廣東省汕尾陸豐市林啟恩紀念中學2025屆高三上物理期中考試模擬試題含解析

廣東省汕尾陸豐市林啟恩紀念中學2025屆高三上物理期中考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一列沿x軸傳播的簡諧機械橫波，波速大小為10m/s。該波在某時刻的圖像如圖所示，此時刻質(zhì)點P沿y軸負方向運動，從該時刻開始計時，下列說法正確的是A．該波沿x軸負方向傳播B．此時刻質(zhì)點P的加速度為零C．t=1s時，質(zhì)點P的位移為10mD．t=1.5s時，質(zhì)點P的動能最大2、如圖所示，物體A、B用細繩連接后跨過滑輪，A靜止在傾角為45°的斜面上，B懸掛著．已知質(zhì)量mA＝2mB，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°增大到60°，但物體仍保持靜止，下列說法正確的是A．繩子的張力增大B．物體A對斜面的壓力將增大C．物體A受到的靜摩擦力增大D．滑輪受到繩子的作用力保持不變3、質(zhì)量為m的飛行員駕駛飛機在豎直平面內(nèi)以速度v做半徑為r的勻速圓周運動，在軌道的最高點(飛行員在座椅的下方)和最低點時，飛行員對座椅的壓力（）A．是相等的B．相差C．相差D．相差4、如圖所示，質(zhì)量形狀均相同的木塊緊靠在一起，放在光滑的水平面上，現(xiàn)用水平恒力F推1號木塊，使10個木塊一起向右勻加速運動，則第7號對第8號木塊的推力（）A．FB．0.8FC．0.4FD．0.3F5、一個小球從足夠高處水平拋出，空氣阻力忽略不計，小球拋出后的動能隨時間變化的關系為，重力加速度取g=10m/s2，則()A．小球拋出的初速度為4m/sB．小球的質(zhì)量為0.5kgC．2s末小球的水平位移為2mD．2s末小球的速度約為20.1m/s6、如圖所示，在真空中固定兩個等量異號點電荷+Q和-Q，圖中O點為兩點電荷的連線中點，P點為連線上靠近-Q的一點，MN為過O點的一條線段，且M點與N點關于O點對稱，下列說法正確的是：A．同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同B．M、N兩點的電勢相同C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電荷的電勢能先增大后減小D．只將-Q移到P點，其它點在空間的位置不變，則O點的電勢升高二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲、乙傳送帶傾斜放置，并以相同的恒定速率v逆時針運動，兩傳送帶粗糙程度不同，但長度、傾角均相同．將一小物體分別從兩傳送帶頂端的A點無初速度釋放，甲傳送帶上小物體到達底端B點時恰好達到速度v；乙傳送帶上小物體到達傳送帶中部的C點時恰好達到速度v，接著以速度v運動到底端B點．則小物體從A運動到B的過程A．小物體在甲傳送帶上的運動時間比在乙上的大B．小物體與甲傳送帶之間的動摩擦因數(shù)比與乙之間的大C．兩傳送帶對小物體做功相等D．兩傳送帶因與小物體摩擦產(chǎn)生的熱量相等8、如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平面上，其斜面的傾角為θ，質(zhì)量為m的物體沿斜面上升，最終停止在斜面上。下列說法正確的是（）A．此過程物體克服摩擦力做的功等于它的初動能B．此過程物體機械能的減少量等于它克服摩擦力做的功C．上升過程地面對斜面體的支持力小于（m+M）gD．上升過程地面對斜面體的摩擦力向右9、甲、乙兩物體同時同地沿同一方向做直線運動的速度—時間圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．兩物體兩次相遇的時刻是末和末B．末乙在甲前面C．在內(nèi)，兩物體相距最遠的時刻是末D．乙先向前運動，隨后向后運動10、2018年以來世界各地地震頻發(fā),讓人感覺地球正處于很“活躍"的時期,對地震波的研究有助于對地震進行監(jiān)測。地震波既有橫波,也有縱波,若我國地震局監(jiān)測到一列沿x軸正方向傳播的地震橫波,在t(圖中實線)與(t+0.4)s(圖中虛線)兩個時刻x軸上-3~3km區(qū)間內(nèi)的波形圖如圖所示,則下列說法正確的是________。A．質(zhì)點振動的周期可能為0.16sB．該地震波的波長為3km.C．該地震波最小波速為5km/sD．從t時刻開始計時,x=2km處的質(zhì)點比x=2.5km處的質(zhì)點后回到平衡位置E.若該波傳播中遇到寬約4km的障礙物,則能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”實驗．先將小球1從斜槽軌道上某固定點由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把另一小球2放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止，讓小球1仍從原固定點由靜止開始滾下，且與小球2相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．A、B、C為三個落點的平均位置，O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點．