2025屆安徽省肥東縣二中物理高二第一學期期末復習檢測試題含解析

2025屆安徽省肥東縣二中物理高二第一學期期末復習檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在絕緣光滑的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正電荷QA、QB，兩電荷的位置坐標如圖甲所示．圖乙是AB連線之間的電勢φ與位置x之間的關系圖象，圖中x=L點為圖線的最低點，若在x=2L的C點由靜止釋放一個質量為m、電量為+q的帶電小球（可視為質點），下列有關說法正確的是（）A.固定在A、B處電荷的電量之比為QA:QB=8:1B.小球一定可以到達x=-2L點處C.小球將以x=L點為中心做完全對稱的往復運動D.小球在x=L處的速度最大2、由電場強度的定義式可知，在電場中的同一點()A.電場強度E跟F成正比，跟q成反比B.無論檢驗電荷所帶的電荷量如何變化，始終不變C.電荷在電場中某點所受的電場力大，則該點的電場強度強D.一個不帶電的小球在P點受到的電場力為零，則P點的場強一定為零3、國際單位制中的單位m/s、N、A對應的物理量分別是()A.速度、力、電流 B.加速度、功、電量C.速度、質量、電量 D.角速度、力、電場強度4、一段導線在磁場中做切割磁感線運動，下面說法正確的是（）A導體中一定有感應電動勢B.導體中一定有感應電流C.導體一定受到與運動方向相反的磁場作用力D.以上說法均不正確5、一個帶電粒子沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場，粒子的一段軌跡如圖所示，軌跡上的每一小段都可近似看成圓弧。由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小（帶電荷量不變），則從圖中情況可以確定（）A.粒子從a到b，帶正電 B.粒子從a到b，帶負電C.粒子從b到a，帶正電 D.粒子從b到a，帶負電6、真空中兩個點電荷相距r時,靜電力為F,如果保持它們的電量不變,而將距離增大為2r時,則靜電力將變?yōu)锳. B.FC. D.2F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為、，且，若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，則（）A.a、b兩球同時落地B.a、b兩球飛行水平距離相等C.a球的質量比b球的大D.a球的電荷量比b球的大8、如圖所示，水平放置的平行金屬導軌MN和PQ之間接有定值電阻R，導體棒ab長為L且與導軌接觸良好，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，現使導體棒ab勻速向右運動，下列說法正確的是A.導體棒ab兩端的感應電動勢越來越小B.導體棒ab中的感應電流方向是a→bC.導體棒ab所受安培力方向水平向左D.導體棒ab所受合力做功為零9、如圖所示，水平直導線中通有恒定電流I，在導線的正上方處將一帶電粒子以與電流方向相同的初速度v0射入，不計重力作用，該粒子將A.若粒子帶正電，將沿路徑a運動B.若粒子帶正電，將沿路徑b運動C.若粒子沿路徑b運動，軌跡半徑變小D.若粒子沿路徑b運動，軌跡半徑變大10、如圖，A、B為水平放置的平行板電容器，兩極板間有一個質量為m的帶電粒子靜止于P點．現將下極板向下移動一小段距離，則下列說法正確的是（）A.電流計指針發(fā)生短時間的偏轉B.電容器所帶電荷量增大C.電容器量板間的電場強度變小D.粒子將向上極板運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中,待測金屬絲的電阻Rx約為5Ω,實驗室備有下列實驗器材：A．電壓表V1(量程3V，內阻約為15kΩ)B．電壓表V2(量程15V，內阻約為75kΩ)C．電流表A1(量程3A，內阻約為0.2Ω)D．電流表A2(量程0.6A，內阻約為1Ω)E．滑動變阻器R1(0～50Ω，0.6A)F．滑動變阻器R2(0～500Ω，0.1A)G．電池E(電動勢為3V，內阻約為0.3Ω)H．開關S，導線若干(1`)為提高實驗精確度,減小實驗誤差,電壓表應選用__________．電流表應選用__________．滑動變阻器應選用__________．（選填器材前面的字母序號）(2)為減小伏安法測電阻的實驗誤差,應選用_________[填“甲”或“乙”]為該實驗的電路圖(3)某次實驗中，電表表盤如圖所示，則電壓表讀數為________V,電流表讀數為________A;(4)用千分尺測量金屬絲的直徑，示數如圖所示，該金屬絲的直徑的測量值為________mm.12．