2025屆河北深州市長江中學高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

2025屆河北深州市長江中學高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，矩形金屬線框abcd固定在桌面上，直導線MN貼近桌面且通有M向N的恒定電流I．將MN從圖中I位置勻速平移到II位置過程中，線圈中感應電流的方向是A.一直沿abcda方向B.一直沿adcba方向C.先沿adcba方向，后沿abcda方向D.先沿abcda方向，再沿adcba方向，后沿abcda方向2、如圖所示，在勻強磁場中放有平行銅導軌，它與大線圈M相連接，要使小線圈N獲得順時針方向的感應電流，則放在導軌上的金屬棒ab的運動情況是（兩線圈共面放置）（）A.向右勻速運動B.向左加速運動C向左勻速運動D.向右加速運動3、關于靜電場的電場強度和電勢，下列說法正確的是（）A.電場強度為零的地方，電勢也為零B.電場強度的方向處處與等勢面垂直C.隨著電場強度的大小逐漸減小，電勢也逐漸降低D.電勢降落的方向一定是電場強度方向4、如圖所示，當把理想變壓器副線圈回路中的開關S閉合時，則A.交流電壓表示數將變大B.交流電壓表示數將變小C.交流電流表示數將變小D.交流電流表示數將變大5、一帶電油滴在勻強電場E中的運動軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向上。若不計空氣阻力，則此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變化情況為（）A.動能減少 B.動能和電勢能之和增加C.電勢能增加 D.重力勢能和電勢能之和減小6、如圖所示為質譜儀測定帶電粒子質量的裝置的示意圖．速度選擇器(也稱濾速器)中場強E的方向豎直向下，磁感應強度B1的方向垂直紙面向里，分離器中磁感應強度B2的方向垂直紙面向外．在S處有甲、乙、丙、丁四個一價正離子垂直于E和B1入射到速度選擇器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不計重力的情況下，則分別打在P1、P2、P3、P4四點的離子分別是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是A.只有浸潤液體才能產生毛細現象B.液體表面張力的方向總是與液面相切C.晶體熔化時，吸收的熱量用來增加晶體的分子勢能D.氣體的內能是分子熱運動的平均動能與分子間勢能之和8、如圖所示，實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受到電場力作用，根據此圖可以作出的正確判斷是（）A.帶電粒子所帶電荷的正、負 B.帶電粒子在a、b兩點的受力方向C.帶電粒子在a、b兩點的加速度何處較大 D.帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大9、如圖所示，已知一帶電小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經電壓U加速后，水平進入互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B的復合場中（E、g和B已知），小球在此空間的豎直面內做勻速圓周運動，則下列說法正確的是（）A.小球帶負電B.小球做勻速圓周運動過程中機械能保持不變C.小球做勻速圓周運動過程中周期D.若電壓U增大，則小球做勻速圓周運動的周期變大10、如圖所示,質量為m、電荷量為q的微粒,在豎直向下的勻強電場、水平指向紙內的勻強磁場以及重力的共同作用下做勻速圓周運動,下列說法正確的是()A.該微粒帶負電,電荷量q=B.若該微粒在運動中突然分成荷質比相同的兩個粒子,分裂后只要速度不為零且速度方向仍與磁場方向垂直,它們均做勻速圓周運動C.如果分裂后,它們的荷質比相同,而速率不同,那么它們運動的軌道半徑一定不同D.只要一分裂,不論它們的荷質比如何,它們都不可能再做勻速圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現有一只量程3mA、內阻約為100Ω的靈敏電流表（表頭）。為了較準確地測量它的內阻，采用了如圖甲所示的實驗電路，實驗室提供的器材除電源（電動勢為2V，內阻不計）、電阻箱（最大阻值為999.9Ω）、開關和若干導線外，還有多個滑動變阻器和定值電阻可供選擇（如表）。A.滑動變阻器R1（0~5Ω，1A）D.定值電阻R01（阻值為200Ω）B.滑動變阻器R2（0~200Ω，0.5A）E.定值電阻R02（阻值為25Ω）C.滑動變阻器R3（0~1750Ω，0.1A）F.定值電阻R03（阻值為5Ω）(1)按照實驗電路，用筆畫線代替導線，在如圖乙所示的方框中完成實物圖連接（部分導線已畫出）____________。(2)連接好電路之后，實驗小組進行了以下操作第一，先將滑動變阻器的滑片移到最右端，調節(jié)電阻箱的阻值為零；第二，閉合開關S，將滑片緩慢左移，使靈敏電流表滿偏；第三，保持滑片不動（可認為a、b間電壓不變），調節(jié)電阻箱R′的阻值使靈敏電流表的示數恰好為滿刻度的；若此時電阻箱的示數如圖丙所示，則靈敏電流表內阻的測量值Rg為__Ω。