陜西省榆林市第二中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末調(diào)研試題含解析

陜西省榆林市第二中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末調(diào)研試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶負電的金屬環(huán)繞其軸OO′勻速轉(zhuǎn)動時，放在環(huán)頂部的小磁針最后將()A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極水平向左D.小磁針在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動2、圖中小燈泡的規(guī)格都相同，兩個電路中的電池也相同。實驗發(fā)現(xiàn)多個并聯(lián)的小燈泡的亮度明顯比單獨一個小燈泡暗。對這一現(xiàn)象的分析正確的是（）A.燈泡兩端電壓不變，由于并聯(lián)分電流，每個小燈泡分得的電流變小，因此燈泡亮度變暗B.電源電動勢不變，外電路電壓變大，但由于并聯(lián)分電流，每個小燈泡分得的電流變小，因此燈泡亮度變暗C.電源電動勢不變，外電路電壓變小，因此燈泡亮度變暗D.并聯(lián)導(dǎo)致電源電動勢變小，因此燈泡亮度變暗3、關(guān)于磁感線和電場線，下列說法中正確的是（）A.磁感線和電場線都是一些互相平行的直線B.磁感線一定是閉合曲線，而電場線也可能是閉合曲線C.磁感線起始于N極，終止于S極；電場線起始于正電荷，終止于負電荷D.電場線和磁感線都可以用其疏密表示電場強度和磁感應(yīng)強度的強弱4、如圖所示，通電直導(dǎo)線右邊有一個矩形線框，線框平面與直導(dǎo)線共面，若使線框從圖中實線位置向左緩慢平移到虛線位置，此時直導(dǎo)線正好平分矩形線框。已知直線電流在周圍產(chǎn)生的磁場隨距離增大而減弱，則穿過線框的磁通量將A.逐漸增大 B.逐漸減小C.先減后增 D.先增后減5、回旋加速器的廣泛應(yīng)用有力推動了現(xiàn)代科學(xué)技術(shù)的發(fā)展。其工作原理圖如圖所示，置于真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過狹縫的時間可忽略不計，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生的粒子，質(zhì)量為m，電荷量為+q，在加速器中被加速.設(shè)粒子初速度為零，高頻交流電壓為U，加速過程中不考慮重力作用和相對論效應(yīng)。則（）A.增大加速電壓U，粒子獲得的最大動能增加B.增大加速電壓U，粒子達到最大動能所用時間將減少C.增大磁感應(yīng)強度B，要使該粒子仍能正常加速，必須增大交流電的周期D.增大磁感應(yīng)強度B，并使粒子能正常加速，粒子獲得的最大動能不變6、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡，粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點，可以判定（）A.粒子帶負電B.粒子在M點的電勢能大于N點的電勢能C.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D.粒子在M點的動能大于在N點的動能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線EF的下方存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B。一帶電微粒從離EF為h的高處由靜止下落，從B點進入場區(qū)，做了一段勻速圓周運動，從D點射出，則下列說法正確的是（）A.微粒受到的電場力的方向一定豎直向上B.微粒做圓周運動的半徑為C.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能先增大后減小D.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能和重力勢能之和在最低點C時最小8、如圖所示，金屬板帶電量為＋Q，質(zhì)量為m的金屬小球帶電量為＋q，當(dāng)小球靜止后，懸掛小球的絕緣細線與豎直方向間的夾角為α，小球與金屬板中心O恰好在同一條水平線上，且距離為L。下列說法正確的是（）A.＋Q在小球處產(chǎn)生的場強為B.＋Q在小球處產(chǎn)生的場強為C.＋q在O點產(chǎn)生的場強為D.＋q在O點產(chǎn)生的場強為9、磁流體發(fā)電機的原理如圖所示，現(xiàn)持續(xù)將一束速度為v的等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的微粒，而整體呈中性）垂直于磁場方向噴入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，在相距為d、寬為a、長為b的兩平行金屬板A、B間便產(chǎn)生電壓。如果把上、下板和一電流表及阻值為R電阻連接，上、下板就是一個直流電源的兩極。穩(wěn)定時電流表的示數(shù)為I，等離子體在兩板間可認(rèn)為均勻分布，忽略邊緣效應(yīng)，不計等離子體的重力和電流表的內(nèi)阻，下列判斷正確的是（）A.B板相當(dāng)于電源的負極B.A、B板兩端的電壓U=BdvC.兩板間等離子體的電阻率D.若增大A、B兩板間的距離，電流表的示數(shù)可能不變10、兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應(yīng)強度方向與紙面垂直．