浙江省溫州市新力量聯(lián)盟2025屆高三上物理期中監(jiān)測模擬試題含解析

浙江省溫州市新力量聯(lián)盟2025屆高三上物理期中監(jiān)測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶負電粒子在電場中僅受靜電力作用下沿x軸正向做直線運動v-t圖象如圖所示,起始點O為坐標原點,下列關于電勢?、粒子動能Ek、電場強度E、粒子加速度a與位移xA．B．C．D．2、小球從空中由靜止下落，與水平地面相碰后反彈至某一高度，其速度v隨時間t變化的關系圖線如圖所示．則（）A．小球反彈后離開地面的速度大小為5m/sB．小球反彈的最大高度為0.45mC．與地面相碰，小球速度變化量的大小為2m/sD．小球下落過程中的加速度小于上升過程中加速度3、在科學的發(fā)展歷程中，許多科學家做出了杰出的貢獻．下列敘述符合歷史事實的是()A．愛因斯坦發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律B．卡文迪許總結(jié)出了行星運動的三大規(guī)律C．伽利略否定了亞里士多德“重物比輕物下落快”的論斷D．牛頓首先較準確地測出了萬有引力常量G的數(shù)值4、一列沿x軸傳播的簡諧機械橫波，波速大小為10m/s。該波在某時刻的圖像如圖所示，此時刻質(zhì)點P沿y軸負方向運動，從該時刻開始計時，下列說法正確的是A．該波沿x軸負方向傳播B．此時刻質(zhì)點P的加速度為零C．t=1s時，質(zhì)點P的位移為10mD．t=1.5s時，質(zhì)點P的動能最大5、如圖，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊（A、B接觸面豎直，此時A恰好不滑動，B剛好不下滑，已知A與B間的動摩擦因數(shù)為，A與地面間的動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，與B的質(zhì)量之比為A． B． C． D．6、年中秋夜，我國成功將天宮二號送入預定軌道，2016年10月17日神舟十一號順利升空并在之后與天宮二號實行交會對接．天宮二號是在天宮一號基礎上研制的航天器，兩者外形完全相同，但卻承擔著不同的任務．天宮一號主要是和載人飛船配合完成空間交會對接實驗任務，而天宮二號則是我國第一個具備太空補加功能的載人航天實驗室，要第一次實現(xiàn)航天員中期駐留、第一次試驗推進劑太空補加技術(shù)等重要的科學實驗，天宮二號被稱為是我國首個真正意義上的空間實驗室．天宮二號的軌道高度為393km，比天宮一號高了50km，關于天宮二號與天宮一號的比較，以下說法正確的是（）A．“天宮二號”運行的線速度比“天宮一號”小B．“天宮二號”運行的加速度比“天宮一號”小C．“天宮二號”運行的角速度比“天宮一號”小D．“天宮二號”運行的周期比“天宮一號”大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑絕緣的水平面上方，有兩個方向相反的水平方向的勻強磁場，PQ為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應強度的大小分別為B1＝B，B2＝2B，一個豎直放置的邊長為a，質(zhì)量為m，電阻為R的正方形金屬線框，以初速度v垂直磁場方向從圖中實線位置開始向右運動，當線框運動到在每個磁場中各有一半的面積時，線框的速度為v/2，則下列判斷正確的是（）A．此過程中通過線框截面的電量為3BB．此過程中線框克服安培力做的功為38mvC．此時線框的加速度為9D．此時線框中的電功率為98、圖甲為小型交流發(fā)電機的原理圖，發(fā)電機的矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，從t＝0時刻開始，通過矩形線圈的磁通量隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，已知線圈的匝數(shù)n＝50，線圈的電阻r＝5Ω，線圈與外電路連接的定值電阻R＝45Ω，電壓表為理想交流電表.則下列判斷正確的是()A．線圈轉(zhuǎn)動的周期為6.28sB．t＝0時刻線圈平面與磁感線平行C．線圈轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的最大感應電動勢為100VD．電壓表的示數(shù)為45V9、汽車在平直公路上行駛，它受到的阻力大小不變，若發(fā)動機的功率保持恒定，汽車在加速行駛的過程中，它的牽引力F和加速度a的變化情況是A．牽引力逐漸增大，加速度逐漸減小B．牽引力逐漸減小，加速度也逐漸減小C．牽引力所做的功等于汽車動能的增加D．牽引力和阻力所做的總功等于汽車動能的增加10、如圖甲所示，在水平路面上有一質(zhì)量為1×103kg的汽車（可視為質(zhì)點）以10m/s的速度向右勻速行駛，由于路面發(fā)生變化，BC段阻力變?。畯钠嚨竭_A位置開始計時，經(jīng)過20s汽車到達C位置，汽車運動的v?t圖像如圖乙所示．若行駛過程中汽車發(fā)動機的輸出功率恒為40kW，且汽車在AB和BC路段上行駛時所受阻力均恒定，則下列說法正確的是（）