（12分）現有一滿偏電流為500μA、內阻為1.0×103Ω的電流表G，某同學想把它改裝成中值電阻為500Ω的歐姆表，實驗室提供如下器材：A．一節(jié)干電池（電動勢為1.5V，內阻不計）B．電阻箱R1（最大阻值99.99Ω）C．電阻箱R2（最大阻值999.9Ω）D．滑動變阻器R3（0～100Ω）E．滑動變阻器R4（0～1kΩ）F．導線若干及兩個接線柱（1）由于電流表G的內阻較大，該同學先把電流表G改裝成量程為0～3.0mA的電流表A，則電流表G應____（填“串”或“并”）聯一個電阻箱，將該電阻箱的阻值調為____Ω.（2）將改裝后的電流表改裝成歐姆表，請選擇適當的器材在方框內把改裝后的電路圖補畫完整（含電流表的改裝），并標注所選電阻箱和滑到變阻器的符號（）（3）用改裝后的歐姆表測量一電阻，電流表G的示數為200μA，則該電阻的阻值為____Ω，通過該電阻的電流為__mA.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，長為L的絕緣細線上端固定，下端系一個電荷量為q、質量為m的帶正電小球?？臻g存在有豎直向下、場強大小為的勻強電場和水平向里、磁感應強度大小為的勻強磁場．現將小球從絕緣細線與豎直方向夾角為θ=60°的位置由靜止釋放，小球在垂直于磁場的豎直平面內運動．己知重力加速度為g，小球的電荷量保持不變，不計空氣阻力．求：（1）小球第一次到達最低點時，小球速度的大??；（2）小球第一次到達最低點時，細線拉力F的大??；（3）從小球開始運動到小球第一次運動到最低點的過程中，小球電勢能的變化量ΔEp。14．（16分）根據牛頓力學經典理論，只要知道物體的初始條件和受力情況，就可以推斷物體此后的運動情況，如圖所示，在直線邊界MN的右側空間存在水平方向的勻強磁場（垂直紙面向里），磁感應強度大小為B．一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子，從磁場邊界MN上的P點以速度v垂直磁場方向射入，v的方向與MN垂直，最后從邊界MN上的Q點射出磁場．不計粒子所受重力．求PQ間的距離和粒子在磁場中運動的時間15．（12分）如圖所示，分布在半徑為r的圓形區(qū)域內的勻強磁場，磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，電荷量為q、質量為m的帶正電的粒子從磁場緣A點沿圓的半徑AO方向射入磁場，從D點離開磁場，其中AD的距離為，不計重力，求：（1）粒子做圓周運動的半徑；（2）粒子的入射速度；（3）粒子在磁場中運動的時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】據φ-x圖象切線的斜率等于場強E，則知x=L處場強為零，根據點電荷場強則有：，解得QA：QB=4：1，故A錯誤．根據動能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能運動到電勢與出發(fā)點相同的位置，由圖知向左最遠能到達x=-L點處，然后小球向右運動，小球將以x=0.5L點為中心作往復運動，故BC錯誤．因x=L處場強為零，所以小球在C處受到的場強向左，向左加速運動，到x=L處加速度為0，從x=L再向左運動時，電場力向右，做減速運動，所以小球在x=L處的速度最大，故D正確．故選D【點睛】解決本題首先要理解φ-x圖象切線的意義，知道電場力做功和路徑無關，只和初末兩點的電勢差有關，掌握電場力做功的公式W=qU和電荷場強公式，靈活運用電場的疊加原理2、B【解析】電場強度與試探電荷所受電場力、電荷量無關，由電場本身決定；一個不帶電的小球在P點受到的電場力為零，P點的場強不一定為零；【詳解】A、電場強度等于試探電荷所受電場力與電荷量的比值，但電場強度E并不跟F成正比，跟q成反比，而F、q無關，E由電場本身決定，故A錯誤；B、在電場中的同一點，電場強度E是一定的，則無論試探電荷所帶的電量如何變化，始終不變，故B正確；C、同一電荷在電場中某點所受的電場力大，P點的場強不一定為零，還要該電荷的電荷量大小，故C錯誤；D、電場對不帶電的小球沒有電場力作用，不帶電的小球在P點受到的電場力為零，P點的場強可能為零，也可能不為零，故D錯誤【點睛】對于電場強度，要抓住它的比值定義法的共性，E與試探電荷所受電場力、電荷量無關，由電場本身的性質決定，反映電場本身的強弱和方向3、A【解析】國際單位制中的單位、N、A對應的物理量分別是速度、力、電流，故選項A正確4、A【解析】導線在磁場中做切割磁感線運動，導體中一定有感應電動勢，由于不知道是否有閉合回路，因此不一定有感應電流，也無法判斷安培力，故A正確，BCD錯誤。