第30練空間幾何體的結(jié)構(gòu)表面積與體積-高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)五層訓(xùn)練(新高考地區(qū))_第1頁
第30練空間幾何體的結(jié)構(gòu)表面積與體積-高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)五層訓(xùn)練(新高考地區(qū))_第2頁
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文檔簡介

第30練空間幾何體的結(jié)構(gòu)、表面積與體積一、課本變式練1.(人A選擇性必修二P105習(xí)題8.1T6變式)以下結(jié)論中錯(cuò)誤的是(

)A.經(jīng)過不共面的四點(diǎn)的球有且僅有一個(gè) B.平行六面體的每個(gè)面都是平行四邊形C.正棱柱的每條側(cè)棱均與上下底面垂直 D.棱臺(tái)的每條側(cè)棱均與上下底面不垂直【答案】D【解析】對于A,經(jīng)過不共面的四點(diǎn)的球,即為該四面體的外接球,有且僅有一個(gè),故A正確,對于B,平行六面體的每個(gè)面都是平行四邊形,故B正確,對于C,正棱柱的每條側(cè)棱均與上下底面垂直,故C正確,對于D,棱臺(tái)的每條側(cè)棱延長線交于一點(diǎn),側(cè)棱中有可能與底面垂直,故D錯(cuò)誤,故選D2.(人A選擇性必修二P111習(xí)題8.2T5變式)如圖,梯形是水平放置的一個(gè)平面圖形的直觀圖,其中,,,則原圖形的面積為(

)A. B. C. D.【答案】B【解析】由題得,所以.故選B.3.(人A選擇性必修二P119習(xí)題8.3T4變式)已知四棱錐的底面是邊長為的正方形,側(cè)棱長均為.若圓柱的一個(gè)底面的圓周經(jīng)過四棱錐四條側(cè)棱的中點(diǎn),另一個(gè)底面的圓心為四棱錐底面的中心,則該圓柱的體積為(

)A. B. C. D.【答案】A【解析】由題意四棱錐的底面是邊長為的正方形,側(cè)棱長均為,所以四棱錐的高為,若圓柱的一個(gè)底面的周圓經(jīng)過四棱錐四條側(cè)棱的中點(diǎn),圓柱的底面半徑為,一個(gè)底面的圓心為四棱錐底面的中心,故圓柱的高為1,故圓柱的體積為.故選A.4.(人A選擇性必修二P119習(xí)題8.3T5變式)長?寬?高分別為1,2,3的長方體的頂點(diǎn)都在同一球面上,則該球的表面積為___________.【答案】【解析】設(shè)球的半徑為,由于長方體的體對角線為其外接球的直徑,則,故該球的表面積為.二、考點(diǎn)分類練(一)空間幾何體的結(jié)構(gòu)5.如圖,△ABC是水平放置的△ABC的斜二測直觀圖,其中,則以下說法正確的是(

)A.△ABC是鈍角三角形 B.△ABC是等邊三角形C.△ABC是等腰直角三角形 D.△ABC是等腰三角形,但不是直角三角形【答案】C【解析】將其還原成原圖,如圖,設(shè),則可得,,從而,所以,即,故是等腰直角三角形.故選C.6.(2022屆河北省邯鄲市高考二模)如圖是一個(gè)正方體的平面展開圖,將其復(fù)原為正方體后,互相重合的點(diǎn)是(

)A.A與B B.D與E C.B與D D.C與F【答案】ABD【詳解】將平面展開圖,還原正方體如下圖所示:所以互相重合的點(diǎn)是A與B,D與E,C與F,故選ABD7.下列說法正確的是(