A．汽車在AB段所受的阻力為B．汽車在5-15s內(nèi)作加速度逐漸增大的加速運動C．當汽車速度為16m/s時，汽車的加速度大小為0.5m/s2D．AC間距離為275m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”實驗．先將小球1從斜槽軌道上某固定點由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把另一小球2放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止，讓小球1仍從原固定點由靜止開始滾下，且與小球2相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．A、B、C為三個落點的平均位置，O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點．實驗中空氣阻力的影響很小，可以忽略不計．（1）在本實驗中斜槽軌道_____（填選項前的字母）A．必須光滑B．可以不光滑（2）實驗中應該選擇兩個合適的小球進行實驗①兩個小球的半徑____（填“相同”或“不同”）②應該選擇下列哪組小球_____（填選項前的字母）A．兩個鋼球B．一個鋼球、一個玻璃球C．兩個玻璃球（3）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，將小球1從固定點由靜止釋放．若僅降低斜槽上固定點的位置，那么小球的落地點到O點的距離將______（填“改變”或“不變”），若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，那么小球的落地點到O點的距離將______填（“改變”或“不變”）．（4）在安裝實驗裝置的過程中，使斜槽軌道末端的切線水平，小球碰撞前與碰撞后的速度就可以用小球飛出的水平距離來表示，其原因的是_______A．小球都是從同一高度飛出，水平位移等于小球飛出時的速度B．小球都是從同一高度飛出，水平位移與小球飛出時的速度成正比C．小球在空中的運動都是勻變速曲線運動，而且運動的加速度都相同（5）本實驗必須測量的物理量是_____A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球1和小球2的質(zhì)量、C．小球1的釋放位置到斜槽軌道末端的高度hD．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、（6）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，小球1的落點為B點，放置被碰小球2后，小球2的落點為C點．假設兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，試論證：當小球1碰后的速度方向未改變時，C點必在B點的前方．_____12．（12分）“探究力的平行四邊形定則”的實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細線的結(jié)點，OB和OC為細繩，圖乙所示是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖。(1)某同學的實驗操作主要步驟如下：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B．用圖釘把橡皮筋的一端固定在板上的A點，在橡皮筋的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套；C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸長，結(jié)點到達某一位置O，記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)；D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力和的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F；E.只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮筋使其伸長，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，按照同一標度作出這個力的圖示；F.比較力和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論。上述步驟中，有重要遺漏的步驟的序號是______。(2)該實驗中某彈簧測力計顯示的讀數(shù)如圖所示，其大小是________N。(3)圖乙中的______是力F1和F2合力的理論值；______是力F1和F2合力的實際測量值。(4)同學們在操作過程中有如下議論，其中對減小實驗誤差有益的說法是______。A．兩個分力之間的夾角越大越好B．橡皮筋應與兩繩夾角的平分線在同一直線上C．在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行D．拉橡皮筋的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個電子以vA的速度沿與電場垂直的方向從A點進入勻強電場，并且從另一端B點沿與場強方向成150°角方向飛出，電子從A到B運動的時間為t,電子的質(zhì)量為m，所帶的電荷量為e，重力不計，求：(1)A、B兩點間的電勢差為多少？(2)勻強電場的電場強度為多少？14．（16分）如圖所示，一細U型管兩端均開口，用兩段水銀柱封閉了一段空氣柱在管的底部，初始狀態(tài)氣體溫度為T1=280K,各段的長度分別為L1=20cm,L2＝15cm，L3＝10cm，h1＝4cm，h2＝20cm；現(xiàn)使氣體溫度緩慢升高，（大氣壓強為p0＝76cmHg）求：①若當氣體溫度升高到T2時，右側(cè)水銀柱開始全部進入豎直管，求此時左側(cè)水銀柱豎直部分有多高？并求出此時管底氣柱的長L1′②求第一問中的溫度T2等于多少K?③在T2的基礎上繼續(xù)升溫至T3時,右側(cè)水銀柱變成與管口相平，求T3等于多少K?15．（12分）如圖甲所示，可視為質(zhì)點的A、B兩物體置于一靜止長紙帶上，紙帶左端與A、A與B間距均為d＝0.5m，兩物體與紙帶間的動摩擦因數(shù)均為μ1＝0.1，與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ2＝0.2，現(xiàn)以恒定的加速度a＝2m/s2向右水平拉動紙帶，重力加速度g取10m/s2，求：(1)A、B兩物體在紙帶上的滑動時間．(2)兩物體A、B均停止在地面上后之間的距離．(3)在圖乙的坐標系中定性畫出A、B兩物體的v－t圖象．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據(jù)v-t圖象的斜率分析加速度的變化，判斷電場力的變化，由電場力做功情況分析動能和電勢能的變化，再分析電勢的變化.【詳解】A、v-t圖象的斜率表示加速度，則知粒子的加速度減小，由牛頓第二定律知qE=ma，得場強E逐漸減小，由知φ-x圖象切線斜率是變化的，所以，φ-x圖象是曲線，故A錯誤.B、v減小，則知動能Ek減小，故B錯誤.C、E隨時間減小，粒子做減速直線運動，E可能隨x均勻減小，故C正確.D、a隨時間減小，粒子做減速直線運動，a隨x增大而減小，故D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后結(jié)合動能定理進行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。2、B【解析】