邊長為0.2m、總電阻為0.005Ω的正方形導(dǎo)線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行，如圖所示．已知導(dǎo)線框一直向右做勻速直線運動，cd邊于t=0時刻進入磁場．線框中感應(yīng)電動勢隨時間變化的圖線如圖所示（感應(yīng)電流的方向為順時針時，感應(yīng)電動勢取正）．下列說法正確的是（）A.磁感應(yīng)強度的大小為0.05TB.導(dǎo)線框運動速度的大小為0.04m/sC.磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向外D.在t=0.4s至t=0.6s這段時間內(nèi)，導(dǎo)線框所受的安培力大小為0.01N三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，當(dāng)一個帶正電荷的物體C靠近原來不帶電的導(dǎo)體時，由于電荷間相互吸引或排斥，使導(dǎo)體靠近帶電物體的A端帶______（填“正”或“負”）電荷，遠離帶電物體的B端帶_____（填“正”或“負”）電荷12．（12分）(1)如圖所示，歐姆表刻度盤中，不使用時指針指A，兩表筆短接時指針指B．若歐姆表的總內(nèi)阻為24Ω，C是A、B的中點，D是A、C的中點，則D兩點的刻度為________Ω(2)如圖所示是一個歐姆表的外部構(gòu)造示意圖，其正、負插孔內(nèi)分別插有紅、黑表筆，則虛線內(nèi)的電路圖可以是圖中的__________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為用直流電動機提升重物的裝置，重物的重量為500N，電源電動勢E＝110V，電源內(nèi)阻r＝2Ω，不計各處摩擦，當(dāng)電動機以v＝0.80m/s的恒定速度向上提升重物時，電路中的電流I＝5.0A。求：（1）電動機消耗的總功率P總。（2）電動機線圈的電阻R。14．（16分）如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢差U=1.5×103V(僅在兩板間有電場)，現(xiàn)將一質(zhì)量m=1×10-2kg、電荷量q=4×10-5C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進入電場，在兩板間沿直線運動，從右板的下邊緣飛出電場，g取10m/s2，求：（1）金屬板的長度L；（2）小球飛出電場時的動能Ek．15．（12分）某物理興趣小組欲描繪一小燈泡“2.5V，1.2W”的伏安特性曲線，實驗室提供的器材如下：A．電流表（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）；B．電壓表（量程為0~3V，內(nèi)阻約為5kΩ）；C．滑動變阻器（最大阻值為5Ω，允許通過的最大電流為2.0A）；D．滑動變阻器（最大阻值為200Ω，允許通過的最大電流為0.3A）；E．直流電源（電動勢為4V，內(nèi)阻不計）；F．開關(guān)、導(dǎo)線若干。(1)請用筆畫線代替導(dǎo)線將圖甲所示的電路補充完整。（）(2)滑動變阻器應(yīng)選______（填所選器材前字母）。(3)在開關(guān)閉合之前，滑動變阻器滑片應(yīng)滑至______（選填“A”或“B”）端。(4)通過實驗得出該燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，若將該燈泡直接接在電動勢為3V、內(nèi)阻為5Ω的電源兩端，則該燈泡的功率為________W（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】帶電金屬環(huán)形成逆時針電流（從右向左看），根據(jù)安培定則可知，通過金屬環(huán)軸OO’處的磁場方向水平向右，小磁針處的磁場方向水平向左，故小磁針N極最后水平指向左方，所以只有選項C正確；2、C【解析】電動勢反映不同電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。由于使用同一個電源，故電源電動勢不變，故D錯誤；根據(jù)閉合電路的歐姆定律根據(jù)并聯(lián)電阻特點可知多個并聯(lián)的小燈泡小于單個小燈泡內(nèi)阻，電路的總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)阻r消耗的電壓增大，外電路電壓變小，通過各小燈泡的電流減小，故AB錯誤，C正確。故選C。3、D【解析】A．磁感線和電場線不一定互相平行，故A錯誤；B．磁體周圍的磁感線從N極出發(fā)回到S極，在內(nèi)部則是從S極回到N極，磁感線是閉合曲線，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，靜電場線不是閉合曲線，故B錯誤；C．電場線起始于正電荷，終止于負電荷，磁體周圍的磁感線從N極出發(fā)回到S極，在內(nèi)部則是從S極回到N極，故C錯誤；D．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，磁場的強弱可以利用磁感線的疏密程度來描述。磁場越強，磁感線越密集，故D正確。故選D。4、D【解析】線圈從開始到線圈左邊與直導(dǎo)線重合，此過程中，由于磁場增強，所以穿過線框的磁通量增大，線圈從左邊與直導(dǎo)線重合到一半在直導(dǎo)線左邊一半在直導(dǎo)線右邊，由于直導(dǎo)線兩邊的磁場方向相反，所以磁通量減小一直到0，所以穿過線框的磁通量先增大后減小。故選D。5、B【解析】A．當(dāng)粒子達最大半徑時，粒子將不能再加速；故根據(jù)得則最大動能最大動能與U無關(guān)，故A錯誤；B．