實驗中空氣阻力的影響很小，可以忽略不計．（1）在本實驗中斜槽軌道_____（填選項前的字母）A．必須光滑B．可以不光滑（2）實驗中應該選擇兩個合適的小球進行實驗①兩個小球的半徑____（填“相同”或“不同”）②應該選擇下列哪組小球_____（填選項前的字母）A．兩個鋼球B．一個鋼球、一個玻璃球C．兩個玻璃球（3）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，將小球1從固定點由靜止釋放．若僅降低斜槽上固定點的位置，那么小球的落地點到O點的距離將______（填“改變”或“不變”），若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，那么小球的落地點到O點的距離將______填（“改變”或“不變”）．（4）在安裝實驗裝置的過程中，使斜槽軌道末端的切線水平，小球碰撞前與碰撞后的速度就可以用小球飛出的水平距離來表示，其原因的是_______A．小球都是從同一高度飛出，水平位移等于小球飛出時的速度B．小球都是從同一高度飛出，水平位移與小球飛出時的速度成正比C．小球在空中的運動都是勻變速曲線運動，而且運動的加速度都相同（5）本實驗必須測量的物理量是_____A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球1和小球2的質(zhì)量、C．小球1的釋放位置到斜槽軌道末端的高度hD．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、（6）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，小球1的落點為B點，放置被碰小球2后，小球2的落點為C點．假設兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，試論證：當小球1碰后的速度方向未改變時，C點必在B點的前方．_____12．（12分）某同學做“探究合力做功與動能改變的關系”的實驗，他將光電門固定在水平軌道上的B點，如圖所示，并用重物通過細線拉小車。然后保持小車和重物的質(zhì)量不變，通過改變小車釋放點到光電門的距離進行多次實驗，實驗時要求每次小車都從靜止釋放。（1）如果遮光條的寬度為d，遮光條通過光電門的時間為t，小車到光電門的距離為s，該同學通過描點作出線性圖像來反映合力做的功與動能改變的關系，則他作的圖像關系是下列哪一個時才能符合實驗要求________A．B．C．s-tD．（2）為了減小實驗誤差，下列哪些實驗操作是必須的________A．調(diào)整軌道的傾角，在未掛重物時使小車能在軌道上勻速運動B．所掛重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量C．遮光條的寬度要盡可能的大些D．每次實驗時保證小車從靜止狀態(tài)開始釋放四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量m=1kg的小球（視為質(zhì)點）以v0=3m/s的初速度從P點水平飛出，然后從A點沿切線方向進入圓弧軌道運動，最后小球恰好能通過軌道的最高點C.B為軌道的最低點，C點與P點等高，A點與D點等高，軌道各處動摩擦因數(shù)相同，圓弧AB對應的圓心角θ=53°，已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，不計空氣阻力，取g=10m/s1．求：(1)圓弧軌道的半徑；(1)小球到達C點速度大?。?3)小球沿圓弧軌道運動過程中克服摩擦力做的功.14．（16分）如圖所示，質(zhì)量均為m的物體B、C分別與輕質(zhì)彈簧的兩端相栓接，將它們放在傾角為的光滑斜面上，靜止時彈簧的形變量為．斜面底端有固定擋板D，物體C靠在擋板D上．將質(zhì)量也為m的物體A從斜面上的某點由靜止釋放，A與B相碰．已知重力加速度為，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力．求：（1）彈簧的勁度系數(shù)；（2）若A與B相碰后粘連在一起開始做簡諧運動，當A與B第一次運動到最高點時，C對擋板D的壓力恰好為零，求C對擋板D壓力的最大值．（3）若將A從另一位置由靜止釋放，A與B相碰后不粘連，但仍立即一起運動，且當B第一次運動到最高點時，C對擋板D的壓力也恰好為零．已知A與B相碰后彈簧第一次恢復原長時B的速度大小為，求相碰后A第一次運動達到的最高點與開始靜止釋放點之間的距離．15．（12分）拖把是由拖桿和拖把頭構(gòu)成的擦地工具（如圖）．設拖把頭的質(zhì)量為m，拖桿質(zhì)量可以忽略；拖把頭與地板之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)μ，重力加速度為g，某同學用該拖把在水平地板上拖地時，沿拖桿方向推拖把，拖桿與豎直方向的夾角為θ．（1）若拖把頭在地板上勻速移動，求推拖把的力的大小．（2）設能使該拖把在地板上從靜止剛好開始運動的水平推力與此時地板對拖把的正壓力的比值為λ．已知存在一臨界角θ1，若θ≤θ1，則不管沿拖桿方向的推力多大，都不可能使拖把從靜止開始運動．求這一臨界角的正切tanθ1．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