根據(jù)速度時間圖線得出反彈和著地的速度大小，結(jié)合速度的方向求出速度的變化量，根據(jù)圖線圍成的面積求出小球反彈的最大高度．利用v-t圖像的斜率求加速度．【詳解】A.由圖象可知：0.5s末物體反彈，此時速度的大小為3m/s，故A錯誤；B.小球能彈起的最大高度對應圖中0.5s?0.8s內(nèi)速度圖象的面積，所以h=×3×0.3m=0.45m，故B正確；C.小球與地面碰撞前的速度為5m/s，方向豎直向下，與地面碰撞后的速度大小為3m/s，方向豎直向上，則小球速度的變化量△v=v2?v1=-3?5m/s=-8m/s，方向豎直向上，故C錯誤；D.v-t圖像的斜率等于加速度，由圖可知，小球下落過程中的加速度a1=（5-0）/0.5=10m/s2，下落過程加速度a2=（0+3）/0.3=10m/s2，下落過程中的加速度等于上升過程中加速度，故D錯誤．故選B.3、C【解析】

牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，選項A錯誤；開普勒總結(jié)出了行星運動的三大規(guī)律，選項B錯誤；伽利略否定了亞里士多德“重物比輕物下落快”的論斷，選項C正確；卡文迪許首先較準確地測出了萬有引力常量G的數(shù)值，選項D錯誤；故選C.4、B【解析】

由波的圖象讀出振幅和波長，由波速公式v=λ【詳解】A、由于P點向負方向振動，可知波沿x軸正方向傳播，故選項A錯誤；B、此時刻質(zhì)點P處于平衡位置，此時刻加速度為零，速度最大，故選項B正確；C、由圖像可知，波長為λ=20m，根據(jù)公式v=λT可知：T=λv=2010s=2s，經(jīng)過半個周期P點仍在平衡位置，即t=1s時，D、當t=1.5s=3【點睛】根據(jù)波的圖象讀出振幅、波長、速度方向及大小變化情況，加速度方向及大小變化情況等，是應具備的基本能力。5、B【解析】

試題分析：對A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：F=μ2（m1+m2）g①再對物體B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：水平方向：F=N豎直方向：m2g=f其中：f=μ1N聯(lián)立有：m2g=μ1F②聯(lián)立①②解得：故選B。【考點定位】物體的平衡【點睛】本題關鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對象，受力分析后根據(jù)平衡條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力。6、D【解析】萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，得：，，，，因天宮二號的軌道半徑大于天宮一號的軌道半徑，則“天宮二號”運行的線速度、加速度、角速度都比“天宮一號”小，而周期比“天宮一號”大，故D正確；故選D.【點睛】天宮飛行器繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，應用萬有引力公式與牛頓第二定律可以求出線速度、加速度、角速度與周期，然后比較大?。⒍囗椷x擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】感應電動勢為：E=ΔΦΔt，ΔΦ=(-12BS+2B?12S)-(-BS)=32BS；感應電流為：I=ER，電荷量為：q=I△t，解得：q=3Ba22R，故A正確。由能量守恒定律得，此過程中回路產(chǎn)生的電能為：E=12mv2-12m（v2）28、BD【解析】

依據(jù)圖象可得感應電動勢的最大值，其中公式中的量可以根據(jù)圖象讀?。妷罕盹@示的是有效值，依據(jù)最大值可得有效值，進而依據(jù)歐姆定律可得電表示數(shù)．通過導體橫截面的電荷量時的公式為.【詳解】A．由乙圖可知，線圈轉(zhuǎn)動的周期為，A項錯誤；B．由乙可知，時刻，磁通量為零，線圈平面與磁感線平行，B項正確；C．線圈中的最大電動勢，C項錯誤；D．電壓表的示數(shù)為，D項正確．9、BD【解析】根據(jù)P=Fv知，在加速運動的過程中，功率不變，速度v增大，則F逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律得，，可知加速度逐漸減小，故B正確，A錯誤．C、D、根據(jù)動能定理：，合外力做的功等于動能的變化，故C錯誤，D正確．故選BD．【點睛】解決本題的關鍵知道功率與牽引力、速度的關系，抓住功率不變進行分析判斷;掌握汽車啟動的兩種方式(恒定的功率啟動、恒定的加速度啟動)的運動規(guī)律.10、CD【解析】