由動能定理得聯(lián)立得兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計，則時間為粒子在磁場中運動的時間，磁場中運動的周期，則所以增大加速電壓U，粒子達到最大動能Ek所用時間將減少，故B正確；C．增大磁感應(yīng)強度B，要使該粒子仍能正常加速，即粒子做圓周運動的周期與交流電周期相等，由公式可知，粒子做圓周運動的周期減小，故C錯誤；D．增大磁感應(yīng)強度B，粒子獲得的最大動能將變大，故D錯誤。故選B。6、B【解析】A.根據(jù)曲線運動受到的力指向凹處可知，粒子受力沿電場線的切線方向，粒子帶正電，故A錯誤；BD.由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向沿電場線斜向左下方，電場力對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則知粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能，粒子在M點的動能小于在N點的動能，故B正確，D錯誤；C.M點處的電場線較疏，而N點處電場線較密，則M點處的電場強度較小，粒子所受的電場力也較小，故C錯誤故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A．由題知，帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動，電場力與重力必定平衡，則微粒受到的電場力的方向一定豎直向上，故A正確；B．由上分析可知由洛倫茲力提供向心力，則有從h高處由靜止下落，則進入復(fù)合場的速度為聯(lián)立得微粒做圓周運動的半徑為故B正確；C．由于電場力方向豎直向上，則微粒從B點運動到D點的過程中，電場力先做負功后做正功，則其電勢能先增大后減小，故C正確；D．根據(jù)能量守恒定律得知，微粒在B到D的運動過程中，電勢能、動能、重力勢能之和一定，動能不變，則知微粒的電勢能和重力勢能之和一定不變，故D錯誤。故選ABC。8、BC【解析】AB．對金屬小球受力分析，如圖所示故+Q在小球處產(chǎn)生的場強為A錯誤B正確；CD．根據(jù)點電荷的場強公式，+q在O點產(chǎn)生的場強為D錯誤C正確。故選BC。9、AC【解析】A．根據(jù)左手定則可知，正電荷向上偏轉(zhuǎn)，負電荷向下偏轉(zhuǎn)，故A板相當(dāng)于電源的正極，B板相當(dāng)于電源的負極，A正確；B．當(dāng)平衡時有：，解得電源的電動勢為：，而兩板間的電壓相當(dāng)于路端電壓，由于電阻的存在，所以兩板間的電壓，B錯誤；C．穩(wěn)定時，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得：，又：，聯(lián)立解得：，C正確；D．若增大A、B兩板間的距離，則產(chǎn)生的電動勢增大，電流增大，電流表示數(shù)增大，D錯誤。故選AC。10、AC【解析】根據(jù)線框勻速運動的位移和時間求出速度，結(jié)合E=BLv求出磁感應(yīng)強度，根據(jù)感應(yīng)電流的方向，結(jié)合楞次定律得出磁場的方向．根據(jù)安培力公式得出導(dǎo)線框所受的安培力【詳解】由圖象可以看出，0.2-0.4s沒有感應(yīng)電動勢，所以從開始到ab進入用時0.2s，導(dǎo)線框勻速運動的速度為：，根據(jù)E=BLv知磁感應(yīng)強度為：，故A正確，B錯誤．由b圖可知，線框進磁場時，感應(yīng)電流的方向為順時針，根據(jù)楞次定律得，磁感應(yīng)強度的方向垂直紙面向外，故C正確．在0.4-0.6s內(nèi)，導(dǎo)線框所受的安培力，故D錯誤．故選AC【點睛】本題考查了導(dǎo)線切割磁感線運動，掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式以及楞次定律，本題能夠從圖象中獲取感應(yīng)電動勢的大小、方向、運動時間等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.負②.正【解析】解：靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷，而是使導(dǎo)體上的正負電荷分開，當(dāng)一個帶正電荷的物體靠近原來不帶電的導(dǎo)體時，由于靜電感應(yīng)，導(dǎo)體兩端就會帶等量異號電荷，其中導(dǎo)體靠近帶電物體的一端帶負電，遠離帶電物體的一端帶正電故答案為負，正【點評】考查了靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)體靠近帶電物體的一端帶上與點電荷相反電性的電荷，遠離帶電物體的一端帶上與點電荷電性相同的電荷12、①.；②.A；【解析】歐姆表是由電流表改裝成的，電流表刻度盤刻度均勻，歐姆表原理是閉合電路的歐姆定律，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律分析答題．多用電表的電流都從紅表筆流入，紅表筆與內(nèi)部電源的負極相連，內(nèi)部電阻應(yīng)是可調(diào)的【詳解】（1）兩表筆短接時Rx=0，此時電流為滿偏電流Ig，設(shè)電池的電動勢為E，歐姆表的總內(nèi)阻為R，由閉合電路的歐姆定律得：Ig=ER；當(dāng)指針恰指到D點時，為滿刻度的四分之一，即Ig/4處，由閉合電路的歐姆定律得：Ig/4=，所以RD=3R=72Ω；（2）歐姆表的內(nèi)部電源的正極與外部負極插孔相連，內(nèi)部電源的負極與外部正極插孔相連，故BC錯誤；每次換擋都要短接表筆歐姆調(diào)零，所以內(nèi)部應(yīng)接可調(diào)電阻，故D錯誤，綜合分析A正確故選A四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）500W；（2）4Ω【解析】（