由波的圖象讀出振幅和波長，由波速公式v=λ【詳解】A、由于P點向負方向振動，可知波沿x軸正方向傳播，故選項A錯誤；B、此時刻質(zhì)點P處于平衡位置，此時刻加速度為零，速度最大，故選項B正確；C、由圖像可知，波長為λ=20m，根據(jù)公式v=λT可知：T=λv=2010s=2s，經(jīng)過半個周期P點仍在平衡位置，即t=1s時，D、當t=1.5s=3【點睛】根據(jù)波的圖象讀出振幅、波長、速度方向及大小變化情況，加速度方向及大小變化情況等，是應具備的基本能力。2、C【解析】

物體B受豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子拉力T，由二力平衡得到：T=mg；以物體A為研究對象，物體A受力如下圖所示：A靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：f+T-2mgsin45°=0N-2mgcos45°=0解得：f=2mgsin45°-T=2mgsin45°-mgN=2mgcos45°當由45°增大到60°時，f不斷變大，N不斷變?。籄．繩子張力T=mg保持不變，故A錯誤；B．物體A對斜面的壓力N′=N=2mgcosθ將變小，故B錯誤；C．摩擦力變大，故C正確；D．繩子的拉力不變，但是滑輪兩邊繩子的夾角減小，則滑輪受到繩子的作用力變大，選項D錯誤．3、D【解析】解：飛行員在最低點有:,飛行員在最高點有:,所以可知在最低點比最高點大2mg,故D正確4、D【解析】