(3)為較好地完成實驗，盡量減小實驗誤差，實驗中應選擇的滑動變阻器和定值電阻分別為__和__（填表格中器材前的字母）；(4)要臨時把該靈敏電流表改裝成3.0V量程的電壓表使用，則應將其與電阻箱__（填“串聯”或“并聯”），并把電阻箱的電阻值調為__Ω。12．（12分）某同學用游標卡尺測量電阻元件的長度為L，用螺旋測微器測量金屬絲直徑d。(1)電阻元件長L為______，金屬絲的直徑d為______；(2)選用“×10”倍率的電阻擋估測元件電阻，發(fā)現多用表指針偏轉過大，因此需選擇倍率的電阻擋______（填：“×1”或“×100”）。并先進行______再進行測量，之后多用表的示數如圖所示，測量結果為R=______。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在電場中把一個電荷量為-6×10-8C的點電荷從A點移到B點，克服電場力做功3×10-5J；將此電荷從B點移到C點，電場力做功為4.5×10-5J．則：（1）若將此電荷從A點移到C點，電荷的電勢能變化多少？AC間的電勢差為多少？（2）若A點的電勢為零，則B、C兩點的電勢分別為多少？14．（16分）如圖所示，水平U形光滑框架，寬度為1m，電阻忽略不計，導體ab質量是0.2kg，電阻是0.1，勻強磁場的磁感應強度B=0.1T，方向垂直框架向上，現用1N的外力F由靜止拉動ab桿，當ab的速度達到1m/s時，求：（1）此時刻ab桿產生的感應電動勢的大?。唬?）此時刻ab桿的加速度的大??；（3）ab桿所能達到的最大速度是多少？15．（12分）如圖，正方形區(qū)域內存在著豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，已知該區(qū)域的邊長為。一個帶電粒子（不計重力）從中點以速度水平飛入，恰能勻速通過該場區(qū)；若僅撤去該區(qū)域內的磁場，使該粒子以同樣的速度從中點飛入場區(qū)，最后恰能從點飛出；若僅撤去該區(qū)域內的電場，該帶電粒子仍從中點以相同的速度進入場區(qū)，求：(1)該粒子最后飛出場區(qū)的位置；(2)僅存電場與僅存磁場的兩種情況下，帶電粒子飛出場區(qū)時速度偏向角之比是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據通電導線由安培定則，來判斷通電直導線周圍的磁場分布，知道它是非勻強電場，同時要根據楞次定律和安培定則判斷感應電流的方向【詳解】由安培定則得，載有恒定電流的直導線產生的磁場在導線右邊的方向為垂直紙面向外，當導線從圖中I位置勻速平移到II位置過程中，在導線靠近線圈時，第1個過程，穿過線圈的磁通量先向外增加；導線經過線框上方時，第2個過程穿過線圈的磁通量向外減?。坏?個過程磁通量向里變大，第4個過程磁通量向里減小磁通量向里減?。桓鶕愦味煽芍?，線圈中的感應電流先沿abcda方向，再沿adcba方向，后沿abcda方向，故選D.【點睛】通電指導線周圍的磁場為非勻強磁場，會應用楞次定律，注意通電導線的磁場大小與方向的分布．同時強調線圈中心軸處于導線位置時，磁通量為零2、B【解析】若要讓N中產生順時針的電流，M必須讓N中的磁場向里減小或向外增大，所以有以下兩個答案．若垂直紙面向里的磁場且大小減小，根據楞次定律與法拉第電磁感應定律，則有導體棒中電流由a到b減小，則導體棒向右減速運動．同理，垂直紙面向外的磁場且大小增大，根據楞次定律與法拉第電磁感應定律，則有導體棒向左加速運動，故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】考查右手定則、法拉第電磁感應定律、右手螺旋定則與楞次定律的應用，注意各定律的作用，同時將右手定則與左手定則區(qū)別開3、B【解析】電場強度為零的地方，電勢不一定為零，例如等量同種電荷連線的中點處，選項A錯誤；電場強度的方向處處與等勢面垂直，選項B正確；沿電場線方向電勢降低，則隨著電場強度的大小逐漸減小，電勢不一定也逐漸降低，選項C錯誤；電勢降落最快的方向是電場強度方向，選項D錯誤；故選B.4、D【解析】閉合開關相當于負載增加，輸出功率和輸入功率都變大，根據原副線圈中電壓與匝數成正比，電流與匝數成反比，判斷電壓表示數的變化和電流表示數的變化【詳解】將電鍵S閉合，負載總電阻變小，根據原副線圈中電壓比等于匝數比，由匝數和輸入端電壓不變可知輸出端電壓不變，交流電壓表示數將不變，所以輸出端電流變大，原副線圈中電流與匝數成反比，所以輸出端電流變大時輸入端I也增大，故ABC錯誤，D正確故選D.5、D【解析】A．由軌跡圖可知，油滴所受的合力方向豎直向上，故從a到b的運動過程中合外力做正功，動能增加，選項A錯誤；B．從a到b的運動過程中，根據能量守恒可知，重力勢能、電勢能、動能三者之和保持不變；從a到b的運動過程中重力做負功，重力勢能增加，因此動能和電勢能之和減小，選項B錯誤；C．由軌跡圖可知，油滴所受的合力方向豎直向上，則帶電油滴所受重力小于電場力，從a到b的運動過程電場力做正功，電勢能減小，選項C錯誤；D．根據能量守恒可知，重力勢能、電勢能、動能三者之和保持不變，動能增加，因此重力勢能和電勢能之和減小，選項D正確。