)A.如果四棱錐的底面是正方形,那么這個(gè)四棱錐的四條側(cè)棱都相等B.五棱錐只有五條棱C.一個(gè)棱柱至少有五個(gè)面D.棱臺(tái)的各側(cè)棱延長后交于一點(diǎn)【答案】CD【解析】根據(jù)棱錐、棱柱、棱臺(tái)的定義和結(jié)構(gòu)特征即可判斷.【詳解】四棱錐的底面是正方形,它的側(cè)棱可以相等,也可以不相等,A錯(cuò)誤;五棱錐除了五條側(cè)棱外,底面上還有五條棱,故共條棱,B錯(cuò)誤;一個(gè)棱柱最少有三個(gè)側(cè)面,兩個(gè)底面,故至少有五個(gè)面,C正確;棱臺(tái)是由平行于棱錐底面的截面截得,故棱臺(tái)的各側(cè)棱延長后交于一點(diǎn),D正確.故選CD.(二)空間幾何體的表面積8.(2023屆江西省贛撫吉十一校高三第一次聯(lián)考)已知圓錐的底面半徑為,當(dāng)圓錐的側(cè)面積為時(shí),該圓錐的母線與底面所成角的正切值為(

)A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)圓錐的母線長為,由題意可得圓錐的側(cè)面積,解得,所以母線與底面所成角的余弦值,由同角三角函數(shù)關(guān)系可得,,因此母線與底面所成角的正切值.故選A9.(2022屆上海市松江一中高三下學(xué)期3月階段測試)體積相等的正方體、球、等邊圓柱(軸截面為正方形的圓柱)全面積分別為、、,那么它們的大小關(guān)系為(

)A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)球的半徑為,正方體的棱長為,圓柱的底面半徑是,所以球的體積為:,正方體的體積為:,圓柱的體積為:;故,所以,,,;因?yàn)?,因?yàn)樗裕C上,,故選D10.(2023屆江西省名校聯(lián)考高三7月第一次摸底)已知圓臺(tái)的上、下底面半徑分別為,若該圓臺(tái)的表面積為,母線長為2,且,則________.【答案】3【解析】圓臺(tái)的表面積為,從而,,因此,解得(負(fù)值舍).(三)空間幾何體的體積11.(2023屆陜西省寶雞市千陽縣中學(xué)高三上學(xué)期一模)已知底面邊長為1,側(cè)棱長為則正四棱柱的各頂點(diǎn)均在同一個(gè)球面上,則該球的體積為(

)A. B. C. D.【答案】D【解析】由題可知,正四棱柱的體對角線即為外接球的直徑,故,解得,故球的體積為:.故選D.12.(2023屆湖北省九校教研協(xié)作體高三上學(xué)期起點(diǎn)考試)如圖,何尊是我國西周早期的青銅禮器,其造型渾厚,工藝精美,尊內(nèi)底鑄銘文中的“宅茲中國”為“中國”一詞最早的文字記載,何尊還是第一個(gè)出現(xiàn)“德”字的器物,證明了周王朝以德治國的理念,何尊的形狀可近似看作是圓臺(tái)和圓柱的組合體,組合體的高約為40cm,上口直徑約為28cm,經(jīng)測量可知圓臺(tái)的高約為16cm,圓柱的底面直徑約為18cm,則該組合體的體積約為(

)(其中的值取3)A.11280cm3 B.12380cm3 C.12680cm3 D.12280cm3【答案】D【解析】由題意得圓柱的高約為(cm),則何尊的體積(cm3)故選D.13.(多選)(2022屆重慶市南開中學(xué)校高三第九次質(zhì)量檢測)“阿基米德多面體”是由邊數(shù)不全相同的正多邊形為面圍成的多面體,它體現(xiàn)了數(shù)學(xué)的對稱美.某天小明在廣場上發(fā)現(xiàn)了如圖1所示的一個(gè)石凳,其形狀是將一個(gè)正方體沿交于同一頂點(diǎn)的三條棱的中點(diǎn)截去一個(gè)三棱錐,共可截去八個(gè)三棱錐,得到八個(gè)面為正三角形,六個(gè)面為正方形的“阿基米德多面體”(如圖2所示).小明用卷尺測量出這個(gè)石凳的高度為50cm,他給出了如下判斷,請你指出小明的哪些判斷是正確的(