先對整體研究，求出加速度，然后對后面3個木塊整體運用牛頓第二定律列式求解。【詳解】設每個木塊的質(zhì)量為m，對整體運用牛頓第二定律，有：a=F對8-10個木塊整體受力分析，受重力、支持力和7對8-10個木塊整體的推力，根據(jù)牛頓第二定律，有：F7～8故應選：D?！军c睛】本題關鍵是先用整體法求解出加速度，然后靈活地選擇研究對象進行分析研究。5、D【解析】由動能定理得出對應可知，m=1kg，初動能為所以；2s內(nèi)水平位移x=vt=4m；由J，2s末動能帶入得，選D6、A【解析】試題分析：等量異種點電荷的電場的分布具有一定的對稱性，故M、N兩點的電場強度相同，同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同，故A正確；在過兩電荷連線的垂直平分線的兩側(cè)，正電荷一邊的電勢要高于負電荷一邊的電勢，故M點的電勢大于N點的電勢，故B錯誤；將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故C錯誤；等量異種點電荷的連線中垂線是一條等勢線，故O點的電勢為零；只將-Q移到P點，其它點在空間的位置不變，此時兩個電荷連線的中點在O點的左側(cè)，故O點的電勢變?yōu)樨撝担蔕點的電勢減小，故D錯誤；故選A．考點：電場強度；電勢及電勢能【名師點睛】本題關鍵是結(jié)合等量異號電荷的電場線分布圖和等勢面分布圖進行分析，明確電場力做功等于電勢能的減小量，不難．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．根據(jù)兩個物體的總位移相等，v-t圖象的“面積”表示位移，作出兩個物體的v-t圖象，可知t甲＞t乙．故A正確．B．v-t圖象的斜率表示加速度，由圖知，甲勻加速運動的加速度小于乙勻加速運動的加速度，由牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma得a=gsinθ+μgcosθ則知μ小時，a小，因此物體與甲傳送帶之間的動摩擦因數(shù)比乙小，故B錯誤．C．根據(jù)動能定理得：則得傳送帶對物體做功h、v、m都相等，則W相等，故C正確．D．設傳送帶長為L．甲中：物體運動時間為：物體與傳送帶間的相對位移大小為：△x甲=vt甲-L=L物體的加速度為：由牛頓第二定律得：mgsinθ+f甲=ma甲得：產(chǎn)生的熱量為：乙中：物體運動時間為物體與傳送帶間的相對位移大小為：物體的加速度為：由牛頓第二定律得：mgsinθ+f乙=ma乙得：產(chǎn)生的熱量為：則知乙與物體摩擦產(chǎn)生的熱量較多，故D錯誤．8、BC【解析】

A．此過程物體克服摩擦力做的功與克服重力做功之和等于它的初動能，選項A錯誤；B．此過程物體機械能的減少量等于它克服摩擦力做的功，選項B正確；C．上升過程物體的加速度沿斜面向下，則加速度有豎直向下的分量，物體處于失重狀態(tài)，則地面對斜面體的支持力小于（m+M）g，選項C正確；D．上升過程物體的加速度沿斜面向下，則加速度有水平向左的分量，根據(jù)牛頓第二定律可知，上升過程地面對斜面體的摩擦力向左，選項D錯誤。故選BC。9、AB【解析】

A．t=2s時乙的位移為甲的位移為x′=2×2=4m兩者位移相同，又是從同一地面出發(fā)，故2s末時二者相遇，同理可判斷6s末二者也是相遇，故A正確；B．4s時甲的位移為x=4×2=8m乙的位移為甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，故B正確；

C．1s末兩物體相距的距離等于一個小三角形的面積，而4s末兩物體相距的距離等于2-4之間三角形的面積，明顯4s末二者的距離最大，故C錯誤；

D．乙的速度一直為正，說明其運動方向始終未發(fā)生變化，故D錯誤。

故選AB。10、ACE【解析】

A．由圖可知，圖中由實線變成虛線的時間當n=2時，周期故A正確；B．由圖可知，在-3～3km范圍內(nèi)有1.5個波長，所以波長為故B錯誤；C．由題意可知，由公式可知，當周期最大時，波速最小，當n=0時，周期最大，即為0.8s，所以最小波速為5m/s，故C正確；D．由圖結(jié)合波向右傳播可知，在t=0時刻，x=2.

km處的質(zhì)點振動的方向向上，而x=2

km處的質(zhì)點已經(jīng)在最大位移處，所以從t時刻開始計時，x=2km處的質(zhì)點比x=2.5km處的質(zhì)點先回到平衡位置，故D錯誤；E．障礙物尺寸和波長差不多時，則能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故E正確。故選ACE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B相同B改變不變BBD見解析【解析】

