增大，Q2減小，故A錯誤；B．增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R1兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C．增大R3，整個電路電阻不變，Q1和Q2都將不變，故C正確；D．突然斷開開關S，兩個電容器都放電，通過R3的電量為Q1+Q2，故D正確。8、BC【解析】根據(jù)，知φ-x圖象切線的斜率表示電場強度，可知p處場強為零，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，知a、b兩個電荷應均為正電荷，故A錯誤；由φ-x圖象的斜率表示電場強度E，在電勢最低點p處場強一定為零，故B正確；將一負的檢驗電荷從b處左側附近移到p處，電場力做負功，檢驗電荷的電勢能增加，故C正確；由上分析可知，p、b間的電場方向都指向p點，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．9、AC【解析】

本題涉及的內容磁場力的相互作用及力的合成，因為長直導線、和兩兩等距，均通有電流I，中電流力向與中的相同，與中的相反，所以任意兩根導線之間相互作用力磁場力大小相等。與電流方向相同，故二者之間磁場力相互排斥；與、與的電流方向相反，故與、與之間磁場力相互吸引?！驹斀狻扛鶕?jù)電流磁場的右手定則和磁場力的左手定則判斷，三根通電導線，每個導線所受另外兩個導線的力的合力如下圖所示AB．導線與導線電流方向相同，所以產(chǎn)生相互吸引的磁場力，兩個力大小相等，導線與導線電流方向相反，所以產(chǎn)生相互排斥的磁場力，兩個力大小相等，因此是導線受合力，是導線受合力，是導線受合力，由受力幾何圖知，所受磁場作用力的力向與所在平面平行，所受磁場作用力的方向與所在平面不平行，故A正確，B錯誤；CD．與之間相互排斥力大小若為F，則與之間相互排斥力大小也為F，與之間相互吸引力大小也為F。受2個大小相等均為F夾角為1200，可得合力的大小為F，受2個大小均為F二力夾角為1200，可得合力的大小為F；受2個大小均為F夾角為600，受合力的大小為，所以、和單位長度所受的磁場作用力大小之比為l：1：，故C正確，D錯誤；故選AC?！军c睛】磁場力之間的相互作用，及力的合成。10、AB【解析】試題分析：在滑動觸頭從a端移到到b端的過程中，R1接入電路的電阻（實際上是RaP和RbP的并聯(lián)電阻）先增大后減小，所以電路中的總電流先減小后增大，因為R2在干路，所以固定電阻R2上消耗的電功率先減小后增大，A正確；當R外=r考點：考查了電功率的計算【名師點睛】題關鍵判斷出滑動變阻器滑片P從最右端→中間→左端總電阻變化情況和電源的輸出功率與外電阻的關系，能巧妙運用等效思維分析變阻器功率的變化．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）ERU=E-IR0（2）偏大【解析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，內壓U=E-IR，則可知圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；故UM=E；圖象的斜率表示外電阻R；圖象與橫坐標交點表示內電壓為零，故說明內阻為零；此時電流；（2）歐姆表內阻，電流表滿偏電流Ig不變，電源電動勢E變小，則歐姆表總內阻要變小，由閉合電路歐姆定律可得：，R測=-R，由于內阻R變小，則待測電阻阻值R測偏大，電池內阻增大，故R0的阻值調零時一定偏小，所以測量電阻讀數(shù)比實際值大.12、ACDFH外接法偏小1.911(1.899～1.911均可)4.241πRd【解析】

(1)實驗時需要電源、導線、開關、滑動變阻器、電壓表、電流表；待測電阻約為5Ω，故為了靈敏控制，滑動變阻器要選用阻值接近的，故滑動變阻器選用F；根據(jù)電動勢為3V，故由量程可知：電壓表選用D；電流最大值為35A=06A故由電流表量程可知：電流表選用C(2)待測電阻較小，故電流表分壓效果較明顯，那么，采用電流表外接法；這時，電壓表示數(shù)為電阻兩端的電壓，電流表示數(shù)為電阻和電壓表的總電流，故電流表示數(shù)偏大，那么，由歐姆定律可知：電阻的測量值比真