A、汽車在AB段做勻速直線運動，有，且，解得；故A錯誤.B、汽車在BC段的阻力變小，由牛頓第二定律可知，結(jié)合圖象可知做加速度減小的變加速直線運動；B錯誤.C、當速度時做變加速直線運動，由，得；而速度為20m/s勻速時有，聯(lián)立可得；故C正確.D、汽車在BC段保持功率恒定，但牽引力為變力，故由動能定理得，其中，，，代入數(shù)據(jù)解得，則；故D正確.【點睛】抓住汽車保持功率不變這一條件，利用瞬時功率表達式求解牽引力，同時注意隱含條件汽車勻速運動時牽引力等于阻力；對于變力做功，汽車非勻變速運動的情況，只能從能量的角度求解．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B相同B改變不變BBD見解析【解析】

（1）[1]小球離開軌道后做平拋運動，只要保證入射球離開軌道的初始速度相等即可，斜槽軌道不需要光滑，A不符合題意，B符合題意；故選B；（2）[2]①兩球要發(fā)生對心碰撞，故兩球的半徑應相同；②[3]為了防止入射球反彈，所以入射球的質(zhì)量應大于被碰小球，所以應選一個鋼球、一個玻璃球，AC不符合題意，B符合題意；故選B；（3）[4][5]若僅降低斜槽上固定點的位置，小球離開軌道做平拋運動的速度減小，由于平拋運動的高度不變，所以不平位移變小，即小球的落地點到O點的距離將改變，若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，由于平拋運動的高度不變，運動的時間不變，所以小球的落地點到O點的距離不變；（4）[6]小球做平拋運動由于高度相同，由公式得：，可知高度h相同，則運動時間相同，水平位移所以小球的水平位移與小球飛出的速度成正比，B符合題意，AC不符合題意；故選B；（5）[7]小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相同，在空中的運動時間t相同，兩球碰撞過程動量守恒，以入射球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：兩邊同時乘以運動時間t得：則有：由上式可知，本實驗應測量小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2和記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、，BD符合題意，AC不符合題意。故選BD。（6）[8]證明：設小球1碰撞前后瞬間的速度分別為v0、v1，小球2碰后的速度為v2，根據(jù)動量守恒有：碰撞過程機械能守恒有：整理可得：當v1與v0同向時，v2大于v0，故C點必在B點的前方。12、CE4.20FF′CD【解析】

(1)[1]本實驗為了驗證力的平行四邊形定則，采用的方法是作力的圖示法，作出合力和理論值和實際值，然后進行比較，得出結(jié)果。所以，實驗時，除記錄彈簧秤的示數(shù)外，還要記下兩條細繩的方向，以便確定兩個拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示。步驟C中未記下兩條細繩的方向；步驟E中未說明把橡皮條的結(jié)點拉到位置O；(2)[2]根據(jù)題意，彈簧測力計的讀數(shù)為4.20N；(3)[3][4]F1與F2合成的理論值是通過平行四邊形定則算出的值，而實際值是單獨一個力拉O點的時的值，因此F′是F1與F2合成的實際值，F(xiàn)是F1與F2合成的理論值(4)[5]A．畫平行四邊形時，夾角大的話畫出的平行四邊形就會準些，而不是要求夾角越大越好，故A錯誤；B．實驗值并不需要橡皮筋與兩繩夾角的平分線在同一直線上，即兩繩上的拉力可以不相等，故B錯誤；C．作圖時，我們是在白紙中作圖，做出的是水平力的圖示，若拉力傾斜，則作出圖的方向與實際力的方向有有較大差別，同時為了減小因摩擦造成的誤差，故應使各力盡量與木板面平行，故C正確；D．為了方便而且更加準確確定力的方向，操作時可以使繩套細且長一些，標記同一細繩方向的兩點要遠些，故D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)UAB=-【解析】

電子垂直進入勻強電場中，做類平拋運動，根據(jù)電子經(jīng)過B點時速度的分解，求出經(jīng)過B點時的速度，根據(jù)動能定理求解A、B兩點間的電勢差；研究豎直方向上的分運動，由運動學公式和牛頓第二定律結(jié)合求解電場強度大小。【詳解】（1）從A到B過程，由動能定理得：-eU=根據(jù)分解速度則有：vA=vcos60°聯(lián)立解得：U=-（2）豎直分速度：vy=vAtan