2025屆河北省唐山市路北區(qū)唐山一中高二物理第一學期期末學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

2025屆河北省唐山市路北區(qū)唐山一中高二物理第一學期期末學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，電源的電壓恒定不變，電燈L恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向a端滑動，電燈的電阻視為不變，則（）A.電燈L變亮，安培表的示數(shù)減小B.電燈L變亮，安培表示數(shù)增大C.電燈L變暗，安培表的示數(shù)減小D.電燈L變暗，安培表的示數(shù)增大2、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的物體在絕緣的水平面上向左運動，物體與地面間的動摩擦因素為μ，整個裝置放在磁感強度為B方向垂直紙面向里的勻強磁場中．設(shè)某時刻物體的速率為v，則下列敘述中正確的是（）A.物體速率由v減小到零的過程,加速度逐漸增大B.物體速率由v減小到零通過的位移等于C.如果再加一個方向水平向左的勻強電場,物體有可能做勻速運動D.如果再加一個方向豎直向下的勻強電場,物體有可能做勻速運動3、如圖所示，電解池內(nèi)有一價離子的電解液，時間t內(nèi)通過溶液內(nèi)截面S的正離子數(shù)是n1，負離子數(shù)是n2，設(shè)元電荷為e，以下解釋中正確的是A.正離子定向移動形成電流方向從A→B，負離子定向移動形成電流方向從B→AB.溶液內(nèi)正負離子向相反方向移動，電流抵消C.溶液內(nèi)電流方向從A到B，電流I＝D.溶液內(nèi)電流方向從A到B，電流I＝4、在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的等邊三角形線框abc，磁場方向垂直于線框平面，ac兩點間接一直流電源，電流方向如圖所示，則（）A.導線ab受到的安培力大于導線ac所受的安培力B.導線abc受到的安培力大于導線ac受到的安培力C.線框受到的安培力的合力為零D.線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下5、電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與電阻箱Rx、阻值為2r的定值電阻R連接成如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱Rx，下列說法正確的是（）A.當Rx=r時，電源的輸出功率最大，最大值為B.當Rx=0時，電源內(nèi)阻消耗的電功率最大，最大值為C.隨電阻箱Rx阻值的增大，電源的效率先增大后減小D.當Rx=2r時，電阻箱消耗的功率最大，最大值為6、當導線中分別通以圖示方向的電流，小磁針靜止時北極指向讀者的是（）A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個正點電荷Q靜止在正方形的一個角上，另一個帶電粒子（可視為點電荷）射入該區(qū)域時，恰好能經(jīng)過正方形的另外三個角a、b、c，粒子僅受靜電力作用，則粒子由a經(jīng)b運動到c的過程中，下列分析正確的有（）A.a、b、c三點電勢高低及場強大小的關(guān)系是：φa=φc>φb，Ea=Ec=2EbB.粒子由a到b電勢能增加，由b到c電場力做正功，在b點動能最小C.粒子在a、b、c三處的加速度大小之比是1:2:1D.改變粒子在a處的速度，有可能使其經(jīng)過a、b、c三點做勻速圓周運動8、如圖（a）所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方懸掛一相同的線圈Q，P和Q共軸，Q中通有變化的電流，電流變化的規(guī)律如圖（b）所示，則下列說法正確的是A.t1、t5時刻P線圈對桌面的壓力小于P自身的重力B.t3、t5時刻線圈P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同C.t3時刻線圈P有擴張的趨勢D.t4、t6時刻P線圈的發(fā)熱功率為09、如圖所示，電源電動勢，小燈泡L上標有“3V、”字樣，電動機線圈電阻當開關(guān)S撥向接點1，滑動變阻器調(diào)到時，小燈泡L正常發(fā)光：現(xiàn)將開關(guān)S撥向接點2，小燈泡L和電動機M均正常工作．則A.電源內(nèi)阻為B.電動機正常工作電壓為3VC.電源的輸出功率為D.電動機的機械效率為10、如圖所示，豎直放置的絕緣桿足夠長，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球穿在桿上，可沿桿滑動，且二者間的動摩擦因數(shù)為μ，空間有正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，方向水平向左，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向里，小球從靜止釋放后能沿桿下滑，且從靜止開始至達到最大速度時下滑的高度為h，已知重力加速度為g，則根據(jù)上述所給條件A.