故選D。6、B【解析】粒子通過速度選擇器，只有滿足qvB=qE，即速度滿足v=E/B，才能沿直線通過．當粒子的速度大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉，當粒子的速度小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉【詳解】四種粒子，只有兩個粒子通過速度選擇器，只有速度滿足v=E/B，才能通過速度選擇器．所以通過速度選擇器進入磁場的粒子是乙和丙．由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，乙的質量小于丙的質量，所以乙的半徑小于丙的半徑，則乙打在P3點，丙打在P4點．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉，打在P2點．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉，打在P1點．故選B【點睛】解決本題的關鍵知道速度選擇器的原理，即所受洛倫茲力和電場力等大反向的粒子才能沿直線通過速度選擇器二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】浸潤液體在毛細管中上升和不浸潤液體在毛細管中下降的現象稱為毛細現象；物體的內能是分子熱運動的動能與分子間勢能之和；表面存在張力是由于表面層分子間距離大于液體內部分子間距離；表面張力使液體表面有收縮的趨勢，它的方向跟液面相切【詳解】A．浸潤液體和不浸潤液體在細管中都會產生毛細現象，故A錯誤；B．表面張力使液體表面有收縮的趨勢，它的方向跟液面相切，故B正確；C．在晶體熔化過程中，溫度不變，分子的平均動能不變，吸收的熱量全部用來增加晶體的分子勢能，故C正確；D．物體的內能是分子熱運動的動能與分子間勢能之和，不是平均動能，故D錯誤【點睛】本題考查了內能、毛細現象、分子力與分子勢能、液體表面張力、晶體與非晶體等，知識點多，難度小，關鍵是記住基礎知識8、BCD【解析】AB．根據粒子的運動軌跡可知，粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故A錯誤，B正確；C．由于粒子在a點時電場線較b點密集，可知粒子在a點受電場力較大，加速度較大，選項C正確；D．若粒子從a運動到b，由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知電場力與速度之間的夾角是鈍角，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，則粒子在a點的速度較大，在b點速度較小，故D正確；故選BCD。9、AC【解析】小球在豎直平面內做勻速圓周運動，重力與電場力平衡，則知小球所受的電場力豎直向上，與電場方向相反，因此小球帶負電，故A正確．小球做勻速圓周運動，動能不變，重力勢能不斷變化，兩者之和即機械能在變化，故B錯誤．小球做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，則有qvB=mr，又qE=mg，聯立得，故C正確．在加速電場中，根據動能定理得qU=mv2，得，知若電壓U增大，小球獲得的速度v增大，小球做勻速圓周運動的軌跡半徑增大，根據知小球做勻速圓周運動的周期不變．故D錯誤．故選AC10、ABC【解析】在電場、磁場、重力場中，帶電粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，重力與電場力合力為零；對粒子受力分析，由牛頓第二定律分析答題．在電場、磁場、重力場中，帶電粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，重力與電場力合力為零，即mg=qE，，故A正確；若該微粒在運動中突然分成荷質比相同的兩個粒子，則粒子所受重力與電場力的合力為零，分裂后只要速度不為零且速度方向仍與磁場方向垂直，洛倫茲力提供向心力，它們均做勻速圓周運動，故B正確；帶電粒子做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，則軌道半徑：；如果粒子分裂后，它們的荷質比相同，而速率不同，由可知，它們運動的軌道半徑一定不同，故C正確；分裂后，如果它們的荷質比相同，它們可能做勻速圓周運動，故D錯誤；故選ABC考點：帶電粒子在混合場中的運動；向心力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.102.5③.F④.A⑤.串聯⑥.897.5【解析】(1)[1]根據原理圖可得出對應的實物圖，如圖所示(2)[2]由電阻箱讀數方法可得(3)[3][4]定值電阻起保護作用，防止電源短路，則由歐姆定律可知定值電阻選F即可；滑動變阻器采用分壓接法，故滑動變阻器選擇A(4)[5][6]要使電流表改裝成3.0V的電壓表，應串聯一個電阻，由歐姆定律可知解得12、①.11.050②.4.700③.④.歐姆調零⑤.30.0【解析】(1)[1]電阻元件長L為11cm+0.05mm×10=11.050cm；[2]金屬絲的