)A.這個(gè)石凳共有24條棱,12個(gè)頂點(diǎn),14個(gè)面B.一個(gè)體積為1立方米的正方體石料可以切割出8個(gè)這樣的石凳(不計(jì)損耗)C.這個(gè)石凳也可以由一個(gè)直徑為70cm的球形石料切割而成(不計(jì)損耗)D.如果將這個(gè)石凳三角形的那個(gè)面水平放置,石凳的高度會(huì)增加【答案】ABD【解析】觀察所得的幾何體可知,幾何體有24條棱、12個(gè)頂點(diǎn)、14個(gè)面,選項(xiàng)A正確;由題意可知,“阿基米德多面體”體積為原正方體體積減去8個(gè)三棱錐體積,設(shè)原正方體的棱長為,則8個(gè)三棱錐體積為,所以“阿基米德多面體”體積為,又石凳的高度為50cm,所以原正方體的棱長,所以“阿基米德多面體”體積為,又1立方米等于,所以,所以一個(gè)體積為1立方米的正方體石料可以切割出8個(gè)這樣的石凳(不計(jì)損耗),故B正確;原正方體的棱長,則其外接球的直徑為,又,所以一個(gè)直徑為70cm的球形石料切割不成該幾何體(不計(jì)損耗),故C錯(cuò)誤;設(shè)原正方體的棱長為,則每個(gè)三棱錐是底面邊長為的正三角形,側(cè)棱長,且兩兩互相垂直的三棱錐,設(shè)頂點(diǎn)到正三角形的距離為,由三棱錐的體積可知,解得,所以兩個(gè)對角上的正三角形所在面的距離為,由題意可知,如果“阿基米德多面體”按照圖2放置,則高度為,所以如果將這個(gè)石凳三角形的那個(gè)面水平放置,石凳的高度為,所以高度會(huì)增加,故D正確;故選ABD.14.(2023屆河南省新未來高三上學(xué)期8月聯(lián)考)六氟化硫是一種無機(jī)化合物,化學(xué)式為,常溫常壓下為無色無臭無毒不燃的穩(wěn)定氣體,密度約為空氣密度的5倍,是強(qiáng)電負(fù)性氣體,廣泛用于超高壓和特高壓電力系統(tǒng).六氟化硫分子結(jié)構(gòu)呈正八面體排布(8個(gè)面都是正三角形).若此正八面體的表面積為,則該正八面體的內(nèi)切球的體積為______.【答案】【解析】設(shè)該正八面體的棱長為a,則,解得a=4.故內(nèi)切球圓心O到各頂點(diǎn)的距離為.故在正三棱錐O-ABC中,,故.由正八面體的結(jié)構(gòu)特征可得的長為內(nèi)切球半徑.所以該正八面體的內(nèi)切球體積為.三、最新模擬練15.(2023屆江蘇省南京市高三上學(xué)期7月學(xué)情調(diào))在△ABC中,.則以BC為軸,將△ABC旋轉(zhuǎn)一周所得的幾何體的體積為(

)A. B. C. D.【答案】C【解析】過A作交于點(diǎn),則題中旋轉(zhuǎn)體是以繞直角邊所在直線BC旋轉(zhuǎn)所成的兩個(gè)圓錐的組合體.因?yàn)椋?,所以△ABC的面積為:,解得:.所以將△ABC旋轉(zhuǎn)一周所得的幾何體的體積為:故選C.16.(2022屆四川省內(nèi)江市第六中學(xué)高三下學(xué)期考前第一次強(qiáng)化訓(xùn))如圖,正方形的邊長為為的中點(diǎn),將沿向上翻折到,連接,在翻折過程中,下列說法中正確的是(

)①四棱錐的體積最大值為②.中點(diǎn)的軌跡長度為③與平面所成角的正弦值之比為④三棱錐的外接球半徑有最小值,沒有最大值A(chǔ).①③ B.②③ C.①③④ D.①②③【答案】C【解析】由已知梯形面積為,直角斜邊上的高為.當(dāng)平面平面時(shí),四棱錐的體積取最大值.①正確;取中點(diǎn)為,則平行且相等,四邊形是平行四邊形,所以,點(diǎn)的軌跡與點(diǎn)的軌跡完全相同,過作的垂線,垂足為的軌跡是以為圓心,為半徑的半圓弧,從而中點(diǎn)的軌跡長度為.②錯(cuò)誤;由四邊形是平行四邊形知,則平面,則到平面距離相等,故,與平面所成角的正弦值之比為等于.③正確;外接圓半徑為是中點(diǎn),根據(jù)正弦定理外接圓半徑為是圓與圓公共弦,.設(shè)三棱錐外接球球心為,半徑為,則因?yàn)椋裕宰钚≈禐?,沒有最大值.④正確;故選C17.(多選)(2022屆河北省保定市高三上學(xué)期期末)如圖,為正方體中所在棱的中點(diǎn),過兩點(diǎn)作正方體的截面,則截面的形狀可能為(