（1）[1]小球離開軌道后做平拋運動，只要保證入射球離開軌道的初始速度相等即可，斜槽軌道不需要光滑，A不符合題意，B符合題意；故選B；（2）[2]①兩球要發(fā)生對心碰撞，故兩球的半徑應相同；②[3]為了防止入射球反彈，所以入射球的質(zhì)量應大于被碰小球，所以應選一個鋼球、一個玻璃球，AC不符合題意，B符合題意；故選B；（3）[4][5]若僅降低斜槽上固定點的位置，小球離開軌道做平拋運動的速度減小，由于平拋運動的高度不變，所以不平位移變小，即小球的落地點到O點的距離將改變，若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，由于平拋運動的高度不變，運動的時間不變，所以小球的落地點到O點的距離不變；（4）[6]小球做平拋運動由于高度相同，由公式得：，可知高度h相同，則運動時間相同，水平位移所以小球的水平位移與小球飛出的速度成正比，B符合題意，AC不符合題意；故選B；（5）[7]小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相同，在空中的運動時間t相同，兩球碰撞過程動量守恒，以入射球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：兩邊同時乘以運動時間t得：則有：由上式可知，本實驗應測量小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2和記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、，BD符合題意，AC不符合題意。故選BD。（6）[8]證明：設小球1碰撞前后瞬間的速度分別為v0、v1，小球2碰后的速度為v2，根據(jù)動量守恒有：碰撞過程機械能守恒有：整理可得：當v1與v0同向時，v2大于v0，故C點必在B點的前方。12、（1）B（2）D【解析】（1）用該平均速度代替物體的瞬時速度,故在遮光條經(jīng)過光電門時滑塊的瞬間速度為，根據(jù)動能定理，可見s與成反比，即與成正比，故應作出圖象，B選項是正確.（2）經(jīng)前面分析知，要使圖象為過原點的直線，應保證小車初動能為零，即必須保證小車從靜止狀態(tài)開始釋放，所以D選項正確.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(1)(3)【解析】

研究小球平拋運動的過程，根據(jù)到達A點時速度沿圓弧切線方向，求出豎直分速度，從而得到小球下落的高度，即可求得軌道半徑．在C點，由重力提供向心力，列式求小球到達C點速度．根據(jù)速度的變化，分析向心力的變化，確定摩擦力的變化，從而判斷摩擦力在AB段和BD段做功大小．對A到C的過程，運用動能定理求小球克服摩擦力做功．【詳解】(1)小球從P到A做平拋運動，在A點分解速度，有：可得平拋時間為由幾何關系知：解得：(1)圓周運動恰好在C點，只有重力提供向心力，有：可得：(3)小球從P點經(jīng)平拋到A點，再圓周過C的全過程，除了摩擦會損失機械能，由動能定理：解得：【點睛】本題關鍵是明確小球的受力情況和運動情況，掌握平拋運動的規(guī)律，知道圓周運動最高點的條件：重力等于向心力．14、（1）,（2）3mg,（3）.【解析】試題分析：（1）物體B靜止時，彈簧形變量為x2，彈簧的彈力F=kx2物體B受力如圖所示，根據(jù)物體平衡條件得kx2=mgsinθ解得彈簧的勁度系數(shù)k=（6分）（2）A與B碰后一起做簡諧運動到最高點時，物體C對擋板D的壓力最小為2則對C，彈簧彈力F彈=mgsinθ，對A、B，回復力最大，F(xiàn)回=3mgsinθ（3分）由簡諧運動的對稱性，可知A與B碰后一起做簡諧運動到最低點時，回復力也最大，即F回=3mgsinθ，此時物體C對擋板D的壓力最大對物體A、B有，F(xiàn)彈￠-2mgsinθ=3mgsinθ則彈簧彈力F彈￠=5mgsinθ對物體C，設擋板D對物體C的彈力為N，則N=5mgsinθ+mgsinθ=3mg依據(jù)牛頓第三定律，物體C對擋板D的壓力N￠=N=3mg物體C對擋板D壓力的最大值為3mg（3分）（3）設