可求出小球的最大加速度B.能求出小球的最大速度C.能求出從開始釋放至最大加速度過程中的摩擦生熱D.能求出從開始釋放至最大速度過程中的摩擦生熱三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖甲、乙和丙所示均為教材中的演示實驗實物圖．在電路連接正確的情況下，回答下列問題（1）圖甲中，將條形磁鐵插入線圈和拔出線圈時，靈敏電流計指針偏轉(zhuǎn)方向______（填“相同”或“相反”）（2）圖乙中，導體棒AB以大小不同的速度沿相同方向切割磁感線時，靈敏電流計指針偏轉(zhuǎn)大小______（填“相同”或“不同”）（3）圖丙中，下列操作能使靈敏電流計指針偏轉(zhuǎn)的是______．（填選項前的字母）A．閉合開關(guān)瞬間B．保持開關(guān)閉合，快速移動滑動變阻器的滑片C．保持開關(guān)斷開，快速移動滑動變阻器的滑片12．（12分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下:（1）游標卡尺測量其長度如圖甲所示,可知其長度__________mm;（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示,可知其直徑為__________mm;（3）選用多用電表的電阻“×1”擋,按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻,表盤的示數(shù)如圖所示,則該電阻的阻值約為__________Ω;（4）為更精確地測量其電阻,可供選擇的器材如下:待測金屬絲Rx；電壓表：V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表：A1（量程0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω）；A2（量程3A，內(nèi)阻約0.05Ω）；電源：E（電動勢3V，內(nèi)阻不計）滑動變阻器：R（最大阻值約20Ω）（5）為使測量盡量精確，電流表應(yīng)選_____（“A1”或“A2”），電路應(yīng)選用圖中的_____（“甲”或“乙”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖a所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導軌相距L=1m，導軌平面與水平面成θ=角，下端連接阻值為R=0.4Ω的電阻．勻強磁場方向垂直于導軌平面向上，磁感應(yīng)強度為B=0.4T，質(zhì)量m=0.2kg、電阻R=0.4Ω的金屬桿放在兩導軌上，桿與導軌垂直且保持良好接觸，金屬導軌之間連接一理想電壓表?，F(xiàn)用一外力F沿水平方向拉桿，使之由靜止沿導軌開始下滑，電壓表示數(shù)U隨時間t變化關(guān)系如圖b所示．取g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8求：(1)金屬桿在第5s末的運動速率；(2)第5s末外力F的功率；14．（16分）在方向豎直向下、磁感應(yīng)強度B=5T的勻強磁場中，兩根光滑平行金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距L=1m，質(zhì)量m1=2kg，電阻R=1Ω的金屬導體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好，軌道端點M、P間接有一直流電源，電動勢E=36V。導體棒ab通過滑輪提升質(zhì)量m2=8kg的重物，不計電源內(nèi)阻，不計導軌電阻，不計滑輪軸處的摩擦，g=10m/s2（1）簡述此電動機的能量轉(zhuǎn)化情況；（2）當ab棒速度為v=2m/s時，求通過棒的電流I的大?。唬?）當ab棒速度為v=2m/s時，求通過棒的加速度a的大小；（4）棒最終勻速運動的速度vmax。15．（12分）如圖所示，一束光線以60°的入射角射到一水平放置的平面鏡上，反射后在上方與平面鏡平行的光屏上留下一光點P，現(xiàn)在將一塊上下兩面平行的透明體平放在平面鏡上，則進入透明體的光線經(jīng)平面鏡反射后再從透明體的上表面射出，打在光屏上的P′點，與原來相比向左平移了3.46cm，已知透明體對光的折射率為．求光在透明體里運動的時間