)A.三角形 B.四邊形 C.五邊形 D.六邊形【答案】BD【解析】由正方體的對稱性可知,截面的形狀不可能為三角形和五邊形,如圖,截面的形狀只可能為四邊形和六邊形.故選BD18.(多選)(2022屆湖北省武漢市第二中學(xué)高三下學(xué)期5月全仿真模擬)勒洛四面體是一個(gè)非常神奇的“四面體”,它能在兩個(gè)平行平面間自由轉(zhuǎn)動(dòng),并且始終保持與兩平面都接觸,因此它能像球一樣來回滾動(dòng).勒洛四面體是以正四面體的四個(gè)頂點(diǎn)為球心,以正四面體的棱長為半徑的四個(gè)球的公共部分,如圖所示,若正四面體ABCD的棱長為a,則(

)A.能夠容納勒洛四面體的正方體的棱長的最小值為aB.勒洛四面體能夠容納的最大球的半徑為C.勒洛四面體的截面面積的最大值為D.勒洛四面體的體積【答案】AD【解析】由題意知:勒洛四面體表面上任意兩點(diǎn)間距離為a,故A正確;勒洛四面體能容納的最大球,與勒洛四面體的弧面相切,如圖1,其中點(diǎn)E為該球與勒洛四面體的一個(gè)切點(diǎn),O為該球的球心,易知該球的球心O為正四面體ABCD的中心,半徑為OE,連接BE,易知BOE三點(diǎn)共線,設(shè)正四面體ABCD的外接球半徑為,則由題意得:,解得:,所以,易知,故B錯(cuò)誤;勒洛四面體最大的截面即經(jīng)過四面體ABCD表面的截面,如圖2,則勒洛四面體截面面積最大值為三個(gè)半徑為a,圓心角為60°的扇形的面積減去兩個(gè)邊長為a的正三角形的面積,即,故C錯(cuò)誤;勒洛四面體的體積介于正四面體ABCD的體積和正四面體ABCD的外接球體積之間,正四面體底面面積為,底面所在圓的半徑為,故正四面體的高為,所以正四面體ABCD的體積,設(shè)正四面體ABCD的外接球半徑為,則由題意得:,解得:,所以外接球體積所以勒洛四面體的體積,D正確.故選AD19.(2022屆江蘇省鹽城中學(xué)高三下學(xué)期5月仿真)把邊長為1的實(shí)心正六面體磁性幾何魔方按圖方式分成12塊:(1)取6條面上的對角線;(2)考慮以立方體中心為頂點(diǎn),上述6條對角線及12條棱之一為對邊的三角形;(3)這18個(gè)三角形把立方體切成了12塊,每塊是一個(gè)四面體,每個(gè)四面體有兩條棱是立方體的棱;(4)每個(gè)四面體僅通過其上立方體的棱和其它四面體連接.則在此玩具所有可能的形狀中,其上兩點(diǎn)之間空間距離的最大值為__________.