故選A。5、C【解析】由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據粒子在磁場中運動的半徑公式可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運動方向是從b到a，在根據左手定則可知，粒子帶正電，故C正確,ABD錯誤。故選C。6、C【解析】設兩點電荷分別帶電為q1、q2，由點電荷庫侖力的公式得：電量不變，將它們之間的距離增大為2r，庫侖力將變?yōu)椋篈.．故A項錯誤；B.F．故B項錯誤；C.．故C項正確；D.2F．故D項錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．同時剪斷兩根細線，兩小球在豎直方向的分運動均為自由落體運動，由可知，同時落地，故A正確；BC．兩球均受重力、庫侖力和拉力三個力作用而平衡，且兩球所受庫侖力等大反向，由力平衡可知其中為細線與豎直方向的夾角，因為，故a球的質量大于b球的質量；在水平方向庫侖力的作用下，a球的水平加速度小于b球，故a球飛行的水平距離小于b球，故B錯誤C正確；D．兩球所受庫侖力是相互作用力，由庫侖定律無法判斷哪個球的電荷量大，故D錯誤。故選AC。8、CD【解析】A.ab棒切割產生的感應電動勢：由于棒勻速運動，v不變，又B、L不變，所以棒ab產生的感應電動勢不變，故A錯誤；B.根據右手定則可知，ab棒中的電流方向從b→a，故B錯誤；C.根據左手定則判斷知：棒ab所受安培力方向向左，故C正確；D.棒ab做勻速運動，動能不變，根據動能定理可知合力做功為零，故D正確。故選CD。9、AD【解析】水平導線中通有穩(wěn)定電流I，根據安培定則判斷出導線所產生的磁場方向，由左手定則判斷帶電粒子所受的洛倫茲力方向，即可分析粒子的運動方向；根據半徑公式，結合磁感應強度的變化分析帶電粒子半徑如何變化.【詳解】A、B、水平導線中通有穩(wěn)定電流I，根據安培定則判斷導線上方的磁場方向向里，導線下方的磁場方向向外，由左手定則判斷可知，導線上面的正粒子所受的洛倫茲力方向向下，則正粒子將沿a軌跡運動，故A正確，B錯誤.C、D、若粒子沿b軌跡運動，洛倫茲力不做功其速率v不變，而離導線越遠，磁場越弱，磁感應強度B越小，由半徑公式可知粒子的軌跡半徑逐漸增大；故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】本題是安培定則、左手定則及洛倫茲力對帶電粒子不做功而提供向心力的半徑公式的綜合應用.10、AC【解析】A、根據電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，當下極板豎直向下移動一小段距離，間距增大，根據可知C減小，則Q也減小，電容器處于放電，短時間電流指針會發(fā)生偏轉，故A正確，B錯誤；C、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強減小，故C正確；D、由C選項分析可知，因電場強度減小，則電場力減小，那么粒子會向下運動，故D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.D③.E④.乙⑤.1.20⑥.0.50⑦.1.685(1.684~1.687)【解析】(1)根據電源電動勢選擇電壓表，由歐姆定律求出電路最大電流，根據電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器(2)根據待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表采用內接法還是外接法，然后選擇實驗電路(3)電表讀數要根據精確度選擇估讀在同一位或下一位.(4)螺旋測微器的精確度為0.01mm，通過格數的估讀會讀到0.001mm.【詳解】(1)由于電源的電動勢為3

V，所以電壓表應選A，被測電阻阻值約為5Ω，電路中的最大電流約為,則電流表選D；為保證安全且方便實驗操作，滑動變阻器應選小電阻E(50Ω).(2)由于,即待測電阻為小電阻，采用小電阻外接法測量值會偏??；故選乙電路.(3)電壓表的量程為3V，精確度為0.1V，需估讀到下一位，故讀數為1.20V；電流表的量程為0.6A，精確度為0.02A，需估讀到同一位，故讀數為0.50V.(4)由圖示螺旋測微器可知，導線的直徑d=1.5mm+18.5×0.01mm=1.685mm(1.684~1.687).【點睛】本題考查了實驗器材的選取、實驗電路的選擇、連接實物電路圖；要掌握實驗器材的選取原則：安全性原則、精確性原則、方便實驗操作；確定電流表的接法是正確解題的關鍵12、①.并