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】滑動變阻器的滑片向a端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由歐姆定律得知總電流I增大，電流表的示數(shù)增大；路端電壓U=E-Ir減小．燈泡L兩端的電壓等于路端電壓，所以電燈L變暗，故選D【點睛】本題為簡單的電路動態(tài)分析問題．分析的步驟是先局部，后整體，然后在回到局部的方法；對于路端電壓也可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大進行判斷.2、C【解析】AB.對物體受力分析，受重力、支持力，洛倫茲力和滑動摩擦力；根據(jù)左手定則知洛倫茲力向下，合力向右，物體做減速運動；由摩擦力f=μ（mg+qvB）知不斷減小，水平方向合力不斷減小，則加速度不斷減小，設(shè)物體的速度由v減小到零所通過的位移為x，由動能定理有：故AB錯誤C.若另加一個水平向左的電場，電場力的方向向左，當qE=μ（mg+qvB）時，滑塊可能做勻速直線運動．故C正確；D.如果再加一個方向豎直向下的勻強電場，電場力方向豎直向下，則水平方向仍存在摩擦力且不為零，故物體無法勻速運動，故D錯誤3、D【解析】AB.電荷的定向移動形成電流，正電荷的定向移動方向是電流方向，由圖示可知，溶液中的正離子從A向B運動，負離子從B到A，因此電流方向為A→B，不會相互抵消，故A錯誤，B錯誤；CD.溶液中的正離子從A向B運動，因此電流方向是A→B，電流，故C錯誤，D正確4、D【解析】AB．導線粗細均勻，材料相同，則電阻與導線長度成正比，導線abc與導線ac并聯(lián)，導線abc的電阻為導線ac的電阻的2倍，流過導線abc的電流I1與流過導線ac的電流I2的關(guān)系為導線ab受到的安培力大小為導線ac所受的安培力大小為導線abc的有效長度為L，受到的安培力大小為故AB錯誤；CD．根據(jù)左手定則，導線abc受安培力垂直于ac向下，導線ac受到的安培力也垂直于ac向下，故線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故C錯誤，D正確。故選D。5、B【解析】A．當電源的外電阻與內(nèi)電阻相等時，電源的輸出功率最大，則當Rx=2r時，外電阻為r，此時電源輸出功率最大，選項A錯誤；B．當電源中電流最大時，內(nèi)阻消耗的功率最大，即當Rx=0時，電路中總電阻最小，總電流最大，電源內(nèi)阻消耗的電功率最大，最大值為選項B正確；C．電源的效率則隨著Rx增大，則R外增大，電源的效率變大，選項C錯誤；D．將電阻R等效為電源的內(nèi)阻，則，則當電阻箱的電阻等于電源的等效內(nèi)阻時，電阻箱消耗的功率最大，選項D錯誤6、C【解析】A、通電直導線電流從左向右，根據(jù)右手螺旋定則，則有小磁針所處的位置磁場方向垂直紙面向里，所以小磁針靜止時北極背離讀者，故A錯誤；B、如圖所示，根據(jù)右手螺旋定則，磁場的方向逆時針（從上向下看），因此小磁針靜止時北極背離讀者，故B錯誤；C、環(huán)形導線的電流方向如圖所示，根據(jù)右手螺旋定則，則有小磁針所處的位置磁場方向垂直紙面向外，所以小磁針靜止時北極指向讀者，故C正確；D、根據(jù)右手螺旋定則，結(jié)合電流的方向，則通電螺線管的內(nèi)部磁場方向，由右向左，則小磁針的靜止時北極指向左，故D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】電荷受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子與固定在O點的電荷是異種電荷，它們之間存在引力，根據(jù)點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，都小于b，故B點的電勢高于ac兩點的電勢．應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度之間的關(guān)系.【詳解】根據(jù)點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，都小于b，故b點的電勢低于ac兩點的電勢，即φa=φc>φb；Ea=Ec=；Eb=，故A正確；電荷受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子與固定在O點的電荷是異種電荷，它們之間存在引力，所以質(zhì)點由a到b電場力做負功，電勢能增加，動能減??；由b到c電場力做正功，動能增大，在b點動能最小；故B正確；粒子P在a、b、c三點時的加速度大小要根據(jù)庫侖定律求出庫侖力．由圖可知，ra=rc=,根據(jù)庫侖定律：，可得：可知，加速度之比應(yīng)為：2：1：2；故C錯誤；由帶電粒子所受的電場力的方向可知，帶電粒子abc三個點受到的電場力大小不相等，所以不可能其經(jīng)過a、b、c三點做勻速圓周運動．故D錯誤．故選AB.【點睛】本題屬于電場中軌跡問題，考查分析推理能力．根據(jù)軌跡的彎曲方向，判斷出電荷受到的電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)．