【答案】【解析】由題意,以標(biāo)記的八個(gè)頂點(diǎn),并設(shè)開始時(shí)選定的頂點(diǎn)為和,則這個(gè)頂點(diǎn)分別屬于6個(gè)小四面體,而,這六個(gè)頂點(diǎn)(無論怎么變形)構(gòu)成一個(gè)邊長為1的正六邊形,注意到這個(gè)由12個(gè)四面體構(gòu)成,因此取到最大值的必定是兩個(gè)小四面體的頂點(diǎn),在四面體中,四個(gè)頂點(diǎn)可分為3類:(1)一個(gè)頂點(diǎn)在立方體中對于應(yīng)于和,稱之為第一類頂點(diǎn);(2)兩個(gè)頂點(diǎn)(它們之間的棱)屬于六邊形,稱之為第二類頂點(diǎn);(3)一個(gè)頂點(diǎn)對應(yīng)于立方體的中心,它到一個(gè)小四面體的另三個(gè)頂點(diǎn)的距離都是,稱之為第三類頂點(diǎn),這些頂點(diǎn)之間沿棱的距離的最大值,可得下表:距離第一類頂點(diǎn)第二類頂點(diǎn)第三類頂點(diǎn)第一類頂點(diǎn)第二類頂點(diǎn)第三類頂點(diǎn)從而任意兩點(diǎn)之間的距離不會(huì)超過.20.(2022屆星云聯(lián)盟高三統(tǒng)一模擬)已知三棱錐的四個(gè)頂點(diǎn)在球O的表面上,,,,.若三棱錐的體積為,則球的表面積為__________.【答案】或【解析】由,,則△為等腰直角三角形,若為中點(diǎn),連接,則,且為面的外接圓圓心,所以外接球的球心在過垂直于面的直線上,由三棱錐的體積為,且,故到面的距離,又,,則面,又面,所以面面,且面面,則在面上的射影落在直線上,又,則或,若外接球的半徑為,,當(dāng),如下圖示:,,易知,則,所以,可得,即,所以,此時(shí)外接球表面積為;當(dāng),如下圖示:,,易知,所以,可得,即,所以,此時(shí)外接球表面積為;綜上,外接球表面積為或.21.(2022屆四川省內(nèi)江市第六中學(xué)高三下學(xué)期第三次強(qiáng)化訓(xùn)練)如圖,底面是邊長為2的菱形,平面,,與平面所成的角為.(1)求證:平面平面;(2)求幾何體的體積【解析】(1)證明:因?yàn)槭沁呴L為2的菱形,,所以和都是邊長為2的正三角形,因?yàn)槠矫?,所以、,又因?yàn)榕c平面所成的角為,所以,所以,取中點(diǎn),連接、,又因?yàn)?,,所以四邊形為矩形,于是平面,,,又因?yàn)?,取中點(diǎn),連接、,因?yàn)?,所以,因?yàn)椋?,所以為平面與平面構(gòu)成二面角的平面角,又因?yàn)?,,,所以,所以,所以平面平面.?)解:因?yàn)槠矫嫫矫嫠云矫嫫矫嬖O(shè)的中點(diǎn),連接,有因?yàn)槠矫嫫矫嫠悦?,即是四棱錐BCDEF的高易求

所以22.(2023屆湖北省九校教研協(xié)作體高三上學(xué)期起點(diǎn)考試)查找并閱讀關(guān)于蜂房結(jié)構(gòu)的資料,建立數(shù)學(xué)模型說明蜂房正面采用正六邊形面,底端是封閉的六角棱錐體的底,由三個(gè)相同的菱形組成(菱形的銳角為,鈍角為)的原因.【解析】數(shù)學(xué)模型I:能鋪滿平面的正多邊形有哪些?在周長一定的情況下,哪種面積最大?數(shù)學(xué)模型I的求解:由于正邊形的每一個(gè)內(nèi)角都等于,要將平面鋪滿,則有:,解得,故時(shí),符合要求.當(dāng)周長一定時(shí),正三角形的面積為;正四邊形的面積為;正六邊形的面積為.此時(shí)有:,所以正六邊形是最佳的設(shè)計(jì).數(shù)學(xué)模型Ⅱ:蜂房口的正六邊形及蜂房的容積一定的情況下,問題是底面菱形的各角分別多大時(shí),蜂房的表面積最???數(shù)學(xué)模型Ⅱ求解:假定六棱柱的邊長是,先求的長度,是腰長為1,夾角為的等腰三角形.以為對稱軸作一個(gè)三角形(圖3).三角形是等邊三角形.因此,,即得.把圖4的表面分成六份,把其中之一攤平下來,得出圖7的形狀.從一個(gè)寬為的長方形切去一角,切割處成邊.以為腰,為高作等腰三角形.問題:怎樣切才能使所作出的圖形的面積最小?假定被切去的三角形的高是.從矩形中所切去的面積等于.現(xiàn)在看所添上的三角形的面積。AP的長度是,因此的長度等于因而三角形的面積等于.問題再變而為求的最小值的問題.令,故,兩邊平方,整理得因?yàn)槭菍?shí)數(shù),故二次方程判別式,而必大于,因此的最小值為,即.當(dāng)時(shí)取最小值,即在一棱上過處(圖5中點(diǎn))以及與該棱相鄰的二棱的端點(diǎn)(圖5中,點(diǎn))切下來洴上去的圖形的表面積最小.設(shè),由余弦定理得,并將代入可得.因此得出.四、高考真題練23.(2022高考全國卷甲)甲、乙兩個(gè)圓錐的母線長相等,側(cè)面展開圖的圓心角之和為,側(cè)面積分別為和,體積分別為和.若,則()A. B. C. D.【答案】C【解析】設(shè)母線長為,甲圓錐底面圓半徑為,乙圓錐底面圓半徑為,則,所以,又,則,所以,所以甲圓錐的高,乙圓錐的高,所以.故選C.24.(2022高考全國卷乙)已知球O的半徑為1,四棱錐的頂點(diǎn)為O,底面的四個(gè)頂點(diǎn)均在球O的球面上,則當(dāng)該四棱錐的體積最大時(shí),其高為()A. B. C. D.【答案】C【解析】解法一:設(shè)該四棱錐底面為四邊形ABCD,四邊形ABCD所外接圓半徑為r,設(shè)四邊形ABCD對角線夾角為,則,(當(dāng)且僅當(dāng)四邊形ABCD為正方形時(shí)等號成立)即當(dāng)四棱錐的頂點(diǎn)O到底面ABCD所在小圓距離一定時(shí),底面ABCD面積最大值為又,則當(dāng)且僅當(dāng)即時(shí)等號成立,故選C.解法二:由于該四棱錐的底面是圓內(nèi)接四邊形,當(dāng)圓內(nèi)接四邊形面積最大時(shí)該四邊形為正方形,設(shè)該正方形的邊長為a,正方形外接圓半徑為r,則,該四棱錐的高的最大值為,此時(shí)該四棱錐的體積,設(shè),則,令得,所以當(dāng)時(shí)最大,最大,此時(shí),故選C.25.(2022新高考全國卷=1\*ROMANI)南水北調(diào)工程緩解了北方一些地區(qū)水資源短缺問題,其中一部分水蓄入某水庫.已知該水庫水位為海拔時(shí),相應(yīng)水面面積為;水位為海拔時(shí),相應(yīng)水面的面積為,將該水庫在這兩個(gè)水位間的形狀看作一個(gè)棱臺(tái),則該水庫水位從海拔上升到時(shí),增加的水量約為()A. B. C. D.【答案】C【解析】把增加的水量轉(zhuǎn)化為棱臺(tái)的體積,依題意可知棱臺(tái)的高為(m),棱臺(tái)上底面積,下底面積,∴.故選C.26.(2022新高考全國卷=1\*ROMANI)已知正四棱錐的側(cè)棱長為l,其各頂點(diǎn)都在同一球面上.若該球的體積為,且,則該正四棱錐體積的取值范圍是A B. C. D.【答案】C【解析】∵球的體積為,所以球的半徑,設(shè)正四棱錐的底面邊長為,高為,則,,所以,,所以正四棱錐的體積,所以,當(dāng)時(shí),,當(dāng)時(shí),,所以當(dāng)時(shí),正四棱錐的體積取最大值,最大值為,又時(shí),,時(shí),,所以正四棱錐的體積的最小值為,所以該正四棱錐體積的取值范圍是.故選C.27.(2022新高考全國卷=2\*ROMANII)已知正三棱臺(tái)的高為1,上、下底面邊長分別為和,其頂點(diǎn)都在同一球面上,則該球的表面積為A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)該正三棱臺(tái)上下底面圓的半徑分別為,所以,解得,設(shè)該球的球心到上下底面的距離分別為,球的半徑為,所以,,故或,即或,解得,符合題意,所以球的表面積為.故選A.五、綜合提升練28.(2022屆江西省南昌市高三第三次模擬)已知長方體中,,,,為矩形內(nèi)一動(dòng)點(diǎn),設(shè)二面角為,直線與平面所成的角為,若,則三棱錐體積的最小值是(

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