進而判斷出電荷是負電荷8、BC【解析】由圖可知，Q中電流呈周期性變化，則P中會發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，由楞次定律可得出線圈P的運動趨勢，并依據(jù)電流的變化率來確定P中的感應(yīng)電流大小，即可一一求解【詳解】t1、t5時刻電流增大，其磁場增大，則穿過P的磁通量變大，由楞次定律可知P將阻礙磁通量的變大，則P有向下運動的趨勢，即它們有相互排斥的作用，則P線圈對桌面的壓力大于P自身的重力，故A錯誤；t3、t5時刻，通過Q線圈的電流前者減小，后者增大，但它們的電流方向相反，根據(jù)楞次定律，則t3、t5時刻線圈P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，故B正確；t3時刻電流減小，線圈P產(chǎn)生感應(yīng)電流，要阻礙磁通量減小，則P有擴張的趨勢，故C正確；在t4時刻的Q的電流為零，但電流變化率最大，則P中感應(yīng)電流最大，那么P線圈發(fā)熱的功率不為0；在t6時刻的Q的電流最大，但電流變化率為零，則P中沒有感應(yīng)電流，那么P線圈發(fā)熱的功率也為0，故D錯誤；故選BC【點睛】本題要注意靈活應(yīng)用楞次定律，本題可以先判斷P中電流方向，再根據(jù)電流間相互作用判受力方向，但過程復雜；而直接根據(jù)楞次定律的“增縮減擴”可能直觀地得出結(jié)論9、AD【解析】當開關(guān)S撥向接點1，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電源的內(nèi)阻；將開關(guān)S撥向接點2，先根據(jù)電功率公式求出電流，根據(jù)功率公式求電源的總功率和內(nèi)阻的功率，最后求出電源的輸出功率；再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電動機的電壓和電流，最后根據(jù)電功率和效率公式求解【詳解】A．當開關(guān)S撥向接點1，小燈泡L正常發(fā)光，根據(jù)功率公式，解得：，根據(jù)閉合電路歐姆定律：，解的：，故A正確；B．將開關(guān)S撥向接點2，小燈泡L正常發(fā)光，根據(jù)功率公式，解得：，根據(jù)閉合電路歐姆定律：，解得：，即電動機正常工作電壓為；故B錯誤；C．電源的總功率為：，內(nèi)阻的功率為：，則電源的輸出功率為：，故C錯誤；D．電動機輸入功率為：，熱功率為：，則輸出功率為：，電動機的機械效率為，故D正確所以AD正確，BC錯誤【點睛】本題考查閉合電路歐姆定律和電功率內(nèi)容，關(guān)鍵是利用題中信息求出內(nèi)阻和電動機的電壓10、ABD【解析】A．小球下滑過程中，受到重力、摩擦力（可能有）、彈力（可能有）、向右的洛倫茲力、向左的電場力，開始階段，洛倫茲力小于電場力時，小球向下做加速運動時，速度增大，洛倫茲力增大，小球所受的桿的彈力向右，大小為N隨著v增大而減小，滑動摩擦力f=μN也減小，小球所受的合力所以f減小，F(xiàn)合增大，加速度a增大；當洛倫茲力等于電場力時，合力等于重力，加速度最大，小球繼續(xù)向下做加速運動，洛倫茲力大于電場力，小球所受的桿的彈力向左，大小為v增大，N增大，f增大，F(xiàn)合減小，a減小。mg=f時，a=0，故加速度先增大后減小，直到為零；所以小球的最大加速度為g，故A正確；B．小球的加速度為零，做勻速運動時速度最大，受力如圖，則有而此時即解得，物體的最大速度故B正確；C．從靜止開始至達到最大速度時下滑的高度未知，所以不能求出從開始釋放至最大加速度過程中的摩擦生熱，故C錯誤；D．從靜止開始至達到最大速度時下滑的高度為h，根據(jù)能量守恒定律得則知摩擦生熱Q可以求出，故D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.相反②.不同③.AB【解析】（1）將條形磁鐵插入線圈和拔出線圈時，線圈中原磁場方向相同，拔出和插入時磁通量變化正好相反，根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生感應(yīng)電流方向相反；（2）根據(jù)E=BLv可知，導體棒速度不同則產(chǎn)生感應(yīng)電動勢不同，產(chǎn)生感應(yīng)電流則不同，則靈敏電流計指針偏轉(zhuǎn)大小不同（3）閉合開關(guān)的瞬間，電流從無到有，產(chǎn)生磁場從無到有，則B中磁通量發(fā)生變化，故有電流產(chǎn)生，故A正確；保持開關(guān)閉合，快速移動滑動變阻器的滑片，電流發(fā)生變化，產(chǎn)生磁場變化，則B中磁通量發(fā)生變化，故有電流產(chǎn)生，故B正確；保持開關(guān)斷開，不論怎么移動滑片，A中無電流，則無磁場產(chǎn)生，故B中無電流產(chǎn)生，故C錯誤．所以AB正確，C錯誤12、①.（1）50.15mm②.（2）4.700mm;③.（3）7.0Ω;④.（5）A1；